清華大學附中2025屆物理高一上期末經典模擬試題含解析

清華大學附中2025屆物理高一上期末經典模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、一物體由靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為a1，經過時間t后加速度大小變?yōu)閍2，方向與a1相反，又經過時間t后物體恰能回到出發(fā)點，則a1︰a2為A.1︰1 B.1︰2C.1︰3 D.1︰42、下列物理量中屬于標量的是（）A.時間 B.位移C.速度 D.加速度3、下列各組儀器中，都可以用來測量國際單位制規(guī)定的三個力學基本物理量的是A.量筒、天平、秒表B.刻度尺、測力計、汽車速度計C.刻度尺、天平、秒表D.刻度尺、測力計、打點計時器4、根據(jù)壓強公式，將壓強的單位Pa用國際單位制的基本單位表示，則下列正確的是A.N·m-2 B.kg·m-1·s-1C.kg·m-2·s-1 D.kg·m-1·s-25、物體的慣性大小取決于它（）A.所受合外力的大小 B.加速度的大小C.質量的大小 D.速度的大小6、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上，A、B間的動摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動摩擦因數(shù)為（μ≠0）．最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是（）A.若F＝μmg，A、B間的摩擦力一定為零B.無論F為多大時，A相對B都不會滑動C.當F＝3μmg時，A的加速度為μgD.若去掉B上的力，而將F＝3μmg的力作用在A上，則B的加速度為7、甲、乙兩個物體由同一地點沿同一直線運動，它們的運動圖象如圖所示，下列說法正確的是A.若圖象為兩物體的位移時間圖象，則在內甲、乙兩物體始終同向運動B.若圖象為兩物體的位移一時間圖象，則在內甲、乙兩物體的平均速度相等C.若圖象為兩物體的速度一時間圖象，則甲、乙兩物體在末相遇D.若圖象為兩物體的速度一時間圖象，則甲、乙兩物體相遇前在末相距最遠8、將物體豎直向上拋出，假設運動過程中空氣阻力不變，其速度—時間圖象如圖所示，則()A.上升、下降過程中加速度大小之比為11∶9B.上升、下降過程中加速度大小之比為10∶1C.物體所受的重力和空氣阻力之比為9∶1D.物體所受重力和空氣阻力之比為10∶19、如圖所示，A和B的質量分別是2kg和1kg，彈簧和懸線的質量不計，在A上面的懸線燒斷的瞬間()A.A的加速度等于零B.A的加速度等于3g/2C.B的加速度為零D.B的加速度為g/310、如圖所示，蠟塊可以在豎直玻璃管內的水中勻速上升。若在蠟塊從A點開始勻速上升的同時玻璃管沿水平方向向右做直線運動（如圖），則關于蠟塊的實際運動軌跡的說法中正確的是（）A.若玻璃管向右做勻速直線運動，則軌跡為直線PB.若玻璃管向右做勻加速直線運動，則軌跡為直線PC.若玻璃管向右做勻加速直線運動，則軌跡為曲線RD.若玻璃管向右做勻加速直線運動則軌跡為曲線Q二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖甲所示，一小滑塊（可視為質點）與長木板一起以v0＝5m/s的速度沿光滑水平面向左運動．現(xiàn)給長木板加一個F＝12N向右的水平推力，小滑塊與長平板發(fā)生相對滑動，長木板運動的v﹣t圖如圖乙所示．當長木板速度減速為零時，小滑塊恰好滑至長平板上的A點，此時撤去外力F并將長木板鎖定，小滑塊繼續(xù)沿長木板運動，恰好到達長木板的最左端．已知長木板的質量M＝2kg，小滑塊的質量m＝1kg，g取10m/s2．求：（1）小滑塊與長平板間的動摩擦因數(shù)μ；（2）滑塊運動到A點時的速度vA；（3）長平板長度L14、（14分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊，在薄木板的中央有一個小滑塊（可視為質點），整個裝置處于靜止狀態(tài)．某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力F使木板向右運動，已知拉力F=4.5N時，小滑塊與木板之間恰好發(fā)生相對滑動．