2025屆廣東省惠州市惠東中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

2025屆廣東省惠州市惠東中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一束正離子垂直地射入勻強磁場和勻強電場正交的區(qū)域里，結果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來的運動方向，未發(fā)生任何偏轉，如果讓這些不偏轉離子進入另一個勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，對這些進入后一磁場的離子，可得出結論（）A．它們的動能一定不相同B．它們的電量一定不相同C．它們的質量一定不相同D．它們的電量與質量之比一定不相同2、如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關系圖線，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關系圖線，若將這兩個電阻分別接到該電源上，則()A．R1接在電源上時，電源的效率高B．R2接在電源上時，電源的效率高C．R2接在電源上時，電源的輸出功率大D．電源的輸出功率一樣大3、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發(fā)光，且在電路變化時，燈不會燒壞。試判斷：當滑動變阻器的觸頭P向下移動時：A．外電路的總電阻變小B．總電流變小C．a(chǎn)燈變暗D．c燈變亮4、如圖所示，曲線是電場中的一組電場線，A、B是電場中的兩點，則下列說法正確的是（）A．電勢φA＞φB，場強EA＜EBB．電勢φA＞φB，場強EA＞EBC．將-q電荷從A點移到B點電場力做正功D．將-q電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能EPA＞EPB5、甲、乙、丙三個電荷在同一直線上，甲帶電＋Q，乙?guī)щ姡璹(Q＞q)，每個點電荷受其余兩個點電荷的作用力的合力都等于零，則丙電荷()①一定帶正電②電量大于q③電量小于Q④在甲、乙連線之間A．①②B．①③C．②③D．③④6、在電場中某點放一檢驗電荷，其電量為q，檢驗電荷受到的電場力為F，則該點電場強度為E=，那么下列說法正確的是（）A．若移去檢驗電荷q，該點的電場強度就變?yōu)榱鉈．若在該點放一個電量為2q的檢驗電荷，該點的場強就變?yōu)镃．若在該點放一個電量為﹣2q的檢驗電荷，則該點場強大小仍為E，但電場強度的方向變?yōu)樵瓉硐喾吹姆较駾．若在該點放一個電量為﹣q的檢驗電荷，則該點的場強大小仍為E，電場強度的方向也還是原來的場強方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如下圖所示的電路來測量電池電動勢和內電阻，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如下圖所示的U－I圖線，由圖可知()A．電池電動勢的測量值為1.40VB．電池內阻的測量值為3.50ΩC．外電路發(fā)生短路時的電流為0.40AD．電壓表的示數(shù)為1.20V時，電流表的示數(shù)I′＝0.20A8、下列關于多用電表電阻擋的說法中，正確的是()A．表盤刻度是不均勻的，從零刻度處開始，刻度值越大處，刻度越密B．紅表筆是與表內的電源的正極相連的C．測電阻時，首先要把紅、黑表筆短接進行調零，然后再去測電阻D．為了減小誤差，應盡量使指針指在中間刻度附近9、如圖所示，一質量為m、帶電荷量為的物體處于場強按E＝E0－kt（E0、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向）變化的電場中，物體與豎直墻壁間的動摩擦因數(shù)為μ，當t＝0時刻物體處于靜止狀態(tài)．若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是A．物體開始運動后加速度先增加、后保持不變B．物體開始運動后加速度不斷增大C．經(jīng)過時間t＝，物體在豎直墻壁上的位移達最大值D．經(jīng)過時間t＝，物體運動速度達最大值10、兩根材料相同的均勻導線A和B，其長度分別為L和2L，串聯(lián)在電路中時，其電勢的變化如圖所示，下列說法正確的是()A．A和B導線兩端的電壓之比為3∶2B．