2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)專題重組卷第一部分單元九恒定電流含解析

PAGE14-單元九恒定電流考點1.歐姆定律(Ⅱ)；2.電阻定律(Ⅰ)；3.電阻的串聯(lián)、并聯(lián)(Ⅰ)；4.電源的電動勢和內(nèi)阻(Ⅱ)；5.閉合電路的歐姆定律(Ⅱ)；6.電功率、焦耳定律(Ⅰ)學(xué)問點1.歐姆定律、焦耳定律的應(yīng)用；2.電路故障推斷和電路動態(tài)問題分析；3.閉合電路的歐姆定律、各類電功率的計算；4.串、并聯(lián)電路的特點及應(yīng)用第Ⅰ卷(選擇題，共48分)一、選擇題(本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)1．(2024·北京市石景山區(qū)高三上期末)某小燈泡的一段伏安特性曲線如圖所示，當(dāng)通過燈泡的電流由0.10A變?yōu)?.15A時，燈泡的電阻變更了()A．10ΩB．30ΩC．40ΩD．60Ω答案A解析由圖可讀出，當(dāng)電流Ia＝0.10A，電壓Ua＝3V時，其電阻為Ra＝eq\f(Ua,Ia)＝eq\f(3,0.1)Ω＝30Ω；當(dāng)電流Ib＝0.15A，電壓Ub＝6V時，其電阻為Rb＝eq\f(Ub,Ib)＝eq\f(6,0.15)Ω＝40Ω，則電阻的變更量ΔR＝40Ω－30Ω＝10Ω，A正確。2．(2024·浙江杭州高三上學(xué)期模擬)如圖有一內(nèi)電阻為4.4Ω的電解槽和一盞標(biāo)有“110V60W”的燈泡串聯(lián)后接在電壓為220V的直流電路兩端，燈泡正常發(fā)光，則()A．電解槽消耗的電功率為120WB．電解槽消耗的電功率為60WC．電解槽的發(fā)熱功率為60WD．電路消耗的總功率為60W答案B解析由于燈泡正常發(fā)光，所以電解槽的電壓和燈泡兩端的電壓相等，都是110V，由于電解槽和燈泡串聯(lián)，通過它們的電流相等，且I＝eq\f(P,U)＝eq\f(6,11)A，所以電解槽消耗的電功率為P＝UI＝110×eq\f(6,11)W＝60W，A錯誤，B正確；電解槽的發(fā)熱功率為P熱＝I2r＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(6,11)))2×4.4W≈1.3W，C錯誤；電路消耗的總功率為P總＝U總I＝220×eq\f(6,11)W＝120W，D錯誤。3．(2024·山東濟南高三上學(xué)期期末)如圖所示，燈泡L1、L2原來都正常發(fā)光，由于故障兩燈突然熄滅，(假設(shè)電路中僅有一處故障)下列說法正確的是()A．將多用表的電壓擋并聯(lián)在ac兩端，示數(shù)為0，說明ac間斷路B．將多用表的電壓擋并聯(lián)在cd兩端，有示數(shù)，說明cd間完好C．將多用表的電壓擋并聯(lián)在ad兩端，有示數(shù)；并聯(lián)在ac兩端，示數(shù)為0，說明cd間斷路D．?dāng)嚅_S，將L1拆下，運用多用電表歐姆擋，調(diào)零后將紅黑表筆連接在L1兩端，假如指針不偏轉(zhuǎn)，說明L1完好答案C解析將多用表的電壓擋并聯(lián)在ac兩端，示數(shù)為0，說明除ac段以外的其他部分有斷路，A錯誤；將多用表的電壓擋并聯(lián)在cd兩端，有示數(shù)，說明電表與電源形成的回路完好，cd間斷路，B錯誤；將多用表的電壓擋并聯(lián)在ad兩端，有示數(shù)，說明電表與電源形成的回路完好，ad間有斷路，并聯(lián)在ac兩端，示數(shù)為0，說明cd間斷路，C正確；斷開S，將L1拆下，運用多用電表歐姆擋，調(diào)零后將紅黑表筆連接在L1兩端，假如指針不偏轉(zhuǎn)，說明L1斷路，D錯誤。4．(2024·北京市海淀區(qū)高三上學(xué)期期末)手機充電器又名電源適配器。手機常用鋰離子電池的充電器采納的是恒流限壓充電，充電器上所標(biāo)注的輸出參數(shù)如圖甲所示，充電的鋰離子電池標(biāo)識如圖乙所示。