2024-2025學年重慶八中高三（上）月考物理試卷（10月份）（含答案）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2024-2025學年重慶八中高三（上）月考物理試卷（10月份）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.如圖所示，運動員把質量為m、靜止在水平地面上的足球從A點斜向上踢出，B是足球運動軌跡的最高點，C是下落過程中運動軌跡上的點。已知A、B兩點的高度差為4?，B、C兩點的高度差為?，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。足球在從B運動到C的過程中，所受重力的沖量大小為(

)A.mg2?g B.2mg2?g2.如圖所示，A、B和C是光滑水平面上的三個大小相同的小球，A、B球的質量為m，C球質量為2m，其中B、C兩小球用不計質量的輕質彈簧連接后靜止在水平面上?，F(xiàn)A球以速度v0沿B、C兩球球心的連線向B球運動，碰后A、B兩球粘在一起。對A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是(

)A.三球速度相等時，彈簧一定處于壓縮狀態(tài) B.彈簧的最大彈性勢能等于112mv02

3.如圖甲所示，左端接有輕彈簧的物塊A靜止在光滑水平面上，物塊B以一初速度向A運動，t=0時B與彈簧接觸，0～2s內兩物體的v?t圖像如圖乙所示，則(

)A.A的質量比B的小 B.0～1s內，彈簧對A、B的沖量相同

C.t=1s時，彈簧的彈性勢能為零 D.t=2s時，A的動量比B的大4.2024年8月1日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心使用長征三號乙運載火箭成功將互聯(lián)網(wǎng)高軌衛(wèi)星02星發(fā)射升空。這是長征系列運載火箭的第529次飛行。如圖所示，最初該衛(wèi)星在軌道1上繞地球做勻速圓周運動，后來衛(wèi)星通過變軌在軌道2上繞地球做勻速圓周運動(不考慮衛(wèi)星變軌后質量的變化)。下列說法正確的是(

)A.衛(wèi)星在軌道2上運行的向心加速度大于在軌道1上運行的向心加速度

B.衛(wèi)星在軌道2上運行的動能大于在軌道1上運行的動能

C.衛(wèi)星在軌道2上運行的角速度小于在軌道1上運行的角速度

D.衛(wèi)星在軌道1上運行的線速度大于地球的第一宇宙速度5.有一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c、d四點的位置如圖所示，cd、cb分別垂直于x軸、y軸，其中a、O、b三點電勢分別為4V、6V、8V。電荷量為q=?2×10?5C的點電荷由a點開始沿a→b→c→d路線運動過程中，下列說法正確的是A.c點的電勢φc=8V

B.點電荷在c點的電勢能Epc=2×10?4J

C.勻強電場的方向為6.如圖所示，絕緣軌道ABC固定于豎直平面內，其中AB部分是半徑為R的光滑半圓軌道，P是半圓軌道的中點，AB部分豎直、BC部分水平，整個軌道處在電場強度為E的勻強電場中。將質量為m、帶電荷量為+q的小滑塊，從BC軌道上與B相距10R處由靜止釋放，已知滑塊與BC間的動摩擦因數(shù)為0.3，E=mgq，滑塊大小可以忽略不計，則滑塊(

)A.到達A點時速度的大小為4gR B.到達P點時對軌道的壓力大小為15mg

C.到達A點時對軌道的壓力大小為11mg D.從C到7.如圖所示，水平面上一小滑塊置于長木板上，且均處于靜止狀態(tài)。已知滑塊與木板左、右兩端距離分別為L1=6m，L2=8m，木板與滑塊、水平面間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.2、μ2=0.1，木板的質量M=1kg，滑塊的質量m=2kgA.給木板一個豎直向下的力F1=8N能使木板保持靜止