A和B導線兩端的電壓之比為1∶2C．A和B導線的橫截面積之比為2∶3D．A和B導線的橫截面積之比為1∶3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）物理興趣小組的同學們從實驗室中找到一只小燈泡，其標稱功率值為0.75W，額定電壓值已模糊不清．他們想測定其額定電壓值，于是先用歐姆表直接測出該燈泡常溫下不發(fā)光的電阻約為2Ω，然后根據(jù)公式計算出該燈泡的額定電壓U=PR=2×0.75A．電壓表V（量程3V，內阻約3kΩ）B．電流表A1（量程150mA，內阻約2ΩC．電流表A2（量程500mA，內阻約0.6ΩD．滑動變阻器RE．滑動變阻器RF．電源E（電動勢0.4V，內阻不計）G．開關S和導線若干H．待測燈泡L（額定功率0.75W，額定電壓未知）（1）在下面所給的虛線框中畫出他們進行實驗的電路原理圖________，指出上述器材中，電流表選擇_____（“A1”或“A2”）：滑動變阻器選擇____（填“R1”或（2）在實驗過程中，該同學將燈泡兩端的電壓由零緩慢地增加，當電壓達到1.22V時，發(fā)現(xiàn)燈泡亮度很暗，當達到2.70V時，發(fā)現(xiàn)燈泡已過亮，便立即斷開開關，并將所測數(shù)據(jù)記錄在下邊表格中．次數(shù)1234567U0.200.601.001.401.802.202.70I/mA80155195227255279310請你根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在圖中作出燈泡的U-I圖線______．（3）由圖象得出該燈泡的額定電壓應為__V；這一結果大于1.22V，其原因____．12．（12分）某同學想設計一個測量金屬棒電阻率的實驗方案，實驗室提供的器材有：A．電流表A1（內阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=3mA）B．電流表A2（內阻約為0.4Ω，量程為0.6A）C．定值電阻R0=900ΩD．滑動變阻器R（5Ω，2A）E．干電池組（6V，0.05Ω）F．一個開關和導線若干G．螺旋測微器，游標卡尺(1)如圖，用螺旋測微器測金屬棒直徑為_____mm；如圖用游標卡尺測金屬棒長為_____cm。(2)用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，他應該換用_____擋（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒阻值約為_____Ω。(3)請根據(jù)提供的器材，設計一個實驗電路，要求盡可能精確測量金屬棒的阻值，請在方框中畫出電路圖______________________。(4)若實驗測得電流表A1示數(shù)為I1，電流表A2示數(shù)為I2，則金屬棒電阻的符號表達式為Rx=___________。（用I1，I2，R0，Rg表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一單匝矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸轉動，線圈面積為，產(chǎn)生電壓有效值，頻率為向一霓虹燈供電：求勻強磁場的磁感應強度B的大小。若線圈從中性面開始轉動，寫出交流電電壓的瞬時值表達式。若霓虹燈的激發(fā)電壓和熄滅電壓均為，試估算在一個小時內，霓虹燈發(fā)光時間t．14．（16分）如圖所示，正電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道的圓心處，將另一帶正電、電荷量為q2、質量為m的小球，從軌道的A處無初速度釋放，求：（1）小球運動到B點時的速度大??；（2）小球在B點時對軌道的壓力．15．（12分）如圖是示波管的示意圖，豎直偏轉電極的極板長l＝4cm，板間距離d＝1cm.板右端距離熒光屏L＝18cm(水平偏轉電極上不加電壓，沒有畫出)．電子沿中心線進入豎直偏轉電場的速度是1.6×107m/s，電子電荷量e＝1.60×10－19C，質量m＝0.91×10－30kg.(1)要使電子束不打在偏轉電極的極板上，加在豎直偏轉電極上的最大偏轉電壓U不能超過多大？(2)若在偏轉電極上加40V的電壓，在熒光屏的豎直坐標軸上看到的光點距屏的中心點多遠？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

