浙江省縣域教研聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期一?？荚囄锢碓囶} 含解析

第1頁/共1頁絕密★考試結(jié)束前2023~2024學(xué)年第二學(xué)期浙江省縣域教研聯(lián)盟高三年級模擬考試物理考生須知：1．本卷滿分100分，考試時間90分鐘；2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場、座位號及準(zhǔn)考證號并核對條形碼信息；3．所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效，考試結(jié)束后，只需上交答題卷；4．參加聯(lián)批學(xué)校的學(xué)生可關(guān)注“啟望教育”公眾號查詢個人成績分析。選擇題部分一、選擇題（本大題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列四組物理量中為矢量且單位用國際基本單位表示的是（）A.動量 B.熱量C.加速度 D.功率【答案】A【解析】【詳解】A．動量是矢量，根據(jù)可知動量單位用國際基本單位表示的是，故A正確；B．熱量是標(biāo)量，且單位中的V不是國際單位制中的基本單位，故B錯誤；C．加速度是矢量，但單位中的N不是國際單位制中的基本單位，故C錯誤；D．功率是標(biāo)量，故D錯誤。故選A。2.關(guān)于物體的運(yùn)動，下列說法中正確的是（）A.甲圖中老鷹飛得比較高，可以看成質(zhì)點(diǎn)B.乙圖中導(dǎo)航顯示的是位移大小C.丙圖中籃球比賽計時牌，圖中為時刻D.丁圖中雷達(dá)測速儀測得的是汽車的瞬時速率【答案】D【解析】【詳解】A．研究問題不明確，因此無法判斷能否將老鷹看做質(zhì)點(diǎn)，故A錯誤；B．導(dǎo)航上顯示的是路程而不是位移大小，故B錯誤；C．籃球比賽計時牌顯示的是時間間隔，故C錯誤；D．測速儀顯示的是瞬時速率，故D正確。故選D。3.圖甲為某游樂場的水滑梯，其簡化模型如圖乙所示。一質(zhì)量為m的小朋友從a點(diǎn)沿軌道經(jīng)b點(diǎn)滑到最低c點(diǎn)，已知ab、bc間高度差均為h。則小朋友（）A.a到b和b到c動能增加量一定相同B.a到b和b到c重力勢能減少量一定相同Ca到b和b到c機(jī)械能保持不變D.a到c的運(yùn)動總時間為【答案】B【解析】【詳解】A．a(chǎn)到b和b到c過程，雖然下降高度相同，重力做功相同，但摩擦力做功關(guān)系不明確，因此無法確定兩個過程中合外力做功關(guān)系，由可知，其兩端過程動能的增加量不一定相同，故A項(xiàng)錯誤；B．a(chǎn)到b和b到c過程，下降高度相同，重力做功相同，由重力做功與重力勢能的關(guān)系有由于兩過程重力做功相同，所以重力勢能減少量相同，故B項(xiàng)正確；C．a(chǎn)到b和b到c過程中，由于存在摩擦力做功，所以機(jī)械能減小，故C項(xiàng)錯誤；D．若a到c做自由落體運(yùn)動，則有解得由于a到c過程的運(yùn)動并不是自由落體運(yùn)動，所以其運(yùn)動時間一定比從a處開始做自由落體運(yùn)動所需時間長，即時間大于，故D項(xiàng)錯誤。故選B。4.如圖所示，某運(yùn)動員主罰任意球時，踢出快速旋轉(zhuǎn)的“落葉球”，則“落葉球”（??）A.在空中的運(yùn)動軌跡是對稱的 B.運(yùn)動到最高點(diǎn)時速度為零C.相比正常軌跡的球，下落更快 D.在最高點(diǎn)時加速度方向一定豎直向下【答案】C【解析】【詳解】A．落葉球被踢出后還在快速旋轉(zhuǎn)，在空氣作用力的影響下，軌跡不對稱，故A錯誤；B．落葉球運(yùn)動到最高點(diǎn)時，速度方向沿軌跡切線方向，速度不為零，故B錯誤；C．落葉球下落更快是因?yàn)樵谶\(yùn)動過程中還受到了指向曲線軌跡內(nèi)側(cè)的空氣作用力，故C正確；D．