2020-2021學(xué)年朝陽(yáng)某中學(xué)高二年級(jí)上冊(cè)期末物理試卷(附解析)

2020-2021學(xué)年朝陽(yáng)第一高級(jí)中學(xué)高二上學(xué)期期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.以下四幅圖中包含的物理知識(shí)說(shuō)法不正確的是（）

圖甲圖乙圖丙圖丁

A.圖甲：研究均勻帶電球體在球外產(chǎn)生的電場(chǎng)時(shí)，可以認(rèn)為全部電荷集中在球心

B.圖乙：距離帶電體越遠(yuǎn)，等勢(shì)面的形狀與帶電體的形狀越相似

C.圖丙：高壓輸電線的上方還有兩條導(dǎo)線與大地相連，可以把高壓線屏蔽起來(lái)，免遭雷擊

D.圖?。捍烹娛絻x表線圈通常用鋁框做骨架，把線圈繞在鋁框上，起電磁阻尼作用

2.如圖，一彈性繩上有&和S2兩個(gè)波源，P點(diǎn)為&和S2連線的中點(diǎn)。兩

個(gè)波源同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)發(fā)出兩個(gè)相向傳播的波1和波2,波長(zhǎng)分別為;I1

和;12（41>%2），則兩列波（）

A.頻率相同B.同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)

（）

A.圓環(huán)受到的安培力方向始終垂直紙面向內(nèi)

B.圓環(huán)受到的安培力大小可能為零

C.圓環(huán)受到的安培力最小為B/r

D.圓環(huán)受到的安培力最大值為

4.如圖所示為一組電場(chǎng)線，A、B為其中兩點(diǎn)，貝呢）

A.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

B.4點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)

C.將電子從4點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)為做正功

D.正電荷在4點(diǎn)的電勢(shì)能小于正電荷在8點(diǎn)的電勢(shì)能

5.下列屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的是（）

A.通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)

B.磁場(chǎng)對(duì)電流發(fā)生作用

C.由于閉合線圈中磁通量發(fā)生變化，使線圈中產(chǎn)生電流

D.電荷在洛侖茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)

6.下列說(shuō)法中正確的是（）

A.雷達(dá)是利用聲波的反射來(lái)測(cè)定物體的位置

B.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變寬

C.調(diào)諧是電磁波發(fā)射的過(guò)程，調(diào)制是電磁波接收的過(guò)程

D.考慮相對(duì)論效應(yīng)，一沿自身長(zhǎng)度方向高速運(yùn)動(dòng)的桿的長(zhǎng)度總比其靜止時(shí)的長(zhǎng)度短

7.如圖所示，4、8兩小球離光滑地面高度均為h=5m,相距1=4.8m,，./

「*

將4以大小為2m/s的初速為向B水平拋出的同時(shí)，B自由下落.4、B與心

地面發(fā)生彈性碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向J〃一

相反.B球質(zhì)量m=0.2kg,不計(jì)空氣阻力及小球與地面碰撞的時(shí)間，g=lOm/s2.B球第一次

與地相碰的過(guò)程中，合力對(duì)B球的沖量大小/及4、8第一次相碰時(shí)，B球離地高度〃為（）

A.I=2N-s,H=0.8mB.I=2N-s,H=4.2m

C./=4N?s,H=0.8mD./=4N?s,H=4.2m

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.一列簡(jiǎn)諧波沿X軸傳播，某時(shí)刻波的圖象如圖所示.此時(shí)4、8兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同，此后4和B分

別經(jīng)過(guò)最短時(shí)間0.1s和0.7s回到該時(shí)刻位置.則（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播

B.該波的傳播速度為2.5m/s

C.圖示時(shí)刻4點(diǎn)的速度方向和加速度方向相同

D.圖示時(shí)刻8點(diǎn)的速度方向和加速度方向相反

9.如圖所示，兩束平行細(xì)單色光a、b,斜射到截面是矩形的玻璃磚的一個(gè)側(cè)

面入射點(diǎn)分別為。1、02,都從玻璃磚的另一平行側(cè)面上的某點(diǎn)P射出，則

下列說(shuō)法中正確的是()%

A.射出點(diǎn)P不可能在過(guò)Or“的這兩條法線之間

B.單色光b的頻率一定大于a的頻率

C.單色光a照射到某金屬表面打出的光電子的初動(dòng)能,一定大于單色光b照射到該金屬表面所打

出的光電子的初動(dòng)能

D.從玻璃磚射出的是一束復(fù)色光，它一定平行于入射光

10.閉合開(kāi)關(guān)S,滑動(dòng)變阻器氏的滑片向下滑動(dòng)的過(guò)程中()

A.電壓表的示數(shù)增大B.流過(guò)&的電流減小

C.流過(guò)電阻％的電流減小D.流過(guò)電阻角的電流方向是匕-a

三、實(shí)瞼題(本大題共2小題，共14.0分)

11.某同學(xué)利用單擺測(cè)量重力加速度。

(1)在用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是.

