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Page20廣東省佛山市順德區(qū)2024-2025學(xué)年高二數(shù)學(xué)上學(xué)期第一次月考試題第Ⅰ卷(選擇題)一、單選題(每題6分,共48分)1.己知向量,平面的一個(gè)法向量,若,則()A., B.C. D.【答案】C【解析】【分析】分析可知,可得出,即可得解.【詳解】因?yàn)?,則,則,故選:C.2.如圖所示,在大小為30°的二面角中,四邊形ABFE和四邊形CDEF都是邊長為1的正方形,則B,D兩點(diǎn)間的距離是()A.2 B. C. D.【答案】C【解析】【分析】利用空間向量基本定理寫出向量的表達(dá)式,利用正方形的性質(zhì)和二面角的定義,結(jié)合空間向量數(shù)量積的定義進(jìn)行求解即可.【詳解】解:因?yàn)樗倪呅?,都是邊長為1的正方形,所以有,因?yàn)樗倪呅?,都是邊長為1的正方形,所以有,因?yàn)槎娼谴笮?0°,所以有,因此,因?yàn)?,所以,因此?故選:C.3.平行六面體中,,則該平行六面體的體對(duì)角線的長為()A. B.5 C. D.【答案】A【解析】【分析】由空間向量加法的幾何意義,結(jié)合平行六面體中相關(guān)線段的位置關(guān)系可得,再由空間向量數(shù)量積的運(yùn)算律求,進(jìn)而可得的長.【詳解】由題設(shè),可得如下示意圖,由圖知:,,∴,又,∵,∴,即.故選:A4.已知矩形,為平面外一點(diǎn),且平面,、分別為、上的點(diǎn),且,,,則的值為()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】將、用、、加以表示,利用空間向量的減法法則可得出關(guān)于、、的表達(dá)式,由此可求得的值.【詳解】因?yàn)槠矫?,且四邊形為矩形,故、、為空間向量的一個(gè)基底,,故,,則,因此,,所以,,,,所以,.故選:B5.如圖,在三棱錐P﹣ABC中,PA⊥平面ABC,∠ABC=90°,∠BAC=60°,PA=AB=2,以B為原點(diǎn),分別以的方向?yàn)閤軸,y軸,z軸的正方向建立空間直角坐標(biāo)系,設(shè)平面PAB和平面PBC的一個(gè)法向量分別為,則下列結(jié)論中正確的是()A.點(diǎn)P的坐標(biāo)為(0,0,2) B.C. D.【答案】D【解析】分析】依據(jù)空間直角坐標(biāo)系,寫出點(diǎn)坐標(biāo),,,,分別計(jì)算即可求值.【詳解】建立空間直角坐標(biāo)系如圖:由題意可得,,,,所以,.設(shè),則,取,可得.因?yàn)?,,所以平面PAB,所以平面平面PAB,所以,所以.綜上所述,A,B,C錯(cuò),D正確.故選:D6.如圖,在正三棱柱中,若,則與所成角的大小為()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】取向量為空間向量的一組基底向量,表示出與,再借助空間向量運(yùn)算即可計(jì)算作答.【詳解】在正三棱柱中,向量不共面,,,令,則,而,,于是得,因此,,所以與所成角的大小為.故選:B7.如圖,在棱長為a的正方體中,P為的中點(diǎn),Q為上隨意一點(diǎn),E,F(xiàn)為上兩個(gè)動(dòng)點(diǎn),且的長為定值,則點(diǎn)Q到平面的距離()A.等于 B.和的長度有關(guān)C.等于 D.和點(diǎn)Q的位置有關(guān)【答案】A【解析】【分析】取的中點(diǎn)G,連接,利用線面平行推斷出選項(xiàng)B,D錯(cuò)誤;建立空間直角坐標(biāo)系,利用平面的法向量結(jié)合空間向量數(shù)量積公式求得點(diǎn)到面的距離,從而得出結(jié)論.【詳解】取的中點(diǎn)G,連接,則,所以點(diǎn)Q到平面的距離即點(diǎn)Q到平面的距離,與的長度無關(guān),B錯(cuò).又平面,所以點(diǎn)到平面的距離即點(diǎn)Q到平面的距離,即點(diǎn)Q到平面的距離,與點(diǎn)Q的位置無關(guān),D錯(cuò).