落葉球在最高點(diǎn)時還受到空氣作用力，因此加速度方向一定不是豎直向下，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，地球的公轉(zhuǎn)軌道接近圓，彗星的運(yùn)動軌道則是一個非常扁的橢圓。哈雷彗星最近一次出現(xiàn)的時間是1986年，預(yù)測下次飛近地球?qū)⒃?061年。已知太陽質(zhì)量為M，太陽與地球的距離為r，萬有引力常量為G，P點(diǎn)為地球軌道與哈雷彗星軌道的一個交點(diǎn)，地球?qū)﹀缧堑挠绊懣珊雎圆挥?。下列說法中正確的是（??）A.哈雷彗星在P點(diǎn)的加速度大于地球在P點(diǎn)的加速度B.哈雷彗星在近日點(diǎn)受太陽的引力比地球受太陽的引力大C.哈雷彗星飛近太陽過程中速度將變小D.哈雷彗星的半長軸約為【答案】D【解析】【詳解】A．在P點(diǎn)時，根據(jù)哈雷彗星在P點(diǎn)的加速度等于地球在P點(diǎn)的加速度，故A錯誤；B．彗星和地球質(zhì)量未知，無法比較哈雷彗星在近日點(diǎn)受太陽的引力與地球受太陽的引力大小關(guān)系，故B錯誤；C．哈雷彗星飛近太陽過程中，萬有引力做正功，哈雷彗星速度將變大，故C錯誤；D．根據(jù)題意，哈雷彗星的公轉(zhuǎn)周期2061年-1986年=75年根據(jù)開普勒第三定律可知哈雷彗星公轉(zhuǎn)的半長軸約為，故D正確。故選D。6.臺風(fēng)對沿海地區(qū)的破壞力非常巨大，12級臺風(fēng)登陸時中心附近最大風(fēng)力約為35m/s。已知小明站立時，在垂直于風(fēng)速方向的受力面積約為0.5m2，空氣的密度約為1.29kg/m3。假設(shè)空氣吹到人身體上后速度減為零，則小明站在12級臺風(fēng)中心附近，所受的風(fēng)力大小約為（）A.790N B.79N C.230N D.23N【答案】A【解析】【詳解】單位時間吹到人身體上的空氣質(zhì)量根據(jù)動量定理小明所受的風(fēng)力大小約為故選A。7.如圖，在湖邊山坡上的同一位置以相同大小的初速度拋出兩石子，速度方向與水平方向夾角均為，一段時間后兩石子落入水中，不計空氣阻力。則（）A.落至水面時，兩石子速度相同B.若A石子先拋出，則兩石子可能在空中相遇C.夾角越大，兩石子落在水面上的間距越大D.拋出點(diǎn)位置越高，兩石子落在水面上的間距越大【答案】A【解析】【詳解】AD．A石子運(yùn)動至與起點(diǎn)同一水平面時，如圖假設(shè)該位置為M點(diǎn)，根據(jù)拋體運(yùn)動規(guī)律可知此時A石子速度與B石子初速度相同，兩石子落在水面上的間距與圖中拋出點(diǎn)到M點(diǎn)距離相同，與拋出點(diǎn)位置高底無關(guān)，落至水面時，兩石子速度也相同，故A正確，D錯誤；B．若A石子先拋出，水平方向上A石子始終在B石子右側(cè)，兩石子不可能在空中相遇，故B錯誤。C．改變夾角，拋出點(diǎn)到M點(diǎn)距離可能變大，可能變小，也可能不變，當(dāng)時最大，故C錯誤。故選A。8.如圖所示，兩相同光滑斜面體放置在粗糙水平面上，兩斜邊緊靠且垂直，左側(cè)斜面體與水平面的夾角。一輕質(zhì)細(xì)桿AB穿有質(zhì)量為m的小球C，將桿水平置于兩斜面體之間，系統(tǒng)恰好處于平衡狀態(tài)。則（）A.左側(cè)斜面對桿AB的支持力為B.右側(cè)斜面體受到地面的摩擦力為C.保持細(xì)桿水平，減小傾角，兩斜面體對桿的作用力增大D.保持細(xì)桿水平，縮短長度，兩斜面體受到的摩擦力均減小【答案】B【解析】【詳解】A．對細(xì)桿受力分析，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知左側(cè)斜面對桿AB的支持力為右側(cè)斜面對桿AB的支持力為故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第三定律，桿AB對右側(cè)斜面的壓力為，其水平分力為根據(jù)平衡條件可知右側(cè)斜面體受到的摩擦力為，故B正確；C．