2024年滬教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、以10m/s的速度水平拋出一物體，當(dāng)其豎直分速度與水平分速度相等時(shí)，又經(jīng)過△t時(shí)間實(shí)際速度與水平方向成60°夾角，則有（g=10m/s2）（）A.△t=sB.△t=1sC.此時(shí)瞬時(shí)速度為10m/sD.此時(shí)瞬時(shí)速度為20m/s2、【題文】一小球掛于O點(diǎn)；細(xì)線長為L，O點(diǎn)正下方L/2處有一鐵釘。將小球拉至A處無初速釋放，擺角很小，這個(gè)擺的周期是：

A.B.C.D.3、【題文】如圖甲所示的電路中，螺線管的匝數(shù)匝、橫截面積螺線管的導(dǎo)線電阻定值電阻穿過螺線管的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；在某段時(shí)間內(nèi)其變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定磁感應(yīng)強(qiáng)度B豎直向下的方向?yàn)檎较?。則下列說法正確的是。

A.螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1VB.閉合開關(guān)S，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率為C.閉合開關(guān)S，電路中的電流穩(wěn)定后，電容器的下極板帶負(fù)電D.斷開開關(guān)S后，一段時(shí)間內(nèi)，流經(jīng)R2的電流方向由下而上4、有兩個(gè)相同的金屬小球a和b，分別帶電+Q和-2Q，另有一中空開孔金屬球殼c，帶電+4Q，當(dāng)a和b相距L時(shí)，相互作用的庫侖力為F；若將a、b接觸后分開，然后用a與c的內(nèi)壁接觸，以后a再與b接觸，最后它們都放回原處，則a、b相互作用的庫侖力為（）A.B.C.D.5、下列幾種說法中，正確的是（）A.勻速圓周運(yùn)動(dòng)是一種勻速運(yùn)動(dòng)B.勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度是描述勻速圓周運(yùn)動(dòng)線速度大小變化快慢的物理量C.物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的向心力不是恒力D.當(dāng)物體受到的合外力不斷變化時(shí)，物體一定做曲線運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、（2015秋?株洲校級(jí)期末）如圖，下端封閉、上端開口、內(nèi)壁光滑細(xì)玻璃管豎直放置，管底有一帶電的小球．整個(gè)裝置以水平向右的速度勻速運(yùn)動(dòng)，垂直于磁場方向進(jìn)入方向水平的勻強(qiáng)磁場，由于外力的作用，玻璃管在磁場中的速度保持不變，最終小球從上端開口飛出，小球的電荷量始終保持不變，則從玻璃管進(jìn)入磁場到小球運(yùn)動(dòng)到上端開口的過程中（）A.洛侖茲力對(duì)小球做正功B.洛侖茲力對(duì)小球不做功C.小球運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D.小球運(yùn)動(dòng)軌跡是直線7、如圖所示，理想變壓器輸入端接在電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化、內(nèi)阻為r

的交流電源上，輸出端接理想電流表及阻值為R

的負(fù)載，變壓器原、副線圈匝數(shù)的比值為n1n2

則下列說法正確的是(

)

A.交流電源的最大效率為50%

B.該交流電源電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為r=Emsin100婁脨tV

C.電流表的讀數(shù)為n1n2Em2(n12R+n22r)

D.若R

電阻增大，則變壓器副線圈兩端電壓變大8、已知分運(yùn)動(dòng)求合運(yùn)動(dòng)，叫做運(yùn)動(dòng)的合成；已知合運(yùn)動(dòng)求分運(yùn)動(dòng)，叫做運(yùn)動(dòng)的分解，關(guān)于運(yùn)動(dòng)的合成與分解，下列說法正確的是（）A.合運(yùn)動(dòng)的位移等于分運(yùn)動(dòng)位移的矢量和B.合運(yùn)動(dòng)的速度等于分運(yùn)動(dòng)速度的矢量和C.合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和D.運(yùn)動(dòng)的合成與分解遵循平行四邊形定則9、R1、R2兩個(gè)電阻的U-I圖線如圖所示；則（）

