2024-2025學(xué)年廣東省東莞市某校高三上學(xué)期第三次月考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三上物理周測(cè)（三）測(cè)試時(shí)間：75分鐘總分：100分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，錯(cuò)選或不答的得0分。）1.2018年12月8日，肩負(fù)著億萬(wàn)中華兒女探月飛天夢(mèng)想的嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功發(fā)射，“實(shí)現(xiàn)人類航天器首次在月球背面巡視探測(cè)，率先在月球背面刻上了中國(guó)足跡”。已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R，探測(cè)器的質(zhì)量為m，引力常量為G，嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，探測(cè)器的（）A.周期為 B.線速度為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗A〖解析〗A．嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由提供向心力，則有解得故A正確；B．根據(jù)解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得故D錯(cuò)誤。故選A。2.我國(guó)出口的高速動(dòng)車組驚艷世界，中國(guó)的“名片”走向世界。如圖甲中、兩列動(dòng)車在兩平行直軌道上行駛，從某時(shí)刻兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭相遇開始計(jì)時(shí)，得到它們圖像如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在時(shí)兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭又相遇B.兩列動(dòng)車的平均速度大小相等C.、兩列動(dòng)車此后還能相遇一次D.再次相遇前兩列車前進(jìn)方向的車頭間最大距離為〖答案〗C〖解析〗D．時(shí)，兩列動(dòng)車速度相等，再次相遇前兩列動(dòng)車在時(shí)相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為故D錯(cuò)誤；AB．圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示位移，從圍成面積可看出前動(dòng)車位移更大，則在30s時(shí)兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭沒有相遇，根據(jù)可知，0～30s兩列動(dòng)車的平均速度大小不相等，故AB錯(cuò)誤；C．時(shí)，動(dòng)車在前方，此后動(dòng)車會(huì)追上并超越，所以還能相遇一次，故C正確。故選C。3.如圖所示，一輛貨車?yán)每邕^(guò)光滑定滑輪的輕質(zhì)不可伸長(zhǎng)的纜繩提升一箱貨物，已知貨箱的質(zhì)量為m0，貨物的質(zhì)量為m，貨車向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在將貨物提升到圖示的位置時(shí)，貨箱速度為v，連接貨車的纜繩與水平方向夾角為θ，不計(jì)一切摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）A.貨車速度B.貨物做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.貨車對(duì)地面的壓力大于貨車的重力D.纜繩中的拉力〖答案〗A〖解析〗A．將貨車的速度沿著繩和垂直于繩正交分解，貨車速度為A正確；B．根據(jù)得隨著θ減小，貨物的速度v增大，貨物向上做加速直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)槔K的拉力斜向上，所以貨車對(duì)地面的壓力小于貨車的重力，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樨浳锵蛏献黾铀僦本€運(yùn)動(dòng)，加速度向上，合力向上，所以纜繩中的拉力D錯(cuò)誤。故選A。4.直立起跳是一項(xiàng)常見的熱身運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員先蹲下，然后瞬間向上直立跳起，如圖甲所示。一位同學(xué)站在力傳感器上做直立起跳，從蹲下到跳起過(guò)程中力傳感器采集到的F—t圖線如圖乙所示（圖線與橫軸圍成的面積約為30格），重力加速度。下列說(shuō)法正確的是（）A.過(guò)程中該同學(xué)先超重后失重B.該同學(xué)的最大加速度大小為QUOTE30m/s230m/sC.該同學(xué)完全跳起時(shí)的速度為D.整個(gè)過(guò)程中地面對(duì)該同學(xué)做功為〖答案〗C〖解析〗A．過(guò)程中該同學(xué)先失重后超重再失重，故A錯(cuò)誤；B．這位同學(xué)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)則這位同學(xué)在對(duì)傳感器的最大壓力為1800N，由牛頓第三定律可知這位同學(xué)受到的最大支持力為F1=1800N由牛頓第二定律得F1-mg=mam解得故B錯(cuò)誤；C．F—t圖線與橫軸圍成的面積表示沖量，由動(dòng)量定理得解得故C正確；D．人在起跳過(guò)程中人的腳沒有離開地面，地面對(duì)該同學(xué)不做功，故D錯(cuò)誤。故選C。5.2023年7月10日，經(jīng)國(guó)際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)小行星命名委員會(huì)批準(zhǔn)，中國(guó)科學(xué)院紫金山天文臺(tái)發(fā)現(xiàn)的、國(guó)際編號(hào)為381323號(hào)的小行星被命名為“樊錦詩(shī)星”。