2025年華東師大版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一位質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)向上跳起，經(jīng)Δt時間，身體伸直并剛好離開地面，離開地面時速度大小為v．則在此過程中，下列說法正確的是A.地面對他的沖量大小為mv＋mgΔt，地面對他做的功為mv2B.地面對他的沖量大小為mg－mgΔt，地面對他做的功為零C.地面對他的沖量大小為mv，地面對他做的功為mv2D.地面對他的沖量大小為mv＋mgΔt，地面對他做的功為零2、質(zhì)量為的玩具汽車在水平地面上由靜止開始沿直線運動了其所受合外力大小與位移大小的關(guān)系如圖所示，則玩具汽車（）

A.所受合外力做的總功為B.運動到處的速度大小為C.在0到的運動過程中所受合外力的沖量大小為D.在處所受合外力的瞬時功率為3、如圖所示；平板車放在光滑的水平面上，木塊和輕彈簧放在光滑的平板車上，輕彈簧一端與固定在平板車上的擋板連接，整個裝置處于靜止狀態(tài)，一顆子彈以一定的水平速度射入木塊（時間極短）并留在木塊中與木塊一起向前滑行，與彈簧接觸后壓縮彈簧，不計擋板和彈簧的質(zhì)量，從子彈剛好接觸木塊至彈簧壓縮最短的過程中以下說法錯誤的是（）

A.整個過程，子彈、木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒B.子彈和木塊一起壓縮彈簧過程中，子彈、木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒C.整個過程，子彈、木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)所損失的機械能等于子彈與木塊摩擦產(chǎn)生的熱量D.其他條件不變時，小車的質(zhì)量越大，彈簧的最大壓縮量越大4、質(zhì)量為M的木塊放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的子彈以水平速度v射向木塊；子彈最終“停留”在木塊中.在此過程中，對于子彈和木塊組成的系統(tǒng)，則（）

A.動量守恒，機械能也守恒B.動量守恒，機械能不守恒C.動量不守恒，機械能守恒D.動量不守恒，機械能不守恒5、在光滑水平面上，A、B兩球沿同一直線同向運動，碰撞后粘在一起，若碰撞前A、B球的動量分別為碰撞中B球動量減少則A、B兩球的質(zhì)量之比為（）A.3：2B.3：7C.2：7D.7：46、如圖，一根粗細均勻的繩子，右側(cè)固定在墻上，A是繩子上的一個質(zhì)點。一位同學(xué)握住繩子左側(cè)的S點，讓其上下振動，某時刻波形如圖。下列關(guān)于該機械波的說法正確的是（）

A.波速不變B.頻率不變C.此時質(zhì)點A的速度方向向下D.此時質(zhì)點A的加速度方向向上評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示是某一質(zhì)點做簡諧運動的圖象，下列說法正確的是（）

A.在第內(nèi)，質(zhì)點速度逐漸增大B.在第內(nèi)，質(zhì)點速度逐漸增大C.在第內(nèi)，動能轉(zhuǎn)化為勢能D.在第內(nèi)，動能轉(zhuǎn)化為勢能8、金庸的小說里“獅子吼”是一門用聲音給敵人造成巨大傷害的功夫，網(wǎng)絡(luò)游戲中也將“獅子吼”設(shè)為物理攻擊，某電影中主人公一聲“獅子吼”可將桌上的杯子震碎．用手指輕彈同樣的杯子，杯子發(fā)出清脆的聲音，測得聲音頻率為．結(jié)合所學(xué)知識推斷電影中主人公發(fā)出的“獅子吼”的攻擊原理及聲波的特點，下列說法可能的是（）A.“獅子吼”引發(fā)了共振現(xiàn)象B.他發(fā)出的“獅子吼”頻率應(yīng)該遠小于C.他發(fā)出的“獅子吼”頻率應(yīng)該接近D.“獅子吼”的音量一定很大9、激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特點，在科學(xué)技術(shù)和日常生活中應(yīng)用廣泛。下面關(guān)于激光的敘述正確的是（）A.激光是縱波B.頻率相同的激光在不同介質(zhì)中的波長不相同C.兩束頻率不同的激光能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D.利用激光平行度好的特點可以測量月球到地球的距離10、下列對惠更斯原理的理解，正確的是A.同一波面上的各質(zhì)點振動情況完全相同B.同一振源的不同波面上的質(zhì)點的振動情況一定相同C.球面波是以波源為中心的一個個球面D.無論怎樣的波，波線始終和波面垂直11、小車靜止在光滑水平面上，站在車上的人練習(xí)打靶，靶裝在車的另一端，如圖所示。已知車、人、槍和靶的總質(zhì)量為M（不含子彈），每顆子彈質(zhì)量為m，共n發(fā)，打靶時，槍口到靶的距離為d；若每發(fā)子彈打入靶中，就留在靶里，且待前一發(fā)子彈打入靶中后，再打下一發(fā)，人與車之間不發(fā)生相對滑動，則以下說法正確的是（）