A.R1＜R2B.若它們串聯(lián)的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區(qū)域ⅠC.若它們并聯(lián)的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區(qū)域ⅡD.若它們并聯(lián)的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區(qū)域Ⅲ10、汽車的額定功率為90KW，當(dāng)水平路面的阻力為f時(shí)，汽車行駛的最大速度為v．則下列說法錯(cuò)誤的是（）A.如果阻力為2f，汽車最大速度為0.5vB.如果汽車牽引力為原來的二倍，汽車的最大速度為2vC.如果汽車的牽引力變?yōu)樵瓉淼?.5倍，汽車的額定功率就變?yōu)?5KWD.如果汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率就是90KW評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)11、一輛汽車沿平直公路以平均速度v1通過前路程，以v2=50km/h通過其余路程，若整個(gè)路程的平均速度是37.5km/h，則v1=____．12、（2011秋?夏河縣校級(jí)期中）如圖所示為某區(qū)域的電場線，把一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷q放在點(diǎn)A或B時(shí)，在____點(diǎn)受的電場力大，方向?yàn)開___．13、（2014?棗莊一模）某研究性學(xué)習(xí)小組為了測量物體的帶電荷量．設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置．圖中小球是一個(gè)外表面鍍有金屬膜的空心塑料球；用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)；O點(diǎn)固定一個(gè)可測量絲線偏離豎直方向角度的量角器；M；N是兩塊相同的、正對(duì)著平行放置的金屬板，加上電壓后其內(nèi)部電場可視為勻強(qiáng)電場．提供的實(shí)驗(yàn)器材還有天平、刻度尺；

電壓表；直流電源、開關(guān)、滑動(dòng)交阻器及導(dǎo)線若干．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．

①請(qǐng)你在圖中的虛線框內(nèi)完成實(shí)驗(yàn)電路圖（電源；開關(guān)已畫出）．

②實(shí)驗(yàn)步驟如下；請(qǐng)?zhí)羁眨?/p>

A．用天平測出小球的質(zhì)量m；用刻度尺測出M；N板之間的距離d．

B．按電路圖連接電路．

C．用絕緣絲線將小球懸掛于0點(diǎn)；使小球帶上一定的電荷量．

D．閉合開關(guān)；記錄電壓表的示數(shù)U和絲線的偏轉(zhuǎn)角度a后，斷開開關(guān)．

E．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的位置；重復(fù)步驟D四至五次．

F．以電壓表的示數(shù)U為縱坐標(biāo)，以____為橫坐標(biāo)；作出過原點(diǎn)的直線，求出直線的斜率k．

G．小球的帶電荷量q=____（用m、d、k等物理量表示）．14、【題文】兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L，直徑為2d，那么通電后，A、B在相同的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比為QA：QB＝____15、（2016?浦東新區(qū)一模）如圖所示，一長為L、質(zhì)量為m的均勻棒可繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，下端A擱在光滑球面上，用過球心的水平力向左推球．若在圖示位置棒與球相切，且與豎直方向成45°時(shí)球靜止，則水平推力F為____．若球經(jīng)過圖示位置時(shí)水平向左的速度為v，則棒的端點(diǎn)A的速度為____．16、某電熱水壺的銘牌如表．請(qǐng)仔細(xì)閱讀后回答下列問題：

（1）該電熱水壺正常工作時(shí)的電壓____

（2）已知該電熱水壺正常工作，燒開一壺水的時(shí)間為0.1h，則燒開一壺水耗電____kw?h．。貨號(hào)SP101B型號(hào)MK-1010PA額定功率1000W容量1.0L額定電壓/頻率220V～/50Hz全國服務(wù)熱線4008899316廣東美的生活電器制造公司。