如圖所示，“樊錦詩(shī)星”繞日運(yùn)行的橢圓軌道面與地球繞日運(yùn)行的圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長(zhǎng)軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)中心的距離為4.86天文單位。則（）A.“樊錦詩(shī)星”繞太陽(yáng)一圈大約需要2.15年B.“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度C.“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)、近日點(diǎn)的速度大小之比為D.“樊錦詩(shī)星”在近日點(diǎn)的加速度大小與地球的加速度大小之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律有解得年故A錯(cuò)誤；B．過(guò)“樊錦詩(shī)星”的遠(yuǎn)日點(diǎn)構(gòu)建一以日心為圓心的圓軌道，繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的物體，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有可得則軌道半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，在構(gòu)建圓軌道上運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的線速度小于地球的線速度，“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)要想運(yùn)動(dòng)到該構(gòu)建圓軌道上，需要加速，則“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小于構(gòu)建圓軌道上衛(wèi)星的線速度，綜上，“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小于地球的公轉(zhuǎn)速度，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)附近很小一段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，近日點(diǎn)到太陽(yáng)中心的距離為=1.5天文單位。根據(jù)開普勒第二定律有解得故C錯(cuò)誤；D．軌道半長(zhǎng)軸為3.18天文單位，遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)中心距離為4.86天文單位，則近日點(diǎn)到太陽(yáng)中心距離為1.5天文單位，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有則“樊錦詩(shī)星”在近日點(diǎn)的加速度大小與地球的加速度大小之比為故D正確。故選D。6.如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，已知A物體的半徑為球B的半徑的3倍，球B所受的重力為G，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)墻壁對(duì)B的支持力為，A對(duì)B的支持力為，若把A向右移動(dòng)少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則、的變化情況分別是（）A.都減小 B.都增大C.增大，減小 D.減小，增大〖答案〗A〖解析〗先根據(jù)平衡條件和平行四邊形定則畫出如圖所示的矢量三角形：把A右移少許，θ角減小；在θ角減小的過(guò)程中，從圖中可以直接地看出，、都會(huì)減小。故選A。7.2020年7月23日12時(shí)41分，在海南島文昌航天發(fā)射場(chǎng)，長(zhǎng)征五號(hào)遙四運(yùn)載火箭將我國(guó)首次執(zhí)行火星探測(cè)任務(wù)的“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器發(fā)射升空，飛行2000多秒后，成功將探測(cè)器送入預(yù)定“地火”轉(zhuǎn)移軌道，此后探測(cè)器將被火星引力捕獲，繞火星運(yùn)動(dòng)，開始探測(cè)火星任務(wù)，其大致的運(yùn)行軌跡如圖所示。已知火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為1：9，火星半徑與地球半徑之比為1：2，關(guān)于“天問(wèn)一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是（）A.火星表面的第一宇宙速度與地球表面的第一宇宙速度之比為v火：v地＝3：B.火星表面的第一宇宙速度與地球表面的第一宇宙速度之比為v火：v地＝2：3C.若忽略火星和地球自轉(zhuǎn)，火星表面與地球表面的重力加速度之比為g火：g地＝4：9D.若忽略火星和地球自轉(zhuǎn)，火星表面與地球表面的重力加速度之比為g火：g地＝9：4〖答案〗C〖解析〗AB．第一宇宙速度是人造衛(wèi)星的近地環(huán)繞速度，即解得所以故AB錯(cuò)誤；CD．若忽略自轉(zhuǎn)，則重力完全等于萬(wàn)有引力，即解得所以故C正確、D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題（共3小題，每題有兩個(gè)或以上正確選項(xiàng)，選項(xiàng)全部正確的得6分，選項(xiàng)正確但不全的得3分，有錯(cuò)誤選項(xiàng)的不得分，共18分。）8.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩一端系著質(zhì)量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），另一端固定在點(diǎn)。現(xiàn)按壓圓珠筆筆尾，松手后內(nèi)部彈簧將筆尾迅速?gòu)棾?，筆尾碰撞小球后使小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。假設(shè)碰撞時(shí)彈簧釋放的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，碰后立即撤去圓珠筆。已知輕繩長(zhǎng)為，重力加速度為，忽略空氣阻力。