2025屆四川省瀘州市龍馬潭區(qū)天立學(xué)校物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆四川省瀘州市龍馬潭區(qū)天立學(xué)校物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列選項中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣．坐標(biāo)原點O處電場強度最大的是A． B．C． D．2、如圖所示,實線為電場線,虛線表示等勢面,相鄰兩個等勢面之間的電勢差相等,有一個運動的正電荷在等勢面l3上某點的動能為20J,運動至等勢面l1上的某一點時動能變?yōu)?,若取l2為零勢面,則此電荷的電勢能為2J時,其動能為（?）A．18B．10JC．8JD．2J3、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出．僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負(fù)電B．a(chǎn)的加速度減小，b的加速度增大C．a(chǎn)的電勢能減小，b的電勢能增大D．a(chǎn)的動能減小，b的動能增大4、套有三個帶電小球的圓環(huán)放在水平面桌面上（不計一切摩擦），小球的電荷量保持不變，整個裝置平衡后，三個小球的一種可能位置如圖所示．三個小球構(gòu)成一個銳角三角形，三角形的邊長大小關(guān)系是AB>AC>BC，可以判斷圖中A．三個小球電荷量的代數(shù)和可能為0B．三個小球一定帶同種電荷C．三個小球所受環(huán)的彈力大小為FA>FC>FBD．三個小球帶電荷量的大小為QA>QC>QB5、如圖所示，一個帶電粒子，從粒子源飄入(初速度很小，可忽略不計)電壓為U1的加速電場，經(jīng)加速后從小孔S沿平行金屬板A、B的中心線射入，A、B板長為l，相距為d，電壓為U2。則帶電粒子能從A、B板間飛出，應(yīng)該滿足的條件是()A．≤B．≤C．≤D．≤6、豎直絕緣墻壁上Q點固定一質(zhì)點A，在Q的正上方P點用絲線懸掛另一質(zhì)點B；A、B兩質(zhì)點因帶電而互相排斥，致使懸線與豎直方向成θ角，如圖所示．由于漏電，使A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少，在電荷漏完之前，懸線對質(zhì)點B的拉力大小將（假設(shè)兩小球始終可以看成質(zhì)點）（）A．逐漸變大 B．逐漸變小C．大小不變 D．先變大后變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、歐姆表是由表頭、干電池和調(diào)零電阻等串聯(lián)而成的，有關(guān)歐姆表的使用和連接，正確的A．測電阻前要使紅黑表筆相接，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使表頭的指針指零B．紅表筆與表內(nèi)電池的正極相接，黑表筆與表內(nèi)電池的負(fù)極相接C．紅表筆與表內(nèi)電池的負(fù)極相接，黑表筆與表內(nèi)電池的正極相接D．測電阻時，表針偏轉(zhuǎn)角越大，待測阻值越大8、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V，內(nèi)阻不計，L1、L2是相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為10Ω．當(dāng)開關(guān)S閉合后A．L1的電阻為1.2ΩB．L1消耗的電功率為0.75WC．L2的電阻為5ΩD．L2消耗的電功率為0.1W9、壓敏電阻的阻值R隨所受壓力的增大而減小。其興趣小組利用壓敏電阻設(shè)計了判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，其裝置示意圖如圖所示。將壓敏電阻平放在電梯內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體A，電梯靜止時電壓表示數(shù)為，電梯在某次運動過程中，電壓表的示數(shù)變化情況如圖乙所示，下列判斷中錯誤的是（）。A．乙圖表示電梯可能勻速下降B．乙圖表示電梯可能勻減速下降C．乙圖表示電梯可能變減速上升D．乙圖表示電梯可能變減速下降10、輕繩一端通過光滑的定滑輪與物塊P連接，另一端與套在光滑豎直桿上的圓環(huán)Q連接，Q從靜止釋放后，上升一定距離到達(dá)與定滑輪等高處，則在此過程中（）A．任意時刻P、Q兩物體的速度大小滿足vP<vQB．任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等C．物塊P機械能不守恒，Q一直加速上升D．當(dāng)Q上升到與滑輪等高時，Q的機械能最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在下面括號內(nèi)列舉的科學(xué)家中，對發(fā)現(xiàn)和完善萬有引力定律有貢獻(xiàn)的是．（安培、牛頓、焦耳、第谷、卡文迪許、麥克斯韋、開普勒、法拉第）12．（12分）有一電壓表V1,其量程為3V,內(nèi)阻約為3000Ω,要準(zhǔn)確測量該電壓表的內(nèi)阻,提供的實驗器材有:電源E：電動勢約15V,內(nèi)阻不計；電流表A1：量程100mA,內(nèi)阻r1=20Ω；電壓表V2：量程2V,內(nèi)阻r2=2000Ω；定值電阻R1：阻值20Ω；定值電阻R2：阻值3Ω；滑動變阻器R0：最大阻值10Ω，額定電流1A；電鍵一個,導(dǎo)線若干。（1）實驗中應(yīng)選用的電表是__________；定值電阻應(yīng)選用____________。（2）請你設(shè)計一個測量電壓表V1的實驗電路圖，畫在虛線框內(nèi)________（3）說明實驗所要測量的物理量：_______________________（4）寫出電壓表V1內(nèi)阻的計算表達(dá)式__________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）小型直流電動機（其線圈內(nèi)阻為r=1）與規(guī)格為“4V、4W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為R=5的電阻串聯(lián),然后接至U=12V的電壓上，如圖小燈泡恰好正常發(fā)光，電動機正常工作,求：（1）通過電動機的電流（2）電動機的輸出功率P出．14．（16分）萬有引力定律揭示了天體運行規(guī)律與地上物體運動規(guī)律具有內(nèi)在的一致性。用彈簧秤稱量一個相對于地球靜止的小物體的重量，隨稱量位置的變化可能會有不同的結(jié)果。已知地球質(zhì)量為M，自轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G。將地球視為半徑為R、質(zhì)量均勻分布的球體，不考慮空氣的影響。設(shè)在地球北極地面稱量時，彈簧秤的讀數(shù)是F0。(1)若在北極上空高出地面h處稱量，彈簧秤讀數(shù)為F1，求比值F1F0的表達(dá)式，并就h＝1.0%R的情形算出具體數(shù)值(2)若在赤道地面稱量，彈簧秤讀數(shù)為F2，求比值F215．（12分）在圖示電路中，穩(wěn)壓電源的電壓U=9V，電阻R1=9Ω，R2為滑動變阻器，電流表為理想電表．小燈泡L標(biāo)有“6V，6W”字樣，電阻隨溫度的變化不計．電鍵S斷開時，求：(1)電流表的示數(shù)I；(2)小燈泡L的實際功率PL；(3)閉合電鍵S，為使小燈泡L正常發(fā)光，滑動變阻器R2接入電路的阻值是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據(jù)點電荷的電場強度公式可得各圓環(huán)上的電荷在O點的電場場強大小，再根據(jù)矢量合成，求出合場強，最后比較它們的大小即可．由于電荷均勻分布，則各圓環(huán)上的電荷等效集中于圓環(huán)的中心，設(shè)圓的半徑為r，則A圖O點處的場強大小為；將B圖中正、負(fù)電荷產(chǎn)生的場強進(jìn)行疊加，等效兩電荷場強方向間的夾角為91°，則在O點的合場強,方向沿x軸負(fù)方向；C圖中兩正電荷在O點的合場強為零，則C中的場強大小為，D圖由于完全對稱，易得合場強ED=1．故O處電場強度最大的是圖B．故答案為B．【考點定位】本題考查電場的疊加,要注意采用等效思想及矢量的運算．難度：中等．2、C【解析】帶電粒子在電場中只受電場力作用，則電勢能和動能之和守恒，設(shè)L1電勢為U，L2電勢為0，則L3電勢為-U；根據(jù)能量關(guān)系可知：Ek3-Uq=Uq，則Uq=10J，則粒子的總能量為：E=qU=10J；則此電荷的電勢能為2J時，其動能為8J，故選C.點睛：解決本題的關(guān)鍵知道電場力做功和電勢能的變化關(guān)系，以及知道電荷的電勢能和動能之和保持不變．3、B【解析】