對細(xì)桿受力分析，兩斜面體對桿的作用力與小球重力平衡，大小為，恒定不變，故C錯誤；D．保持細(xì)桿水平，縮短長度，細(xì)桿平行下移，細(xì)桿及兩斜面受力情況不變，則兩斜面體受到的摩擦力均不變，故D錯誤。故選B。9.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中一質(zhì)量為m的小球繞原點(diǎn)O做順時針方向圓周運(yùn)動，半徑為R。一束平行光沿x軸正方向照射小球，在處放置一垂直于x軸的足夠大屏幕，觀察到影子在y軸方向上的運(yùn)動滿足。則（??）A.影子做簡諧運(yùn)動，周期為 B.小球做勻速圓周運(yùn)動的向心力為C.，小球坐標(biāo)是 D.，小球速度沿y軸正方向【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)影子在y軸方向運(yùn)動的位移時間關(guān)系可知影子做簡諧運(yùn)動周期故A錯誤；B．由向心力公式故B正確；C．根據(jù)題中信息可知時，小球位置坐標(biāo)為，沿y軸正方向運(yùn)動，，即經(jīng)過四分之一個周期，小球坐標(biāo)是，故C錯誤；D．，小球速度沿y軸負(fù)方向，故D錯誤。故選B。10.如圖裝置可將低壓直流電升壓，虛線框內(nèi)為電磁繼電器，當(dāng)開關(guān)S閉合后，電磁鐵通電，吸引銜鐵斷開觸點(diǎn)a、b，電路斷電，銜鐵在彈簧的作用下彈回，將電路重新接通，如此循環(huán)，銜鐵來回振動，電路反復(fù)通斷，在原線圈中形成如圖乙的脈沖電流。關(guān)于此裝置，則（??）A.原線圈中的脈沖電流為交流電B.閉合開關(guān)S，cd端輸出的為直流電C.副線圈電流的變化頻率與磁鐵的振動頻率相同D.cd端接負(fù)載后，正常工作時副線圈輸出電流比原線圈輸入電流大【答案】C【解析】【詳解】A．原線圈中的脈沖電流為直流電，故A錯誤；B．閉合開關(guān)S，當(dāng)觸點(diǎn)斷開向上運(yùn)動時，變壓器原線圈中電流減小，穿過線圈的磁通量減小，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由于互感，副線圈中也產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，當(dāng)觸點(diǎn)向下運(yùn)動接觸時，變壓器原線圈中電流增大，穿過線圈的磁通量增大，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由于互感，副線圈中也產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由于原線圈中電流方向不變，即穿過線圈的磁場方向不變，根據(jù)楞次定律可知，觸點(diǎn)斷開過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與觸點(diǎn)接觸過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢方向相反，可知，閉合開關(guān)S，cd端輸出交流電，故B錯誤；C．原線圈輸入電流的變化頻率與觸點(diǎn)a、b接通斷開的頻率相同，因此副線圈的電流變化頻率與磁鐵的振動頻率相同，故C正確；D．升壓變壓器副線圈輸出電流比原線圈輸入電流小，故D錯誤。故選C11.如圖所示，甲圖是光電管中光電流與電壓關(guān)系圖像，乙圖是放射性元素氡的質(zhì)量和初始時質(zhì)量比值與時間之間的關(guān)系圖像，丙圖是原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系圖像，丁圖是c、d兩種金屬遏止電壓與入射光頻率之間的關(guān)系圖像，下列判斷正確的是（）A.甲圖，a光的光子能量小于b光的光子能量B.