薄木板的質量M=1.0kg，長度L=1.0m，小滑塊的質量m=0.5kg，小滑塊與桌面、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)均為μ1=0.2，設滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力，重力加速度g=10m/s2．求：（1）拉力F=3.6N時，m與M的加速度各為多大；（2）小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)μ2；（3）若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，拉力F應滿足的條件。15、（13分）一輛汽車由靜止開始，前10s內以2m/s2的加速度做勻加速直線運動．求：（1）汽車在8s末的速度大小v（2）汽車在前10s內的位移大小x

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】對于勻加速過程到達B點的速度為：，相應的位移為：，在勻減速過程中：，由題有：x1=-x2，聯(lián)立可得：，故C正確，ABD錯誤2、A【解析】A．時間是只有大小，沒有方向的標量，故A正確；BCD．位移、速度、加速度都是既有大小，又有方向的矢量，故BCD錯誤。故選A。3、C【解析】國際單位制規(guī)定的三個力學基本物理量的是：質量、長度、時間。A．量筒測量是體積，故A錯誤；B．汽車速度計測是速率，測力計測的是力，故B錯誤；C．刻度尺測量長度、天平稱量質量、秒表測量時間，故C正確；D．測力計測的是力，故D錯誤。故選C。4、D【解析】壓強定義式為，它的單位是帕斯卡（Pa），根據(jù)牛頓第二定律知，1N=1kg?m/s2；而面積S的單位是m2，所以：1Pa=1kg·m-1·s-2；A．N不是基本單位，A錯誤；BCD．綜上分析1Pa=1kg·m-1·s-2，故BC錯誤D正確；故選D。5、C【解析】一切物體都具有慣性，慣性是物體本身的一種基本屬性，其大小只與質量有關，質量越大、慣性越大；慣性的大小和物體是否運動、是否受力以及運動的快慢是沒有任何關系的，ABD,C正確。故選C。6、AD【解析】當F作用在B上時，根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力；當F作用在A上，根據(jù)隔離法求出發(fā)生相對滑動的最小拉力，判斷是否發(fā)生相對滑動，再結合牛頓第二定律進行求解；【詳解】A、B與地面間的最大靜摩擦力，當時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；B、A發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對整體分析，，解得：，所以當時，A相對B滑動，故B錯誤；C、當，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運動，加速度，故C錯誤；D、若去掉B上的力，而將的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對A分析，解得不發(fā)生相對滑動的最小拉力，可知的力作用在A上，AB一起做勻加速直線運動，加速度，故D正確【點睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力7、BD【解析】A．若圖象為兩物體的位移時間（x-t）圖象，根據(jù)x-t圖象的斜率表示速度，知0-2s內，甲、乙兩物體同向運動。2-4s內，甲、乙兩物體反向運動，故A錯誤；B．若圖象為兩物體的位移-時間（x-t）圖象，在0～4s內甲、乙兩物體的位移相等，所用時間相等，則平均速度相等，故B正確；C．若圖象為兩物體的速度一時間（v-t）圖象，0-4s內，甲的位移大于乙的位移，則甲、乙兩物體在4s末沒有相遇，故C錯誤；D．甲、乙兩物體從同一地點沿直線向同一方向運動，在0-4s內，甲的速度大于乙的速度，兩者距離不斷增大；在4s后乙的速度大于甲的速度，兩者距離縮短，則物體相遇前在4s末相距最遠，故D正確。故選BD。8、AD【解析】根據(jù)速度-時間圖象的斜率表示加速度得：上升過程：a1==11m/s2，下降過程：a2==9m/s2；則加速度之比為：；故A正確，B錯誤；上升過程，根據(jù)牛頓第二定律得：-mg-f=ma1，下落過程，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-f=-ma2，代入數(shù)據(jù)得：；故C錯誤，D正確；故選AD【點睛】本題圖象反映物體的速度與時間的關系，知道速度-時間圖象的斜率表示加速度，同時注意牛頓第二定律公式中力的方向；從而求解合外力9、BC【解析】懸線燒斷彈簧前，由B平衡得到，彈簧的彈力大小F=mBg．