2025屆福建省龍巖市長汀縣長汀、連城一中等六校高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆福建省龍巖市長汀縣長汀、連城一中等六校高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一長直導(dǎo)線旁邊同一平面內(nèi)有一矩形線圈abcd，導(dǎo)線中通有豎直向上的電流．下列操作瞬間，能在線圈中產(chǎn)生沿adcba方向電流的是（）A.線圈向左平動 B.線圈豎直向下平動C.線圈以ab邊為軸轉(zhuǎn)動 D.線圈向右平動2、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運(yùn)動，從A點(diǎn)經(jīng)B、C運(yùn)動到D點(diǎn)，其v－t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.A處的電場強(qiáng)度小于B處的電場強(qiáng)度B.粒子在A處的電勢能小于在B處的電勢能C.C、D間各點(diǎn)電場強(qiáng)度和電勢都為零DA、B兩點(diǎn)的電勢差等于C、B兩點(diǎn)間的電勢差3、下面四幅圖表示了磁感應(yīng)強(qiáng)度B、電荷速度v和洛倫茲力F三者方向之間的關(guān)系，其中正確的是（）A. B.C. D.4、如圖所示，電阻R和內(nèi)阻為r的電動機(jī)M串聯(lián)接到電路中，接通開關(guān)后，電動機(jī)正常工作，設(shè)電阻R和電動機(jī)M兩端的電壓分別為U1和U2，經(jīng)過時間t，電流通過電阻R做功W1，產(chǎn)生熱量Q1，電流流過電動機(jī)做功W2，產(chǎn)生熱量Q2，則有（）A.B.＜C.Q1=Q2D.W1=W25、宇宙射線中大量的高能粒子受地磁場作用會改變運(yùn)動方向。如圖所示，現(xiàn)有一束高能質(zhì)子流射向地球赤道，則a質(zhì)子流在進(jìn)入地球空間將A.向東偏轉(zhuǎn)B.向西偏轉(zhuǎn)C.向北偏轉(zhuǎn)D.豎直向下沿直線射向地面6、如圖所示，一束正離子垂直地射入勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場正交的區(qū)域里，結(jié)果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來的運(yùn)動方向，未發(fā)生任何偏轉(zhuǎn)，如果讓這些不偏轉(zhuǎn)離子進(jìn)入另一個勻強(qiáng)磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，對這些進(jìn)入后一磁場的離子，可得出結(jié)論（）A.它們的動能一定不相同B.它們的電量一定不相同C.它們的質(zhì)量一定不相同D.它們的電量與質(zhì)量之比一定不相同二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一帶電質(zhì)點(diǎn)從圖中A點(diǎn)豎直向上以速度射入一水平方向的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)時，速度方向變?yōu)樗?，已知質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為，帶電荷量為，A、B間距離為，且AB連線與水平方向成角，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)后繼續(xù)運(yùn)動可達(dá)與A點(diǎn)在同一水平面上的C點(diǎn)（未畫出），則（）A.質(zhì)點(diǎn)在C點(diǎn)的加速度大小為B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為C.質(zhì)點(diǎn)在B點(diǎn)的速度大小為D.從A到C的過程中，帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能減小了8、如圖所示，某一真空室內(nèi)充滿豎直向下的勻強(qiáng)電場E，在豎直平面內(nèi)建立坐標(biāo)系在的空間內(nèi)有與場強(qiáng)方向垂直的勻強(qiáng)磁B；在的空間內(nèi)，將一質(zhì)量為的帶電液滴(可視為質(zhì)點(diǎn))從P點(diǎn)自由釋放，此液滴沿軸的負(fù)方向以加速度(為重力加速度)做勻加速直線運(yùn)動，當(dāng)液滴運(yùn)動到坐標(biāo)原點(diǎn)時，瞬間被安置在原點(diǎn)的一個裝置改變了它的帶電性質(zhì)(液滴所帶電荷量和質(zhì)量均不變)，隨后液滴進(jìn)入的空間內(nèi)運(yùn)動，液滴在的空間內(nèi)運(yùn)動的過程中A.動能不斷增大B.動能保持不變C.重力勢能一定先減小后增大D.電勢能一定先減小后增大9、如圖所示，直角三角形ABC中存在一勻強(qiáng)磁場，比荷相同的兩個粒子沿AB方向自A點(diǎn)射入磁場，分別從AC邊上的P、Q兩點(diǎn)射出，則：A.從P射出的粒子速度大B.從Q射出的粒子速度大C.從P射出的粒子，在磁場中運(yùn)動的時間長D.兩粒子在磁場中運(yùn)動的時間一樣長10、如圖所示，平行板電容器上、下極板M、N分別帶等量異種電荷，板間正對區(qū)域形成豎直方向的勻強(qiáng)電場。同時在兩極板間還存在著水平方向的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出）。緊貼著極板的右側(cè)有一擋板，上端P與上極板M等高，下端Q與下極板N等高。已知平行板電容器的極板長度與板間距離相同均為L，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為E，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一電子從極板左側(cè)中央位置O，以平行于極板方向的初速度v0飛入平行板內(nèi)，剛好沿直線運(yùn)動到與入射點(diǎn)等高的擋板的中點(diǎn)O′。