乙圖，每過3.8天反應(yīng)堆的質(zhì)量就減少一半C.丙圖，核子平均質(zhì)量比核子平均質(zhì)量小約D.丁圖，用a光照射c、d金屬，若c能發(fā)生光電效應(yīng)，則d也一定可以【答案】C【解析】【詳解】A．由甲圖可知a光電子遏止電壓大，則a光電子的最大初動能大，由光電效應(yīng)方程可知a光能量大，故A錯誤；B．經(jīng)過衰變產(chǎn)生的新核也屬于反應(yīng)堆的一部分，所以質(zhì)量沒有減半，故B錯誤；C．核比結(jié)合能比核高約，平均質(zhì)量小約故C正確；D．根據(jù)，得當(dāng)頻率相等時，由于金屬c遏止電壓大，所以c的逸出功小，c能發(fā)生光電效應(yīng)，則d不一定可以，故D錯誤。故選C。12.地球大氣層對光線的折射會使地球上的人們看到的太陽位置與實(shí)際位置存在偏差，這種現(xiàn)象被稱為蒙氣差效應(yīng)。為便于研究這一現(xiàn)象，現(xiàn)將折射率不均勻的大氣簡化成折射率為的均勻大氣，大氣層的厚度等效為地球半徑R，赤道上的人一天中能看到太陽的時間相比沒有大氣層時要多（）A.3小時 B.2小時 C.1.5小時 D.1小時【答案】B【解析】【詳解】太陽光是平行光，臨界光路圖如圖所示。由幾何關(guān)系可得臨界光線的折射角滿足可知臨界光線的折射角為；根據(jù)折射定律可得解得由幾何關(guān)系可知，地球多轉(zhuǎn)角度便看不見太陽了，則有一個住在赤道上的人在太陽“落山”后還能看到太陽的時間為同理可知，在太陽升起時也能提早1小時看到太陽，所以赤道上的人一天中能看到太陽的時間相比沒有大氣層時要多2小時。故選B。13.麥克斯韋從場的觀點(diǎn)出發(fā)，認(rèn)為變化的磁場會激發(fā)感生電場。如圖甲所示，半徑為r的絕緣光滑真空管道（內(nèi)徑遠(yuǎn)小于半徑r）固定在水平面上，管內(nèi)有一質(zhì)量為m、帶電量為的小球，直徑略小于管道內(nèi)徑。真空管處在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化如圖乙所示，規(guī)定豎直向上為正方向。時刻無初速釋放小球。下列說法正確的是（）A.俯視真空管道，感生電場的方向是逆時針B.感生電場對小球的作用力大小為C.小球繞環(huán)一周，感生電場做功D.時刻管道對小球的作用力大小【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)楞次定律判斷，感生電場為順時針，故A項(xiàng)錯誤；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由于面積公式為整理有由題圖可知，有產(chǎn)生的感生電場強(qiáng)度為E，由于整理有感生電場對小球的作用力故B項(xiàng)錯誤；C．小球繞一圈電場力做功故C項(xiàng)正確；D．小球在感生電場中的加速度時刻小球的速度在水平方向上由解得所以管道對小球的作用力的大小為故D項(xiàng)錯誤。故選C。二、選擇題（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.關(guān)于近代物理，下列說法正確的是（）A.氫原子中，電子處在不同的定態(tài)軌道時，原子的能量均相同B.食鹽被灼燒時發(fā)出黃色的光是鈉原子核發(fā)生變化而造成的C.光子既具有能量又具有動量，與電子發(fā)生碰撞時光子的動量可以發(fā)生改變D.任何物質(zhì)在紅外線照射下都不會發(fā)出可見光【答案】CD【解析】【詳解】A．電子處于不同的軌道時，原子處于不同能級，能量不同，故A錯誤；B．食鹽發(fā)出黃色的光是鈉原子能級躍遷導(dǎo)致，不是原子核變化，故B錯誤；C．光子與電子碰撞時，動量守恒和能量守恒，光子動量和能量都可以發(fā)生改變，故C正確；D．物質(zhì)吸收光的能量后，從基態(tài)躍遷到高能級，再躍遷回基態(tài)時，以光的形式放出能量，而發(fā)出的光子的能量一定小于等于入射光光子的能量，所以不可能在紅外線照射下發(fā)出可見光，故D正確。