某次碰撞后小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的速度大小為，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球在最低點(diǎn)時(shí)速度大小為B.小球在最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大小為C.該次彈簧釋放的彈性勢(shì)能為D.若彈簧釋放的彈性勢(shì)能小于，則小球不可能到達(dá)最高點(diǎn)〖答案〗BC〖解析〗A．小球圓周運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的速度大小為，則從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)由動(dòng)能定理有解得小球在最低點(diǎn)時(shí)速度大小為故A錯(cuò)誤；B．小球在最低點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有小球在最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大小為故B正確；C．碰撞時(shí)彈簧釋放的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，則該次彈簧釋放的彈性勢(shì)能為故C正確；D．若小球剛好能過(guò)最高點(diǎn)，只有重力提供向心力，有聯(lián)立可得最小彈性勢(shì)能為即彈簧釋放的彈性勢(shì)能小于時(shí)小球不可能到達(dá)最高點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與物塊A拴接，物塊A、B、C、D緊挨在一起放在光滑水平面上，在水平向左的外力F的作用下整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，物塊A、B、C、D的質(zhì)量分別為m、2m、3m、4m，突然撤去外力F瞬間，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的壓縮量為 B.A的加速度大小為C.B對(duì)A的作用力大小為 D.B對(duì)C的作用力大小為〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)胡克定律可知，彈簧的壓縮量為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．突然撤去外力F瞬間，整體的加速度都相同，則A的加速度大小為選項(xiàng)B正確；C．對(duì)BCD的整體，則A對(duì)B的作用力大小為根據(jù)牛頓第三定律可知，B對(duì)A的作用力大小為選項(xiàng)C正確；D．對(duì)CD整體，由牛頓定律可得，B對(duì)C的作用力大小為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖（a）所示，某建筑工地正用吊車將裝混凝土的料斗豎直向上起吊到高處，料斗從靜止開始向上運(yùn)動(dòng)的加速度隨上升高度變化的規(guī)律如圖（b）所示，若裝有混凝土的料斗總質(zhì)量為1噸，重力加速度為，下列說(shuō)法正確的是（）A.從h=4m到h=5m運(yùn)動(dòng)過(guò)程，料斗做勻減速運(yùn)動(dòng)B.從靜止開始上升到高度5m時(shí)，料斗的速度大小為C.從靜止開始上升5m過(guò)程中，料斗運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.從靜止開始上升5m過(guò)程中，吊車對(duì)料斗做功為〖答案〗BD〖解析〗A．從h=4m到h=5m運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由圖（b）可知加速度逐漸減小，但方向仍為正方向，所以料斗做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知圖像與橫軸圍成的面積為，從靜止開始上升到高度5m時(shí)，則有可得故B正確；C．由圖（b）可知料斗先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，其圖像如圖所示可知從靜止開始上升5m過(guò)程中，料斗的平均速度滿足料斗運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿足故C錯(cuò)誤；D．從靜止開始上升5m過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)解得吊車對(duì)料斗做功為故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題6分，每空2分，共12分。）11.如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)“探究滑動(dòng)摩擦力大小與物體間壓力的關(guān)系”的原理圖。彈簧秤一端固定于P點(diǎn)，自由端系一細(xì)線，與銅塊水平連接。拉動(dòng)長(zhǎng)木板，彈簧秤的讀數(shù)T總等于銅塊與長(zhǎng)木板間的滑動(dòng)摩擦力f。在銅塊上添加砝碼，改變壓力N，測(cè)出每次對(duì)應(yīng)的T，記錄每次添加砝碼的質(zhì)量m與T值如下表：實(shí)驗(yàn)次數(shù)1234添加砝碼質(zhì)量（m/kg）0.20.40.60.8彈簧秤讀數(shù)（T/N）2.52.94.0（1）某同學(xué)在第3次實(shí)驗(yàn)時(shí)彈簧秤的示數(shù)如圖，忘記了讀數(shù)，請(qǐng)你讀出下圖中該同學(xué)第3次彈簧秤的讀數(shù)______________N。（2）實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明：滑動(dòng)摩擦力的大小與正壓力的大小成____________（填“正比”、“反比”或“無(wú)關(guān)系”）。