2025屆吉林省長春市第一五〇中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2025屆吉林省長春市第一五〇中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題考生須知:1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分,全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂;非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、“天津之眼”是一座跨河建設、橋輪合一的摩天輪,是天津市的地標之一。摩天輪懸掛透明座艙,乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動。下列敘述正確的是()A.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中,乘客的機械能保持不變B.在最高點,乘客重力大于座椅對他的支持力C.摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中,乘客重力的沖量為零D.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中,乘客重力的瞬時功率保持不變2、有四個運動的物體A、B、C、D,物體A、B運動的x—t圖像如圖①所示;物體C、D從同一地點沿同一方向運動的v—t圖像如圖②所示.根據(jù)圖像做出的以下判斷中正確的是()A.物體A和B均做勻加速直線運動,且A的加速度比B更大B.在0~3s的時間內(nèi),物體A運動的位移為10mC.t=3s時,物體C追上物體DD.t=3s時,物體C與物體D之間有最大間距3、將一質(zhì)量為m的小球靠近墻面整直向上拋出,圖甲是向上運動小球的頻閃照片,圖乙是下降時的頻閃照片,O是運動的最高點,甲乙兩次閃光頻率相同,重力加速度為g,

假設小球所受的阻力大小不變,則可估算小球受到的阻力大小約為(

)A.mg B. C. D.4、某天體的兩顆衛(wèi)星a、b分別在同一平面內(nèi)的P、Q軌道上沿逆時針方向做勻速圓周運動,某時刻如圖所示。P、Q軌道的半徑分別為r1、r2,且r2=4r1,則下面說法正確的是A.衛(wèi)星a的加速度小于衛(wèi)星b的加速度B.從圖示位置開始計時,在一小段時間內(nèi)兩衛(wèi)星間的距離不斷減小C.在以后運動過程中,只要衛(wèi)星b處于圖示位置,則衛(wèi)星a也一定處于圖示位置D.若使衛(wèi)星a變軌到Q軌道上運動,則必須減小衛(wèi)星a的速度5、如圖所示,放在不計電阻的金屬導軌上的導體棒ab,在勻強磁場中沿導軌做下列哪種運動時,鋼制閉合線圈c將被螺線管吸引()A.向右做勻速運動B.向左做勻速運動C.向右做減速運動D.向右做加速運動6、兩個質(zhì)量相等的小球在光滑水平面上沿同一直線同向運動,A球的動量是8kg·m/s,B球的動量是6kg·m/s,A球追上B球時發(fā)生碰撞,則碰撞后A、B兩球的動量可能為A.pA=0,pB=l4kg·m/sB.pA=4kg·m/s,pB=10kg·m/sC.pA=6kg·m/s,pB=8kg·m/sD.pA=7kg·m/s,pB=8kg·m/s二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、軌道平面與赤道平面夾角為90°的人造地球衛(wèi)星被稱為極地軌道衛(wèi)星,它運行時能到達南北極區(qū)的上空,需要在全球范圍內(nèi)進行觀測和應用的氣象衛(wèi)星、導航衛(wèi)星等都采用這種軌道如圖,若某顆極地軌道衛(wèi)星從北緯45°的正上方按圖示方向首次運行到南緯45°的正上方用時45分鐘,則()A.該衛(wèi)星運行速度一定小于7.9km/sB.該衛(wèi)星軌道半徑與同步衛(wèi)星軌道半徑之比為1:4C.該衛(wèi)星加速度與同步衛(wèi)星加速度之比為2:1D.該衛(wèi)星的機械能一定小于同步衛(wèi)星的機械能8、兩水平平行金屬板連接在如圖所示的電路中,板長為L間距d,在距板右端2L處有一豎直光屏,D為理想二極管(具有單向?qū)щ娦裕?。讓一帶電量為q、質(zhì)量為m的粒子從兩板左端連線的中點O以水平速度v0射入板間,粒子飛出電場后垂直打在屏上。則A.電場強度大小為3mg/qB.質(zhì)點在板間運動的過程中與它從板右端運動到屏的過程中速度變化相同C.若僅將滑片P下移,再讓該粒子從O點以v0水平射入,粒子打D.若僅將板間距增大,再讓該粒子從O點以v0水平射入,9、一小球在豎直方向的升降機中,由靜止幵始豎直向上做直線運動,運動過程中小球的機械能E與其上升高度h關系的圖象如圖所示,其中0?h1過程的圖線為曲線,h1?h2過程的圖線為直線.根據(jù)該圖象,下列說法正確的是()A.0?h1過程中,小球的動能可能先增加后減少B.0?h1過程中,升降機對小球的支持力一定做正功C.h1?h2過程中,小球的重力勢能可能不變D.h1?h2過程中,小球的動能可能不變10、下列說法中正確的是.A.