2025屆湖北省武漢第二中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

2025屆湖北省武漢第二中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、“神舟十一號”發(fā)射升空后，飛行了43小時53分鐘，繞地球運行27圈，與天宮二號完成自動交會對接，這標志著我國航天事業(yè)又邁上了一個新臺階．假定正常運行的“神舟十一號”飛船和通信衛(wèi)星(同步衛(wèi)星)做的都是勻速圓周運動，下列說法正確的是A．飛船的線速度比通信衛(wèi)星的線速度小B．飛船的角速度比通信衛(wèi)星的角速度小C．飛船的運行周期比通信衛(wèi)星的運行周期大D．飛船的向心加速度比通信衛(wèi)星向心加速度大2、如圖所示，某同學(xué)在教室中站在體重計上研究超重與失重．她由穩(wěn)定的站姿變化到穩(wěn)定的蹲姿稱為“下蹲”過程；由穩(wěn)定的蹲姿變化到穩(wěn)定的站姿稱為“起立”過程．關(guān)于她的實驗現(xiàn)象，下列說法中正確的是A．只有“起立”過程，才能出現(xiàn)失重的現(xiàn)象B．只有“下蹲”過程，才能出現(xiàn)超重的現(xiàn)象C．“起立”、“下蹲”的過程，都能出現(xiàn)超重和失重的現(xiàn)象D．“起立”的過程，先出現(xiàn)失重現(xiàn)象后出現(xiàn)超重現(xiàn)象3、物理學(xué)中有些結(jié)論不一定要通過計算才能驗證，有時只需通過一定的分析就能判斷結(jié)論是否正確．根據(jù)流體力學(xué)知識，噴氣式飛機噴出氣體的速度v與飛機發(fā)動機燃燒室內(nèi)氣體的壓強p、氣體密度ρ及外界大氣壓強p0有關(guān)．試分析判斷下列關(guān)于噴出氣體的速度的倒數(shù)的表達式正確的是（）A． B．C． D．4、如圖所示，帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上，與正下方的小球B通過輕繩連接，處于靜止狀態(tài)。給小球B施加水平力F使其緩慢上升，直到小球A剛要滑動．在此過程中()A．水平力F的大小不變 B．桿對小球A的支持力不變C．輕繩對小球B的拉力先變大后變小 D．桿對小球A的摩擦力先變小后變大5、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊．開始時滑塊靜止．若在滑塊所在空間加一水平勻強電場E1，持續(xù)一段時間后立即換成與E1相反方向的勻強電場E1．當電場E1與電場E1持續(xù)時間相同時，滑塊恰好回到初始位置，且具有動能．在上述過程中，E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1；E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1．則A．I1=I1 B．4I1=I1C．W1=0.15W1=0.75 D．W1=0.10W1=0.806、下列關(guān)于功、功率的說法，正確的是（）A．只要力作用在物體上，則該力一定對物體做功B．由P=知，只要知道W和t就可求出任意時刻的功率C．摩擦力一定對物體做負功D．由P=Fv知，當汽車發(fā)動機功率一定時，牽引力與速度成反比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是（）A．控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強也增大B．沒有摩擦的理想熱機可以把獲得的能量全部轉(zhuǎn)化為機械能C．兩個分子甲和乙相距較遠（此時它們之間的作用力可以忽略），設(shè)甲固定不動，乙逐漸向甲靠近，直到不能再靠近，在整個移動過程中分子力先增大后減小，分子勢能先減小后增大D．晶體熔化過程中，吸收的熱量全部用來破壞空間點陣，增加分子勢能，而分子平均動能卻保持不變，所以晶體有固定的熔點E.理想氣體的熱力學(xué)溫度與分子的平均動能成正比8、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小球，電梯中有質(zhì)量為50kg的乘客，在電梯運行時乘客發(fā)現(xiàn)輕質(zhì)彈簧的伸長量始終是電梯靜止時的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判斷（）A．電梯可能加速下降，加速度大小為5m/s2B．電梯可能減速上升，加速度大小為2.5m/s2C．乘客處于失重狀態(tài)D．乘客對電梯地板的壓力為425N9、質(zhì)量為m的小球，用細線懸掛在O點，在O點的正下方有一光清的釘子P，把小球拉到M位置，擺線被釘子攔住。N點是小球做圓周運動最低點，M、N兩點間的豎直高度為h。如圖所示，讓小球從M點由靜止釋放，小球繞P點做圓周運動，經(jīng)過最低點后改繞O點做圓周運動（一切阻力忽略不計），下列說法正確的是（）A．第一次經(jīng)過最低點時小球的角速度突然減小B．第一次經(jīng)過最低點時小球的向心加速度突然減小C．第一次經(jīng)過最低點時小球受到的向心力突然增大D．第一次經(jīng)過最低點后，小球上升距N點的豎直高度一定是h10、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝20N、F2＝10N，則下列說法正確的是()A．彈簧的彈力大小為16NB．