四川省達州市2025屆高二物理第一學期期末質量檢測試題含解析

四川省達州市2025屆高二物理第一學期期末質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一帶正電的物體在水平方向的勻強電場中沿光滑的水平面做曲線運動，當物體從M點運動到N點時，其速度方向恰好改變了90°，則物體在M點到N點的運動過程中，物體的電勢能將A.先增大后減小B.先減小后增大C.不斷增大D.不斷減小2、真空中有兩個點電荷，它們之間的靜電力為，將它們之間的距離增大為原來的2倍，則它們之間的靜電力變?yōu)椋ǎ〢. B.C. D.3、關于點電荷概念，下列說法正確的是（）A.點電荷就是電荷量很小的電荷B.點電荷就是體積很小的電荷C.體積較大的帶電體，不能看作點電荷D.帶電體能否看作點電荷，要視實際情況而定4、如圖，直線A為某電源的U－I圖線，曲線B為某小燈泡L1的U－I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L1串聯起來組成閉合回路時燈泡L1恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是()A.此電源的內電阻為ΩB.燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小D.由于小燈泡L1U－I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程中歐姆定律不適用5、如圖（a）所示，半徑為r的帶缺口剛性金屬圓環(huán)固定在水平面內，缺口兩端引出兩根導線，與電阻R構成閉合回路。若圓環(huán)內加一垂直于紙面變化的磁場，變化規(guī)律如圖（b）所示，規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，不計金屬圓環(huán)的電阻。以下說法正確的是（）A.0~1s內，流過電阻R的電流方向為a→bB.1~2s內，回路中的電流逐漸減小C.2~3s內，穿過金屬圓環(huán)的磁通量在減小D.t=2s時，Uab＝6、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直．一帶電粒子（重力不計）從左端以速度v沿虛線射入后做直線運動，則該粒子（）A.一定帶正電B.速度C.若速度，粒子在板間的運動是類平拋運動D.若此粒子從右端沿虛線方向進入平行板，仍做直線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，矩形ABCD位于勻強電場中，且與勻強電場方向平行．已知AB=2BC，A、B、D的電勢分別為6V、2V、4V．初動能為24eV、電荷量大小為4e的帶電粒子從A沿著AC方向射入電場，恰好經過B。不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A.該粒子一定帶負電B.該粒子達到點B時的動能為40eVC改變初速度方向，該粒子可能經過DD.改變初速度方向，該粒子可能經過C8、關于磁場中某處磁感應強度的方向，下列說法中正確的是（）A.與該處通電電流元所受安培力方向相同B.與該處小磁針靜止時N極的指向相同C.與該處小磁針靜止時S極的指向相同D.與該處小磁針N極的受力方向相同9、將一條形磁鐵從相同位置插入到閉合線圈中的同一位置，第一次緩慢插入，第二次快速插入，兩次插入過程中不發(fā)生變化的物理量是()A.磁通量的變化量 B.磁通量的變化率C.感應電流的大小 D.流過導體某橫截面的電荷量10、如圖所示，虛線右側存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，具有一定電阻的正方形金屬線框的右邊與磁場的邊界重合．在外力作用下，金屬線框從0時刻由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，t1刻線框全部進入磁場．若規(guī)定時針方向為感應電流i的正方向，則感應電流i、外力大小F、線框中電功率的瞬時值P以及通過導體橫截面的電荷量q隨時間t變化的關系可能正確的是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一根電阻R=0.6Ω的導線彎成一個半徑r=1m的圓形線圈,線圈質量m=1kg，此線圈放在絕緣光滑的水平面上，在y軸右側有垂直線圈平面的磁感應強度B=0.5T的勻強磁場，如圖所示．若線圈以初動能Ek0=5J沿x軸方向滑進磁場，當進入磁場0.5m時，線圈中產生的電能為E=3J．求此時線圈的運動速度的大小為______m/s，此時線圈加速度的大小為______m/s212．（12分）如圖兩個相干波源S1、S2產生的波在同一種均勻介質中相遇。