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣,其分子之間的勢能增加B.當兩分子間距離大于平衡位置的間距時,分子間的距離越大,分子勢能越小C.熱力學第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”D.在真空、高溫條件下,可以利用分子擴散向半導體材料摻入其他元素E.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,所以液體表面存在表面張力三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中,(1)圖乙是紙帶穿過打點封時器的兩種穿法,你認為比較合理的穿法是___(選填“A”或“B”)(2)關于打點計時器的使用,下列說法中正確的是___A.電磁打點計時器使用的是4V~6V的直流電源B.在測量物體速度時,先讓物體運動,后接通打點計時器的電源C.使用的電源頻率越高,打點的時間間隔就越小D.紙帶上打的點越密,說明物體運動得越快(3)如圖所示為一次記錄小車運動情況的紙帶,圖中A、B、C、D、E為相鄰的記數(shù)點,相鄰記數(shù)點間有4個計時點未標出,設A點為計時起點,求C點的瞬時速度___,小車的加速度a=___(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)12.(12分)為描繪小燈泡L“3V,1.5W”的伏安特性曲線,某同學根據(jù)如下可供選擇的器材設計了如圖所示電路(電路還沒有完全接好).A.電流表(量程1.6A,內(nèi)阻約1Ω)B.電壓表(量程3V,內(nèi)阻約3kΩ)C.滑動變阻器(211Ω,1.3A)D.滑動變阻器(11Ω,2A)E.電池組(電動勢約3V,內(nèi)阻未知)F.開關,帶夾子的導線若干G.待測小燈泡(1)實驗中滑動變阻器應選擇________(填“C”或“D”),請以筆畫線代替導線將尚未連接好的電壓表連入電路中_______________.(2)在該同學連接最后一根導線的c端到直流電源正極之前,請指出其中的兩個不當之處:I._______________________________;Ⅱ________________________.(3)改正上述兩個不當之處后,他在測量中發(fā)現(xiàn),無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片,電壓表和電流表的示數(shù)均不能取到較小值,其原因可能是導線__________(填圖中導線代號)沒有連接好.(4)正確連接電路并排除故障后,通過調(diào)節(jié)滑動變阻器,得到多組電壓表和電流表的示數(shù)如下表所示,根據(jù)表中數(shù)據(jù),在所給方格紙中描點并作出該燈泡的伏安特性曲線._______________四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)帶電荷量為q=+5.0×10-8C的點電荷從A點移到B點時,克服電場力做功3.0×10—6J.已知B點的電勢為UB=20V.求:(1)A、B間的電勢差;(2)A點的電勢;(3)q從A到B的電勢能變化;(4)將q/=-5.0x10—8C的點電荷放在A點時它的電勢能.14.(16分)如圖所示,直角坐標系的第二象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場,電場強度大小E=1.8×104V/m.在第二象限內(nèi)的a(-0.16m,0.21m)、c(-0.16m,0.11m)兩點之間有一帶電離子發(fā)射帶,能連續(xù)不斷的發(fā)射方向沿x軸正方向、速度大小v0=4.8×105m/s的帶正電離子,離子的比荷=6×107C/kg.在以x軸上的M(0.2m,0)為圓心、半徑R=0.16m的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直坐標平面向外的勻強磁場,磁感應強度大小B=6.25×10-2T.不計重力及離子之間的相互作用力.(1)求粒子進入磁場時,離子帶的寬度d;(2)從a、c兩點發(fā)射的離子,都從磁場邊界上的同一點離開磁場,求兩離子離開磁場時的速度方向的夾角.15.(12分)如圖所示,斜面AC長L=1m,傾角θ=37°,CD段為與斜面平滑連接的水平地面.一個質(zhì)量m=2kg的小物塊從斜面頂端A點由靜止開始滑下.小物塊與斜面、地面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.1.不計空氣阻力,重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.2.求:(1)小物塊在斜面上運動時的加速度大小a;(2)小物塊滑到斜面底端C點時的速度大小v;(3)小物塊在水平地面上滑行的時間t.