（3）通過(guò)表中數(shù)據(jù)可知，銅塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因素為_____________（，且保留兩位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）3.5（2）正比（3）0.25〖解析〗（1）[1]彈簧秤的最小分度為0.2N，該同學(xué)第3次彈簧秤的讀數(shù)為3.5N；（2）[2]根據(jù)表中數(shù)據(jù)可得滑動(dòng)摩擦力的大小與正壓力的大小成正比關(guān)系；（3）[3]設(shè)銅塊的質(zhì)量為M，有即聯(lián)立解得μ=0.2512.如圖所示，為研究平拋運(yùn)動(dòng)的裝置圖。彎曲軌道AB固定在水平桌面上，在離軌道邊緣B不遠(yuǎn)處有一可移動(dòng)的豎直平面abcd，平面中心豎直線標(biāo)有刻度，0刻度線與桌面邊緣平齊。以邊緣B正下方的O點(diǎn)為原點(diǎn)建立水平x軸。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將豎直平面移動(dòng)到x處，從固定立柱處由靜止釋放體積很小的鋼珠，鋼珠從B點(diǎn)離開后擊中中心豎直線某點(diǎn)，記錄刻度值y；改變x，重復(fù)實(shí)驗(yàn)。（1）下列操作，有利于減小誤差的是______。A彎曲軌道盡量光滑B.彎曲軌道邊緣保持水平C.使用相同體積的小鋁珠D.保持豎直平面abcd與水平面垂直（2）若某次將鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線刻度為y；將豎直平面向遠(yuǎn)離B方向平移20.00cm，再次將鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線的刻度為；將豎直平面再向遠(yuǎn)離B方向平移20.00cm，讓鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線的刻度為。重力加速度g取，則小鋼珠平拋的初速度______m/s。（保留兩位有效數(shù)字）（3）下列各圖，能正確反映y與x的關(guān)系的是______。A.B.C.D.〖答案〗（1）BD##DB（2）2.0（3）A〖解析〗（1）[1]A．本實(shí)驗(yàn)只需要保證每次小球平拋的初速度相同即可，軌道光滑對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差沒有幫助，故A錯(cuò)誤；B．彎曲軌道邊緣保持水平，能保證小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，故對(duì)減小誤差有幫助，故B正確；C．小鋁珠的密度小于小鋼珠的密度，使用相同體積小鋁珠，增大了誤差，故C錯(cuò)誤；D．保持豎直平面與水平面垂直，刻度值才表示豎直位移，故對(duì)減小誤差有幫助，故D正確；（2）[2]根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律豎直方向聯(lián)立解得（3）[3]由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得聯(lián)立可得可知與成正比，故A正確，BCD錯(cuò)誤。四、解答題（請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明，關(guān)鍵的方程和重要的表達(dá)式，本大題3個(gè)小題，共42分。）13.南平建甌的挑幡技藝迄今已有300余年歷史，有“華夏絕藝”的美稱。如圖所示，挑幡表演者頂著一根外表涂有朱紅油漆、頂部順桿懸掛綿幡的毛竹，從半蹲狀態(tài)到直立狀態(tài)，此過(guò)程中毛竹經(jīng)歷由靜止開始加速和減速到速度為零的兩個(gè)階段，兩階段均視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)且加速度大小相等。已知毛竹上升過(guò)程總時(shí)間為t，上升高度為h，毛竹和綿幡的總質(zhì)量為m，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。求毛竹上升過(guò)程中：（1）最大速度的大??；（2）勻加速階段加速度a的大??；（3）勻減速階段對(duì)表演者的壓力的大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由題意可知，毛竹先勻加速上升再勻減速上升，平均速度均為又解得本題還可以采用圖像法，作出整個(gè)過(guò)程的圖像如圖所示根據(jù)圖線與時(shí)間軸圍成的面積物理意義表示位移，即可得（2）根據(jù)加速度的定義式可知（3）毛竹勻減速階段，加速度豎直向下，根據(jù)牛頓第二定律可知解得根據(jù)牛頓第三定律可知，勻減速階段對(duì)表演者的壓力為14.如圖甲，小球從M點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)圓盤的最高點(diǎn)A水平拋出，圓盤豎直放置且與MA垂直，圓盤繞圓心勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，小球拋出的同時(shí)，B正好處于圓盤的最低點(diǎn)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間小球正好擊中B點(diǎn)；如圖乙，小球從N點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)豎直放置的圓盤的上邊緣C點(diǎn)水平拋出，圓盤的半徑為r，繞圓心勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，小球的平拋運(yùn)動(dòng)正好經(jīng)過(guò)圓盤的邊緣E點(diǎn)，在E點(diǎn)，小球平拋運(yùn)動(dòng)速度與圓盤的線速度相同，D是圓盤的最低點(diǎn)，；M、B之間與N、E之間兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)完全相同，重力加速度為g，，不計(jì)空氣阻力。求：（1）甲圖圓盤的角速度大??；（2）乙圖圓盤的角速度大小以及平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移大小?