A.對(duì)重力加速度測(cè)量值影響較大的是周期的測(cè)量

B.擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的

C用刻度尺測(cè)量擺線的長(zhǎng)度，這就是單擺的擺長(zhǎng)

D擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且盡可能長(zhǎng)一些

(2)他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點(diǎn)量到擺球的最頂端的長(zhǎng)度L。=

96.58cm,再用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑，結(jié)果如圖甲所示，則擺球直徑d=cm；

(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，他利用如圖乙所示裝置記錄振動(dòng)周期，在擺球運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)的左、右兩側(cè)分別放置一激

光光源與光敏電阻，光敏電阻與某自動(dòng)記錄儀相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時(shí)間t的變

化圖線如圖丙所示，則該單擺的振動(dòng)周期為7=

甲

乙丙

（4）根據(jù)以上測(cè)量數(shù)據(jù)可得重力加速度g=zn/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），如果該同學(xué)測(cè)得的

g值偏小，可能的原因是（填正確答案標(biāo)號(hào)）。

A.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了

8.計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)用的L=Lo+d

C擺球擺動(dòng)的振幅偏小

12.某同學(xué)利用定值電阻&、電阻箱％、D/S等實(shí)驗(yàn)器材，測(cè)量電池a的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)裝置如

圖1所示.實(shí)驗(yàn)時(shí)改變電阻箱的阻值，記錄外電路的總電阻阻值R,用電流傳感器測(cè)得對(duì)應(yīng)的電

流值/.多次測(cè)量后得到如圖2所示的;-R關(guān)系圖線a,重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)方法測(cè)量電池b的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)

阻，得到圖2中的圖線b.

（1）由圖線a可知電池a的電動(dòng)勢(shì)Ea=V,內(nèi)阻％=2

（2）若用同一個(gè)電阻R分別與電池a、電池b組成回路，則兩電池的總功率七Pb（填“大于”、“等

于”或“小于”）,兩電池的效率加桃（填“大于”、“等于”或“小于”）.

（3）若該同學(xué)在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)一，誤將此作為外電路的總電阻阻值R,漏算了Ro,則最終得到的電動(dòng)

勢(shì)和內(nèi)阻的值與真實(shí)值相比：電動(dòng)勢(shì),內(nèi)阻.

四、簡(jiǎn)答題（本大題共1小題，共18.0分）

13.如圖所示，電路中電源的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻不計(jì)，電路中占、/？2、氏3的阻值相等，水平放置的

平行金屬板人B間的距離為d,板長(zhǎng)為3在4板的左端且非?？拷?板的位置處有一個(gè)質(zhì)量為m,

帶電荷量為-q的小液滴以初速度為水平向右射入兩板間，（重力加速度為g）

（1）若使液滴能沿火方向射出電場(chǎng)，電動(dòng)勢(shì)Ei應(yīng)為多大?

(2)若使液滴能從B板右端邊緣射出電場(chǎng)，電動(dòng)勢(shì)E2應(yīng)為多大.

五、計(jì)算題(本大題共2小題，共22.0分)

14.質(zhì)量為m的子彈以水平初速為打入固定在光滑水平面上質(zhì)量為M的砂箱之中，子彈射入砂箱的

深度為d.若砂箱可以自由滑動(dòng)，則子彈陷入砂箱的深度為多少？

15.如圖(甲)所示，4、B是在真空中平行放置的金屬板，加上電壓后，它們之間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)

電場(chǎng).A、B兩極板間距離d=1.5m.今在4、8兩極板上加如圖(乙)所示的交變電壓，交變電壓

的周期T=1.0x10-6s；t=0時(shí)，A板電勢(shì)比B板電勢(shì)高，電勢(shì)差%=1080V,比荷q/m=1.0x

109c/kg的帶負(fù)電的粒子在t=0時(shí)從B板附近由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，不計(jì)重力.問(wèn)：

u-

-t

*

交

r￡-晉

066

ohL

UOI-

(1)第一次達(dá)到最大速度時(shí)，粒子相對(duì)于B板的位移是多大?