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.摩天輪運動過程中做勻速圓周運動,乘客的速度大小不變,則動能不變,但高度變化,所以機械能在變化,選項A錯誤;B.圓周運動過程中,在最高點由重力和支持力的合力提供向心力,即所以重力大于支持力,選項B正確;C.轉(zhuǎn)動一周,重力的沖量為I=mgt不為零,C錯誤;D.運動過程中,乘客的重力大小不變,速度大小不變,但是速度方向時刻在變化,根據(jù)P=mgvcosθ可知重力的瞬時功率在變化,選項D錯誤。故選B。2、D【解析】

A.由甲圖看出:物體A和B位移圖象都是傾斜的直線,斜率都不變,速度都不變,說明兩物體都做勻速直線運動,A圖線的斜率大于B圖線的斜率,A的速度比B更大;故A錯誤.B.由甲圖看出:在0-3s的時間內(nèi),物體B運動的位移為△s=10m=0=10m,A的位移大于10m;故B錯誤.C.由乙圖看出:t=3s時,D圖線所圍“面積”大于C圖線所圍“面積”,說明D的位移大于的位移,而兩物體從同一地點開始運動的,所以物體C還沒有追上物體D;故C錯誤.D.由乙圖看出:前3s內(nèi),D的速度較大,DC間距離增大,3s后C的速度較大,兩者距離減小,t=3s時,物體C與物體D之間有最大間距;故D正確.3、D【解析】

設每塊磚的厚度是d,向上運動上運動時:9d-3d=aT2①向下運動時:3d-d=a′T2②聯(lián)立①②得:③根據(jù)牛頓第二定律,向上運動時:mg+f=ma④向下運動時:mg-f=ma′⑤聯(lián)立③④⑤得:A.mg,與結(jié)論不相符,選項A錯誤;B.,與結(jié)論不相符,選項B錯誤;C.,與結(jié)論不相符,選項C錯誤;D.,與結(jié)論相符,選項D正確;4、C【解析】

A.根據(jù)萬有引力提供向心力有:可得:由于,所以衛(wèi)星的加速度是衛(wèi)星的加速度16倍,故A錯誤;B.根據(jù)萬有引力提供向心力有:可得:由于,所以衛(wèi)星的角速度是衛(wèi)星的角速度8倍,從圖示位置開始計時,在一小段時間內(nèi)兩衛(wèi)星間的距離不斷增大,故B錯誤;C.衛(wèi)星的角速度是衛(wèi)星的角速度8倍,那么衛(wèi)星的周期是衛(wèi)星的周期的,所以在以后運動過程中,只要衛(wèi)星處于圖示位置,則衛(wèi)星也一定處于圖示位置,故C正確;D.若使衛(wèi)星變?yōu)樵谲壍郎线\動,即做離心運動,必須增大速度,故D錯誤。5、C【解析】