對于電源適配器與鋰電池，下列說法正確的是()A．手機電池標(biāo)識的mAh是電功的單位B．電源適配器輸出的電壓是6V溝通電C．假如工作電流是200mA，手機電池能連續(xù)工作約8個小時D．手機充電時會微微發(fā)熱，所以手機充電器主要是把電能轉(zhuǎn)化成熱能的裝置答案C解析依據(jù)q＝It，手機電池標(biāo)識的mAh是電量的單位，A錯誤；電源適配器輸出的電壓是6V直流電，DC表示直流，AC表示溝通，B錯誤；假如工作電流是200mA，手機電池能連續(xù)工作的時間：t＝eq\f(q,I)＝eq\f(1650mAh,200mA)＝8.25h≈8h，C正確；手機充電時會微微發(fā)熱，說明有很小部分電能被手機充電器轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，D錯誤。5．(2024·海南高三上學(xué)期期末)如圖所示，有一個雙量程電流表，其中小量程為0～1A。已知表頭的滿偏電流Ig＝500mA，定值電阻R1＝20Ω，R2＝180Ω，則表頭的內(nèi)阻Rg的值為()A．100ΩB．200ΩC．250ΩD．500Ω答案B解析當(dāng)與表頭并聯(lián)的電阻越大時，量程越小，即當(dāng)接線柱接兩端時，量程最小。由歐姆定律可知：(R1＋R2)(I－Ig)＝IgRg，代入數(shù)據(jù)解得：Rg＝200Ω，B正確。6．(2024·山東德州高三上學(xué)期期末)圖甲為某電源的U-I圖線，圖乙為某小燈泡的U-I圖線，則下列說法中正確的是()A．電源的內(nèi)阻為0.5ΩB．小燈泡的電阻隨著功率的增大而減小C．當(dāng)小燈泡兩端的電壓為0.5V時，它的電阻約為eq\f(1,6)ΩD．把電源和小燈泡組成閉合回路，小燈泡的功率約為3W答案D解析由圖甲，依據(jù)U＝E－Ir可得：電動勢E＝1.5V，內(nèi)阻r＝eq\f(1.5－1.0,3)Ω＝eq\f(1,6)Ω，A錯誤；由圖乙可得，小燈泡的功率越大，則電壓越大，依據(jù)R＝eq\f(U,I)可知，小燈泡的電阻越大，B錯誤；由圖乙可得，當(dāng)小燈泡兩端的電壓U＝0.5V時，電流I＝6A，故電阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(0.5,6)Ω＝eq\f(1,12)Ω，C錯誤；把電源和小燈泡組成閉合回路，將甲、乙兩圖線畫到一個坐標(biāo)系中，如圖，兩U-I圖線的交點的縱橫坐標(biāo)值即為小燈泡的電壓、電流，故U＝0.5V，I＝6A，所以小燈泡的功率P＝UI＝3.0W，D正確。7．(2024·河北張家口高三上學(xué)期期末)如圖所示電路，初始時滑動變阻器R的滑片P恰好位于中點位置，當(dāng)開關(guān)S閉合時，三個小燈泡L1、L2、L3恰好都正常發(fā)光，且亮度相同，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，下列說法正確的是()A．三個燈泡的額定電壓相同B．此時三個燈泡的電阻按從大到小排列是L2、L3、L1C．當(dāng)滑片P略微向左滑動，燈L1和L3變暗，燈L2變亮D．當(dāng)滑片P略微向右滑動，燈L1和L3變暗，燈L2變亮答案D解析由圖知，變阻器R與L3并聯(lián)后與L2串聯(lián)，最終與L1并聯(lián)；三個小燈泡L1、L2、L3都正常發(fā)光，且亮度相同，說明額定功率相同；因L1兩端電壓大于L2、L3兩端電壓，依據(jù)P＝eq\f(U2,R)可知L1的電阻最大；對于L2、L3：通過L2的電流大于通過L3的電流，兩燈泡的功率相同，由公式P＝I2R分析可知，L2的電阻小于L3的電阻；可見，L1的電阻最大，L2的電阻最??；依據(jù)P＝eq\f(U2,R)可知，額定功率相等，電阻不等，額定電壓不等，A、B錯誤。