若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下將剛好打在極板右上方的P點(diǎn)。不計重力。下列說法正確的是A.上極板M帶正電B.勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外C.該電子的初速度D.若使電容器兩極板不帶電，并恢復(fù)原有的磁場，電子仍以原有的初速度從原位置飛入，則電子將打在下極板距右端Q為處三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定電源電動勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中，選擇合適的器材組成如圖所示的電路（1）將電阻箱R阻值調(diào)到R1=28Ω時，電壓表讀數(shù)為U1=1.4V，將電阻箱R阻值調(diào)到R2=13Ω時，電壓表讀數(shù)為U2=1.3V，根據(jù)這兩組數(shù)據(jù)求得電源電動勢E=___V；內(nèi)電阻r=___Ω．（保留兩位有效數(shù)字）（2）多次改變電阻箱的電阻R，讀出對應(yīng)的電壓表讀數(shù)U，然后用圖象法處理數(shù)據(jù)，以電壓表讀數(shù)U為縱軸，以為橫軸，做出圖象得到一條直線．電動勢等于圖象的___；內(nèi)電阻等于圖象的___12．（12分）為驗(yàn)證動量守恒:（1）小明同學(xué)用如圖所示的裝置做實(shí)驗(yàn)．若入射小球的質(zhì)量為，半徑為；被碰小球的質(zhì)量為，半徑為，則_________A．，B．，C．，D．，（2）為完成此實(shí)驗(yàn)，必須使用的器材有________________A．刻度尺B．秒表C．彈簧秤D.天平（3）各小球的落地點(diǎn)如圖所示，若滿足動量守恒，則必須滿足的表達(dá)式是________________若是彈性碰撞，還滿足的表達(dá)式是____________________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在研究性學(xué)習(xí)中，某同學(xué)設(shè)計了一個測定帶電粒子比荷的實(shí)驗(yàn)，其實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．a(chǎn)bcd是一個長方形盒子，在ad邊和cd邊上各開有小孔f和e，e是cd邊上的中點(diǎn)，熒光屏M貼著cd放置，能顯示從e孔射出的粒子落點(diǎn)位置．盒子內(nèi)有一方向垂直于abcd平面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.粒子源不斷地發(fā)射相同的帶電粒子，粒子的初速度可以忽略．粒子經(jīng)過電壓為U的電場加速后，從f孔垂直于ad邊射入盒內(nèi)．粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好從e孔射出．若已知，不計粒子的重力和粒子之間的相互作用力．請你根據(jù)上述條件求出帶電粒子的荷質(zhì)比q/m.14．（16分）如圖用一條絕緣輕繩懸掛一個帶正電小球，小球質(zhì)量為1.0×10-3kg，所帶電荷量為2.0×10-8C。現(xiàn)加水平方向的勻強(qiáng)電場，平衡時絕緣繩與豎直方向夾角為30°。求：（1）小球受到的電場力大小；（2）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小。15．（12分）如圖所示是一個示波管工作原理圖，電子經(jīng)電壓U1=4.5×103V加速后以速度v0垂直等間距的進(jìn)入電壓U2=180V，間距為d=1.0cm，板長?=5.0cm的平行金屬板組成的偏轉(zhuǎn)電場，離開電場后打在距離偏轉(zhuǎn)電場s=10.0cm的屏幕上的P點(diǎn)，（e=1.6×10-19C，m=9.0×10-31kg）求：（1）射出偏轉(zhuǎn)電場時速度的偏角tanθ=？（2）打在屏幕上的側(cè)移位移OP=？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】AD.導(dǎo)線在線框位置產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，當(dāng)在線圈平面內(nèi)向左拉動線圈，逐漸靠近導(dǎo)線，穿過線圈向里的磁場增大，即穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生感應(yīng)電流為adcba方向，同理可知線圈向右平動，產(chǎn)生abcda方向的電流，故A正確，D錯誤B.當(dāng)線圈向下平動時，穿過線圈的磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．故B錯誤；C.當(dāng)線圈以ab邊為軸轉(zhuǎn)動，穿過線圈向里的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電流為順時針，即感應(yīng)電流的方向?yàn)閍bcda．故C錯誤；故選A。2、D【解析】從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運(yùn)動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關(guān)系，從而得到電場強(qiáng)度德大小關(guān)系．