如圖,以點(diǎn)D為原點(diǎn),建立空間直角坐標(biāo)系,則,∴,,,設(shè)是平面的法向量,則由得令,則,所以是平面的一個(gè)法向量.設(shè)點(diǎn)Q到平面的距離為d,則,A對(duì),C錯(cuò).故選:A.【點(diǎn)睛】本題主要考查點(diǎn)到直線的距離,意在考查學(xué)生的數(shù)學(xué)抽象的學(xué)科素養(yǎng),屬中檔題.8.甲、乙兩人進(jìn)行投壺競賽,競賽規(guī)則:競賽中投中狀況分“有初”“貫耳”“散射”“雙耳”“依竿”五種,其中“有初”算“兩籌”,“貫耳”算“四籌”,“散射”算“五籌”,“雙耳”算“六籌”,“依竿”算“十籌”,投不中算“零籌”,進(jìn)行三場競賽后得籌數(shù)最多者獲勝.假設(shè)每場競賽中甲投中“有初”的概率為,投中“貫耳”的概率為,投中“散射”的概率為,投中“雙耳”的概率為,投中“依竿”的概率為,乙的投擲水平與甲相同,且甲,乙兩人投擲相互獨(dú)立.競賽第一場,兩人平局,其次場,甲投中“貫耳”,乙投中“雙耳”,則三場競賽結(jié)束時(shí),甲獲勝的概率為()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】甲要想贏得競賽,在第三場競賽中,比乙至少多得三籌.甲得“四籌”,乙得“零籌”,甲可贏;甲得“五籌”,乙得“零籌”或“兩籌”,甲可贏;甲得“六籌”,乙得“零籌”或“兩籌”,甲可贏;甲得“十籌”,乙得“零籌”或“兩籌”、“四籌”、“五籌”、“六籌”,甲都可蠃,由此利用互斥事務(wù)概率加法公式能求出甲獲勝的概率.【詳解】解:由題可知籌數(shù)2456100若甲獲勝,則在第三場競賽中,甲比乙至少多得三籌.分以下四種狀況:①甲得“四籌”,乙得“零籌”,此種狀況發(fā)生的概率;②甲得“五籌”,乙得“零籌”或“兩籌”,此種狀況發(fā)生的概率;③甲得“六籌”,乙得“零籌”或“兩籌”,此種狀況發(fā)生的概率;④甲得“十籌”,乙得“零籌”或“兩籌”或“四籌”或“五籌”或“六籌”,此狀況發(fā)生的概率,故甲獲勝的概率.故選:D.二、多選題(每題6分,共24分)9.已知空間三點(diǎn):,設(shè),則下列命題正確的是()A.B.在方向上的投影向量等于C.是等邊三角形D.【答案】ACD【解析】【分析】依據(jù)空間向量的線性運(yùn)算坐標(biāo)表示可推斷A;依據(jù)向量數(shù)量積的幾何意義可得推斷B;計(jì)算、、可推斷C;利用數(shù)量積的坐標(biāo)運(yùn)算可推斷D,進(jìn)而可得符合題意的選項(xiàng).【詳解】,,,所以,故選項(xiàng)A正確;在方向上的投影向量等于,故選項(xiàng)B不正確;,,,所以是等邊三角形,故選項(xiàng)C正確;,,,所以,故選項(xiàng)D正確.故選:ACD10.下列命題中,正確的有()A.空間隨意向量都是共面對(duì)量B.已知,,,四點(diǎn)共面,對(duì)空間隨意一點(diǎn),若,則C.在四面體中,若,,則D.若向量是空間一組基底,則也是空間的一組基底【答案】ACD【解析】【分析】利用空間向量共面定理及數(shù)量積運(yùn)算,逐一分析推斷即可.【詳解】解:對(duì)于,空間隨意向量都是共面對(duì)量,所以A正確對(duì)于B,已知,,,四點(diǎn)共面,對(duì)空間隨意一點(diǎn),若則,解得,所以B錯(cuò)誤對(duì)于C,在四面體中,若,,則,所以C正確對(duì)于D,因?yàn)橄蛄渴强臻g一組基底,則對(duì)于空間任一向量,都存在實(shí)數(shù),,,使得,即,所以也是空間的一組基底,所以D正確.故選:ACD.11.已知點(diǎn)是平行四邊形所在平面外的一點(diǎn),,,,則()A.B.是平面的法向量C.D.直線與平面所成角的余弦值為【答案】AD【解析】【分析】利用向量垂直的坐標(biāo)形式可推斷A的正誤,求出的值可推斷B的正誤,求出的坐標(biāo)后可推斷C的正誤,再求出平面的法向量后可推斷D的正誤.