廣東省佛山市順德區(qū)北溶鎮(zhèn)三樂路19號(hào)A00489評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)17、電場線真實(shí)地存在于電場中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、物體運(yùn)動(dòng)的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、簡答題(共3題，共9分)21、如圖所示；BCPC′D是由半徑為R的圓軌道CPC′與半徑為2R的BD圓弧軌道相切于C（C′）點(diǎn)構(gòu)成的豎直螺旋軌道（類似于游樂園過山車的形狀），C；C′間距離可以忽略．PB與豎直徑成37°角，軌道光滑，質(zhì)量為m的小球在B點(diǎn)以一定的初速度沿軌道向下運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）要使小球能通過軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)；小球初速度應(yīng)滿足什么條件？（計(jì)算結(jié)果可以用根式表示）

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運(yùn)動(dòng)的情況下，小球在經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊對(duì)軌道的壓力之差．（在C點(diǎn)左右兩邊相當(dāng)于分別在兩個(gè)圓周上過最低點(diǎn)）22、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}是中學(xué)化學(xué)的常見物質(zhì)，且rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一種元素。在一定條件下它們之間的相互轉(zhuǎn)化關(guān)系如圖所示rm{(}部分反應(yīng)中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}請(qǐng)回答下列問題：

rm{(1)}若rm{A}是可用于自來水消毒的氣體，rm{D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，加熱蒸干rm{B}的溶液不能得到rm{B}則rm{B}的化學(xué)式是__________；實(shí)驗(yàn)室制取rm{A}的離子方程式為________________________________________。rm{(2)}若rm{A}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{B}是汽車尾氣之一，遇空氣會(huì)變色，則反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為________________。rm{(3)}若rm{D}是氯堿工業(yè)的主要產(chǎn)品之一，rm{B}有兩性，則反應(yīng)rm{壟脹}的離子方程式是__________________。rm{(4)}若rm{A}rm{C}rm{D}都是常見氣體，rm{B}為固體單質(zhì)，rm{C}是導(dǎo)致酸雨的主要?dú)怏w。則反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式為________________________________。某同學(xué)將搜集到的一定量的酸雨保存在密閉容器中，每隔一定時(shí)間測酸雨的rm{pH}發(fā)現(xiàn)在起始一段時(shí)間內(nèi)，酸雨的rm{pH}呈減小趨勢(shì)，用離子方程式解釋原因：____________________________23、英國物理學(xué)家____預(yù)測了電磁波的存在，____證實(shí)了電磁波的存在．評(píng)卷人得分六、作圖題(共1題，共5分)24、通電螺線管通電時(shí)；小磁針指向如圖所示，請(qǐng)標(biāo)出通電螺線管的N極及電源正極。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】根據(jù)速度時(shí)間公式求出豎直分速度和水平分速度相等的時(shí)間，根據(jù)平行四邊形定則求出又經(jīng)過△t時(shí)間后的瞬時(shí)速度和豎直分速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出△t．【解析】【解答】解：A、當(dāng)豎直分速度和水平分速度相等時(shí)，vy=v0=gt=10m/s，解得t=1s，又經(jīng)過△t時(shí)間實(shí)際速度與水平方向成60°夾角，此時(shí)的豎直分速度，則．故A；B錯(cuò)誤．

C、此時(shí)瞬時(shí)速度v=2v0=20m/s；故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．2、B【分析】【解析】本題考查的是單擺的計(jì)算問題。所以正確答案選B?！窘馕觥俊敬鸢浮緽3、A|D【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E==n?S代入數(shù)據(jù)解得：E=5000×2×10-3×=1V，A正確．電路中的電流穩(wěn)定后，根據(jù)閉合電路歐姆定律得I==0.1（A），根據(jù)P=I2R1求得P=4×10-2W，B錯(cuò)誤。根據(jù)楞次定律知，從上向下看電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，電容器的下極板帶正電，C錯(cuò)誤。斷開開關(guān)S后，電容器放電，一段時(shí)間內(nèi)，流經(jīng)R2的電流方向由下而上；D正確。本題選AD。

考點(diǎn)：法拉第電磁感定律，閉合電路歐姆定律，楞次定律【解析】【答案】AD4、C【分析】【分析】完全相同的帶電小球接觸時(shí)，若是同種電荷則將總電量平分，若是異種電荷則先中和然后將剩余電量平分，然后依據(jù)庫侖定律求解即可．【解析】【解答】解：當(dāng)a和b相距L時(shí)，相互作用的庫侖力為F；即為F=；