B.給木板一個豎直向下的力F1=6N能使木板保持靜止

C.給木板上加一水平向右的力F2=12N二、多選題：本大題共3小題，共15分。8.游樂場中有一種魔盤游戲，如圖所示有一質量為m的小孩(可以看作質點)，坐在水平圓盤上到轉軸距離為r處。小孩與圓盤之間的摩擦因數(shù)為μ，某時刻圓盤從靜止開始加速轉動，小孩始終相對圓盤靜止，經(jīng)時間t圓盤角速度從零增加到ω的過程中，下列說法正確的是(

)A.小孩所受摩擦力的沖量大小為μmgt

B.小孩所受摩擦力做功為12mω2r2

9.A、B兩個點電荷分別固定于x軸上，電量大小關系為QA=4QB。在它們形成的電場中，將試探電荷+q沿x軸從+∞移動到坐標原點O，其電勢能Ep隨x變化的關系如圖所示，當x→0時，電勢能Ep→∞；當x→∞A.在x軸上0<x<x0上各點的電場方向均沿x軸正方向

B.A電荷在x軸上的坐標為?x0

C.A電荷為正電荷

D.B10.如圖所示，真空中，與水平面成37°角的固定絕緣長細桿，垂直穿過一固定均勻帶電圓環(huán)的圓心O。套在細桿上的帶電小球從桿上的a點以某一初速度沿桿向上運動，恰好能運動到桿上d點，已知圓環(huán)半徑為R、電荷量為+Q，小球質量為m、電荷量為+q，小球半徑遠小于R，ab=bO=Oc=cd=R，靜電力常量為k，重力加速度大小為g，絕緣細桿與小球間的動摩擦因數(shù)μ=34，sin37°=0.6，cos37°=0.8。則A.小球在c點受到的電場力的大小Fc=2kQq4R2

B.小球在b點的加速度大小a=(3+3)g5三、實驗題：本大題共2小題，共15分。11.探究電容器充放電規(guī)律，實驗裝置如圖甲所示，有電源E、定值電阻R0、電容器C、單刀雙擲開關S。

(1)為測量電容器充放電過程電壓U和電流I的變化，需在電路中接入電流表和電壓表，請問電壓表應該接在圖甲中______(選填“①”或“②”)位置。

(2)先將開關S接通a，待電表示數(shù)穩(wěn)定后將開關切換到b，此后電壓表示數(shù)隨時間變化的關系如圖乙所示。由此可知，當開關接通a且電流表示數(shù)為0mA時，電壓表的示數(shù)為______V。

(3)在圖丙所示的過程中，電容器中的能量在______(選填“增加”或“減少”)。

12.用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。如圖所示，先讓入射小球m1從傾斜軌道某固定位置S由靜止釋放，從水平軌道拋出后撞擊豎直擋板；再把被撞小球m2靜置于水平軌道末端，將入射小球m1仍從位置S由靜止釋放，兩球發(fā)生正碰后各自飛出撞擊豎直擋板。多次重復上述步驟。小球平均落點位置分別為圖中P、M、N，點O與小球在斜槽末端時球心的位置等高，測量出ON、OP、OM的長度和m1、m2。

(1)入射小球質量為m1，半徑為r1；被撞小球質量為m2，半徑為r2，則需要______。

A.m1>m2，r1>r2

B.m1<m2，r1<r2

C.m1>m2，r1=r2

D.m1<m2，r1=r2

(2)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______(用m1、m2、四、計算題：本大題共3小題，共42分。13.如圖所示，粗糙斜面的動摩擦因數(shù)為0.5，傾角為37°，斜面足夠長。一個質量為1kg的物塊(可視為質點)，在電動機作用下，從A點由靜止勻加速至B點時達到最大速度20m/s，之后立即做勻速運動至C點，關閉電動機，從C點又恰好到達最高點D，且AB段經(jīng)歷時間只有CD段時間的2倍，全程電機功率不恒定，取重力加速度g=10m/s2，求：