由運(yùn)動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點(diǎn)的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點(diǎn)間的電勢差與CB兩點(diǎn)間的電勢差的大小關(guān)系【詳解】由運(yùn)動的速度-時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在A點(diǎn)時較大，由牛頓第二定律得知在A點(diǎn)的電場力大，故A點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故A錯誤；由A到B的過程中，速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由功能關(guān)系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點(diǎn)是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點(diǎn)的電勢能高于B點(diǎn)的電勢能，故B錯誤；從C到D，粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；A、C兩點(diǎn)的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點(diǎn)間的電勢差等于CB兩點(diǎn)間的電勢差，故D正確．故選D【點(diǎn)睛】本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關(guān)系，其關(guān)系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．還考查了對于勻變速直線運(yùn)動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關(guān)，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點(diǎn)與重力做功和高度差的關(guān)系相似.3、B【解析】伸開左手，讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個平面內(nèi)，磁感線通過掌心，四指方向與正電荷運(yùn)動方向相同，大拇指所指的方向?yàn)槁鍌惼澚Ψ较颉驹斀狻緼圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向下．故A錯誤．B圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向上．故B正確．C圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向垂直紙面向外．故C錯誤．D圖中，電荷的運(yùn)動方向與磁場方向平行，電荷不受洛倫茲力．故D錯誤．故選B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運(yùn)動方向相同，與負(fù)電荷運(yùn)動方向相反4、B【解析】AB．設(shè)開關(guān)接通后，電路中電流為I，對于電阻R，由歐姆定律得：U1=IR，有：I=對于電動機(jī)，有U2＞Ir，即有：I＜聯(lián)立可得：＜故A不符合題意，B符合題意；C．根據(jù)焦耳定律得電阻產(chǎn)生的熱量為：Q1=I2Rt電動機(jī)產(chǎn)生的熱量為：Q2=I2rt由于題目中沒有所電阻相等，則可知熱量不相等，故C不符合題意；D．電流通過電阻R做功為：W1=Q1=I2Rt=U1It電流流過電動機(jī)做功：W2=U2It由以上可知做功不相等，故D不符合題意。故選B。5、A【解析】質(zhì)子流的方向從上而下射向地球表面，地磁場方向在赤道的上空從南指向北，根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向向東，所以質(zhì)子向東偏轉(zhuǎn)。A.向東偏轉(zhuǎn)。與上述結(jié)論相符，故A正確；B.向西偏轉(zhuǎn)。與上述結(jié)論不符，故B錯誤；C.向北偏轉(zhuǎn)。與上述結(jié)論不符，故C錯誤；D.豎直向下沿直線射向地面。與上述結(jié)論不符，故D錯誤；故選：A.6、D【解析】考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動?！驹斀狻看怪钡厣淙雱驈?qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場正交的區(qū)域里，未發(fā)生任何偏轉(zhuǎn)，則有：即所有離子速度相同；進(jìn)入另一個勻強(qiáng)磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，即在另一個勻強(qiáng)磁場中做圓周運(yùn)動，半徑不同，由半徑公式：可知，它們的電量與質(zhì)量之比一定不相同，D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】將質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動分解為水平方向和豎直方向，在水平方向上受電場力做勻加速直線運(yùn)動，在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的平均速度公式求出vA、vB的大??；根據(jù)等時性，求出水平方向上的加速度與豎直方向上的加速度關(guān)系，從而得出電場強(qiáng)度的大?。賹λ椒较蜻\(yùn)用動能定理和運(yùn)動學(xué)推論求解A到C的過程中，帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能減?。鶕?jù)牛頓第二定律求解質(zhì)點(diǎn)在C點(diǎn)的加速度大小【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)在C點(diǎn)的加速度大小