鋼制閉合線圈c被螺線管吸引,根據(jù)楞次定律可知通過閉合線圈c的磁場在減弱,即螺線管中的磁場在減弱,導體棒切割磁感線產(chǎn)生的電流在螺旋管中產(chǎn)生磁場,所以導體棒切割磁感線產(chǎn)生的電流在減小,電動勢也在減小,根據(jù),可知導體棒應該減速運動A.向右做勻速運動,與分析不符,故A錯誤;B.向左做勻速運動,與分析不符,故B錯誤;C.向右做減速運動,與分析相符,故C正確D.向右做加速運動,與分析不符,故D錯誤;6、C【解析】

以A、B兩球組成的系統(tǒng)為對象.設兩球的質(zhì)量均為m.當A球追上B球時發(fā)生碰撞,遵守動量守恒.由題,碰撞前總動量為:p=pA+pB=(8+6)kg?m/s=14kg?m/s.碰撞前總動能為:;

A、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=(0+14)kg?m/s=14kg?m/s,符合動量守恒定律.碰撞后總動能為,總動能增加,違反了能量守恒定律,不可能;故A錯誤.

B、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=(4+10)kg?m/s=14kg?m/s,符合動量守恒定律.碰撞后總動能為,總動能增加,違反了能量守恒定律,不可能.故B錯誤.

C、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=(6+8)kg?m/s=14kg?m/s,符合動量守恒定律.碰撞后總動能為,符合能量守恒定律,可能發(fā)生.故C正確.

D、碰撞后,總動量為p′=pA′+pB′=(7+8)kg?m/s=15kg?m/s,不符合動量守恒定律,是不可能發(fā)生的,故D錯誤.故選C.二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AB【解析】

根據(jù)題意求出衛(wèi)星的周期,衛(wèi)星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力,應用萬有引力公式與牛頓第二定律求出線速度、軌道半徑、加速度,然后分析答題?!驹斀狻緼.由題意可知衛(wèi)星的周期:由于衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑,衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度,即衛(wèi)星的線速度小于7.9km/h,故A正確;B.萬有引力提供向心力,由牛頓第二定律得:解得:該衛(wèi)星軌道半徑與同步衛(wèi)星軌道半徑之比:故B正確;C.萬有引力提供向心力,由牛頓第二定律得:解得:該衛(wèi)星加速度與同步衛(wèi)星加速度之比:故C錯誤;D.由于不知該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的質(zhì)量關系,無法比較其機械能大小,故D錯誤;故選AB。8、AD【解析】

質(zhì)點先在電場和重力場的復合場中做類平拋運動,要垂直打在M屏上,離開出場后,質(zhì)點一定打在光屏的上方,做斜上拋運動,質(zhì)點從離開電場后到垂直打在M屏上過程是平拋運動的逆運動,采用運動的分解方法可知,分析質(zhì)點類平拋運動與斜上拋的關系,確定加速度關系,求出板間場強;【詳解】A、粒子先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運動,要垂直打在M屏上,離開電場后,粒子一定打在屏的上方,做斜上拋運動。否則,粒子離開電場后軌跡向下彎曲,粒子不可能垂直打在M板上。粒子在板間的類平拋運動和離開電場后的斜上拋運動,水平方向都不受外力,都做勻速直線運動,速度都等于v0,而且v0方向水平,粒子垂直打在M板上時速度也水平,根據(jù)粒子的軌跡彎曲方向可知兩個過程粒子的合力方向相反,加速度方向相反,則速度變化量方向相反,粒子的軌跡如圖所示:

設粒子在板間運動的過程中加速度大小為a,則有粒子離開電場時豎直分速度大小vy=at1=qE-mgm?lC、若僅將滑片P向下滑動一段后,R的電壓減小,電容器的電壓要減小,電量要減小,由于二極管具有單向?qū)щ娦?,所以電容器不能放電,電量不變,板間電壓不變,所以質(zhì)點的運動情況不變,再讓該質(zhì)點從O點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上,故C錯誤;