若將滑片P略微向左滑動時，變阻器接入電阻增大，外電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減小，路端電壓U增大，則L1變亮；通過L2電流I2＝I－I1，I減小，I1增大，則I2減小，故L2變暗；L3兩端電壓U3＝U－U2，U增大，U2減小，則U3增大，故L3變亮，C錯誤。同理當(dāng)滑片P略微向右滑動時，燈L1和L3變暗，燈L2變亮，D正確。8．(2024·江蘇泰州高三上學(xué)期期末)如圖所示電路中，合上開關(guān)S后，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為U、I，定值電阻R2消耗的功率為P，電容器所帶的電荷量為Q，兩電表均為志向電表。當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，下列有關(guān)物理量之間變更關(guān)系的圖象正確的是()答案BD解析當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，則R1減小，電流I變大，依據(jù)P＝I2R2可知P-I圖線是開口向上的拋物線的一部分，A錯誤；電容器的電荷量：Q＝UR1C＝[E－I(R2＋r)]C＝EC－(R2＋r)C·I，B正確；U＝E－Ir，可知eq\f(|ΔU|,|ΔI|)＝r，C錯誤，D正確。9．(2024·江蘇七市二模)檢測煤氣管道是否漏氣通常運用氣敏電阻傳感器。某氣敏電阻的阻值隨空氣中煤氣濃度增大而減小，某同學(xué)用該氣敏電阻R1設(shè)計了圖示電路，R為變阻器，a、b間接報警裝置。當(dāng)a、b間電壓高于某臨界值時，裝置將發(fā)出警報。則()A．煤氣濃度越高，a、b間電壓越高 B．煤氣濃度越高，流過R1的電流越小 C．煤氣濃度越低，電源的功率越大 D．調(diào)整變阻器R的阻值會影響報警裝置的靈敏度答案AD解析煤氣濃度越高氣敏電阻R1阻值越小，電路總電阻越小，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流I越大，變阻器兩端電壓U＝IR越大，即a、b間電壓越高，故A正確，B錯誤；煤氣濃度越低，氣敏電阻R1阻值越大，電路總電阻越大，電路電流I越小，電源功率P＝EI越小，故C錯誤；調(diào)整變阻器R的阻值會變更煤氣濃度肯定時a、b間的電壓，會影響報警裝置的靈敏度，故D正確。10．(2024·石家莊精英中學(xué)高三二調(diào))如圖所示，R0為熱敏電阻(溫度降低電阻增大)，D為志向二極管(正向電阻為零，反向電阻無窮大)，C為平行板電容器，M點接地，在開關(guān)S閉合后，C中心有一帶電液滴剛好靜止。下列各項單獨操作可能使帶電液滴向上運動的是()A．將熱敏電阻R0加熱B．滑動變阻器R的滑片P向上移動C．開關(guān)S斷開D．電容器C的上極板向上移動答案AC解析要使液滴向上運動，則應(yīng)增大液滴受到的電場力，即應(yīng)增大兩板間的電勢差；熱敏電阻加熱時，熱敏電阻阻值減小，由閉合電路歐姆定律可知，滑動變阻器兩端的電壓增大，故電容器兩端的電壓增大，液滴向上運動，A正確；當(dāng)變阻器的滑片P向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則總電流增大，電源的內(nèi)電壓及R0兩端的電壓增大，則滑動變阻器兩端的電壓減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器兩極板所帶電荷量不變，故電容器兩端的電勢差不變，B錯誤；開關(guān)S斷開時，電容器干脆接在電源兩端，電容器兩端電壓增大，則液滴向上運動，C正確；電容器C的上極板向上移動，d增大，則電容器的電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娙萜鲀蓸O板所帶電荷量不變，所以電容器兩端的電勢差增大，由于U＝eq\f(Q,C)，C＝eq\f(εrS,4πkd)，E＝eq\f(U,d)，所以：E＝eq\f(4πkQ,εrS)，由于極板上的電荷量不變，而場強E與極板之間的距離無關(guān)，所以電場強度E不變，液滴仍舊靜止，D錯誤。