，故A錯誤；B．由于兩分運(yùn)動的時間相同即：豎直方向上的時間：；在水平方向上有：vB=at；所以有：；又，解得：，故B正確；C．由題意可知，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動是豎直方向和水平方向的勻變速直線運(yùn)動，因此在豎直方向上有：Lsin37°=t；在水平方向上有：Lcos37°=t；由上兩式得：tan37°=；可得：，故C正確；D．從A到B，對于水平方向，根據(jù)能量守恒可知：帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能減小為；由于質(zhì)點(diǎn)在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，由推論可知：AC間的水平距離等于AB間水平距離的4倍，由W=qEd，可知從A到C的過程中電場力做功是從A到B的過程電場力做功的4倍，所以從A到C的過程中，帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能減小為△Ep2=4△Ep1=，故D正確；故選BCD8、BC【解析】帶電粒子在電場與重力場作用下，由牛頓第二定律可得：qE+mg＝ma＝m?2g，故qE＝mg，當(dāng)帶電粒子進(jìn)入磁場時，由于電場力與重力方向相反，處于平衡．而洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運(yùn)動．所以重力勢能先減小后增大，故C正確；由于電場力先作負(fù)功后做正功，所以電勢能先增大后減小，故D錯誤；由于做勻速圓周運(yùn)動，則速度大小不變，則動能不變，故A錯誤，B正確9、BD【解析】粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，根據(jù)題設(shè)條件作出粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡，根據(jù)軌跡分析粒子運(yùn)動半徑和周期的關(guān)系，從而分析得出結(jié)論【詳解】如圖，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，分別從P點(diǎn)和Q點(diǎn)射出；由圖知，粒子運(yùn)動的半徑RP＜RQ，又粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑知粒子運(yùn)動速度vP＜vQ，故A錯誤，B正確；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)幾何關(guān)系（圖示弦切角相等），粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的圓心角相等，根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動的時間：t=T，又因?yàn)榱Ｗ釉诖艌鲋袌A周運(yùn)動的周期，可知粒子在磁場中運(yùn)動的時間相等，故C錯誤，D正確；故選BD【點(diǎn)睛】粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由此根據(jù)運(yùn)動特征作出粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡，掌握粒子圓周運(yùn)動的周期、半徑的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵10、AD【解析】A．若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下將向上偏，說明電子受到的電場力豎直向上，所以電場強(qiáng)度方向豎直向下，即上極板M帶正電，故A正確；B．板間有磁場和電場時，電子做勻速直線運(yùn)動，電子受的洛倫茲力豎直向下，由左手定則可知，勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向里，故B錯誤；C．板間有磁場和電場時，電子做勻速直線運(yùn)動，則得故C錯誤；D．若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下做類平拋運(yùn)動，則有板間僅有磁場時有聯(lián)立解得粒子軌跡如圖，由幾何關(guān)系有電子將打在下極板距右端Q為故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.5②.2.0③.縱軸截距④.斜率的絕對值【解析】由閉合電路歐姆定律，分別研究電阻箱電阻為R1和R2的情況，列出含有電動勢和內(nèi)阻的方程組求解；由圖象中的截距的含義及閉合電路的歐姆定律的表達(dá)式要求得電動勢和內(nèi)電阻【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可知：E＝U+Ir＝U+r，根據(jù)題意可知：E＝1.4+r，E＝1.3+r，解得：E＝1.5V，r＝2.0Ω（2）由圖示電路圖可知，電源電動勢：E＝U+Ir＝U+r，整理得：U＝E﹣r，則U﹣圖象與縱軸的截距等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻【點(diǎn)睛】本題是一道電學(xué)測定某電源的電動勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)題12、①.C②.AE③.④.【解析】（1）驗(yàn)證動量守恒，兩小球發(fā)生對心碰，所以兩小球半徑相等，為了防止入射小球反彈，所以入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，，，ABD錯誤C正確（2）實(shí)驗(yàn)中要測量落地點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離，所以需要刻度尺，因?yàn)槠綊佭\(yùn)動豎直高度相同，運(yùn)動時間相等，不需要測量時間，不需要秒表；驗(yàn)證動量守恒定律需要知道兩球質(zhì)量，所以需要天平不需要彈簧秤，BC錯誤AD正確（3）根據(jù)平拋規(guī)律可知：，，因?yàn)槠綊伕叨认嗤?，運(yùn)動時間相同，根據(jù)水平動量守恒有：，聯(lián)立以上各式可得：；如果是彈性碰撞，機(jī)械能守恒，所以，整理得：四、計算題：本題共3小題，