D、若僅將兩平行板的間距變大一些,電容器電容減小,由C=QU知U不變,電量要減小,但由于二極管具有單向?qū)щ娦?,所以電容器不能放電,電量不變,根?jù)推論可知板間電場強度不變,所以質(zhì)點的運動情況不變,再讓該質(zhì)點從O點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上,故【點睛】本題關鍵抓住兩個運動軌跡的特點,巧用逆向思維分析電場外質(zhì)點的運動情況,要知道運動的合成與分解是研究曲線運動的常用方法,要靈活運用。9、ABD【解析】

A、B、設升降機對物體的支持力大小為F,由功能關系得:F△h=△E,即F=ΔEΔh,所以E-h圖象切線斜率的絕對值等于小球所受支持力的大小,由圖可知在0~h1內(nèi)斜率的絕對值逐漸減小,故在0~h1內(nèi)小球所受的支持力逐漸減小,若支持力先大于重力后小于重力,物體先做加速運動后做減速運動,動能會先增加后減?。还蔄B、0~h1過程中,升降機對小球的支持力方向與位移相同均向上,則支持力對小球的支持力一定做正功;故B正確.C、由于小球在h1~h2內(nèi)重力勢能隨高度的增大而增大;故C錯誤.D、由于小球在h1~h2內(nèi)E-h圖的斜率不變,所以小球所受的支持力保持不變,可能與重力平衡,故物體可能做勻速運動,動能不變;故D正確.故選ABD.【點睛】本題關鍵要掌握功能關系,并能列式分析圖象斜率的物理意義,知道E-h圖象的斜率的絕對值等于支持力.10、ADE【解析】

考查分子動理論,熱力學第二定律,液體表面張力?!驹斀狻緼.溫度是分子的平均動能的標志,一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣,吸收熱量而其分子的平均動能不變,分子之間的勢能增加.故A正確;B.當兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時,分子力表現(xiàn)為引力,故隨分子間的距離增大,分子力做負功,分子勢能增大,故B錯誤;C.熱力學第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體,而不引起其他方面的變化”,故C錯誤;D.溫度越高,分子無規(guī)則運動的劇烈程度越大,因此在真空、高溫條件下,可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素,故D正確;E.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,所以液體表面存在表面張力,故E正確.故選ADE.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、BC1.76.4【解析】

(1)[1]打點計時器在安裝使用時,除基本操作要求外,還有一點值得注意的是:紙帶穿過限位孔進要放在復寫紙的下面,這樣打出的點跡清楚,故B正確;(2)[2]A.電磁打點計時器一般使用4~6V的交流電源,故A錯誤;B.為了提高紙帶的利用率,同時為了使打點穩(wěn)定,使用打點計時器時要先接通電源,后釋放物體,故B錯誤;C.打點的時間間隔取決于交流電壓的頻率,電源頻率越高,打點的時間間隔就越小,故C正確;D.紙帶上打的點越密,說明相等的時間間隔位移越小,即物體運動的越慢,故D錯誤。(3)[3]電源頻率為50Hz,則周期為0.02s,相鄰計數(shù)點間還有四個點未標出,則可知相鄰計數(shù)點間的時間為0.1s,利用勻變速直線運動的推論可知平均速度等于中間時刻的瞬時速度:[4]由題意知根據(jù)得,加速度為:12、D連接電路時沒有斷開開關滑動變阻器的滑片P的位置沒有置于b端③【解析】

(1)[1][2]根據(jù)圖像可知,電路采取的分壓式接法,為方便實驗操作,滑動變阻器應選最大阻值較小的D,電路如下:(2)[3][4]由電路圖可知,在連接電路時,沒有斷開開關;滑片沒有移到分壓電路分壓為零的位置即滑片沒有置于b端.(3)[5]實驗時,無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片,電壓表

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