圖中實線表示某時刻的波峰，虛線表示某時刻的波谷，圖中所標A、B、C、D、E，為介質中的質點，其中E點位于AD連線的中點，則其中處于減弱區(qū)的質點有________，從此刻起經四分之一周期時刻，E質點處于_______（選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，固定在水平面上間距為的兩條平行光滑金屬導軌，垂直于導軌放置的兩根金屬棒和長度也為、電阻均為，兩棒與導軌始終接觸良好．兩端通過開關與電阻為的單匝金屬線圈相連，線圈內存在豎直向下均勻增加的磁場，磁通量變化率為常量．圖中虛線右側有垂直于導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度大小為．的質量為，金屬導軌足夠長，電阻忽略不計（1）閉合，若使保持靜止，需在其上加多大的水平恒力，并指出其方向；（2）斷開，在上述恒力作用下，由靜止開始到速度大小為的加速過程中流過的電荷量為，求該過程安培力做的功14．（16分）如圖所示，在xoy坐標面的第一象限內有沿y軸方向的勻強電場，在第四現象內有垂直xoy平面向外的勻強磁場。一質量為m、帶電量為+q的粒子在P點（6L，L）以速度v0向x軸負方向運動，從x軸上N點（圖中未標出）進入磁場，然后從x軸上M點（2L，0）離開磁場，在M點速度方向與x軸負方向夾角為45°。不計粒子重力。(1)求電場強度E的大?。?2)求勻強磁場的磁感應強度B的大??；(3)求粒子從P點到M點所用的時間。15．（12分）如圖所示，水平導體棒AB被兩根豎直細線懸掛，置于垂直紙面向里的勻強磁場中，已知磁場的磁感應強度B＝0.5T，導體棒長L＝1m，質量m＝0.5kg，重力加速度g＝10m/s2，當導體棒中通以從A到B的電流時(1)判斷導體棒所受安培力方向；當電流I＝2A時，求導體棒所受安培力的大小F；(2)導體棒中通過的電流I′為多大時，細線中拉力剛好為0。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】帶電粒子速度方向改變了90°，則知電場力方向應為斜向右下方，與初速度的方向夾角先大于90°，后小于90°，才能出現末速度與初速度垂直的情況，因此電場力先做負功，當達到速度與電場力方向垂直后再做正功，則電勢能先增大后減小A．先增大后減小，與結論相符，選項A正確；B．先減小后增大，與結論不相符，選項B錯誤；C．不斷增大，與結論不相符，選項C錯誤；D．不斷減小，與結論不相符，選項D錯誤；2、B【解析】由點電荷庫侖力公式可以得到，電量不變，將它們之間的距離增大為原來的2倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?；A.，與結論不相符，選項A錯誤；B.，與結論相符，選項B正確；C.，與結論不相符，選項C錯誤；D.，與結論不相符，選項D錯誤3、D【解析】A．點電荷是一種理想化的物理模型，其帶電荷量并不一定是最小的，故A錯誤；B．點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，物體能不能簡化為點，不是看物體的絕對大小，而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，故B錯誤；C．能否看作點電荷與帶電體的體積大小無關，要看帶電體的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略，故C錯誤；D．帶電體能否看作點電荷，要看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，要看實際情況而定，故D正確故選D【點睛】點電荷是一種理想化的物理模型，當電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略，電荷量對原來的電場不會產生影響的時候，該電荷就可以看做點電荷，根據點電荷的條件分析可以得出結論4、B【解析】由圖讀出：電源的電動勢E=4V，內阻，故A錯誤；兩圖線的交點表示小燈泡D1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V，額定電流I=2A，則額定功率為P=UI=3×2=6W，故B正確．燈泡D1的電阻，換成一個1Ω，可知其電阻更接近電源的內阻，根據推論：電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡D1換成1Ω，電源的輸出功率將變大，故C錯誤；燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，U-I圖象為曲線的原因是燈泡電阻隨溫度的變化而變化，故D錯誤．故選B5、D【解析】A．0~1s內，穿過線圈垂直紙面向里的磁場在增大，根據楞次定律可得流過電阻R的電流方向為b→a，選項A錯誤；B．1~2s內，回路中電流圖像的斜率在1~2s內磁通量變化率恒定，所以電流恒定，選項B錯誤；C．2~3s內，穿過金屬圓環(huán)的磁通量垂直紙面向外在增大，選項C錯誤；D．由圖像可知t=2s時根據法拉第電磁感應定律可知，在第2s內選項D正確。