故選CD。15.如圖所示，在平面介質(zhì)上有一個等腰三角形ABC，O是BC的中點(diǎn)，相距的B、C兩處各有一個做簡諧運(yùn)動的波源，兩波源的振動情況完全相同，產(chǎn)生的機(jī)械波波長均為。除兩波源外，下列說法正確的是（??）A.三角形三條邊上共有10個振動加強(qiáng)點(diǎn)B.AB邊上的振動加強(qiáng)點(diǎn)到B點(diǎn)的最小距離為C.AB邊上的振動減弱點(diǎn)到AO邊的最小距離為D.若增大三角形的底角，三條邊上的振動加強(qiáng)點(diǎn)個數(shù)不變【答案】AD【解析】【詳解】A．兩波源的振動情況完全相同，振動加強(qiáng)點(diǎn)距離波源B、C距離差其中，1，2一系列雙曲線。因?yàn)楣剩?，2當(dāng)時為BC中垂線，點(diǎn)O、A為加強(qiáng)點(diǎn)；當(dāng)，時為雙曲線，如圖中實(shí)線，實(shí)線與ABC三邊有8個交點(diǎn)，即還有8個加強(qiáng)點(diǎn)，因此，三條邊上總共10個加強(qiáng)點(diǎn)，故A正確；B．振動加強(qiáng)點(diǎn)中，當(dāng)時AO左側(cè)雙曲線與BC交于P點(diǎn)，如圖得而AB邊上距離B點(diǎn)最近的加強(qiáng)點(diǎn)點(diǎn)，它們之間的距離故B錯誤；C．振動減弱點(diǎn)距離波源B、C距離差其中，1，2為一系列雙曲線，如圖中虛線，時距AO邊最近（圖中緊靠AO的兩虛線），AO左側(cè)虛線與BC交點(diǎn)Q得故此雙曲線與AB交點(diǎn)（減弱點(diǎn)）與AO距離大于，故C錯誤；D．若增大三角形的底角，加強(qiáng)點(diǎn)（中垂線AO和圖中實(shí)線）與三邊交點(diǎn)個數(shù)不變，即三條邊上的振動加強(qiáng)個數(shù)不變，故D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.某實(shí)驗(yàn)小組做“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是__________。A.控制變量法 B.等效替代法 C.理想模型法（2）實(shí)驗(yàn)時，下列不正確的是__________。A.實(shí)驗(yàn)前需對彈簧測力計校零 B.實(shí)驗(yàn)時兩個拉力的大小能相等C.實(shí)驗(yàn)時應(yīng)保持細(xì)繩與長木板平行 D.進(jìn)行多次操作時每次都應(yīng)使結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖甲所示。在、、F、四個力中，不是由彈簧測力計直接測得的力為。A. B. C. D.（4）若用如圖乙所示的裝置來做實(shí)驗(yàn)，OB處于水平方向，與OA夾角為，則__________（填“OA”、“OB”或“OC”）的力最大?，F(xiàn)保持彈簧測力計A和B細(xì)線的夾角不變，使彈簧測力計A和B均逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至彈簧測力計A豎直。在此過程中，彈簧測力計A的示數(shù)__________。（填“不斷減小”、“不斷增大”、“先減小后增大”或“先增大后減小”）【答案】（1）B（2）D（3）C（4）①.OA②.不斷減小【解析】【小問1詳解】該實(shí)驗(yàn)過程，其合力與分力的作用效果，所以本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法。故選B?！拘?詳解】A．實(shí)驗(yàn)前需對彈簧測力計校零，故A正確，不滿足題意要求；B．實(shí)驗(yàn)時兩個拉力的大小能相等，也可以不相等，故B正確，不滿足題意要求；C．