A、由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定，故A錯誤；B、根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強度變?nèi)酰艿碾妶隽υ跍p小，加速度在減小，故B正確；CD、根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力、速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，其動能都增大，其電勢能都減小，故CD錯誤．故選：B．【點睛】先由曲線運動的條件判斷電場力的方向，明確電場力做功與電勢能、動能的關(guān)系；由電場線與電場強度的關(guān)系即可判斷加速度的變化．4、B【解析】

對A分析，彈力過圓心，根據(jù)平衡條件，要么B與C對A引力，要么對A斥力，才能處于平衡狀態(tài)，因此A不可能受到一個斥力一個引力，所以BC帶同電，分析B根據(jù)平衡條件可得AC同電，可得三個同電，所以三個小球電荷量的代數(shù)和不可能為零，A錯誤B正確；A受到兩斥力，設(shè)圓心O，AB大于AC，同時角OAB小于角OAC，可得受B力更大，又離B遠(yuǎn)可得B電量大于C，同理A電量大于B電量，，故D錯誤；根據(jù)相似三角形法可得，故可得，C錯誤；【點睛】三個帶電小球處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡狀態(tài)找出研究對象所受的合力必須為零進(jìn)行判斷．三個力平衡．任意兩個力的合力與第三個力等值反向．5、C【解析】