A.在此過程中，小車將會在原位置處左右來回振動，最終停在原位置處B.待打完n發(fā)子彈后，小車應(yīng)停在射擊之前位置的右方C.在每一發(fā)子彈的射擊過程中，小車所發(fā)生的位移都不相同D.從開始射擊第一發(fā)子彈到第n發(fā)子彈打入靶中，小車發(fā)生的總位移為12、實際的振動系統(tǒng)做阻尼振動時，它的（）A.位移越來越小B.振幅越來越小C.動能越來越小D.機械能越來越小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、如圖所示，質(zhì)量為m2的小球固定在豎直輕彈簧上，彈簧勁度系數(shù)為k，輕彈簧固定在質(zhì)量為m1的底座上，整個裝置置于水平地面上，拉小球使彈簧伸長一定長度，釋放后小球?qū)⒃谪Q直方向上做簡諧運動．振動過程中底座恰好不離開地面，已知重力加速度為g，則小球的最大加速度為____________；底座對地面的最大壓力大小為_____________；小球做簡諧振動的振幅為__________．

14、干涉圖樣中條紋間距的計算：在雙縫間的距離d和雙縫到光屏間的距離l不變的條件下，單色光產(chǎn)生的干涉條紋間距Δx（相鄰兩條亮條紋中心或相鄰兩條暗條紋中心間的距離）跟光的波長λ成______，即Δx=______。15、周期：做簡諧運動的物體完成一次_____所需要的時間，叫作振動的周期，用T表示。在國際單位制中，周期的單位是______。16、如圖所示是通過游標卡尺兩測腳間的狹縫觀察白熾燈光源時所拍下的四張照片，這四張照片表明了光通過狹縫后形成的圖樣。從照片甲到丁的圖樣分析可知，游標卡尺兩測腳間的寬度由___________變___________（均選填“大”或“小”），照片丁中央條紋的顏色應(yīng)是___________色。

17、如圖所示，ACB為光滑弧形槽，弧形槽半徑為R，C為弧形槽最低點，R遠大于AB的弧長．甲球從弧形槽的球心處自由下落，乙球從A點由靜止釋放，則兩球第1次到達C點的時間之比為___________；在圓弧的最低點C的正上方h處由靜止釋放小球甲，讓其自由下落，同時將乙球從圓弧左側(cè)由靜止釋放，若在乙球第2次通過C點時，甲、乙兩球相遇，則甲球下落的高度是____________．（不計空氣阻力；不考慮甲球的反彈）

18、利用圖甲裝置（示意圖），觀察單色激光經(jīng)過單縫障板后產(chǎn)生的圖樣。因激光經(jīng)過單縫發(fā)生了______現(xiàn)象，故在光屏上得圖樣應(yīng)是圖乙中的______（選填“”或“”）。