為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)時應(yīng)保持細(xì)繩與長木板平行，故C正確，不滿足題意要求；D．每次實(shí)驗(yàn)時，兩個力拉和一個力拉需拉到結(jié)點(diǎn)O的位置，但是不同次實(shí)驗(yàn)，O的位置可以改變，故D錯誤，滿足題意要求。故選D。【小問3詳解】、、，都是彈簧測力計測量得到，F(xiàn)是通過作圖得到的。故選C?！拘?詳解】[1]以O(shè)為對象，OB與OC垂直，根據(jù)平行四邊形可知OA為斜邊，則OA的力最大。[2]當(dāng)彈簧測力計A和B均逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至彈簧測力計A豎直的過程中，兩彈簧細(xì)線夾角保持不變，由正弦定理可得為銳角且不斷減小，可得彈簧測力計A的拉力不斷減小。17.單晶半導(dǎo)體材料沿某一軸向受到外力作用時，其電阻率發(fā)生變化的現(xiàn)象，稱為“壓阻效應(yīng)”?，F(xiàn)用電路研究某長薄板電阻的壓阻效應(yīng)，已知電阻的阻值變化范圍為幾歐到十幾歐，實(shí)驗(yàn)室中有下列器材：A．電源E（，內(nèi)阻約為）B．電流表（，內(nèi)阻）C．電流表（，內(nèi)阻約為）D．開關(guān)SE．定值電阻（1）用多用電表粗測薄板不受力時的阻值，選擇歐姆擋的__________（選填“”或“”）倍率，示數(shù)如圖甲，則讀數(shù)為__________。（2）為了比較準(zhǔn)確地測量電阻的阻值，應(yīng)采取下列哪個電路圖__________。A. B. C.（3）閉合開關(guān)S，在電阻上加一個豎直向下的力F（設(shè)豎直向下為正方向），記下電流表讀數(shù)，電流表讀數(shù)為，電流表讀數(shù)為，得__________（用字母表示）。先對電阻施加豎直向下的壓力F，改變大小，得到相對應(yīng)的阻值。改變壓力方向?yàn)樨Q直向上，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，最后描繪成圖像如丙圖所示。則當(dāng)力F豎直向下時，電阻與壓力F的函數(shù)關(guān)系式是__________?！敬鸢浮浚?）①.②.（2）A（3）①.②.【解析】【小問1詳解】電阻阻值變化范圍為幾歐到十幾歐，選擇選擇歐姆擋的“”倍率，可使指針指向歐姆表刻度盤中間，測量誤差更小。讀數(shù)為【小問2詳解】電流表內(nèi)阻已知，A圖無系統(tǒng)誤差，故A正確。故選A?！拘?詳解】電阻當(dāng)力F豎直向下時，，取下邊圖像，由圖可知，函數(shù)關(guān)系式為18.以下說法正確的是（）A.在“探究小車速度隨時間變化關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，不必補(bǔ)償阻力，但要調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)繩與小車軌道平行B.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，若出現(xiàn)重力勢能減少量小于動能增加量，可能是重物下落時阻力較大導(dǎo)致C.在“測玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)盡可能使大頭針豎直插在紙上，并觀察大頭針的針帽是否在同一線上D.在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，在活塞上涂潤滑油的主要目的是為了密封氣體，以保證氣體質(zhì)量不變【答案】AD【解析】【詳解】A．在“探究小車速度隨時間變化關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，不必補(bǔ)償阻力，但要調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與小車軌道平行，使小車做勻變速運(yùn)動，故A正確；B．