廣東省部分學校2024-2025學年高三上學期11月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12025屆高三年級11月份聯(lián)考物理試題本試卷共8頁，15題。全卷滿分100分。考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4.考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.科學研究發(fā)現(xiàn)，普通恒星的演化過程可以分為四個不同階段：原始星云階段、主序星階段、紅巨星階段和末期演化階段。太陽目前正處于主序星階段，其能量的來源之一通過如下核反應產(chǎn)生：，對于上述反應，下列說法正確的是（）A.該核反應屬于衰變 B.反應方程中質(zhì)量數(shù)，是中子C.反應方程中電荷數(shù)，是質(zhì)子 D.是構(gòu)成原子核的基本粒子，最早由物理學家湯姆遜發(fā)現(xiàn)【答案】C【解析】A．該核反應屬于核聚變反應，故A錯誤；BC．該核反應過程中，反應前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒,，即聯(lián)立解得，故是質(zhì)子，故B錯誤，C正確；D．質(zhì)子，最早由英國物理學家盧瑟福通過實驗發(fā)現(xiàn)，故D錯誤。故選C。2.如圖所示為市場上銷售的某款晾衣籃，上方籃子通過四條等長的輕質(zhì)細線對稱懸掛，下方籃子通過四條等長的輕質(zhì)細線豎直懸掛處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A.上方四條懸掛細線中的拉力相同B.上方細線越長，細線中的拉力越大C.上方細線中的拉力大小可能等于下方細線中的拉力大小D.上方細線中的拉力大小一定大于下方細線中的拉力大小【答案】D【解析】A．根據(jù)對稱性，上方四條懸掛細線中的拉力大小相等，方向不同，故A錯誤；BCD．設上方、下方籃子和衣物的總質(zhì)量分別為、，上方、下方細線的拉力大小分別為、，上方細線與豎直方向的夾角為，根據(jù)平衡條件有，整理得上方細線越長時，越小，越大，越小，再由＞，則，故BC錯誤，D正確；故選D。3.沙漠中地面附近的空氣溫度變化明顯，導致空氣密度的分布不均，光線傳播過程中可能發(fā)生折射與全反射現(xiàn)象，從而出現(xiàn)海市蜃樓的奇景。如圖所示，在光線從實物到人眼的傳播過程中，下列說法正確的是（）A.空氣對光的折射率逐漸增大 B.空氣對光的折射率先增大后減小C.光的頻率先增大后減小 D.光的傳播速度先增大后減小【答案】D【解析】AB．光線下行過程中，折射角逐漸增大，上行過程中，折射角逐漸減小，則空氣對光的折射率先減小后增大，故A、B錯誤；C．光的頻率由光源決定，光發(fā)生折射時，光的頻率不變，故C錯誤；D．根據(jù)光線傳播過程中，光的傳播速度先增大后減小，故D正確；故選D。4.某實驗小組設計的測量振動頻率的電容式傳感器，結(jié)構(gòu)原理如圖所示。傳感器工作時，電容器的下極板固定，保持開關S閉合，待測系統(tǒng)振動將帶動電容器的上極板運動，將振動信號轉(zhuǎn)化為電信號，下列說法正確的是（）A.上極板向下運動的過程中，電容器的電容減小B.上極板向下運動的過程中，電容器將充電C.上極板向上運動的過程中，電容器間的電場強度將增大D.上極板向上運動的過程中，表中有自右向左的電流【答案】B【解析】A．根據(jù)平行板電容器電容決定式可知，上極板向下運動的過程中，d減小，C增大，故A錯誤；B．根據(jù)電容的定義式可知，上極板向下運動的過程中，d減小，C增大，U不變，Q增大，電容器將充電，故B正確；C．上極板向上運動的過程中，U不變，d增大，場強減小，故C錯誤；D．上極板向上運動的過程中，d增大，C減小，U不變，Q減小，電容器將放電，表中有自左向右的電流，故D錯誤。故選B。5.如圖甲所示，湖面上有兩個導航浮標，一列水波沿浮標A到浮標B方向傳播，兩浮標平衡位置間的距離為15m，水波的波長為2m，浮標A的振動圖像如圖乙所示，將浮標A、B視為質(zhì)點，水波視為簡諧橫波，浮標A、B均振動起來后，下列說法正確的是（）A.