(2)粒子到達(dá)4板時(shí)速度是多大？

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、研究均勻帶電球體在球外產(chǎn)生的電場(chǎng)時(shí)，球體的大小對(duì)研究球體外電場(chǎng)強(qiáng)度分布沒(méi)有

影響，可以認(rèn)為全部電荷集中在球心。故A正確；

8、根據(jù)帶電體的電場(chǎng)強(qiáng)度的分布特點(diǎn)可知，距離帶電體越近，等勢(shì)面的形狀與帶電體的形狀越相似。

故8不正確；

C、高壓輸電線上方還有兩條導(dǎo)線，這兩條導(dǎo)線的作用是它們與大地相連，形成稀疏的金屬“網(wǎng)”，

形成靜電屏蔽，起到屏蔽外電場(chǎng)的作用，故C正確；

。、常用鋁框做骨架，當(dāng)線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致鋁框的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)

安培阻力，使其很快停止擺動(dòng)。這樣做的目的是利用渦流，起到電磁阻尼作用。故。正確

本題選擇不正確的，故選：8。

半徑為R的均勻帶電球體（或球殼）在球的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)，與一個(gè)位于球心、電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)

生的電場(chǎng)相同；根據(jù)帶電體的電場(chǎng)強(qiáng)度的分布特點(diǎn)分析；結(jié)合靜電屏蔽的特點(diǎn)與應(yīng)用分析。

該題考查與電場(chǎng)、磁場(chǎng)有關(guān)的多個(gè)知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，但都比較簡(jiǎn)單，屬于對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的的考查，在平

時(shí)的學(xué)習(xí)中多加積累即可。

2.答案：B

解析：解：A、兩波源在同一繩上，則它們的波速相等，因?yàn)閮闪胁ǖ牟ㄩL(zhǎng)不同，由所以兩

列波的頻率不同，故A錯(cuò)誤；

8、兩波源在同一繩上，則它們的波速相等，由于P為兩個(gè)波源連線的中點(diǎn)，所以它們會(huì)同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，

故8正確；

C、兩列波相遇時(shí)，因頻率不同，只能相互疊加，不發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

D.波傳播具有相互獨(dú)立性，則相遇后，互不干擾，各自獨(dú)立傳播，相遇時(shí)，波長(zhǎng)不變，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

波傳播具有相互獨(dú)立性，波傳播速度由介質(zhì)決定，兩波源在同一繩上，則它們的波速相等，因?yàn)閮?/p>

列波的波長(zhǎng)不同，兩列波的頻率不同，不發(fā)生干涉現(xiàn)象

本題考查機(jī)械波傳播的特點(diǎn)，學(xué)生需注意，波傳播具有相互獨(dú)立性，波傳播速度由介質(zhì)決定，兩列

波的頻率相同，相差保持不變，才會(huì)產(chǎn)生干涉。

3.答案：B

解析：解：4、圓環(huán)受到的安培力方向即垂直于B的方向，又垂直于/的方向，即垂直于B與/所組成

的平面，再根據(jù)左手定則可知，圓環(huán)受到的安培力方向先垂直紙面向外，后垂直紙面向里，故A錯(cuò)

誤；

BC、加弧形導(dǎo)體協(xié)中的等效電流方向山師向a,且豎直向下，當(dāng)磁場(chǎng)方向轉(zhuǎn)至與等效電流方向平

行時(shí)，圓環(huán)受到的安培力為零，故8正確，C錯(cuò)誤；

。、圓環(huán)導(dǎo)線的有效長(zhǎng)度為2r,當(dāng)磁場(chǎng)方向與等效電流方向垂直時(shí)，安培力最大，為F=^B",

故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)左手定則判斷圓環(huán)所受安培力的方向；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B與電流/垂直時(shí)，通電導(dǎo)線所受安培力最

大，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B與電流/平行時(shí)，通電導(dǎo)線所受安培力最小為零。

解決本題的關(guān)鍵掌握安培力大小的公式，以及會(huì)確定導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的有效長(zhǎng)度，注意左手定則與右

手定則的區(qū)別。

4.答案:B

解析：解：4、由圖可知，a點(diǎn)電場(chǎng)線密，b點(diǎn)電場(chǎng)線稀，因此a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)，即Ea>Eb，故

A錯(cuò)誤.

B、沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，4點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，故8正確；

C、電子受到的電場(chǎng)力的方向由B指向4,所以將電子從4點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)為做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；

D、正電荷在4點(diǎn)的電勢(shì)能大于正電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故。錯(cuò)誤；

故選：B

為了形象的描述電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向，引入了電場(chǎng)線的概念，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)

強(qiáng)度大，電場(chǎng)線稀疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度小，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，正電荷在電勢(shì)高的地方電

勢(shì)能大.