若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小為10NC．如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2ND．若F1＝10N、F2＝20N，則彈簧的彈力大小不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究“彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”時，小明同學(xué)用如圖(a)所示的實驗裝置進行實驗；將該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上砝碼盤。通過改變盤中砝碼的質(zhì)量，用刻度尺測出彈簧對應(yīng)的長度，測得實驗數(shù)據(jù)如下：實驗次數(shù)123456砝碼質(zhì)量m/g0306090120150彈簧的長度x/cm6.007.148.349.4810.6411.79①小明同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在坐標紙上用描點法畫出x－m圖像如圖(b)所示。②作出的圖線與坐標系縱軸有一截距，其物理意義是______，該彈簧的勁度系數(shù)k=______N/m。(結(jié)果保留3位有效數(shù)字，重力加速度g取10m/s2)③該同學(xué)得到該彈簧的勁度系數(shù)的實驗結(jié)果與考慮砝碼盤的質(zhì)量相比，結(jié)果______。選填（“偏大”“偏小”或“相同”）12．（12分）(1)某同學(xué)用如圖所示的實驗裝置驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M.，彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結(jié)點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計A和B的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和三條細線的___（填“長度”或“方向”）(2)本實驗用的彈簧測力計示數(shù)的單位為N，圖中彈簧測力計A的示數(shù)為___________N.(3)本實驗中，下列必要的實驗操作是__________A、應(yīng)測量重物M所受的重力B．彈簧測力計應(yīng)在使用前校零C．拉線方向應(yīng)與木板平面平行D．改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置(4)本實驗采用的科學(xué)方法是（______________）A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）宇航員在某星球表面以初速度豎直上拋一小球，經(jīng)過時間小球落回原處．若他用發(fā)射裝置在該星球表面以速度水平發(fā)射出一個小球，小球恰好不落回星球表面．星球表面沒有空氣．不考慮星球的自傳．萬有引力恒量為．求：（1）宇航員質(zhì)量為時，他在該星球表面的重力為多大？（2）擺長為的單擺，在該星球表面的固有周期是多少?（3）該星球的平均密度．14．（16分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點．現(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿桌面滑動．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.1m，A與B的質(zhì)量相等，A與B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)=0.1．取重力加速度g=10m/s1，求：（1）碰撞前瞬間A的速率v．（1）碰撞后瞬間A與B整體的速度．（3）A與B整體在桌面上滑動的距離L．15．（12分）如圖所示，真空室中電極K發(fā)出的電子(初速不計）經(jīng)過電勢差為U1的加速電場加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場，最后打在熒光屏上．CD兩板間的電勢差UCD隨時間變化如圖所示，設(shè)C、D間的電場可看作是均勻的，且兩板外無電場．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e(重力不計)，C、D極板長為L,板間距離為d,偏轉(zhuǎn)電壓U2,熒光屏距C、D右端的距離為L/6,不同時刻從K極射出的電子都能通過偏轉(zhuǎn)電極且不計電子間的相互作用．求：（1）電子通過偏轉(zhuǎn)電場的時間t0（2）若UCD的周期T=t0,熒光屏上電子能夠到達的區(qū)域的長度；（3）若UCD的周期T=2t0,到達熒光屏上O點的電子的動能？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)題意可知神州十一號的運行周期小于24小時，即小于通訊衛(wèi)星的周期，所以飛船的角速度大于通訊衛(wèi)星的角速度，選項BC錯誤；由開普勒第三定律可知，神州十一號的運行半徑小于通信衛(wèi)星，再根據(jù)可知，飛船的線速度大于通訊衛(wèi)星的線速度，選項A錯誤；再根據(jù)可知，飛船的向心加速度大于通訊衛(wèi)星的向心加速度，選項D正確，綜上本題選D.2、C【解析】