19、沖量用_________字母表示，公式_________，單位_________。20、一簡諧橫波在x軸上傳播，時的波形如圖甲所示，處的質(zhì)點的振動圖線如圖乙所示，則該波沿x軸___________方向傳播；時，處的質(zhì)點的位移為___________cm。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)21、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

22、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

23、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經(jīng)過和時刻的兩個波形圖。

24、某同學(xué)做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)25、利用如圖甲所示的“插針法”測定玻璃的折射率。

（1）下列操作可以減小實驗誤差的是___________。

A．大頭針A、B及C、D之間的距離應(yīng)適當大些。

B．入射角適當小些。

C．入射角適當大些。

D．若有幾塊厚度不同的玻璃磚；應(yīng)選用厚度較小的。

（2）實驗小組內(nèi)的兩位學(xué)生在實驗中：

①第一位學(xué)生為了避免筆尖觸劃玻璃磚的折射面，畫出的aa′和bb′都比實際的折射面向外側(cè)平移了一些（如圖乙所示），以后的操作都正確無誤，并仍以aa′和bb′為折射面畫出了光路圖，這樣測出的折射率將___________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。

②第二位學(xué)生的操作和所畫的光路圖都正確無誤，只是所用的玻璃磚的兩個折射面不平行（如圖丙所示），該玻璃磚折射率的測量值將___________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)26、如圖所示，陰影部分為一透明材料做成的柱形光學(xué)元件的橫截面，其中ABCD是邊長為80cm的正方形，中空截面是正方形ABCD的內(nèi)切圓，圓心為O。O處有一點光源，射向四周的光束中，只有一部分能從正方形ABCD邊所在的面射出。已知此透明材料對該光束的折射率為n=不考慮光在透明材料中的多次反射。求：

（1）該透明材料的臨界角；

（2）光從正方形橫截面ABCD上射出的長度。27、如圖所示，放在光滑水平面上的小車可以在兩個固定障礙物M、N之間往返運動。小車C最左端放有一個小木塊B，初始時小車緊挨障礙物M靜止。某時刻，一粒子彈A以速度v0射中小木塊并嵌入其中。小車向右運動到與障礙物N相碰時，小木塊B恰好運動到了小車的最右端，且小車與小木塊恰好達到共速。小車和它上面的小木塊同時與障礙物B相碰，碰后小車速度立即減為零，而小木塊B以碰撞之前的速度反彈，過一段時間，小車左端又與障礙物M相碰，碰后小車速度立即減為零，小木塊B繼續(xù)在小車上向左滑動，速度逐漸減為零而停在小車上。已知子彈A質(zhì)量為m，小木塊B質(zhì)量為4m，小車C的質(zhì)量為10m，長度為L。子彈和小木塊都可以看做質(zhì)點；求：

（1）小木塊B運動過程中的最大速度；

（2）障礙物MN之間的距離；

（3）小木塊最終停止時；距小車右端的距離。

28、如圖所示，質(zhì)量為m的由絕緣材料制成的球與質(zhì)量為M=19m的金屬球并排懸掛。現(xiàn)將絕緣球拉至與豎直方向成θ=60°的位置自由釋放；下擺后在最低點與金屬球發(fā)生彈性碰撞。在平衡位置附近存在垂直于紙面的磁場。已知由于磁場的阻尼作用，金屬球?qū)⒂谠俅闻鲎睬巴Ｔ谧畹忘c處。求經(jīng)過幾次碰撞后絕緣球偏離豎直方向的最大角度將小于45°。

29、某介質(zhì)中有一質(zhì)點P從其中心位置開始向上做振幅為A=0.1m的簡諧振動，M、N是質(zhì)點P在振動過程中經(jīng)過的關(guān)于P對稱的兩個位置，如圖所示，已知該質(zhì)點兩次經(jīng)過M點的最短時間t1=0.05s、從M到N的最短時間為t2=0.2s，質(zhì)點P在介質(zhì)中激起的簡諧波沿與MN垂直的方向傳播，Q是該簡諧波向右傳播過程介質(zhì)中的一個質(zhì)點，t時刻質(zhì)點P正在上方最大位移處，而此時的Q正通過平衡位置向下運動，已知PQ之間的距離x=0.6m；則：

(1)質(zhì)點的振動周期是多少?

