2025屆福建省漳州市高三上學期畢業(yè)班第一次檢測（一模）物理試題（含答案解析）

物理試題全卷滿分100分?？荚囉脮r75分鐘。一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.玉兔二號”巡視器的核電池中钚238的衰變方程為，則（）A.為 B.中子數(shù)為144C.溫度升高，钚238半衰期變長 D.衰變后與鈾核的質量之和等于衰變前钚核的質量【答案】B【解析】【詳解】A．钚238的衰變滿足質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可知钚238的衰變中的X為，故A錯誤；B．的中子數(shù)為238-94=144，故B正確；C．半衰期由原子核本身決定的，與溫度、位置等外部因素無關，故C錯誤；D．核反應過程出現(xiàn)了質量虧損，衰變后與鈾核的質量之和不會等于衰變前钚核的質量，故D錯誤。故選B2.在巴黎奧運會上，中國跳水夢之隊首次包攬八金。如圖甲所示，在某次跳水比賽中，假設運動員入水前做豎直上拋運動，從離開跳板瞬間開始計時，取豎直向下為正方向，該運動員重心的豎直速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，其中部分為直線。則（）A.時刻運動員離水面最高 B.時刻運動員離水面最高C.時刻運動員所受重力瞬時功率最大 D.運動員所受重力沖量為零【答案】A【解析】【詳解】AB．由乙圖可知，時刻運動員向上減速到零，故時刻運動員離水面最高，故A正確，B錯誤；C．由乙圖可知，時刻運動員的速度為零，故此時的重力瞬時功率為零，故C錯誤；D．根據(jù)可知運動員所受重力沖量不零，故D錯誤。故選A。3.電磁俘能器可在汽車發(fā)動機振動時利用電磁感應發(fā)電實現(xiàn)能量回收，結構如圖甲所示。兩對永磁鐵可隨發(fā)動機一起上下振動，每對永磁鐵間有水平方向的勻強磁場，正方形閉合線圈豎直固定在減震裝置上。永磁鐵振動時磁場分界線不會離開線圈，某時刻磁場分界線剛好位于線圈正中央，如圖乙所示。則從該時刻起（）A.永磁鐵振動時穿過線圈的磁通量不變B.永磁鐵振動越快，線圈中感應電動勢越小C.永磁鐵振動時，受到線圈的阻力方向不變D.永磁鐵向上振動時，線圈中感應電流的方向為逆時針【答案】D【解析】【詳解】A．永磁鐵振動時，由于處于上下兩個磁場的面積發(fā)生變化，所以穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，故A錯誤；B．永磁鐵振動越快，則磁通量變化越快，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，線圈中的感應電動勢越大，故B錯誤；C．永磁鐵向上振動時，受到線圈的阻力方向向下；永磁鐵向下振動時，受到線圈的阻力方向向上；故C錯誤；D．永磁鐵向上振動時，即線圈相對于磁場向下運動，由圖乙可知，穿過線圈的磁通量向里增加，根據(jù)安培定則可知線圈中感應電流的方向為逆時針方向，故D正確。故選D。4.“嫦娥七號”探測器將于2026年前后發(fā)射，準備在月球南極登陸，登陸月球前假設探測器繞月球做周期為的勻速圓周運動，軌道半徑可認為等于月球半徑。月球繞地球做周期為的勻速圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的倍。引力常量為，則（）A.根據(jù)題中所給信息可求出地球的質量 B.根據(jù)題中所給信息可求出月球的質量C.周期和滿足 D.地球質量與月球質量之比【答案】D【解析】【詳解】A．月球繞地球近似做勻速圓周運動的周期為，則有解得由于不知道月球的半徑，故不能求出地球的質量，故A錯誤；B．嫦娥七號繞月球表面做勻速圓周運動的周期為，則有解得由于不知道月球的半徑，故不能求出月球的質量，故B錯誤；C．開普勒第三定律是相對于同一個中心天體的，不同的中心天體該表達式不正確，故C錯誤；D．地球的質量與月球的質量之比等于故D正確。故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.電子透鏡是通過靜電場使電子束聚焦的裝置，圖中實線為電子透鏡兩極間的電場線?，F(xiàn)有一電子僅在電場力作用下從M點運動到P點，運動軌跡如圖虛線所示。則（）A.M點的場強比P點的場強大 B.P點的電勢高于M點的電勢C.從M到P電子的動能增大 D.從M到P電子的電勢能增大【答案】BC【解析】【詳解】A．電場線的疏密程度反映電場的強弱，由圖可知M點處的電場線比P點處的稀疏，所以M點的場強比P點的場強小，故A錯誤；B．根據(jù)沿電場線的方向電勢降低，結合等勢面與電場方向垂直，可知P點的電勢高于M點的電勢，故B正確；CD．根據(jù)由于電子帶負電，P點的電勢高于M點的電勢，所以電子在P點的電勢能小于在M點的電勢能，則電子僅在電場力作用下從M點運動到P點，電勢能減小，電場力做正功，則電子的動能增大，故C正確，D錯誤。故選BC。6.