下蹲過程中，人先向下做加速運動，后向下做減速運動，所以先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)；人從下蹲狀態(tài)站起來的過程中，先向上做加速運動，后向上做減速運動，最后回到靜止狀態(tài)，人先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，故C正確，ABD錯誤．故選C.3、A【解析】物理表達式兩側(cè)單位要相同，AB選項右側(cè)單位為，C選項右側(cè)單位是m/s，D選項右側(cè)單位也不是s/m，故CD均錯誤；結(jié)合實際情況，內(nèi)外壓強差越大，噴氣速度越大，顯然A符合，B不符合，故A正確，B錯誤；故選A．點睛：在平時的物理解題中，可以通過量綱、實際情況、化解過程對表達式進行檢驗．4、D【解析】

AC.對小球受力分析，受拉力F、重力和細線的拉力T，根據(jù)平衡條件，三個力可以構(gòu)成首尾相連的矢量三角形，如圖所示隨著的增大，拉力F和細線的拉力T均增加，故AC錯誤；BD.對AB球整體分析，受重力、拉力F、支持力N和靜摩擦力f，如圖所示設(shè)桿與水平方向的夾角為，根據(jù)平衡條件，在垂直桿方向有隨著F的增加，支持力增加；在平行桿方向有故有隨著F的增加，靜摩擦力逐漸減小，當時，摩擦力為零，此后靜摩擦力反向增大，故D正確B錯誤。故選D。5、C【解析】設(shè)第一過程末速度為v2，第二過程末速度大小為v2．根據(jù)上面的分析知兩過程的平均速度大小相等，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律有，所以有v2=2v2．根據(jù)動能定理有：，，而，所以，，故C正確，D錯誤；又因為位移大小相等，所以兩個過程中電場力的大小之比為2：3，根據(jù)沖量定義得：I2=F2t，I2=F2t，所以I2=3I2，故AB錯誤．6、D【解析】只有同時滿足功的兩個條件，力才做功，即：物體受力，同時在力的方向上發(fā)生了位移，故A錯誤；公式P=W/t只能計算平均功率，不能計算瞬時功率，故B錯誤；恒力做功的表達式W=FScosα，滑動摩擦力的方向與物體相對運動方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，物體受滑動摩擦力也有可能位移為零，故可能做負功，也可能做正功，也可以不做功；靜摩擦力的方向與物體相對運動趨勢方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，還可以與運動方向垂直，故靜摩擦力可以做正功，也可以做負功，也可以不做功，故C錯誤；據(jù)P=Fv可知，當功率恒定時，牽引力與速度成反比，故D正確．故選D．點睛：解答此題的關(guān)鍵是：①理解做功的兩個必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過的距離．二者缺一不可；②理解平均功率和瞬時功率的概念，會用控制變量法討論；③同時要明確恒力做功的求法．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ADE【解析】溫度升高時，液體分子的平均動能增大，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)增多，所以達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強也增大，A正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律知熱機的效率不可能為1，B錯誤；兩個分子甲和乙相距較遠（此時它們之間的作用力可以忽略），設(shè)甲固定不動，乙逐漸向甲靠近，直到不能再靠近，在整個移動過程中分子力先減小后增大，分子勢能先減小后增大，C錯誤；晶體熔化過程中，吸收的熱量全部用來破壞空間點陣，增加分子勢能，而分子平均動能卻保持不變，所以晶體有固定的熔點，D正確；理想氣體的熱力學(xué)溫度與分子的平均動能成正比，故E正確．8、BC【解析】電梯靜止不動時，小球受力平衡，有mg=kx，電梯運行時彈簧的伸長量變?yōu)殪o止時的3/4，說明彈力變小了，根據(jù)牛頓第二定律，有mg-34kx=ma，即a=2.5m/s2，加速度向下，電梯可能加速下降或減速上升，乘客處于失重狀態(tài)，選項AC錯誤，選項B正確；以乘客為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：m′g-FN=m′a，乘客對地板的壓力大小為FN=m′g-m′a=500-50×2.5N=375N，選項D錯誤．故選點睛：此題是牛頓第二定律的應(yīng)用問題；關(guān)鍵是對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷出小球的加速度方向，由于小球和電梯相對靜止，從而得到電梯的加速度，最后判斷電梯的超、失重情況．9、ABD【解析】