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】由題意可知兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)相同，平拋運(yùn)動(dòng)的豎直位移均為由可得平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間設(shè)甲圖圓盤的角速度為，則其周期在時(shí)間t內(nèi)，甲圖圓盤轉(zhuǎn)n轉(zhuǎn)，則有綜合可得小問(wèn)2詳析】設(shè)乙圖圓盤的角速度為，平拋運(yùn)動(dòng)在E點(diǎn)的速度，圓盤在E點(diǎn)的線速度等于，則有把分別沿水平和豎直方向分解平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)結(jié)合，解得，，，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移結(jié)合，解得15.一游戲裝置由水平彈射裝置、傳送帶、水平直軌道BC、足夠長(zhǎng)的凹槽CHID、水平直軌道DE、螺旋圓形軌道EFP、水平直軌道PQ和放在Q處的豎直擋板組成，除傳送帶和PQ段外各段表面均光滑，且各處平滑連接。螺旋圓形軌道與軌道DE、PQ相切于處，螺旋圓形軌道半徑。傳送帶的水平部分AB長(zhǎng)，沿順時(shí)針運(yùn)行的速率。PQ間距離。凹槽CHID內(nèi)有一無(wú)動(dòng)力擺渡車，并緊靠在豎直側(cè)壁CH處，擺渡車質(zhì)量，上表面與A、B、C、D、E、Q點(diǎn)在同一水平面，若擺渡車碰到凹槽的DI側(cè)壁時(shí)將立刻被鎖定?，F(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量的滑塊（可視作質(zhì)點(diǎn)）向左壓縮彈簧至O點(diǎn)由靜止釋放，彈簧的彈力F與滑塊在OA段運(yùn)動(dòng)的位移x的關(guān)系如圖乙所示。已知滑塊與傳送帶、擺渡車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，滑塊與軌道PQ間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度取。求：（1）滑塊滑上傳送帶的初速度；（2）滑塊在傳送帶上運(yùn)行過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；（3）為了使滑塊能碰到Q處的擋板，求擺渡車長(zhǎng)度x的范圍?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由圖像得彈簧彈力做功由解得（2）若滑塊在傳送帶上一直加速，由牛頓第二定律得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得可知假設(shè)合理此過(guò)程中皮帶位移滑塊與皮帶的相對(duì)位移滑塊在傳送帶上運(yùn)行過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量（3）若滑塊剛好過(guò)F點(diǎn)由動(dòng)能定理得解得若剛好能到Q點(diǎn)解得所以滑塊在擺渡車上時(shí)，滑塊加速度渡車加速度由圖像可知，從滑上擺被車到達(dá)到共速相對(duì)位移所以擺液車停止后滑塊繼續(xù)減速滑塊才能過(guò)F點(diǎn)，所以所以所以2025屆高三上物理周測(cè)（三）測(cè)試時(shí)間：75分鐘總分：100分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，錯(cuò)選或不答的得0分。）1.2018年12月8日，肩負(fù)著億萬(wàn)中華兒女探月飛天夢(mèng)想的嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功發(fā)射，“實(shí)現(xiàn)人類航天器首次在月球背面巡視探測(cè)，率先在月球背面刻上了中國(guó)足跡”。已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R，探測(cè)器的質(zhì)量為m，引力常量為G，嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，探測(cè)器的（）A.周期為 B.線速度為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗A〖解析〗A．嫦娥四號(hào)探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由提供向心力，則有解得故A正確；B．根據(jù)解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得故D錯(cuò)誤。故選A。2.我國(guó)出口的高速動(dòng)車組驚艷世界，中國(guó)的“名片”走向世界。如圖甲中、兩列動(dòng)車在兩平行直軌道上行駛，從某時(shí)刻兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭相遇開始計(jì)時(shí)，得到它們圖像如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在時(shí)兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭又相遇B.兩列動(dòng)車的平均速度大小相等C.、兩列動(dòng)車此后還能相遇一次D.再次相遇前兩列車前進(jìn)方向的車頭間最大距離為〖答案〗C〖解析〗D．時(shí)，兩列動(dòng)車速度相等，再次相遇前兩列動(dòng)車在時(shí)相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為故D錯(cuò)誤；AB．圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示位移，從圍成面積可看出前動(dòng)車位移更大，則在30s時(shí)兩列動(dòng)車前進(jìn)方向的車頭沒有相遇，根據(jù)可知，0～30s兩列動(dòng)車的平均速度大小不相等，故AB錯(cuò)誤；C．時(shí)，動(dòng)車在前方，此后動(dòng)車會(huì)追上并超越，所以還能相遇一次，故C正確。故選C。3.如圖所示，一輛貨車?yán)每邕^(guò)光滑定滑輪的輕質(zhì)不可伸長(zhǎng)的纜繩提升一箱貨物，已知貨箱的質(zhì)量為m0，貨物的質(zhì)量為m，貨車向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在將貨物提升到圖示的位置時(shí)，貨箱速度為v，連接貨車的纜繩與水平方向夾角為θ，不計(jì)一切摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）A.