電場(chǎng)線是電場(chǎng)中的重要概念，要根據(jù)電場(chǎng)線的分布正確判斷電勢(shì)的高低和電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱.

5.答案：C

解析：

解答本題應(yīng)掌握：電磁感應(yīng)的現(xiàn)象…因磁通量的變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，形成感應(yīng)電流的現(xiàn)象。

本題中的四個(gè)選項(xiàng)分別對(duì)應(yīng)了電與磁間關(guān)系的四個(gè)問(wèn)題，4為電流的磁效應(yīng)；B為電流在磁場(chǎng)中受力：

C為電磁感應(yīng)；。為帶電粒子在磁場(chǎng)中的轉(zhuǎn)動(dòng)。

電磁感應(yīng)指閉合回路中部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，或者穿過(guò)閉合線圈的磁通量變化，則回路中即

可產(chǎn)生感應(yīng)電流；故C正確，A3。錯(cuò)誤。

故選C。

6.答案：B

解析：解：4、雷達(dá)是利用無(wú)線電波的反射來(lái)確定物體目標(biāo)的儀器，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

8、雙縫干涉條紋寬度正比于波長(zhǎng)，紅光波長(zhǎng)比綠光大，它干涉條紋寬，故選項(xiàng)8正確；

C、發(fā)射電磁波需要將低頻信號(hào)加到高頻信號(hào)上，此過(guò)程稱為調(diào)制，接受到電磁波時(shí)，選擇所需要的

頻率信號(hào)，稱為調(diào)諧，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

。、相對(duì)論效應(yīng)是對(duì)不同參考系而言的，相對(duì)地面高速運(yùn)動(dòng)的桿在自身參考系內(nèi)測(cè)量就是靜止的原

長(zhǎng)，而地面觀察者測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)其長(zhǎng)度變短，所以應(yīng)該強(qiáng)調(diào)在哪個(gè)參考系內(nèi)測(cè)量的，故選項(xiàng)。錯(cuò)誤.

故選：B.

A、雷達(dá)所用的微波屬于電磁波，不是聲波.

8、在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則相鄰干涉條紋間距變寬.

C、在白熾燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，是因?yàn)閮蓧K玻璃板之間存在空氣膜,

光在膜的前后表面的反射光發(fā)生干涉，即薄膜干涉.

D,一條沿自身長(zhǎng)度方向運(yùn)動(dòng)的桿其長(zhǎng)度，在地面上看，總比桿靜止時(shí)的長(zhǎng)度短.

考查雷達(dá)的工作原理，掌握干涉條紋間距公式，知道調(diào)諧與調(diào)制的區(qū)別，掌握高速飛行時(shí)沿著飛行

方向的長(zhǎng)度變短，及注意其不同參考系，結(jié)論會(huì)不同.

7.答案：D

解析：解：B小球做自由下落，

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：

B球第一次與地相碰前的速度是u=y/2gh=10m/s

B與地面發(fā)生彈性碰撞前后速度大小不變、方向相反.

根據(jù)動(dòng)量定理得B球第一次與地相碰的過(guò)程中，

合力對(duì)B球的沖量大小/=2mv=2x0.2xION-s=4N-s,

4以大小為2m/s的初速北向B水平拋出，4在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

A、B兩小球相距I=4.8m,所以4到4、B第一次相碰時(shí)的時(shí)間是t=工=2.4s,

v0

B與地面發(fā)生彈性碰撞前后，豎直分速度大小不變、方向相反，而B球下落時(shí)間是1s,

所以力、B第一次相碰時(shí)，8球離地高度H—2s7=4.2m；

故選：D.

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，

根據(jù)該規(guī)律抓住地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反與判斷求解.

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)該規(guī)律進(jìn)行分析.

8.答案:AB

解析：解：

A、根據(jù)4和B分別經(jīng)過(guò)最短時(shí)間0.1s和0.7s回到該時(shí)刻位置可知，A點(diǎn)先回到圖示位置，說(shuō)明4正向

上振動(dòng)，B正向下振動(dòng)，則根據(jù)波形的平移法可知沿》軸負(fù)方向傳播，故A正確；

B、根據(jù)圖象可知，波長(zhǎng)4=2m,周期7=0.1+0.7=0.8s,則波速為u=5=言=2.5m/s,故B

T0.8

正確；

C、加速度的方向指向平衡位置，所以4點(diǎn)加速度方向向下，而4正向上振動(dòng)，速度方向向上，速度

方向相反.故C錯(cuò)誤.

。、加速度的方向指向平衡位置，所以B點(diǎn)加速度方向向下，而B正向下振動(dòng)，速度方向向下，速度

方向相同，故。錯(cuò)誤.