帶電粒子在電場中被加速，則有帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，可看成勻速直線運動與勻加速直線運動的兩分運動，勻速直線運動：由運動學(xué)公式得，勻加速直線運動：設(shè)位移為x，則有要使帶電粒子能飛出電場，則有聯(lián)立解得：故C正確。6、C【解析】試題分析：以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖．作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G．根據(jù)△FBF1∽△PQB得：又FF1=F2，得：A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變．故選C．考點：物體的平衡【名師點睛】題是力學(xué)中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關(guān)系，進(jìn)行分析，也可以應(yīng)用函數(shù)法求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．使用歐姆表測電阻確定合適的擋位后要進(jìn)行歐姆調(diào)零，要使紅黑表筆相接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使表頭的指針指向歐姆刻度的零處，故A正確；BC．紅表筆與表內(nèi)電池負(fù)極相接，黑表筆與表內(nèi)電池正極相連接，故B錯誤，C正確；D．歐姆表零刻度線在最右側(cè)，測電阻時，表針偏轉(zhuǎn)角度越大，待測電阻值越小，故D錯誤．8、BC【解析】

AB、當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻，功率P1=U1I1=0.75W．故選項A不符合題意，選項B符合題意；C、燈泡L2的電壓為U，電流為I，R與燈泡L2串聯(lián)，則有，在小燈泡的伏安特性曲線作圖，如圖所示，則有，L2的電阻為5Ω，L2消耗的電功率為0.2W，故選項C符合題意，選項D不符合題意；故選BC．9、ABC【解析】

A．電梯勻速下降時，壓敏電阻所受壓力等于重力不變，其電壓不變，與圖象反映的情況不符，故A錯誤；B．電梯勻減速下降時，加速度不變，壓敏電阻所受壓力不變，其電壓不隨時間而變化，與圖象情況不符，故B錯誤；C．電梯變減速上升時，其加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律，壓敏電阻所受壓力小于重力，則其電壓逐漸增大，與圖象意義不符，故C錯誤；D．電梯變減速下降時，壓力大于重力，由其特性知，其電壓逐漸減小，與圖象的意義相符，故D正確。10、AD【解析】

A.將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．當(dāng)輕繩與桿的夾角為θ時，由速度的分解有：vP=vQcosθ，cosθ<1，則得vP<vQ.故A正確；B.P先向下做加速運動，處于失重狀態(tài)，則繩的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小，后向下減速，處于超重狀態(tài)，拉力大小大于P的重力大小，故B錯誤；C.物塊P下落過程中，繩子拉力對P做負(fù)功，則P的機械能減?。甉開始細(xì)線拉力沿豎直方向的分力大于重力，加速度方向向上，后來細(xì)線的拉力沿豎直方向的分力小于重力，加速度方向向下，Q先加速上升，后減速上升，故C錯誤；D.除重力以外其它力做的功等于物體機械能的增量，物塊Q上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊Q上升到與滑輪等高后，拉力做負(fù)功，機械能減?。訯上升到與滑輪等高時，機械能最大．故D正確．故選AD【點睛】將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．結(jié)合平行四邊形定則求出P、Q速度的關(guān)系．通過繩子拉力對Q物體的做功情況，判斷物塊Q機械能的變化，從而得出何時機械能最大．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、第谷、開普勒、牛頓、卡文迪許【解析】分析：本題強調(diào)對萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)和完善有貢獻(xiàn)的科學(xué)家，第谷是觀測家，從而為開普勒得出三定律奠定基礎(chǔ)．牛頓在前人的基礎(chǔ)之上發(fā)現(xiàn)萬有引力定律．最后卡文迪許測出引力常量，從而完善了定律．解答：解：對發(fā)現(xiàn)和完善萬有引力定律有貢獻(xiàn)的是：第谷、開普勒、牛頓、卡文迪許故答案為第谷、開普勒、牛頓、卡文迪許點評：對物理定律與定理的物理史實要熟悉，同時還要記清晰．12、V2R1電壓表V1的示數(shù)U1，電壓表V2的示數(shù)U2【解析】

(1)[1][2]因為待測電壓表的電壓量程為3V，最大電流為：遠(yuǎn)小于電流表的量程，而電壓表V2的量程與其電壓量程接近，所以電表應(yīng)選電壓表V2；為保護(hù)電源，定值電阻應(yīng)選阻值大的R1.(2)[3]因為滑動變阻器的總電阻遠(yuǎn)小于待測電壓表內(nèi)阻,所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法;因為待測電壓表的額定電流為，電壓表V2的額定電流為：所以應(yīng)將兩電壓表串聯(lián)使用，電路圖如圖所示:(3)[4]根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有：計算得出：所以所以應(yīng)測量的物理量是電壓表的示數(shù)和電壓表的示數(shù);(4)[5]根據(jù)上面的分析可以知道,待測電壓表內(nèi)阻表達(dá)式為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案