貨車速度B.貨物做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.貨車對(duì)地面的壓力大于貨車的重力D.纜繩中的拉力〖答案〗A〖解析〗A．將貨車的速度沿著繩和垂直于繩正交分解，貨車速度為A正確；B．根據(jù)得隨著θ減小，貨物的速度v增大，貨物向上做加速直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)槔K的拉力斜向上，所以貨車對(duì)地面的壓力小于貨車的重力，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樨浳锵蛏献黾铀僦本€運(yùn)動(dòng)，加速度向上，合力向上，所以纜繩中的拉力D錯(cuò)誤。故選A。4.直立起跳是一項(xiàng)常見的熱身運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員先蹲下，然后瞬間向上直立跳起，如圖甲所示。一位同學(xué)站在力傳感器上做直立起跳，從蹲下到跳起過(guò)程中力傳感器采集到的F—t圖線如圖乙所示（圖線與橫軸圍成的面積約為30格），重力加速度。下列說(shuō)法正確的是（）A.過(guò)程中該同學(xué)先超重后失重B.該同學(xué)的最大加速度大小為QUOTE30m/s230m/sC.該同學(xué)完全跳起時(shí)的速度為D.整個(gè)過(guò)程中地面對(duì)該同學(xué)做功為〖答案〗C〖解析〗A．過(guò)程中該同學(xué)先失重后超重再失重，故A錯(cuò)誤；B．這位同學(xué)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)則這位同學(xué)在對(duì)傳感器的最大壓力為1800N，由牛頓第三定律可知這位同學(xué)受到的最大支持力為F1=1800N由牛頓第二定律得F1-mg=mam解得故B錯(cuò)誤；C．F—t圖線與橫軸圍成的面積表示沖量，由動(dòng)量定理得解得故C正確；D．人在起跳過(guò)程中人的腳沒有離開地面，地面對(duì)該同學(xué)不做功，故D錯(cuò)誤。故選C。5.2023年7月10日，經(jīng)國(guó)際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)小行星命名委員會(huì)批準(zhǔn)，中國(guó)科學(xué)院紫金山天文臺(tái)發(fā)現(xiàn)的、國(guó)際編號(hào)為381323號(hào)的小行星被命名為“樊錦詩(shī)星”。如圖所示，“樊錦詩(shī)星”繞日運(yùn)行的橢圓軌道面與地球繞日運(yùn)行的圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長(zhǎng)軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)中心的距離為4.86天文單位。則（）A.“樊錦詩(shī)星”繞太陽(yáng)一圈大約需要2.15年B.“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度C.“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)、近日點(diǎn)的速度大小之比為D.“樊錦詩(shī)星”在近日點(diǎn)的加速度大小與地球的加速度大小之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律有解得年故A錯(cuò)誤；B．過(guò)“樊錦詩(shī)星”的遠(yuǎn)日點(diǎn)構(gòu)建一以日心為圓心的圓軌道，繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的物體，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有可得則軌道半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，在構(gòu)建圓軌道上運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的線速度小于地球的線速度，“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)要想運(yùn)動(dòng)到該構(gòu)建圓軌道上，需要加速，則“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小于構(gòu)建圓軌道上衛(wèi)星的線速度，綜上，“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小于地球的公轉(zhuǎn)速度，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于“樊錦詩(shī)星”在遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)附近很小一段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，近日點(diǎn)到太陽(yáng)中心的距離為=1.5天文單位。根據(jù)開普勒第二定律有解得故C錯(cuò)誤；D．軌道半長(zhǎng)軸為3.18天文單位，遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)中心距離為4.86天文單位，則近日點(diǎn)到太陽(yáng)中心距離為1.5天文單位，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有則“樊錦詩(shī)星”在近日點(diǎn)的加速度大小與地球的加速度大小之比為故D正確。故選D。6.如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，已知A物體的半徑為球B的半徑的3倍，球B所受的重力為G，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)墻壁對(duì)B的支持力為，A對(duì)B的支持力為，若把A向右移動(dòng)少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則、的變化情況分別是（）A.