11．(2024·江蘇無錫高三上學(xué)期期末)如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合開關(guān)，小燈泡能發(fā)光?，F(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后志向電壓表V1、V2示數(shù)變更量的肯定值分別為ΔU1、ΔU2，志向電流表A示數(shù)變更量的肯定值為ΔI，則()A．電容器的帶電量變大B．燈泡亮度變亮C.eq\f(ΔU1,ΔI)與eq\f(ΔU2,ΔI)均保持不變D．當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，小燈泡馬上熄滅答案BC解析將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓以及R兩端的電壓增大，則燈泡和滑動變阻器兩端的電壓之和減小，即電容器兩端的電壓減小，依據(jù)Q＝CU可知，電容器帶電量變小，A錯誤；電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡亮度變亮，B正確；依據(jù)U2＝E－Ir，得eq\f(ΔU2,ΔI)＝r，保持不變，依據(jù)U1＝IR，得eq\f(ΔU1,ΔI)＝R，保持不變，C正確；當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，電容器通過燈泡和滑動變阻器放電，所以小燈泡不會馬上熄滅，D錯誤。12．(2024·安徽皖西教化聯(lián)盟高三上期末檢測)如圖甲所示，電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與R＝8Ω的定值電阻、滑動變阻器RP、開關(guān)S組成串聯(lián)回路，已知滑動變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值RP的關(guān)系如圖乙所示。下列說法正確的是()A．電源的電動勢E＝eq\f(2\r(10),5)V，內(nèi)阻r＝2ΩB．圖乙中Rx＝25ΩC．滑動變阻器的滑片向左移動時，R消耗的功領(lǐng)先增加后減小D．調(diào)整滑動變阻器RP的阻值可以得到該電源的最大輸出功率為1.28W答案BD解析把R等效為電源的內(nèi)阻，滑動變阻器消耗的功率P＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,RP＋R＋r)))2RP＝eq\f(E2,RP＋\f(R＋r2,RP)＋2R＋r)，依據(jù)圖象可知功率最大時RP＝R＋r＝10Ω，此時RP的功率為eq\f(E2,4R＋r)＝0.4W，解得E＝4V，r＝2Ω，A錯誤；滑動變阻器的阻值為4Ω時與阻值為Rx時消耗的功率相等，有4Rx＝(R＋r)2，解得Rx＝25Ω，B正確；當(dāng)滑動變阻器的滑片向左滑動時，其接入電路的阻值增加，電流減小，R消耗的功率減小，C錯誤；當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)阻相等時，電源的輸出功率最大，本題中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻的阻值，故滑動變阻器RP的阻值為0時，電源的輸出功率最大，最大功率為P出max＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R＋r)))2R＝1.28W，D正確。第Ⅱ卷(非選擇題，共62分)二、試驗題(本題共2小題，共14分)13．(2024·天津高三上學(xué)期期末七校聯(lián)考)(6分)某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路來測量電源電動勢E和內(nèi)阻r及電阻R1的阻值。