(2)質(zhì)點P激起的簡諧波最大傳播速度是多少?

(3)自質(zhì)點P開始振動至t時刻的過程中，質(zhì)點P的路程至少是多少?

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

人的速度原來為零，起跳后變化v，則由動量定理可得：I-mg△t=△mv=mv，故地面對人的沖量為mv+mg△t；人在跳起時；地面對人的支持力豎直向上，在跳起過程中，在支持力方向上沒有位移，地面對運動員的支持力不做功．

A．地面對他的沖量大小為mv＋mgΔt，地面對他做的功為mv2．故A不符合題意．

B．地面對他的沖量大小為mg－mgΔt；地面對他做的功為零．故B不符合題意．

C．地面對他的沖量大小為mv，地面對他做的功為mv2．故C不符合題意．

D．地面對他的沖量大小為mv＋mgΔt，地面對他做的功為零．故D符合題意．2、C【分析】【詳解】

A．F-x圖線與橫軸所圍面積表示F做的功，則合外力的總功為

A錯誤；

B．運動到處時F做的功為

根據(jù)動能定理

解得

B錯誤；

C．同理，0~3m內(nèi)

解得

根據(jù)動量定理得F的沖量為

C正確；

D．運動到4m處時，F(xiàn)做的功為

解得

此時F的功率為

D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

A．整個過程；子彈；木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，則動量守恒，但系統(tǒng)內(nèi)有阻力做負功，產(chǎn)生了摩擦熱，所以機械能不守恒，故A錯誤；

B．子彈和木塊一起壓縮彈簧過程中；子彈；木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，則動量守恒，且系統(tǒng)內(nèi)除了彈力之外沒有其他外力做功，則機械能守恒，故B正確；

C．根據(jù)能量守恒定律可知整個過程；子彈；木塊、小車及彈簧組成的系統(tǒng)所損失的機械能等于子彈與木塊摩擦產(chǎn)生的熱量，故C正確；

D．由題意，設(shè)子彈和木塊的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，子彈射入木塊后子彈與木塊整體的速度為v0，當彈簧最短時，子彈、木塊和小車具有共同速度v，根據(jù)動量守恒定律有①

根據(jù)機械能守恒定律可得此時彈簧的彈性勢能為②

聯(lián)立①②解得③

由③式可知M越大，Ep越大；則彈簧的最大壓縮量越大，故D正確。

故選A。4、B【分析】【詳解】

在子彈射入木塊的整個過程中；子彈和木塊組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，只有一對內(nèi)力即摩擦阻力作用，則子彈和木塊組成的系統(tǒng)動量守恒.在子彈射入木塊的過程，有一對摩擦阻力做功，子彈的部分動能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，因此系統(tǒng)的機械能不守恒.

A.動量守恒；機械能也守恒與分析結(jié)果不相符；故A項不合題意.

B.動量守恒；機械能不守恒與分析結(jié)果相符；故B項符合題意.

C.動量不守恒；機械能也守恒與分析結(jié)果不相符；故C項不合題意.

D.動量不守恒，機械能不守恒與分析結(jié)果不相符；故D項不合題意.5、A【分析】【分析】

【詳解】

甲；乙兩球在碰撞過程中系統(tǒng)的動量守恒；以兩球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得。

P甲+P乙=P甲′+P乙′因為。

P乙′=8kgm/s所以。

P甲′=12kgm/s碰撞后速度相等，設(shè)此速度為v；則。

P甲′=m甲v=12kgm/sP乙′=m乙v=8kgm/s解得。

m甲：m乙=3：2故A正確；BCD錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．波速和介質(zhì)有關(guān)；在同一種介質(zhì)中傳播的速度不會發(fā)生變化，故A正確；