考查帶電粒子在復合場中的運動?！驹斀狻看怪钡厣淙雱驈姶艌龊蛣驈婋妶稣坏膮^(qū)域里，未發(fā)生任何偏轉，則有：即所有離子速度相同；進入另一個勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，即在另一個勻強磁場中做圓周運動，半徑不同，由半徑公式：可知，它們的電量與質量之比一定不相同，D正確。故選D。2、A【解析】

AB．電源的效率η＝＝＝，由于UB>UC，故R1接在電源上時，電源的效率高，A項正確B項錯誤；CD．將電阻接在電源上，電阻的U－I圖象與電源兩端電壓與電流關系圖象的交點，表示將這個電阻接到此電源上的輸出電壓和電流，從圖象中只可看出電流的數(shù)值，但看不出兩種情況下路端電壓的關系，故無法確定兩種情況下電源的輸出功率的大小關系，C、D項均錯誤．【點睛】本題易混淆電源效率和電源輸出功率的概念而出現(xiàn)錯誤．3、A【解析】據(jù)圖可知，當滑動變阻器滑片向下滑動時，相當于滑動變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項正確；據(jù)，總電流變大，B選項錯誤；a燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮，C錯誤；據(jù)“串反并同”c燈與滑動變阻器并聯(lián)，c燈電流、電壓變化與滑動變阻器阻值變化一致，則c燈變暗，D錯誤。點晴：本題考查電路動態(tài)平衡問題，利用“串反并同”解決此類問題非常方便。4、B【解析】

由圖看出，A處電場線比B處電場線密，則A點場強大于B點的場強，即EA＞EB；沿電場線方向電勢逐漸降低，故φA＞φB．故A錯誤，B正確．將-q電荷從高電勢向低電勢移動，電勢能增加，電場力做負功，故C錯誤．負電荷在電勢低的地方電勢能大，故將-q電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能在B點大，即EPA<EPB．故D錯誤．故選B．【點睛】掌握電場線的特點：疏密表示場強的大小，切線方向表示場強的方向，沿電場線方向電勢逐漸降低．5、A【解析】

由于甲電荷帶正電荷，乙電荷負電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使丙處于衡狀態(tài)，對其受力分析，根據(jù)庫侖定律去判斷所處的位置；【詳解】設丙電荷所在位置與甲電荷的距離為，丙電荷所在位置與乙電荷距離為，要能處于平衡狀態(tài)，所以甲電荷對丙電荷的電場力大小等于乙電荷對丙的電場力大小．根據(jù)庫侖定律，由于Q＞q，所以，所以丙電荷離甲電荷較遠；①、乙電荷處在甲電荷與丙電荷之間，乙電荷受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，所以丙電荷一定帶正電荷，同理也可以判斷出甲和丙合力為零，故①正確；

②、對甲電荷進行受力分析，甲電荷受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，

因為丙電荷離甲電荷遠，所以丙電荷所帶電量一定大于乙電荷電量，故②正確；

③、對乙電荷進行受力分析，乙電荷受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，

由于丙電荷與乙電荷的距離和甲電荷與乙電荷的距離的具體關系不清楚，所以丙所帶電量與甲電荷電量關系無法確定，故③錯誤；④、假設丙放在甲電荷和乙電荷之間，無論丙帶何種電荷，甲電荷對丙電荷的電場力和乙電荷對丙電荷的電場力方向相同，所以丙不能處于平衡狀態(tài)，故④錯誤；綜上所述選項A正確，選項BCD錯誤．【點睛】我們可以去嘗試假設丙帶正電或負電，根據(jù)平衡條件求解它應該放在什么地方，能不能使丙處于平衡狀態(tài)，不行再繼續(xù)判斷．6、D【解析】

該點的電場強度，由于電場強度由電場本身的性質決定，與檢驗電荷無關，若移去檢驗電荷或改變檢驗電荷的電荷量，該點的電場強度大小與方向均不變。A.A項與上述分析結果不相符，故A錯誤；B.B項與上述分析結果不相符，故B錯誤；C.C項與上述分析結果不相符，故C錯誤；D.D項與上述分析結果相符，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