【詳解】因?yàn)樗倪呅螢槠叫兴倪呅?,?而,所以,故成立,故A正確.,而,故不成立,故B錯(cuò)誤.,而,故不成立,故C錯(cuò)誤.因?yàn)?,,,設(shè)平面的法向量為,則,取,則,故,設(shè)直線與平面所成角為,則,而,故,故選:AD.12.如圖,正方形的邊長為2,為邊的中點(diǎn),把和分別沿,折起.使得,兩點(diǎn)重合為一點(diǎn).下列四個(gè)命題正確的是()A.平面B.直線與直線所成的角為C.二面角的大小為D.點(diǎn)到平面的距離為【答案】AC【解析】【分析】作出圖形,依據(jù)線面、線線位置關(guān)系可推斷A,B,找到二面角的平面角,依據(jù)長度計(jì)算即可知C對(duì)錯(cuò);然后作,依據(jù)計(jì)算即可.【詳解】如圖,由平面圖形,可知,,又,平面∴平面,又平面可得∴A對(duì),B錯(cuò);取的中點(diǎn),連接,,則,,∴為二面角的平面角,,,,∴,C對(duì);由C選項(xiàng)知平面,∴平面平面,為交線,在平面中作,交于,則平面,由,求得,∴點(diǎn)到平面的距離為,D錯(cuò).故選:AC第Ⅱ卷(非選擇題)三、填空題(每題6分,共24分)13.設(shè)為三個(gè)隨機(jī)事務(wù),若與互斥,與對(duì)立,且,,則_____________.【答案】【解析】【分析】由與對(duì)立可求出,再由與互斥,可得求解.【詳解】與對(duì)立,,與互斥,.故答案為:.14.從2名男同學(xué)和3名女同學(xué)中任選2人參與社區(qū)活動(dòng),則選中的2人都是女同學(xué)的概率__________.【答案】;【解析】【分析】利用古典概型的概率公式求解.【詳解】由古典概型的概率公式得.故答案為【點(diǎn)睛】本題主要考查古典概型的概率的計(jì)算,意在考查學(xué)生對(duì)該學(xué)問的理解駕馭水平,屬于基礎(chǔ)題.15.設(shè),向量,且,則_____________.【答案】3【解析】【分析】依據(jù)向量可知,依據(jù)可知,由此計(jì)算出,最終求出的坐標(biāo)即可求出模長.【詳解】因?yàn)椋?,所以,可得,所以,所以,故答案為?.16.如圖,在四棱錐中,PA⊥平面ABCD,BCAD,,,已知Q是四邊形ABCD內(nèi)部一點(diǎn),且平面QPD與平面APD的夾角為,則的面積的取值范圍是___________.【答案】【解析】【分析】以點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn),、、所在直線分別為、、軸建立空間直角坐標(biāo)系,設(shè)點(diǎn),其中,,利用空間向量法可得出,求出的取值范圍,即可求得的面積的取值范圍.【詳解】平面,,以點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn),、、所在直線分別為、、軸建立如下圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則、、、、,設(shè)點(diǎn),其中,,設(shè)平面的法向量為,,,則,取,可得,易知平面的一個(gè)法向量為,由已知條件可得,所以,,即,直線上的點(diǎn)滿意,聯(lián)立,解得,聯(lián)立,解得,所以,點(diǎn)的縱坐標(biāo)的取值范圍為,易知點(diǎn)不在線段上,則,所以,.故答案為:.四、解答題17.如圖,在三棱柱中,平面,分別為的中點(diǎn),,.(1)求證:平面;(2)求二面角的余弦值;【答案】(1)證明見解析;(2).【解析】【分析】(1)通過證明,得線面垂直;(2)建立空間之間坐標(biāo)系,利用法向量的夾角的余弦值得二面角的余弦值.【詳解】(1)在三棱柱中,平面,故四邊形為矩形.又分別為的中點(diǎn),,又,,平面,平面平面.(2)由(1)知,由平面,平面.如圖建立空間直角坐稱系.由題意得,,設(shè)平面的法向量為,,,令,則,所以平面的法向量,又平面的法向量為,.所以二面角的余弦值為.