B．根據(jù)題意可知，波是向右傳播波的，根據(jù)波形圖可知，波源出來的波波長在變小，根據(jù)

可知頻率變大；故B錯誤；

C．根據(jù)峰前質(zhì)點上振可知此時質(zhì)點A的速度方向向上；故C錯誤；

D．質(zhì)點A在平衡位置的上方；所以加速度方向向下，故D錯誤。

故選A。二、多選題(共6題，共12分)7、B:C【分析】【詳解】

A.質(zhì)點在第1s內(nèi)；由平衡位置向正向最大位移處運動，做減速運動.故選項A不符合題意.

B.在第2s內(nèi)；質(zhì)點由正向最大位移處向平衡位置運動，做加速運動.故選項B符合題意.

C.在第3s內(nèi)；質(zhì)點由平衡位置向負向最大位移處運動，動能轉(zhuǎn)化為勢能.故選項C符合題意.

D.在第4s內(nèi)，質(zhì)點由負向最大位移處向平衡位置運動，勢能轉(zhuǎn)化為動能.故選項D不符合題意.8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

當物體發(fā)生共振時，物體做受迫振動的振幅最大，甚至可能造成物體解體，故用將杯子震碎是共振現(xiàn)象，而發(fā)生共振的條件是驅(qū)動力的頻率等于物體的固有頻率，由題可知，杯子的固有頻率為故“獅子吼”頻率一定接近只需要適當?shù)囊袅考纯烧鹚楸?，故AC正確，BD錯誤。

故選AC。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．激光屬于電磁波；電磁波為橫波，故A錯誤；

B．頻率相同的激光在不同介質(zhì)中頻率不變；但波速不同，由。

知；波長也不同，真空中波長最長，其他介質(zhì)中波長小于真空中波長，故B正確；

C．波產(chǎn)生干涉的前提條件是頻率相同；兩束頻率不同的激光不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

D．利用激光平行度好的特點可以測量月球到地球的距離；故D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【詳解】

根據(jù)惠更斯原理，介質(zhì)中任一波面上的各點，都可以看做發(fā)射子波的波源，其后任意時刻，這些子波在波前進方向的包絡(luò)面就是新的波面，同一波面上各質(zhì)點的振動情況完全相同，選項A正確；不同波面上質(zhì)點的振動情況可能相同，選項B錯誤；波線始終與波面垂直，選項D正確；球面波是以波源為中心的一個個球面，選項C正確．故選ACD.11、B:D【分析】【詳解】

AB．子彈、槍、人、車系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，子彈射擊前系統(tǒng)的總動量為零，子彈射入靶后總動量也為零，故小車仍然是靜止的。在子彈射出槍口到打入靶中的過程中，小車向右運動，所以第n發(fā)子彈打入靶中后，小車應(yīng)停在原來位置的右方。待打完n發(fā)子彈后；小車將靜止不動，故A錯誤；B正確；

CD．設(shè)子彈出口速度為v，車后退速度大小為v′，以向左為正，根據(jù)動量守恒定律，有：0=mv-[M+（n-1）m]v′①

子彈勻速前進的同時，車勻速后退，故有：vt+v′t=d②

聯(lián)立解得：

故車后退位移大小為：

每顆子彈從發(fā)射到擊中靶過程，小車均后退△S，均相同，從開始射擊第一發(fā)子彈到第n發(fā)子彈打入靶中，小車發(fā)生的總位移為故D正確C錯誤。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

A．彈簧振子在空氣中做阻尼振動；振幅不斷減小，但位移仍作周期性變化，不能說振子位移逐漸減小，A錯誤；

B．由于阻尼作用；彈簧振子的能量減小，彈簧振子的振幅減小，B正確；

C．振子動能在不斷變化；從最大振幅到平衡位置的過程中動能在增大，C錯誤；

D．彈簧振子在振動過程中要不斷克服空氣阻力做功；消耗能量，所以振動系統(tǒng)的機械能逐漸減小，D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【詳解】