故選D?！军c睛】注意磁通量變化量的方向，先判斷穿過線圈的磁通量的變化情況，然后后根據楞次定律判斷電流方向，此時線圈相當于一個電源，一定要注意這個電源有沒有內阻。6、B【解析】若粒子帶負電，則受到豎直向上的電場力和豎直向下的洛倫茲力，可以做直線運動，若粒子帶正電，受到豎直向下的電場力和豎直向上的洛倫茲力，可以做直線運動，故A錯誤；因為做直線運動，所以在豎直方向上合力為零，故，解得，B正確；若，則，使粒子偏轉，做曲線運動；但洛倫茲力方向不斷變化，故合力不恒定，不是類似平拋運動，C錯誤；此粒子從右端沿虛線方向進入，電場力與洛倫茲力在同一方向，不能做直線運動，D錯誤【點睛】在速度選擇器中，從左邊射入，速度滿足條件，電場力與洛倫茲力平衡與電量、電性無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等；電場線與等勢面垂直，根據受力判斷電性；動能定理求出動能；由電場線與等勢面間的關系可得，帶電粒將在電場中做類平拋運動，由平拋規(guī)律計算求解【詳解】根據勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，取AB的中點O，則O點的電勢為4V，連接OD則為等勢線，電場強度與等勢面垂直，且有高電勢指向低電勢，電場強度垂直O(jiān)D斜向上，由物體做曲線運動的條件，電場力斜向下，故電荷為負電荷；故A正確；由動能定理，得qU=EB-EA；-4e（6-2）=EB-24e；EB=8eV，故B錯誤；同理，由動能定理，得qU=ED-EA；-4e（6-4）=ED-24e；ED=16eV，故C正確；求得C點的電勢為0，由動能定理，得qU=EC-EA=-4e（6-0）=EC-24e

EC=0，由曲線運動可知，粒子到達C點動能不為零，故D錯誤；故選AC【點睛】關鍵知道：勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，找到等勢線，利用電場力做功與電勢能變化的關系以及電場強度與電壓的關系求解.8、BD【解析】A．根據左手定則可知，某處磁感應強度方向與該處通電電流元所受安培力的方向垂直，A錯誤；BCD．小磁針N極受磁力的方向或者靜止時N極指向就是該處磁感應強度的方向，BD正確C錯誤；故選BD。9、AD【解析】根據產生感應電流的條件分析有無感應電流產生．再根據法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的大小，由歐姆定律分析感應電流的大小．再由q=It可確定導體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值【詳解】A．當條形磁鐵插入線圈的瞬間，穿過線圈的磁通量增加，產生感應電流．條形磁鐵第一次緩慢插入線圈時，磁通量增加慢．條形磁鐵第二次迅速插入線圈時，磁通量增加快，但磁通量變化量相同，故A正確；B．根據法拉第電磁感應定律第二次線圈中產生的感應電動勢大，則磁通量變化率也大，故B錯誤；C．根據法拉第電磁感應定律第二次線圈中產生的感應電動勢大，再歐姆定律可知第二次感應電流大，即I2＞I1，故C錯誤；D．根據法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的大小，由歐姆定律分析感應電流的大?。儆蓂=It可確定導體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值，由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過導體橫截面的電荷量不變，故D正確所以AD正確，BC錯誤10、ACD【解析】線框做勻加速運動，其速度v=at，感應電動勢E=BLv，感應電流，i與t成正比，故A正確；線框進入磁場過程中受到的安培力，由牛頓第二定律得：，得，F-t圖象是不過原點的傾斜直線，故B錯誤；線框的電功率，故P-t圖象應是開口向上，過原點的拋物線，故C正確；線框的位移，則電荷量，故q-t圖象應是開口向上，過原點的拋物線，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2②.2.5【解析】（1）由能量守恒定律得：代入數據解得：；（2）進入磁場x=0.5m時，切割磁感線的有效長度：感應電動勢：E=BLv線圈受到的安培力：由牛頓第二定律得：F=ma代入數據解得：a=2.5m/s212、①.B、C②.波谷【解析】[1]．因為B、C兩點是峰谷相遇點，是處于減弱區(qū)的質點；[2]．E點處于峰峰相遇的A點與谷谷相遇的D點連線的中點，可知此時刻位于平衡位置，則從此刻起經四分之一周期時刻，E質點處于波谷.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向水平向右；（2）【解析】（1）設線圈中的感應電動勢為，由法拉第電磁感應定律，則①設與并聯的電阻為，有②閉合時，設線圈中的電流為，根據閉合電路歐姆定律得