(1)CD段的長度；

(2)物塊剛到達B點時電動機的功率。14.如圖所示，位于同一水平面上的物塊甲、乙、丙均可視為質點，質量分別為m1、m2和m3，初始時甲以速度v0向右勻速運動，乙、丙分別靜止在AB兩點。已知水平面足夠長，m1：m2：m3=2：1：7，A、B兩點間距為L，重力加速度為g，僅A、B兩點之間的地面可能存在摩擦，所有碰撞均沒有能量損失。

(1)若A、B兩點之間光滑，甲與乙、乙與丙各發(fā)生一次碰撞后立即將乙取走，判斷甲和丙能否再次發(fā)生碰撞；

(2)若甲、乙與AB間地面的動摩擦因數(shù)均為15.如圖甲所示，平面直角坐標系xOy中，0≤y≤L的范圍內有場強大小和方向均未知的勻強電場，一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子(可視為點電荷與質點)從點A(0,L)處飛出，其在之后一段過程內的速度可用如圖乙所示的圖像中動點P(vx,vy)表示，其中vx、vy分別為粒子在圖甲中沿x軸和y軸方向的速度分量。甲圖中粒子在A點出發(fā)時，乙圖中的P點位于a(v0,0)，粒子在電場力作用下由A運動到B的過程中，乙圖的P點由a沿線段ab運動到b(v0,?v0)；隨后粒子從B點離開電場，立刻沿切線進入x軸下方的一條固定光滑圓弧軌道并沿軌道運動至C點，該過程中圖乙的P點沿以O為圓心的圓弧從b移動至c(v0,v0)；之后粒子離開軌道返回電場，P點沿線段ca回到a點，后續(xù)的運動過程不再在圖乙中表示。已知任意相等時間內P點沿圖乙中閉合曲線通過的曲線長度都相等，不計重力，圖甲中O參考答案1.A

2.C

3.A

4.C

5.D

6.B

7.D

8.BC

9.ABD

10.AB

11.①

12

減少

12.C

m1OP=m13.解：(1)電動機在CD段做勻減速運動，設加速度為a1，由牛頓第二定律可得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，由運動學公式可得：0?v2=?2a1xCD，聯(lián)立解得：xCD=20m；

(2設物塊在AB段運動的加速度為a2，時間為tAB，CD段運動的時間為tCD，由運動學公式可得：v=a1tCD=a2tAB

14.解：以下解答均以向右為正方向。

(1)甲與乙先發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律與機械能守恒定律得：

m1v0=m1v1+m2v2

12m1v02=12m1v12+12m2v22

已知：m1：m2=2：1

解得：v1=m1?m2m1+m2?v0=13v0，v2=2m1m1+m2?v0=43v0

此后乙與丙發(fā)生彈性碰撞，同理可得：

m2v2=m2v2′+15.解：(1)粒子從A運動到B的過程中，其速度在圖乙中從a沿線段ab變化到b，故該過程中，vx保持不變始終為v0，則電場力方向與x軸相互垂直。又因為vy從0變?yōu)?v0，則電場力方向沿y軸負方向。可知粒子在AB間作類平拋運動，如圖1所示：

對B點速度正交分解并結合圖乙的b點可知：L=vy22a=v022a，又：a=qEm，解得：E=mv022qL

(2)因為P點沿圖乙中閉合曲線，通過的曲線長度就是粒子在對應過程中的速度變化量Δv，且已知任意相等時間內P點沿圖乙中閉合曲線通過的曲線長度都相等，即ΔvΔt為定值。

故粒子在圓弧軌道內做勻速圓周運動的向心加速度與其在AB間作類平拋運動的加速度大小相等，即：vB2R=qEm

其中R為圓弧軌道的半徑。由圖乙可知：vB=vx2+vy2=2v0，解得：R=4L

(3)由乙圖可知，粒子從C點回到電場后，在電場中的運動可分解為x軸方向上的勻速直線運動(速度大小為v0)和y軸方向上的勻變速直線運動(初速度v0沿