因為振動過程中底座恰好不離開地面，所以底座受到彈簧向上的拉力最大為在最高點彈簧的拉力最大，對小球受力分析，受到豎直向下的彈力以及重力作用，故根據(jù)牛頓第二定律可得小球運動到最低點時，底座對地面的壓力最大，根據(jù)簡諧運動的對稱性，在最低點小球受到的加速度為，方向向上，故解得彈簧對底座的作用力為底座對地面的最大壓力為在平衡位置時彈簧彈力等于小球的重力在最低點故解得．【解析】14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]單色光產(chǎn)生的干涉條紋間距Δx跟光的波長λ成正比，即Δx=【解析】正比15、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.全振動②.秒（s）16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]光在直線傳播情況下，縫寬變窄，光屏上亮條紋變窄，從照片甲到照片乙就是這種情況；照片丙中已發(fā)生了明顯的行射現(xiàn)象，說明從照片乙到照片丙，窄縫進一步變窄；從照片丙到照片丁可見行射條紋變多，中央亮條紋變寬，說明窄縫更窄。因此，從照片甲到照片丁，游標卡尺兩測腳間的寬度由大變小。由于入射光是白光，所以衍射條紋的中央亮條紋是白色的，其兩側(cè)是彩色的條紋。【解析】①.大②.?、?白17、略

【分析】【詳解】

[1]甲球做自由落體運動所以：乙球沿圓弧做簡諧運動（由于A→C?R，可認為擺角θ＜5°）．此振動與一個擺長為R的單擺振動模型相同，故此等效擺長為R，因此乙球第1次到達C處的時間為：

所以

[2]在乙球第2次通過C點時經(jīng)過的時間為：

則：【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1][2]因激光經(jīng)過單縫發(fā)生了衍射現(xiàn)象；由于擋板的縫是水平的，衍射條紋應(yīng)與縫平行，且中央寬，兩邊窄，不等間距，故在光屏上得圖樣應(yīng)是圖乙中的【解析】衍射19、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]沖量用字母表示，公式為

則可知沖量的單位為【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]時，x=1m處的質(zhì)點要向上振動，根據(jù)“同側(cè)法”可知，該波沿x軸負方向傳播；

[2]時，x=2m處的質(zhì)點從甲圖位置再振動從平衡位置振動到波谷，所以位移為-9cm?！窘馕觥控撍?、作圖題(共4題，共32分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)23、略

【分析】【詳解】

ls內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此圖形與開始時是相同的，如圖2

【解析】見解析。24、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實驗題(共1題，共7分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．大頭針A、B及C、D之間的距離應(yīng)適當大些；可以減小在確定光線方向時的誤差，A正確；

BC．入射角適當大些可減小測量角度時的誤差；B錯誤，C正確；

D．若有幾塊厚度不同的玻璃磚；應(yīng)選用厚度較大的，可減小確定光線方向時的誤差，D錯誤。

故選AC。

（2）[2]光路圖如下圖所示。

實線表示實際的光路圖；虛線表示學(xué)生畫圖時的光路圖?？梢娙肷浣堑臏y量沒有誤差，而折射角偏大，根據(jù)折射定律可知測出的折射率將偏小。

[3]光路圖如下圖所示。

入射角和折射角測量都準確，所以測出的折射率不變。【解析】AC偏小不變六、解答題(共4題，共20分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）設(shè)該種材料臨界角為C

得：

C=37°（2）如圖所示，若沿OE方向射到AB上的光剛好發(fā)生全反射，則∠GOE=37°；則。

EG=OGtan37°=30cm同理，若沿OH方向方向射到AB上的光剛好發(fā)生全反射，則∠GOH=37°；則。

HG=OGtan37°=30cm所以能從AB射出的區(qū)域長度為60cm，可見光能從ABCD橫截面上射出的長度為240cm