將a、b接觸后分開，則中和后再平分，則電量各為-；

然后用a與c的內(nèi)壁接觸，a不帶電，以后a再與b接觸，a、b帶電

當(dāng)最后它們都放回原處，由庫侖定律F1=k=；故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C．5、C【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小不變，速度方向時(shí)刻改變，加速度大小不變，方向始終指向圓心．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度方向時(shí)刻改變；是變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度是描述勻速圓周運(yùn)動(dòng)線速度變化快慢的物理量；速度大小并沒有改變，故B錯(cuò)誤；

C；物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的向心力方向是時(shí)刻改變的；故不是恒力，故C正確；

D；當(dāng)物體受到的合外力不斷變化時(shí)；加速度不斷改變，只要方向與速度共線，就是直線運(yùn)動(dòng)，如簡諧運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、多選題(共5題，共10分)6、BC【分析】【分析】洛倫茲力不做功．對(duì)小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)小球的受力情況判斷，由牛頓第二定律求出加速度，判斷加速度與速度如何變化，再分析小球運(yùn)動(dòng)的軌跡．【解析】【解答】解：A、B洛倫茲力方向總是與小球的速度方向垂直，對(duì)小球不做功，故A錯(cuò)誤，B正確．

C、D設(shè)小球豎直分速度為vy；水平分速度為v．

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力如圖所示，由于小球隨玻璃管在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則豎直方向的洛倫茲力F1=qvB是恒力；

由牛頓第二定律得：qvB-mg=ma，a=-g；小球的加速度不隨時(shí)間變化，恒定不變，故小球豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線；故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：BC．7、CD【分析】解：A

將變阻器等效為電阻R隆盲

當(dāng)R隆盲=r

時(shí)交流電源的效率的50%

電源的效率婁脟=P魯枚P脳脺=I2R隆盲I2(R隆盲+r)=R隆盲R鈥?+rR隆盲

越大，交流電源的效率越大，交流電源的最大效率可以大于50%

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)圖甲交流電的周期T=4隆脕10鈭?2s

角速度婁脴=2婁脨T=2婁脨0.04rad/s=50婁脨rad/s

交流電源電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=Emsin50婁脨tV

故B錯(cuò)誤；

C、原線圈電流I1

副線圈電流I2

根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，I1I2=n2n1壟脵

根據(jù)能量守恒，I1Em2=I12r+I22R壟脷

解得：I2=n1n2Em2(n12R+n22r)

所以電流表的讀數(shù)為n1n2Em2(n12R+n22r)

故C正確；

D、若R

增大，副線圈電流減小，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，得原線圈電流減小，原線圈兩端電壓U1=E鈭?I1r

原線圈兩端電壓增大，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得副線圈兩端的電壓變大，故D正確；

故選：CD

由圖可讀出最大值；周期，求得?

得出表達(dá)式，根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)成反比及能量守恒定律聯(lián)立方程即可求出電流表的示數(shù)；當(dāng)R

變大，由C

選項(xiàng)的結(jié)果分析副線圈電流的變化，由電流與匝數(shù)成反比得出原線圈電流的變化，結(jié)合閉合電路歐姆定律分析原線圈輸入電壓的變化，最后根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得出副線圈兩端電壓的變化；

本題考查變壓器原理，要注意能巧妙應(yīng)用當(dāng)R隆盲=r

時(shí)，輸出功率最大，結(jié)合閉合電路歐姆定律解決問題；對(duì)學(xué)生要求較高．【解析】CD

8、ABD【分析】【分析】位移、速度、加速度都是矢量，合成和分解都遵循平行四邊形定則．合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．【解析】【解答】解：A；合運(yùn)動(dòng)的位移是分運(yùn)動(dòng)位移的矢量和；故A正確．