ABC．第一次經(jīng)過最低點時小球的線速度不變，因r變大，根據(jù)v=ωr，則角速度突然減??；根據(jù)可知，向心加速度突然減?。桓鶕?jù)F=ma可知，向心力突然減小，選項AB正確，C錯誤；D．由機械能守恒定律可知，第一次經(jīng)過最低點后，小球上升距N點的豎直高度一定是h，選項D正確。10、AC【解析】

A.彈簧不在伸長后，AB具有相同的加速度。對于整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa代入數(shù)據(jù)解得：F彈=16N故A正確；B.若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小仍然為16N，故B錯誤；C.只有F1作用時，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F1=（mA+mB）a解得：a=4m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa解得：F彈=12N故C正確；D.若F1=10N、F2=20N，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+mB）a解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F彈-F1=mAa解得：F彈=14N故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、砝碼盤中未放砝碼時彈簧的長度25.9相同【解析】

(2)[1]圖線與縱坐標軸的交點表示砝碼盤中未放砝碼時彈簧的長度[2]結(jié)合表中數(shù)據(jù)可知，彈簧的勁度系數(shù)(3)[3]根據(jù)公式ΔF=kΔx計算出的勁度系數(shù)，是否考慮砝碼盤的質(zhì)量對結(jié)果無影響，故結(jié)果相同12、方向3.6ABCB【解析】

(1)[1]為了驗證力的平行四邊形定則，除了記錄力的大小還應(yīng)記錄力的方向，所以應(yīng)記錄三條細線的方向；(2)[2]彈簧測力計讀數(shù)，每1N被分成5格，則1格就等于0.2N．圖指針落在3N到4N的第3格處，所以3.6N；(3)[3]A．實驗通過作出三個力的圖示，來驗證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道，故A正確；B．彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測量之前校零，故B正確；C．拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準確性，故C正確；D、當結(jié)點O位置確定時，彈簧測力計A的示數(shù)也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均一定，因此彈簧測力計B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次實驗，故D錯誤。(4)[4]由實驗原理可知該同學(xué)在做“驗證力的平行四邊形法則”的實驗中采取了等效替代法，即合力與分力的關(guān)系是等效的，故B正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】（1）依據(jù)豎起上拋的特點，故，所以宇航員的重力．（2）依據(jù)周期公式，解得周期，．（3）依據(jù)萬有引力航天公式，依據(jù)密度公式，依據(jù)黃金代換公式，解得：密度．14、（1）1m/s（1）1m/s（3）0.15m【解析】

（1）對A從圓弧最高點到最低點的過程應(yīng)用