圖甲為中國京劇中的水袖舞表演，水袖的波浪可視為簡諧橫波。圖乙為該橫波在時刻的波形圖，為該波上兩個質點，此時位于平衡位置，位于波峰，且比先振動。圖丙為波上某質點的振動圖像。則（）A.該波的傳播速度為 B.圖丙可能為質點的振動圖像C.時，質點的速度最大 D.質點運動的路程為【答案】AD【解析】【詳解】A．由乙圖知，波長為2.0m，由丙圖知，周期為0.8s，則波速為故A正確；B．由題知，質點比質點先振動，故波向x軸負方向傳播，在時刻質點P處于平衡位置，根據(jù)“上下坡”法，可知質點P此時向y軸負方向振動，故丙圖不是質點P的振動圖像，故B錯誤；C．因，故質點此時處于波谷，速度為零，故C錯誤；D．因，則質點運動的路程為故D正確。故選AD。7.如圖為風力發(fā)電機的簡化模型，風帶動發(fā)電機線圈在勻強磁場中勻速轉動，產生正弦交流電，通過理想變壓器向用戶端的盞燈泡供電。A燈和用戶端所有燈泡的額定電壓均為、額定電流均為，都正常發(fā)光，則（）A.變壓器原副線圈的電流比為 B.變壓器原副線圈的匝數(shù)比為C.發(fā)電機輸出功率為 D.僅減少用戶端的燈泡數(shù)量，燈變亮【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，原線圈電流為，副線圈電流為，則變壓器原副線圈的電流比為故A正確；B．根據(jù)變壓器原副線圈的電流比為等于匝數(shù)比的反比可得故B錯誤；C．發(fā)電機輸出功率為故C正確；D．僅減少用戶端的燈泡數(shù)量，則副線圈負載電阻增大，把變壓器和副線圈負載看成一個等效電阻，則有可知等效電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知，原線圈電流減小，則通過燈電流減小，所以燈變暗，故D錯誤。故選AC。8.如圖，內壁光滑的直圓筒豎直固定放置，輕質彈簧下端固定在圓筒的底端，自然狀態(tài)時上端位于點。A和B是質量均為、直徑略小于圓筒內徑的相同小球?，F(xiàn)將A緩慢放在彈簧上端，靜止時彈簧的壓縮量為，再將B從A上方的處由靜止釋放，B與A碰撞后立即粘連一起運動，恰能回到點。兩小球均可視為質點，重力加速度為，則（）A.彈簧的勁度系數(shù) B.B與A碰撞后瞬間速度大小為C.小球A、B回到點時加速度為零 D.此過程中彈簧的最大彈性勢能為【答案】AB【解析】【詳解】A．以A球為對象，由平衡條件可得解得彈簧的勁度系數(shù)故A正確；B．設B與A碰撞前瞬間速度大小為，根據(jù)運動學公式可得B與A碰撞過程，滿足動量守恒，則有聯(lián)立解得B與A碰撞后瞬間速度大小為故B正確；C．小球A、B回到點時，彈簧彈力為0，兩球受到重力作用，加速度不為零，故C錯誤；D．碰撞后兩球一直做簡諧運動，兩球恰能回到點，此時兩球的加速度為，方向向下，根據(jù)簡諧運動對稱性可知兩球處于最低點時的加速度大小為，方向向上，設最低點的壓縮量為，則有解得設此過程中彈簧的最大彈性勢能為，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可得故D錯誤。故選AB。三、非選擇題：共60分，其中題為填空題，12、13為實驗題，題為計算題。考生根據(jù)要求作答。9.噴壺示意圖如圖甲所示，在某次噴液過程中，儲氣室內氣體可視為一定質量的理想氣體且溫度保持不變，氣體壓強隨體積變化的圖像如圖乙所示，則儲氣室內氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程中內能_________（填“變大”、“變小”或“不變”），氣體_________（填“吸熱”、“放熱”或“既不吸熱也不放熱”）?！敬鸢浮竣?不變②.吸熱【解析】【詳解】[1][2]由題意可知，儲氣室內氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程中，溫度保持不變，則氣體內能不變；由于氣體體積變大，外界對氣體做負功，根據(jù)熱力學第一定律可知氣體吸熱。10.夏季常出現(xiàn)如圖甲所示的日暈現(xiàn)象，日暈是太陽光通過卷層云時，受到冰晶的折射或反射形成的。圖乙為一束太陽光射到六角形冰晶上時的光路圖，則冰晶對光的折射率比對光的折射率________（填“大”或“小”）；在完全相同的條件下做雙縫干涉實驗，____________（填“”或“”）光對應的干涉條紋間距較寬。【答案】①.?、?【解析】【詳解】[1]由圖乙可知，光從空氣進入六角形冰晶后，光的偏折程度小于光的偏折程度，則冰晶對光的折射率比對光的折射率小；[2]由于冰晶對光的折射率比對光的折射率小，所以光的頻率小于光的頻率，光的波長大于光的波長，根據(jù)可知在完全相同的條件下做雙縫干涉實驗，光對應的干涉條紋間距較寬。11.如圖為應用磁場力輸送導電液體的電磁泵模型，泵體相鄰棱長分別為。將泵體的上下表面接在電壓為的電源（內阻不計）上，泵體處在垂直于前表面向里的勻強磁場中，磁感應強度大小為，導電液體的電阻率為。