B；合運(yùn)動(dòng)的速度等于分運(yùn)動(dòng)速度的矢量和．故B正確．

C；分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．故C錯(cuò)誤．

D；運(yùn)動(dòng)的合成與分解都遵循平行四邊形定則．故D正確．

故選：ABD．9、BD【分析】【分析】U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；兩電阻串聯(lián)后總電阻等于兩電阻之和；而電阻并聯(lián)后總電阻小于任一電阻．【解析】【解答】解：A、U-I圖象中圖象的斜率表示電阻，則可知，R1＞R2；故A錯(cuò)誤；

B；若兩電阻串聯(lián)；則總電阻為兩電阻之和，則圖象在區(qū)域I；故B正確；

C；若兩電阻并聯(lián)；則并聯(lián)后的電阻小于任一電阻，故圖象在區(qū)域III；故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：BD．10、BCD【分析】【分析】當(dāng)汽車以額定功率行駛時(shí)，隨著汽車速度的增加，汽車的牽引力會(huì)逐漸的減小，所以此時(shí)的汽車不可能做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到最后牽引力和阻力相等，到達(dá)最大速度之后做勻速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；當(dāng)牽引力和阻力的大小相等時(shí)即F=f時(shí)；汽車的速度到達(dá)最大值，所以P=Fv=fv；

當(dāng)f′=2f時(shí)；即F′=2f時(shí)速度最大，由P=F′v′可知，v′=0.5v，故A正確；

B；由P=Fv可知；牽引力為原來的二倍時(shí)，速度為原來的0.5v，故B錯(cuò)誤；

C；汽車的額定功率與汽車的牽引力無關(guān)；汽車的額定功率仍為為90KW，故C錯(cuò)誤；

D；汽車做勻速運(yùn)動(dòng)；并不一定在額定功率下運(yùn)動(dòng)，故輸出功率不一定等于90kW，故D錯(cuò)誤．

本題選不正確的，故選：BCD．三、填空題(共6題，共12分)11、25km/h【分析】【分析】平均速度等于全程的位移與全程時(shí)間的比值，前三分之一路程的時(shí)間等于全程的時(shí)間與后三分之二路程的時(shí)間之差，從而求出前三分之一路程的平均速度．【解析】【解答】解：設(shè)總路程為S，通過前路程的時(shí)間為：

t1=t-t2=；

故前S位移中的速度v1為：v1=

代入數(shù)據(jù)解得25km/h

故答案為：25km/h．12、A與電場線相切且與電場線方向相反【分析】【分析】根據(jù)電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，判斷場強(qiáng)大小，再確定電場力大小．負(fù)電荷受到的電場力的方向與電場線相切且與電場線方向相反．【解析】【解答】解：由圖看出；A處電場線比B處電場線密，則A處電場強(qiáng)度大于B處電場強(qiáng)度，同一電荷在A處所受電場力大于在B處電場力．負(fù)電荷受到的電場力的方向與電場線相切且與電場線方向相反．

故答案為：A、與電場線相切且與電場線方向相反13、tanθ【分析】【分析】①可將變阻器接成分壓式；方便調(diào)節(jié)電容器板間電壓．

②以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件以及電場強(qiáng)度與板間電壓的關(guān)系式得出電壓U與θ的關(guān)系式，再選擇橫坐標(biāo)，求出斜率k，并求出小球的帶電量．【解析】【解答】解：①實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示．

②F；對(duì)小球受力分析如圖所示；設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)平衡條件有。

tanθ=

又有F=qE=

聯(lián)立解得，U=tanθ=ktanθ；所以應(yīng)以tanθ為橫坐標(biāo)．

G、由上可知k=，則小球的帶電量為q=

故答案為：

①實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示．

②F、tanθ；．14、略

【分析】【解析】

試題分析：直徑比為1:2，則橫截面積比為1:4，根據(jù)電阻定律，電阻之比為2:1，根據(jù)電流相等，則熱量之比為2:1。

考點(diǎn)：電阻定律。

點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵知道串聯(lián)電路電流相等，以及電阻定律和焦耳定律【解析】【答案】2:115、v【分析】【分析】根據(jù)力矩平衡條件，列出方程，求得球?qū)Π舻闹С至?，再?duì)球受力分析，依據(jù)平衡條件，即可求解水平推力大??；對(duì)棒與球接觸處進(jìn)行運(yùn)動(dòng)的分解，確定兩分運(yùn)動(dòng)，從而即可求解．【解析】【解答】解：對(duì)棒受力分析，根據(jù)力矩平衡，由圖可知，則有：mg×=N×L