水波的傳播速度為2m/sB.浮標A在1s內(nèi)運動的路程一定等于2mC.浮標A處于波峰位置時，浮標B一定處于波谷位置D.t=2s時，浮標A、B都由平衡位置豎直向上運動【答案】C【解析】A．由圖乙可知水波的周期為則水波的傳播速度故A錯誤；B．因為浮標A在半個周期中運動的路程一定為故B錯誤；CD．浮標A、B相距7.5個波長，振動相位始終相反，故C正確，D錯誤。故選C。6.中國特高壓輸電技術是世界上最先進的輸電技術之一，具有輸電距離遠、輸送容量大、運行損耗低等特點。如圖所示，兩根互相平行的長直輸電線和，分別通有大小相等、方向相反的直流電，、、三點連線與兩長直導線共面垂直，且點位于兩直導線正中間，，不考慮地磁場的影響，下列說法正確的是（）A.兩導線之間的安培力是吸引力B.、、三點中，點的磁感應強度最大C.、兩點的磁感應強度大小相等，方向相反D.若僅將導線中電流反向，、兩點的磁感應強度大小相等，方向相同【答案】B【解析】A．反向電流互相排斥，故A項錯誤；B．兩直線電流在點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，方向相同，兩直線電流在、兩點產(chǎn)生的磁感應強度方向相反，故點的磁感應強度最大，故B項正確；C．根據(jù)磁場的疊加原理，、兩點的合磁感應強度大小相等，方向相同，故C項錯誤；D．若僅將導線中電流反向，、兩點的磁感應強度大小相等，方向相反，故D項錯誤。故選B7.如圖甲所示為某款按壓式發(fā)電的手電筒，當按照一定的頻率按壓時，內(nèi)置發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動，穿過每匝線圈的磁通量按照正弦規(guī)律變化（如圖乙所示）。已知線圈的匝數(shù)為100匝，下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為 B.發(fā)電機的電動勢的有效值為C.時，發(fā)電機線圈中的電流為零 D.若電路總電阻為，則發(fā)電機的功率約為【答案】D【解析】A．由圖乙可知，交流電的周期為頻率為故A錯誤；B．發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動的角速度為根據(jù)解得發(fā)電機的電動勢的有效值為故B錯誤；C．時，線圈中的磁通量為零，磁通量的變化率最大，所以電動勢和電流最大，故C錯誤；D．根據(jù)可得故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.在《流浪地球2》中航天員乘坐太空電梯前往空間站接受訓練的鏡頭非常吸引觀眾眼球。太空電梯是一種假想的進入太空的方式，理論上人類可以通過地球同步空間站向地面垂下一條超級纜繩至赤道基站，并在外圍連接一個配重空間站，以使它們隨地球以同步靜止狀態(tài)一起旋轉(zhuǎn)，電梯艙則沿著這條纜繩運行，實現(xiàn)外太空和地球之間便捷的物質(zhì)交換。如圖所示，地球的半徑為，自轉(zhuǎn)周期為，配重空間站距地球表面的距離為。下列說法正確的是（）A.通過纜繩連接的配重空間站線速度大小為B.人乘坐太空電梯勻速上升的過程中受力平衡C.在配重空間站中可以使用天平測物體的質(zhì)量D.若兩空間站之間纜繩斷裂后配重空間站將繞地球做橢圓運動，且斷裂時配重空間站所處位置為橢圓的遠地點【答案】AC【解析】A．配重空間站的軌道半徑為通過纜繩連接的配重空間站線速度大小為故A正確；B．若太空電梯沿纜繩勻速運動，由于太空電梯繞地球轉(zhuǎn)動，所以其內(nèi)的人受力不平衡。故B錯誤；C．在地球同步空間站內(nèi)，萬有引力剛好提供所需的向心力，而在配重空間站內(nèi)，萬有引力不足以提供物體做圓周運動所需的向心力，所以物體在配重空間站時會對天平產(chǎn)生壓力。故C正確；D．若兩空間站之間纜繩斷裂，配重空間站將繞地球做橢圓運動，斷裂時配重空間站所處的位置為橢圓的近地點，因為在該位置線速度較大，需要的向心力更大。故D錯誤。故選AC。9.