試驗器材有：待測電源，待測電阻R1，電壓表V(量程0～3V，內(nèi)阻很大)，電阻箱R(0～99.99Ω)，單刀單擲開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2，導(dǎo)線若干。(1)先測電阻R1的阻值。請將該同學(xué)的操作補充完整：A．閉合S1，將S2切換到a，調(diào)整電阻箱，讀出其示數(shù)R0和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U1；B．保持電阻箱示數(shù)不變，______________，讀出電壓表的示數(shù)U2；C．電阻R1的表達(dá)式為R1＝________。(2)該同學(xué)已經(jīng)測得電阻R1＝3.2Ω，接著測電源電動勢E和內(nèi)阻r，其做法是：閉合S1，將S2切換到a，多次調(diào)整電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U，由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖乙所示的eq\f(1,U)-eq\f(1,R)圖線，則電源電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)答案(1)將S2切換到beq\f(U2－U1R0,U1)(2)2.00.80解析(1)由題意知，電壓表可看成志向電表，依據(jù)電路圖可知電阻箱與定值電阻R1串聯(lián)，電流相等，I1＝IR＝eq\f(U1,R0)；保持電阻箱示數(shù)不變，將S2切換到b，讀出電壓表的示數(shù)U2，此時電壓表示數(shù)為電阻箱與定值電阻R1串聯(lián)的總電壓，定值電阻R1兩端的電壓為U1′＝U2－U1，R1＝eq\f(U1′,I1)＝eq\f(U2－U1R0,U1)。(2)依據(jù)E＝U＋eq\f(U,R)(R1＋r)，有eq\f(1,U)＝eq\f(1,E)＋eq\f(1,R)·eq\f(R1＋r,E)，可知eq\f(1,U)-eq\f(1,R)圖線中，縱截距為eq\f(1,E)＝0.5，所以電源電動勢E＝2.0V；圖線的斜率k＝eq\f(R1＋r,E)＝eq\f(1.5－0.5,0.5)＝2.0，解得內(nèi)阻r＝0.80Ω。14．(2024·全國卷Ⅲ)(8分)某同學(xué)欲將內(nèi)阻為98.5Ω、量程為100μA的電流表改裝成歐姆表并進(jìn)行刻度和校準(zhǔn)，要求改裝后歐姆表的15kΩ刻度正好對應(yīng)電流表表盤的50μA刻度?？蛇x用的器材還有：定值電阻R0(阻值14kΩ)，滑動變阻器R1(最大阻值1500Ω)，滑動變阻器R2(最大阻值500Ω)，電阻箱(0～99999.9Ω)，干電池(E＝1.5V，r＝1.5Ω)，紅、黑表筆和導(dǎo)線若干。(1)歐姆表設(shè)計將圖a中的實物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為________Ω；滑動變阻器選________(填“R1”或“R2”)。(2)刻度歐姆表表盤通過計算，對整個表盤進(jìn)行電阻刻度，如圖b所示。表盤上a、b處的電流刻度分別為25和75，則a、b處的電阻刻度分別為________、________。(3)校準(zhǔn)紅、黑表筆短接，調(diào)整滑動變阻器，使歐姆表指針指向________kΩ處；將紅、黑表筆與電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)據(jù)測量。若校準(zhǔn)某刻度時，電阻箱旋鈕位置如圖c所示，則電阻箱接入的阻值為________Ω。答案(1)如圖所示900R1(2)455(3)035000.0解析(1)歐姆表的中值刻度為歐姆表的內(nèi)阻，即R內(nèi)＝r＋R0＋RA＋R＝15kΩ，解得R＝900Ω。由于滑動變阻器R2的最大阻值為500Ω，所以滑動變阻器選R1。