解得：N=

再對(duì)球受力分析；依據(jù)平衡條件，則有：Ncos45°=F

解得：F=

由題意可知；對(duì)棒與球接觸處，進(jìn)行運(yùn)動(dòng)的分解，如圖所示：

則有：vA=vcos45°=v

故答案為：；v．16、2200.1【分析】【分析】由銘牌可讀出額定電壓為正常工作的電壓，耗電為電流做功，由W=Pt可求得用電量．【解析】【解答】解：（1）由銘牌可讀出額定電壓為工作電壓：220V

（2）由額定功率與時(shí)間可求得電流做功即為耗電：W=PI=1000×0.1=0.1kw?h

故答案為：（1）220

（1）0.1四、判斷題(共4題，共32分)17、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實(shí)際不存在，電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實(shí)際不存在．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】物體運(yùn)動(dòng)的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運(yùn)動(dòng)方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運(yùn)動(dòng)，也可能不一致比如平拋運(yùn)動(dòng)等等．

故答案為：×19、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×五、簡答題(共3題，共9分)21、略

【分析】

（1）先求出使小球剛好能通過軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)的速度；即在P點(diǎn)，剛好由重力提供向心力，據(jù)此列式求出P點(diǎn)最小速度，再由B到P由動(dòng)能定理求出小球初速度的最小值．

（2）分別在兩個(gè)軌道上；根據(jù)向心力公式求出壓力，再求出壓力差即可．

本題是復(fù)雜的力學(xué)問題，對(duì)于圓周運(yùn)動(dòng)，分析向心力的來源是關(guān)鍵，知恰好經(jīng)過最高點(diǎn)的條件，要具有解決綜合問題的能力，需要加強(qiáng)這方面的練習(xí)．【解析】解：（1）要使小球通過P點(diǎn)，

當(dāng)FN=0時(shí)vP最??；

最小值

由B到P由動(dòng)能定理知

解得則小球初速度應(yīng)滿足

（2）小球在經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊相當(dāng)于分別在兩個(gè)圓周上過最低點(diǎn)，在左邊軌道

在右邊軌道

小球恰好經(jīng)過P點(diǎn)的速度

由C到P由動(dòng)能定理知

聯(lián)立解得：

答：（1）要使小球能通過軌道最高點(diǎn)P點(diǎn)，小球初速度應(yīng)滿足

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運(yùn)動(dòng)的情況下，小球在經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)，在C點(diǎn)左右兩邊對(duì)軌道的壓力之差為．22、rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3AlO_{2}^{-}+6H_{2}O=4Al(OH)_{3}隆媒}rm{(4)2H_{2}S+SO_{2}簍T3S隆媒+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查無機(jī)物推斷，屬于開放性題目，需要學(xué)生熟練掌握元素化合物知識(shí)，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，則rm{D}是鐵，rm{A}可用于自來水消毒，rm{A}為rm{Cl_{2}}rm{B}為rm{FeCl_{3}}rm{C}為rm{FeCl_{2}}實(shí)驗(yàn)室制取氯氣的方程式為：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

故答案為：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{FeCl_{3}}若rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{(2)}是汽車尾氣之一，遇空氣會(huì)變色，則rm{A}是rm{B}rm{A}為rm{NH_{3}}rm{B}為rm{NO}rm{D}為rm{O_{2}}反應(yīng)rm{C}的化學(xué)方程式為：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

故答案為：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{NO_{2}}若rm{壟脵}是氯堿工業(yè)的主要產(chǎn)品之一，則rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}為氫氧化鈉，rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}有兩性，則rm{