電磁泵工作時泵體的上表面應接電源的___________（填“正”或“負”）極，導電液體受到的安培力大小為___________；為了獲得更大抽液高度，應___________（填“增大”或“減小”）的液體電阻率?！敬鸢浮竣?負②.③.減小【解析】【詳解】[1]由圖可知，導電液體受向左的安培力，由左手定則可知，電流方向由下到上，則電磁泵工作時泵體的上表面應接電源的負極；[2]根據(jù)電阻定律可知泵體的電阻為則電流為導電液體受到的安培力大小為[3]為了獲得更大抽液高度，應增大導電液體受到的安培力大小，可減小的液體電阻率。12.某實驗小組用輕桿、小球和硬紙板等制作一個簡易加速度計，如圖甲所示。在輕桿上端裝上轉軸，固定于豎直放置標有角度的紙板上的點，輕桿下端固定一小球，桿可在豎直紙面內自由轉動。將此裝置固定于運動小車上，可粗略測量小車的加速度。主要操作如下：（1）先讓連著紙帶的重錘做自由落體運動，打點計時器在紙帶上打出一系列點選取一條較理想的紙帶，紙帶上計數(shù)點的間距如圖乙所示，相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔為。根據(jù)數(shù)據(jù)求出當?shù)刂亓铀俣萠__________（保留3位有效數(shù)字）；（2）若輕桿從豎直位置突然向左擺動，則小車可能向__________（填“左”或“右”）加速運動；（3）若輕桿擺動穩(wěn)定時與豎直方向的夾角為，則小車加速度__________（用表示）?！敬鸢浮浚?）9.75（2）右（3）【解析】【小問1詳解】根據(jù)逐差法可得當?shù)刂亓铀俣葹榇霐?shù)據(jù)解得【小問2詳解】若輕桿從豎直位置突然向左擺動，可知小球受到重力和輕桿彈力的合力方向水平向右，則加速度方向水平向右，小車可能向右加速運動?！拘?詳解】若輕桿擺動穩(wěn)定時與豎直方向的夾角為，以小球為對象，根據(jù)受力平衡可得可得則小車加速度為。13.在測量某電源電動勢和內阻時，為了消除電表內阻造成的系統(tǒng)誤差，某實驗興趣小組進行如下實驗，可用器材有：電壓表（量程，內阻約為電流表（量程滑動變阻器、開關、干電池和導線若干。（1）電表內阻的測量測量電路如圖甲所示，則閉合開關前，滑動變阻器的滑片應移至__________（填“A”或“B”）端，從電壓表讀數(shù)和電流表讀數(shù)可得出__________（填“電壓表”或“電流表”）內阻，如圖乙所示，則電表內阻R=__________Ω（保留2位有效數(shù)字）。（2）電動勢和內阻的測量測量電路如圖丙所示，調節(jié)滑動變阻器測得多組電表讀數(shù)，作出圖丁所示的圖像，由圖可知待測干電池電動勢和內阻，則__________Ω（保留1位小數(shù)）?？紤]電表內阻影響，電動勢的測量值__________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值?！敬鸢浮浚?）①.A②.電流表③.1.0（2）①.1.0②.等于【解析】【小問1詳解】[1]由甲圖可知，滑動變阻器采用限流式接法，所以為了保護電路，閉合開關前，應把滑動變阻器的滑片放在阻值最大處，即A端；[2]由甲圖可知，電壓表測的是電流表兩端的電壓，再根據(jù)電流表的讀數(shù)，即可求出電流表的內阻；[3]由圖乙，可知電壓表的讀數(shù)為0.60V，電流表的讀數(shù)為0.58A，則電流表的內阻為【小問2詳解】[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得變形得由丁圖，可知斜率為解得[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得此時U和I都為準確值，故測出的電源電動勢E也為準確值，故電動勢的測量值等于真實值。14.籃球比賽中，一同學某次跳起投籃，出手點與籃板的水平距離為，離地面高度為，籃球垂直打在豎直籃板上的位置離地面的高度為。將籃球看成質點，忽略空氣阻力，取。求：（1）籃球從出手到垂直打在籃板上的運動時間；（2）出手時籃球速度的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】籃球從出手到垂直打在籃板上的逆過程可視為平拋運動，則解得【小問2詳解】由題意可知，水平初速度豎直初速度初速度解得15.如圖，在坐標系所在的平面內，第一象限內有垂直紙面向外的勻強磁場，第二象限內有沿軸負方向的勻強電場，場強大小為。一質量為電荷量為的帶電粒子從軸上的點以速度沿與軸正方向成角的方向射入磁場，恰好垂直于軸射出磁場進入電場，不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中的運動半徑；（2）磁感應強度的大??；（3）粒子從點射入到第二次到達軸的時間t?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】粒子在磁場中的運動情況如圖所示由幾何關系得解得【小問2詳解】根