由圖像縱坐標可知電源的電動勢，由縱坐標的起始位置可知路端電壓為1V時的電流，再由閉合電路歐姆定律得出電源的內阻．【詳解】A、由圖示圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點坐標值為1．42，則電源的電動勢1．42V，故A正確．B、電源內阻r===1，故B錯誤．C、由圖示圖象可知，路端電壓為1．22V時，電路電流為2．4A，這不是短路電流，故C錯誤．D、當電壓表示數(shù)為1．22V時，I′==A=2.22A，故D正確．故選AD【點睛】本題考查的是閉合電路歐姆定律的數(shù)據(jù)處理，要明確圖像意義．要注意縱坐標是否從零開始，不能想當然的把橫軸坐標當成短路電流．8、ACD【解析】

A．歐姆表的霧表盤刻度是不均勻的，從零刻度處開始，刻度值越大處，刻度越密，選項A正確；B．黑表筆是與表內的電源的正極相連的，選項B錯誤；C．測電阻時，首先要把紅、黑表筆短接進行調零，然后再去測電阻，選項C正確；D．表盤的中央部分刻度比較均勻，則為了減小誤差，應盡量使指針指在中間刻度附近，選項D正確。9、BC【解析】

AB．物體帶正電，電場方向未改變之前，物體沿豎直墻運動，水平方向的支持力和電場力大小相等，電場力減小，支持力減小，滑動摩擦力減小，那么重力和摩擦力的合力豎直向下且增大，加速度增大；當電場方向反向時，物體脫離墻面，電場力增大，重力和電場力的合力增大，加速度增大，所以物體的加速度一直增大，A錯誤，B正確；C．電場強度為零時，物體開始離開墻面，此時物體在豎直墻壁上的位移達最大值，即：解得：，C正確；D．物體的加速度不斷增大，速度不斷變大，在這個過程中速度沒有最大值，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】AB．由圖可知，UA=10-4=6V，UB=4-0=4V，所以UA：UB=3：2，故A正確，B錯誤；CD．根據(jù)歐姆定律得，串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，RA：RB=3：2，根據(jù)，，則橫截面積之比SA：SB=1:3，故C錯誤，D正確．故選AD點睛：串聯(lián)電路中電流相等，根據(jù)電勢差的大小，導線兩端的電壓之比；通過歐姆定律得出電阻的大小關系，再根據(jù)電阻定律得出A和B導線的橫截面積之比．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2R12.5(2.4-2.6")燈泡冷態(tài)電阻小于正常工作時的電阻（或燈泡電阻隨溫度升高而變大）【解析】

（1）由P=I2R可得，I=PR=0.61A，所以應選電流表A2；由U-I圖象可知電流從零調，所以滑動變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器R1；電壓表的內阻遠大于小燈泡的電阻，則采用安培表外接電路，電路圖如圖

（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)采用描點法可得出對應的U-I圖象；（3）根據(jù)U-I圖象讀出U=2.5V，I=300mA時，P=UI=0.75W，所以該燈泡額定電壓為U=2.5V，這一結果大于開始時的計算結果，說明燈泡的電阻隨溫度的升高而增大（或燈泡的冷態(tài)電阻小于正常工作是的電阻）．【點睛】本題考查測量伏安特性曲線的性質；要求能熟記電流表內接法與外接法的選擇方法，以及滑動變阻器分壓式接法的條件即選擇原則；并能明確伏安特性曲線的應用．12、6.12310.230×1Ω10.0【解析】

(1)[1]金屬絲的直徑為d=6mm+12.3×0.01mm=6.123mm[2]長度為(2)[3]用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，即偏向0刻度線，所以示數(shù)偏小，要增大示數(shù)則要倍率減小換成“×1”的倍率，[4]電阻為R=10.0×1Ω=10.0Ω(3)[5]由于題目中沒有給出電壓表，顯然是用電流表A1與R0串聯(lián)后組成電壓表，為多測幾組數(shù)據(jù)滑動變阻器采用分壓接法，設計的電路圖如圖所示：(4)[6]由電路連接及歐姆定律可求出金屬棒的電