都減小 B.都增大C.增大，減小 D.減小，增大〖答案〗A〖解析〗先根據(jù)平衡條件和平行四邊形定則畫出如圖所示的矢量三角形：把A右移少許，θ角減小；在θ角減小的過(guò)程中，從圖中可以直接地看出，、都會(huì)減小。故選A。7.2020年7月23日12時(shí)41分，在海南島文昌航天發(fā)射場(chǎng)，長(zhǎng)征五號(hào)遙四運(yùn)載火箭將我國(guó)首次執(zhí)行火星探測(cè)任務(wù)的“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器發(fā)射升空，飛行2000多秒后，成功將探測(cè)器送入預(yù)定“地火”轉(zhuǎn)移軌道，此后探測(cè)器將被火星引力捕獲，繞火星運(yùn)動(dòng)，開始探測(cè)火星任務(wù)，其大致的運(yùn)行軌跡如圖所示。已知火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為1：9，火星半徑與地球半徑之比為1：2，關(guān)于“天問(wèn)一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是（）A.火星表面的第一宇宙速度與地球表面的第一宇宙速度之比為v火：v地＝3：B.火星表面的第一宇宙速度與地球表面的第一宇宙速度之比為v火：v地＝2：3C.若忽略火星和地球自轉(zhuǎn)，火星表面與地球表面的重力加速度之比為g火：g地＝4：9D.若忽略火星和地球自轉(zhuǎn)，火星表面與地球表面的重力加速度之比為g火：g地＝9：4〖答案〗C〖解析〗AB．第一宇宙速度是人造衛(wèi)星的近地環(huán)繞速度，即解得所以故AB錯(cuò)誤；CD．若忽略自轉(zhuǎn)，則重力完全等于萬(wàn)有引力，即解得所以故C正確、D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題（共3小題，每題有兩個(gè)或以上正確選項(xiàng)，選項(xiàng)全部正確的得6分，選項(xiàng)正確但不全的得3分，有錯(cuò)誤選項(xiàng)的不得分，共18分。）8.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩一端系著質(zhì)量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），另一端固定在點(diǎn)。現(xiàn)按壓圓珠筆筆尾，松手后內(nèi)部彈簧將筆尾迅速?gòu)棾?，筆尾碰撞小球后使小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。假設(shè)碰撞時(shí)彈簧釋放的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，碰后立即撤去圓珠筆。已知輕繩長(zhǎng)為，重力加速度為，忽略空氣阻力。某次碰撞后小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的速度大小為，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球在最低點(diǎn)時(shí)速度大小為B.小球在最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大小為C.該次彈簧釋放的彈性勢(shì)能為D.若彈簧釋放的彈性勢(shì)能小于，則小球不可能到達(dá)最高點(diǎn)〖答案〗BC〖解析〗A．小球圓周運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的速度大小為，則從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)由動(dòng)能定理有解得小球在最低點(diǎn)時(shí)速度大小為故A錯(cuò)誤；B．小球在最低點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有小球在最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大小為故B正確；C．碰撞時(shí)彈簧釋放的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，則該次彈簧釋放的彈性勢(shì)能為故C正確；D．若小球剛好能過(guò)最高點(diǎn)，只有重力提供向心力，有聯(lián)立可得最小彈性勢(shì)能為即彈簧釋放的彈性勢(shì)能小于時(shí)小球不可能到達(dá)最高點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與物塊A拴接，物塊A、B、C、D緊挨在一起放在光滑水平面上，在水平向左的外力F的作用下整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，物塊A、B、C、D的質(zhì)量分別為m、2m、3m、4m，突然撤去外力F瞬間，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的壓縮量為 B.A的加速度大小為C.B對(duì)A的作用力大小為 D.B對(duì)C的作用力大小為〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)胡克定律可知，彈簧的壓縮量為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．突然撤去外力F瞬間，整體的加速度都相同，則A的加速度大小為選項(xiàng)B正確；C．對(duì)BCD的整體，則A對(duì)B的作用力大小為根據(jù)牛頓第三定律可知，B對(duì)A的作用力大小為選項(xiàng)C正確；D．對(duì)CD整體，由牛頓定律可得，B對(duì)C的作用力大小為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖（a）所示，某建筑工地正用吊車將裝混凝土的料斗豎直向上起吊到高處，料斗從靜止開始向上運(yùn)動(dòng)的加速度隨上升高度變化的規(guī)律如圖（b）所示，若裝有混凝土的料斗總質(zhì)量為1噸，重力加速度為，下列說(shuō)法正確的是（）A.從h=4m到h=5m運(yùn)動(dòng)過(guò)程，料斗做勻減速運(yùn)動(dòng)B.