在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，若重物下落時阻力較大，將導(dǎo)致重力勢能減少量大于動能增加量，故B錯誤；C．在“測玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)盡可能使大頭針豎直插在紙上，并觀察大頭針的針腳是否在同一線上，故C錯誤；D．在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，在活塞上涂潤滑油的主要目的是為了密封氣體，以保證氣體質(zhì)量不變，故D正確。故選AD。19.如圖是一個形狀不規(guī)則的絕熱容器，在容器上豎直插入一根兩端開口、橫截面積為且足夠長的玻璃管，玻璃管下端與容器內(nèi)部連接且不漏氣。玻璃管內(nèi)有一個輕質(zhì)絕熱活塞底端恰好位于容器口處。初始時，容器內(nèi)氣體溫度，壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)。現(xiàn)采用兩種方式加熱氣體至，方式一：活塞用插銷固定住，電阻絲加熱，氣體吸收的熱量后停止加熱；方式二：拔掉插銷，電阻絲緩慢加熱氣體，完成加熱時活塞上升了。容器和玻璃管內(nèi)的氣體可視為理想氣體，不計摩擦。求：（1）哪種加熱方式氣體吸收的熱量更多，多吸收的熱量；（2）用“方式一”完成加熱后，容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（3）容器的體積?！敬鸢浮浚?）方式二氣體需多吸收的熱量；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知兩種加熱方式下，氣體內(nèi)能變化量相同即，方式二中氣體體積增大，對外做功，因此吸收的熱量更多，其中結(jié)合以上三式得所以方式二氣體需多吸收的熱量。（2）方式一加熱過程中，氣體發(fā)生了等容變化，根據(jù)查理定律解得容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為（3）方式二中，氣體發(fā)生了等壓過程，根據(jù)蓋-呂薩克定律由上式代入數(shù)據(jù)解得用方式二完成加熱后氣體的總體積為其中由以上兩式解得容器的體積20.如圖為某游戲裝置原理示意圖，水平桌面上固定一個半圓形、內(nèi)側(cè)表面光滑的豎直擋板，其半徑，擋板兩端A、B在桌面邊緣，A處固定一個彈射器，B與半徑的光滑圓弧軌道CDE在同一豎直平面內(nèi)，過C點(diǎn)的軌道半徑與豎直方向夾角，半徑的四分之一光滑豎直圓管道EF與圓弧軌道CDE稍有錯開。在水平光滑平臺左側(cè)，有一質(zhì)量的足夠長木板左端恰好與F端齊平，右側(cè)固定有一根勁度系數(shù)的彈簧。質(zhì)量的小物塊經(jīng)彈射裝置以某一水平初速度由A點(diǎn)切入擋板內(nèi)側(cè)，從B點(diǎn)飛出桌面后，沿C點(diǎn)切線方向進(jìn)入圓弧軌道CDE內(nèi)側(cè)，并恰好能到達(dá)軌道的最高點(diǎn)F。小物塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)，與木板的動摩擦因數(shù)。已知彈性勢能表達(dá)式（x為彈簧形變量）。重力加速度，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，不計空氣阻力和其它能量損失。求：（1）物塊到達(dá)C點(diǎn)時對軌道的壓力大??；（2）物塊被彈射前彈簧的彈性勢能；（3）若彈射器內(nèi)彈性勢能，在豎直平面內(nèi)移動桌子右側(cè)整個裝置，使物塊滑上長木板。