如圖所示為模擬“電磁制動”原理的示意圖，間距為的光滑平行金屬導軌固定在絕緣水平面上，左端連接阻值為的定值電阻，質(zhì)量為、長度為、阻值為的金屬棒垂直放在導軌上，整個裝置處在豎直向上、磁感應強度大小為的勻強磁場中?，F(xiàn)使導體棒以初速度向右運動，經(jīng)距離后停止運動，下列說法正確的是（）A.整個過程中通過電阻的電荷量為B.當導體棒運動距離時，速度大小為C.當導體棒運動距離時，電阻的發(fā)熱功率為D.若僅將磁感應強度大小加倍，則經(jīng)距離后導體棒停止運動【答案】ABC【解析】A．根據(jù)動量定理可得則通過電阻的電荷量為故A正確；D．根據(jù)牛頓第二定律可得導體棒的制動距離為若僅將磁感應強度大小加倍，則制動距離將變?yōu)椋蔇錯誤；B．根據(jù)動量定理可得當時，可得故B正確；C．當時，可知電阻的發(fā)熱功率故C正確。故選ABC。10.如圖所示，滑索是一種常見的兒童游樂設施，輕繩與輕質(zhì)滑環(huán)連接，玩耍時兒童手握輕繩由靜止沿鋼索滑下。若鋼索與水平方向的夾角為，下滑過程中輕繩與豎直方向的夾角保持不變，忽略空氣阻力影響，下列說法正確的是（）A.有可能大于B.等于時，滑環(huán)與鋼索間的動摩擦因數(shù)C.等于時，滑環(huán)與鋼索間的動摩擦因數(shù)D.若，則兒童下滑過程中動能的增量與克服摩擦力做的功大小相等【答案】BD【解析】A．設滑環(huán)與鋼索間的動摩擦因數(shù)為，對人受力分析可知解得加速度對人和滑環(huán)構(gòu)成的整體受力分析可知加速度聯(lián)立以上解得故不可能有故A項錯誤；B．結(jié)合以上分析，當時，，故B正確；C．結(jié)合以上分析，當時，，故C錯誤；D．若，則滑環(huán)受到的摩擦力位移為時，動能增量克服摩擦力做功故D項正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.“長度的測量及其測量工具的選用”和“驗證機械能守恒定律”是《普通高中物理課程標準》中的兩個必做實驗。（1）在“長度的測量及其測量工具的選用”實驗中，某同學用20分度的游標卡尺測量一個圓柱體的高度如圖甲所示，則__________，用螺旋測微器測量底面直徑如圖乙所示，則__________。（2）在“用落體法驗證機械能守恒定律”的實驗中，如圖丙所示重物由靜止開始自由下落，在紙帶上打出一系列的點，其中為打出的第一個點，A、、為從合適位置開始選取的連續(xù)三個計數(shù)點，如圖丁所示，相鄰計數(shù)點間隔的時間為。①打點計時器打點時重物的速度大小為__________，為驗證機械能守恒定律，只需檢驗等式__________在誤差允許的范圍內(nèi)是否成立（重力加速度為）。②若實際操作中，由于電源頻率不穩(wěn)，造成打點計時器打點的實際頻率偏大，則動能的增加量的測量值與真實值相比__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。【答案】（1）2.1450.360（2）偏小【解析】【小問1詳析】[1]20分度游標卡尺的分度值為，圓柱體的高度[2]底面直徑【小問2詳析】①[1]打點計時器打點時重物的速度大小為[2]為驗證機械能守恒定律成立，只需檢驗等式整理得②[3]若打點計時器打點的實際頻率偏大，則打點時重物的速度測量值偏小，動能的增加量的測量值與真實值相比偏小。12.某實驗小組進行了探究小燈泡伏安特性曲線的實驗，主要器材有待測小燈泡（額定電壓為，額定功率為），多用電表，滑動變阻器（阻值范圍為，額定電流為），電壓表（量程為，內(nèi)阻約為），電流表（量程為，內(nèi)阻約為），電源（電動勢為，內(nèi)阻不計），開關等。具體操作如下：（1）小燈泡接入電路前，使用多用電表直接測量小燈泡的電阻，應將選擇開關旋至__________擋進行測量，測量結(jié)果__________小燈泡正常發(fā)光時的電阻（填正確答案標號）。A.歐姆，大于 B.歐姆，大于 C.歐姆，小于 D.歐姆，小于（2）該小組采用圖甲所示的電路進行測量。①實驗過程中，為盡量減小電壓、電流測量誤差，圖甲電路中電壓表另一端應該連接電路中的__________（填“”或“”）點。