(2)依據(jù)閉合電路歐姆定律，得Ia＝eq\f(E,R內(nèi)＋Ra)和Ib＝eq\f(E,R內(nèi)＋Rb)，代入數(shù)據(jù)解得Ra＝45kΩ，Rb＝5kΩ。(3)運用歐姆表測量電阻時，首先要進(jìn)行電阻調(diào)零，此時應(yīng)將紅、黑表筆短接，調(diào)整滑動變阻器，使歐姆表指針指在0kΩ處。電阻箱的阻值為(0.1×0＋1×0＋10×0＋100×0＋1000×5＋10000×3)Ω＝35000.0Ω。三、計算論述題(本題共4小題，共48分。解答時寫出必要的文字說明和重要的演算步驟，只寫出答案的不得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值的單位)15．(2024·山東臨沂十九中高三上學(xué)期第六次調(diào)研)(12分)如圖所示，M為一線圈電阻RM＝0.5Ω的電動機，R＝8Ω，電源電動勢E＝10V。當(dāng)開關(guān)S斷開時，電流表的示數(shù)I1＝1A，當(dāng)開關(guān)S閉合時，電流表的示數(shù)為I2＝3A。求：(1)電源內(nèi)阻r；(2)開關(guān)S斷開時，電阻R消耗的功率P；(3)開關(guān)S閉合時，通過電動機M的電流大小IM。答案(1)2Ω(2)8W(3)2.5A解析(1)當(dāng)S斷開時，依據(jù)閉合電路歐姆定律：E＝I1(R＋r)，代入數(shù)據(jù)得：r＝2Ω。(2)電阻R消耗的功率：P＝Ieq\o\al(2,1)R＝12×8W＝8W。(3)開關(guān)S閉合時，電路的路端電壓：U＝E－I2r＝(10－3×2)V＝4V，R所在的支路電流：IR＝eq\f(U,R)＝eq\f(4,8)A＝0.5A，通過電動機的電流：IM＝I2－IR＝(3－0.5)A＝2.5A。16．(2024·石家莊精英中學(xué)高三二調(diào))(12分)如圖所示的電路中，R1＝4Ω，R2＝2Ω，滑動變阻器R3上標(biāo)有“10Ω2A”的字樣，志向電壓表的量程有0～3V和0～15V兩擋，志向電流表的量程有0～0.6A和0～3A兩擋。閉合開關(guān)S，將滑片P從最左端向右移動到某位置時，電壓表、電流表示數(shù)分別為2V和0.5A；接著向右移動滑片P至另一位置，電壓表指針指在滿偏的eq\f(1,3)，電流表指針也指在滿偏的eq\f(1,3)。求電源電動勢與內(nèi)阻的大小。(保留兩位有效數(shù)字)答案7.0V2.0Ω解析滑片P向右移動的過程中，電流表示數(shù)在減小，電壓表示數(shù)在增大，由此可以確定電流表量程選取的是0～0.6A，電壓表量程選取的是0～15V，所以其次次電流表的示數(shù)為eq\f(1,3)×0.6A＝0.2A，電壓表的示數(shù)為eq\f(1,3)×15V＝5V。當(dāng)電流表示數(shù)為I1＝0.5A時，電壓表示數(shù)U3＝2V，R1兩端的電壓為U1＝I1R1＝0.5×4V＝2V，回路的總電流為I總＝I1＋eq\f(U1,R2)＝0.5A＋eq\f(2,2)A＝1.5A，由閉合電路歐姆定律得E＝I總r＋U1＋U3；①當(dāng)電流表示數(shù)為I1′＝0.2A時，電壓表示數(shù)U3′＝5V，R1兩端的電壓為U1′＝I1′R1＝0.2×4V＝0.8V，回路的總電流為I總′＝I1′＋eq\f(U1′,R2)＝0.2A＋eq\f(0.8,2)A＝0.6A，由閉合電路歐姆定律得E＝I總′r＋U1′＋U3′，②聯(lián)立①②并代入已知數(shù)據(jù)解得E＝7.0V，r＝2.0Ω。17．(2024·寧夏育才中學(xué)高三上學(xué)期期末)(12分)如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻不計，電容器的電容為C，R2＝R3＝R4＝R5＝R，R1為滑動變阻器，其阻值可在0～2R范圍內(nèi)變更，則在滑片P從最左端向右端滑動的過程中，問：(1)何時電容器上電荷量為零？