【點(diǎn)睛】此題考查線面垂直的證明和求二面角的大小,關(guān)鍵在于嫻熟駕馭線面垂直的判定定理,利用向量的方法求解二面角的大小須要留意防止計(jì)算出錯(cuò).屬于中檔題.18.溺水?校內(nèi)欺凌等與學(xué)生平安有關(guān)的問題越來越受到社會(huì)的關(guān)注和重視,為了普及平安教化,某市組織了一次學(xué)生平安學(xué)問競賽,規(guī)定每隊(duì)3人,每人回答一個(gè)問題,答對(duì)得1分,答錯(cuò)得0分.在競賽中,甲?乙兩個(gè)中學(xué)代表隊(duì)狹路相逢,假設(shè)甲隊(duì)每人回答問題正確的概率均為,乙隊(duì)每人回答問題正確的概率分別為,,,且兩隊(duì)各人回答問題正確與否相互之間沒有影響.(1)求甲隊(duì)總得分為1分的概率;(2)求甲隊(duì)總得分為2分且乙隊(duì)總得分為1分的概率.【答案】(1)(2)【解析】【分析】由對(duì)立事務(wù)概率求法,結(jié)合獨(dú)立事務(wù)的乘法公式、互斥事務(wù)的加法公式求甲隊(duì)總得分為1分的概率、甲隊(duì)總得分為2分且乙隊(duì)總得分為1分的概率即可.【小問1詳解】記“甲隊(duì)總得分為1分”為事務(wù)B:甲隊(duì)得1分,即三人中只有1人答對(duì),其余兩人都答錯(cuò),其概率.∴甲隊(duì)總得分為1分的概率為.【小問2詳解】記“甲隊(duì)總得分為2分”為事務(wù)C,記“乙隊(duì)總得分為1分”為事務(wù)D.事務(wù)C即甲隊(duì)三人中有2人答對(duì),剩余1人答錯(cuò),∴事務(wù)D即乙隊(duì)3人中只有1人答對(duì),其余2人答錯(cuò),∴.由題意,事務(wù)C與事務(wù)D相互獨(dú)立,∴甲隊(duì)總得分為2分且乙隊(duì)總得分為1分的概率.19.如圖所示,正方形所在平面與梯形所在平面垂直,,,,(1)證明:平面;(2)求直線與平面所成角的正弦值;(3)在線段上是否存在一點(diǎn),使得平面與平面的夾角的余弦值為,若存在求出的值,若不存在,請(qǐng)說明理由.【答案】(1)證明見解析(2)(3)存在,.【解析】【分析】(1)依據(jù)面面平行的判定及性質(zhì)定理,即可得證.(2)依據(jù)面面垂直的性質(zhì)定理,可證平面,,即可求得BN長,依據(jù)勾股定理,可證,如圖建系,求得各點(diǎn)坐標(biāo),即可坐標(biāo),進(jìn)而可求得平面CDM的法向量,依據(jù)線面角的向量求法,即可得答案.(3)設(shè)點(diǎn),即可求得E點(diǎn)坐標(biāo),進(jìn)而可求得平面的法向量,由(1)可得平面,所以即為平面的法向量,依據(jù)二面角的向量求法,列出方程,即可求得值,即可得答案.【小問1詳解】因?yàn)闉檎叫?,所以,因?yàn)?,且,平面AND,平面BMC,所以平面平面BMC,又平面AND,所以平面.【小問2詳解】因?yàn)槠矫嫫矫?,且平面平面,,所以平面,又平面,所以,在中,,所以在中,,所以,又,所以,所以兩兩垂直,以B為原點(diǎn),為x,y,z軸正方向建系,如圖所示:所以,則,設(shè)平面CDM的法向量,則,令,可得,所以一條法向量,設(shè)直線與平面所成角為,則,所以直線與平面所成角的正弦值為【小問3詳解】假設(shè)存在點(diǎn)E,設(shè)點(diǎn),所以,所以點(diǎn),則,設(shè)平面的法向量,則,令,可得,所以一條法向量,因?yàn)槠矫?,所以即為平面的法向量,所以,即,解得?1(舍),所以,則,所以存在一點(diǎn)E,使得平面與平面的夾角的余弦值為,此時(shí)20.如圖,在梯形ABCD中,,,,四邊形BFED為矩形,,平面平面ABCD.(1)求證:平面BDEF;(2)點(diǎn)P在線段EF上運(yùn)動(dòng),設(shè)平面PAB與平面ADE所成的夾角為,試求的最小值.【答案】(1)證明見解析(2)【解析】【

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