在木板右端與彈簧接觸前已共速，則該過程小物塊相對木板滑動的長度；（4）在（3）的基礎(chǔ)上，木板繼續(xù)壓縮彈簧，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則物塊與木板剛要相對滑動時，木板的速度。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】【詳解】（1）由題知，小物塊恰好能到達(dá)圓管軌道的最高點(diǎn)F，則小物塊從C到F的過程中，根據(jù)動能定理有解得在C點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律物塊對軌道的壓力（2）小物塊從靜止到B的過程中，根據(jù)能量守恒有小物塊從B到C做平拋運(yùn)動，在C點(diǎn)沿圓弧切線方向解得小物塊剛在彈射器內(nèi)時彈性勢能（3）小物塊從A到B過程中，根據(jù)動能定理有從C到F的過程中，根據(jù)動能定理有解得由小物塊與木板系統(tǒng)動量守恒由系統(tǒng)能量守恒聯(lián)立解得小物塊相對木板滑動的長度（4）小物塊與木板剛好相對滑動時，對整體由牛頓第二定律對小物塊牛頓第二定律解得對系統(tǒng)能量守恒解得21.如圖所示，在xOy水平面內(nèi)，固定著間距為d的足夠長光滑金屬導(dǎo)軌，右端與電容器相連，在處用長度可忽略的絕緣材料連接，緊靠連接點(diǎn)右側(cè)垂直導(dǎo)軌放置一根質(zhì)量為m的金屬棒ab。在區(qū)域存在兩個大小為、垂直導(dǎo)軌平面、方向相反的勻強(qiáng)磁場，磁場邊界滿足；在區(qū)域存在垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場。邊長為d的正方形導(dǎo)線框質(zhì)量也為m，邊和邊的電阻均為R，靜置在導(dǎo)軌上，位于處。在外力作用下導(dǎo)線框沿x軸正方向以速度做勻速直線運(yùn)動，當(dāng)?shù)竭_(dá)時撤去外力，導(dǎo)線框與金屬棒ab發(fā)生彈性碰撞。不計其它電阻，電容器的儲能公式。求：（1）導(dǎo)線框中感應(yīng)電動勢的最大值；（2）導(dǎo)線框邊運(yùn)動到的過程中流過導(dǎo)線框的總電量q；（3）整個過程中外力對導(dǎo)線框所做的功W；（4）電容器最終儲存的能量。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】【詳解】（1）當(dāng)運(yùn)動到時，導(dǎo)線框中和都在垂直切磁感線且同向疊加，因此感應(yīng)電動勢最大（2）導(dǎo)線框邊在至區(qū)間運(yùn)動過程中，只有邊在切割，感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式產(chǎn)生正弦交流電，等效于面積為S的線圈在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，轉(zhuǎn)動角速度由感應(yīng)電動勢最大值解得至區(qū)間相當(dāng)于繞圈轉(zhuǎn)動角度，磁通量變化量感應(yīng)電動勢的平均值感應(yīng)電流的平均值流過導(dǎo)線框的總電量（3）導(dǎo)線框邊在至區(qū)間運(yùn)動過程中，產(chǎn)生正弦交流電，感應(yīng)電動勢最大值為則有效值回路中產(chǎn)生的焦耳熱導(dǎo)線框邊在至區(qū)間運(yùn)動過程中，兩邊切割，感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式同理，回路中產(chǎn)生的焦耳熱由功能關(guān)系可知，外力對導(dǎo)線框所做的功（4）當(dāng)?shù)竭_(dá)瞬間撤去外力，導(dǎo)線框恰與金屬棒ab發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后瞬間導(dǎo)線框速度為，金屬棒ab速度為，由動量守恒定律有由能量守恒有解得，碰撞后導(dǎo)線框邊停在絕緣位置，金屬棒a