懸線燒斷的瞬間，彈簧的彈力沒有來得及變化，大小仍為F=mBg，此瞬間B物體受到的彈力與重力仍平衡，合力為零，則B的加速度為零．A受到重力和向下的彈力，由牛頓第二定律得：A的加速度；B的加速度；故BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】本題典型的瞬時加速度問題，往往先分析變化前彈簧的彈力，再分析狀態(tài)變化瞬間物體的受力情況，要抓住彈簧的彈力不能突變的特點進行分析求解10、AD【解析】A.蠟塊參與了水平方向上勻速直線運動和豎直方向上的勻速直線運動，因此蠟塊將沿著合速度的方向做勻速直線運動，則軌跡為直線P，故A正確；BCD.當合速度的方向與合力（合加速度）的方向不在同一條直線上，物體將做曲線運動，且軌跡夾在速度與合力方向之間，軌跡的凹向大致指向合力的方向。合加速度方向水平向右，不在同一直線上，軌跡的凹向要大致指向合力的方向，則軌跡為曲線Q，故BC錯誤，D正確；故選AD二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）0.2，（2），（3）3.75m.【解析】（1）對長木板受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可求出動摩擦因數(shù)；（2）對滑塊受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式即可求解；（3）根據(jù)運動學公式求出1s前滑塊相對長木板的位移和1s后滑塊相對長木板的位移，長木板的長度為滑塊相對長木板的位移之和.（1）當給長木板加一個F=12N向右的水平推力，長木板向左勻減速運動由v－t圖得：加速度的大小對長木板受力分析可知，長木板受重力、地面的支持力、滑塊的壓力，滑塊對長木板向左的滑動摩擦力和推力F作用由牛頓第二定律得：解得：（2）對滑塊受力分析可知，滑塊受重力、長木板的支持力和長木板對滑塊向右的摩擦力作用，向左做勻減速運動由牛頓第二定律得：解得：經過時間t=1s，到達A點的速度為（3）由圖知，長木板1s內的位移為滑塊1s內的位移為則相對位移為1s后，長木板固定不動，滑塊繼續(xù)做減速運動到零時，剛好達到長木板左端則位移為故長木板的長度14、（1）0.4m/s2；（2）0.1（3）F＞6N【解析】由題可知，使小滑塊m與木板M之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力F臨界=4.5N，由于拉力F=3.6N＜4.5N，故M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運動，由牛頓第二定律求解加速度大??；分別對M、m進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解動摩擦因數(shù)；畫出兩物體空間位置變化示意圖，分析運動過程，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)位移關系列方程求解【詳解】（1）由題可知，使小滑塊m與木板M之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力F臨界=4.5N，由于拉力F=3.6N＜4.5N，故M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運動；把兩物體看做整體，由牛頓第二定律可知：F-μ1（m+M）g=（m+M）a1解得：a1=0.4m/s2；（2）由題目可知，當拉力F=4.5N時，小滑塊m與木板M恰好發(fā)生相對滑動，此情況下分別對M、m進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：小滑塊m：f=μ2mg=ma2，木板M：F-μ2mg-μ1（m+M）g=Ma2聯(lián)立兩式解得：μ=0.1（3）設小滑塊脫離薄木板時的速度為v，時間為t，在桌面上滑動的加速度為a3，小滑塊脫離木板前，薄木板的加速度為a4，空間位置變化如右圖所示：則滑塊的速度：v=a2t滑塊下落到桌面上，由牛頓第二定