②若該小組描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，當小燈泡兩端電壓為時，小燈泡的電阻為__________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），該值比真實值__________（填“偏大”“偏小”或“相等”）。③若將兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后接在電動勢為、內(nèi)阻為的電源兩端，則每個小燈泡的實際功率為__________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）D（2）9.0偏小1.5##1.4【解析】【小問1詳析】依題意知小燈泡的額定電流為正常發(fā)光時電阻為應該選用歐姆擋進行測量；計算可知燈泡電阻為10Ω，故為了測量準確，應選擇“歐姆”檔，由于小燈泡未正常發(fā)光，溫度較低，阻值較小，測量結(jié)果小于正常發(fā)光時的電阻，故選D，A、B、C項錯誤。故選D?！拘?詳析】[1]因為，則電流表應采用外接法，電壓表另一端應該連接電路中的點；[2]由圖像知，小燈泡兩端電壓為時，小燈泡中的電流為，電阻為[3]由于電壓表的分流作用，造成電流測量值偏大，故小燈泡的電阻測量值偏小；[4]設小燈泡的電壓、電流分別為、，根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得在小燈泡的圖像中作圖，交點即為小燈泡的實際電壓和電流，如圖所示，則每個小燈泡的實際功率為13.某旅游愛好者，由低海拔地區(qū)（海拔高度近似為零）到海拔的高海拔地區(qū)旅游，發(fā)現(xiàn)隨身攜帶的方便面包裝袋膨脹變大，如圖所示。已知在低海拔地區(qū)時，方便面包裝袋內(nèi)密封的空氣體積為，壓強等于大氣壓強，在高海拔地區(qū)時，包裝袋內(nèi)密封空氣的體積增大為原來的1.5倍，大氣壓強隨海拔高度的變化規(guī)律為，將方便面包裝袋內(nèi)的封閉氣體視為理想氣體，忽略環(huán)境溫度變化的影響，不考慮方便面自身體積的變化。（1）由低海拔地區(qū)到高海拔地區(qū)的過程中，若包裝袋內(nèi)的氣體對外做功，求包裝袋內(nèi)密封空氣吸收或放出的熱量；（2）包裝袋繃緊會對內(nèi)部空氣造成額外壓強，求額外壓強；（3）若在海拔處包裝袋恰好繃緊，恰不對內(nèi)部氣體造成額外壓強，且低海拔地區(qū)的溫度為27℃，熱力學溫度與攝氏溫度間的關系為，求海拔處的攝氏溫度?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關，因為忽略環(huán)境溫度變化，故內(nèi)能不變，即內(nèi)能變化量根據(jù)熱力學第一定律可得解得故包裝袋內(nèi)密封空氣吸收的熱量為；【小問2詳析】在海拔處，結(jié)合題意知大氣壓強題意知此時體積為根據(jù)玻意耳定律可得解得小問3詳析】設低海拔地區(qū)與高海拔地區(qū)的溫度分別為和，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得解得因為聯(lián)立以上得14.墊球是排球運動員的基本訓練項目之一，如圖甲所示，運動員在某次墊球訓練中，雙手平舉保持靜止，質(zhì)量為的排球由距離手臂高處自由釋放，與手臂碰撞后反彈的最大高度為。假設排球與手臂碰撞時間極短，碰撞過程中手臂保持靜止，運動過程中排球始終在同一豎直線上，將排球視為質(zhì)點，重力加速度為。（1）若排球與手臂的碰撞視為彈性碰撞，排球運動過程中受到的空氣阻力大小不變，求空氣阻力的大?。唬?）若排球所受空氣阻力大小與速度大小成正比，即（為已知的常量），運動過程中速度隨時間變化的圖像如圖乙所示（、均已知），求：①排球與手臂碰撞前瞬間加速度的大?。虎谂徘蚺c手臂碰撞過程中，手臂對排球的沖量大小。【答案】（1）（2）,【解析】【小問1詳析】排球與手臂的碰撞視為彈性碰撞，碰撞過程中手臂保持靜止，則排球等速率彈回。根據(jù)動能定理，下落過程有上升過程有聯(lián)立解得【小問2詳