從靜止開始上升到高度5m時(shí)，料斗的速度大小為C.從靜止開始上升5m過(guò)程中，料斗運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.從靜止開始上升5m過(guò)程中，吊車對(duì)料斗做功為〖答案〗BD〖解析〗A．從h=4m到h=5m運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由圖（b）可知加速度逐漸減小，但方向仍為正方向，所以料斗做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知圖像與橫軸圍成的面積為，從靜止開始上升到高度5m時(shí)，則有可得故B正確；C．由圖（b）可知料斗先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，其圖像如圖所示可知從靜止開始上升5m過(guò)程中，料斗的平均速度滿足料斗運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿足故C錯(cuò)誤；D．從靜止開始上升5m過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)解得吊車對(duì)料斗做功為故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題6分，每空2分，共12分。）11.如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)“探究滑動(dòng)摩擦力大小與物體間壓力的關(guān)系”的原理圖。彈簧秤一端固定于P點(diǎn)，自由端系一細(xì)線，與銅塊水平連接。拉動(dòng)長(zhǎng)木板，彈簧秤的讀數(shù)T總等于銅塊與長(zhǎng)木板間的滑動(dòng)摩擦力f。在銅塊上添加砝碼，改變壓力N，測(cè)出每次對(duì)應(yīng)的T，記錄每次添加砝碼的質(zhì)量m與T值如下表：實(shí)驗(yàn)次數(shù)1234添加砝碼質(zhì)量（m/kg）0.20.40.60.8彈簧秤讀數(shù)（T/N）2.52.94.0（1）某同學(xué)在第3次實(shí)驗(yàn)時(shí)彈簧秤的示數(shù)如圖，忘記了讀數(shù)，請(qǐng)你讀出下圖中該同學(xué)第3次彈簧秤的讀數(shù)______________N。（2）實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明：滑動(dòng)摩擦力的大小與正壓力的大小成____________（填“正比”、“反比”或“無(wú)關(guān)系”）。（3）通過(guò)表中數(shù)據(jù)可知，銅塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因素為_____________（，且保留兩位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）3.5（2）正比（3）0.25〖解析〗（1）[1]彈簧秤的最小分度為0.2N，該同學(xué)第3次彈簧秤的讀數(shù)為3.5N；（2）[2]根據(jù)表中數(shù)據(jù)可得滑動(dòng)摩擦力的大小與正壓力的大小成正比關(guān)系；（3）[3]設(shè)銅塊的質(zhì)量為M，有即聯(lián)立解得μ=0.2512.如圖所示，為研究平拋運(yùn)動(dòng)的裝置圖。彎曲軌道AB固定在水平桌面上，在離軌道邊緣B不遠(yuǎn)處有一可移動(dòng)的豎直平面abcd，平面中心豎直線標(biāo)有刻度，0刻度線與桌面邊緣平齊。以邊緣B正下方的O點(diǎn)為原點(diǎn)建立水平x軸。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將豎直平面移動(dòng)到x處，從固定立柱處由靜止釋放體積很小的鋼珠，鋼珠從B點(diǎn)離開后擊中中心豎直線某點(diǎn)，記錄刻度值y；改變x，重復(fù)實(shí)驗(yàn)。（1）下列操作，有利于減小誤差的是______。A彎曲軌道盡量光滑B.彎曲軌道邊緣保持水平C.使用相同體積的小鋁珠D.保持豎直平面abcd與水平面垂直（2）若某次將鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線刻度為y；將豎直平面向遠(yuǎn)離B方向平移20.00cm，再次將鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線的刻度為；將豎直平面再向遠(yuǎn)離B方向平移20.00cm，讓鋼珠從固定立柱處由靜止釋放，記錄鋼珠擊中中心豎直線的刻度為。重力加速度g取，則小鋼珠平拋的初速度______m/s。（保留兩位有效數(shù)字）（3）下列各圖，能正確反映y與x的關(guān)系的是______。A.B.C.D.〖答案〗（1）BD##DB（2）2.0（3）A〖解析〗（1）[1]A．本實(shí)驗(yàn)只需要保證每次小球平拋的初速度相同即可，軌道光滑對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差沒有幫助，故A錯(cuò)誤；B．彎曲軌道邊緣保持水平，能保證小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，故對(duì)減小誤差有幫助，故B正確；C．小鋁珠的密度小于小鋼珠的密度，使用相同體積小鋁珠，增大了誤差，故C錯(cuò)誤；D．保持豎直平面與水平面垂直，刻度值才表示豎直位移，故對(duì)減小誤差有幫助，故D正確；（2）[2]根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律豎直方向聯(lián)立解得（3）[3]由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得聯(lián)立可得可知與成正比，故A正確，BCD錯(cuò)誤。四、解答題（請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明，關(guān)鍵的方程和重要的表達(dá)式，本大題3個(gè)小題，共42分。）13.南平建甌的挑幡技藝迄今已有300余年歷史，有“華夏絕藝”的美稱。如圖所示，挑幡表演者頂著一根外表涂有朱紅油漆、頂部順桿懸掛綿幡的毛竹，從半蹲狀態(tài)到直立狀態(tài)，此過(guò)程中毛竹經(jīng)歷由靜止開始加速