故選：AB.

根據(jù)題意可知，4點(diǎn)先回到圖示位置，說(shuō)明4正向上振動(dòng)，B正向下振動(dòng)，從而判斷波的傳播方向，

由波形圖讀出波長(zhǎng)，根據(jù)u=:求出波速，加速度的方向指向平衡位置，從而判斷圖示時(shí)刻AB兩點(diǎn)速

度方向與加速度方向的關(guān)系.

本題要由質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向確定波的傳播方向，這波的圖象中基本問(wèn)題，方法較多，其中一種方法是

“上下坡法”，把波形象看成山坡：順著波的傳播方向，上坡的質(zhì)點(diǎn)向下，下坡的質(zhì)點(diǎn)向上.

9.答案:ABD

解析：試題分析：因?yàn)槿肷涔饩€和折射光線應(yīng)該分居于法線兩側(cè)，所以射出點(diǎn)P不可能在過(guò)佻、惘

的這兩條法線之間，一定在外法線的右側(cè)，故A正確

單色光b的折射光線偏折程度較大，所以b頻率一定大于a的頻率，故8正確

單色光a的折射率小于b的折射率，所以a光照射到某金屬表面打出的光電子的初動(dòng)能，一定小于單

色光b照射到該金屬表面所打出的光電子的初動(dòng)能，故C錯(cuò)誤

從平行玻璃磚射出的光線一定平行于入射光線，因?yàn)閮沙錾涔饩€方向一定相同，故是一束復(fù)色光，

且平行于入射光，故。正確

故選ABD

考點(diǎn)：考查了光的折射

點(diǎn)評(píng)：先畫出光路圖，結(jié)合光的傳播以及折射知識(shí)分析

10.答案：ABC

解析：解：ABC,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由向下滑動(dòng)時(shí)，其有效電阻變大，電路的總電阻變小，總電

流變小，流過(guò)％和的電流減小，電源的內(nèi)電壓和%的電壓變小，則并聯(lián)電路的電壓變大，V示數(shù)

變大。故ABC正確；

。、電容器兩端電壓為：U=E-/(r+R])，/變小，故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電容器

充電，電流方向?yàn)閍—b,故。錯(cuò)誤。

故選：ABC.

滑片移動(dòng)時(shí)，根據(jù)串、并聯(lián)電路知識(shí)和閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，判斷電容器兩端電壓

變化情況，分析電容器帶電量的變化。根據(jù)總電流的電流變化，分析電壓表讀數(shù)的變化。根據(jù)電容

器的充放電判斷流過(guò)電阻/?3的電流方向

本題是電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)串并聯(lián)電路知識(shí)和閉合電路歐姆定律得到各個(gè)部

分電路電流和電壓的變化。

11.答案：C0.972,0009.57A

解析：解：(1)4、由單擺周期公式：7=2兀5可知：g=警，對(duì)重力加速度測(cè)量值影響較大的是

周期的測(cè)量，故A正確；

為減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的，故B正確；

C、擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；

。、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且盡可能長(zhǎng)一些，故。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：Co

(2)由圖示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺的精度為O.lnun,其讀數(shù)為：d=9mm4-7x0.1mm=9.7mm=

0.97cm；

(3)單擺在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過(guò)平衡位置，根據(jù)圖線丙的變化規(guī)律可知，單擺的周期為：T=2.246s-

0.246s=2.000So

(4)單擺的擺長(zhǎng)L=A。+g=96.58cm+等cm?97.07cm=0.9707m,

根據(jù)單擺周期公式T=可知：g=7n/s??9.57m/s2;

A、擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，實(shí)際擺長(zhǎng)變大，所測(cè)周期T偏大，由9=皆可

知，重力加速度g值偏小，故A正確；

B、計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)用的是L=Lo+d,則擺長(zhǎng)測(cè)量值偏大，根據(jù)9=警可知，重力加速度g值偏大，故

B錯(cuò)誤；

C、擺球擺動(dòng)的振幅偏小不會(huì)影響g值的測(cè)量，故C錯(cuò)誤。

故選：Ac

故答案為：(1)C；(2)0.97；(3)2.000；(4)9.57；4。

(1)為減小實(shí)驗(yàn)誤差應(yīng)選擇質(zhì)量大而體積小的擺球，應(yīng)選擇彈性小的細(xì)線作為擺長(zhǎng)，擺線長(zhǎng)度與擺球

半徑之和是擺長(zhǎng)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

(2)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)。

(3)抓住單擺一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過(guò)平衡位置，結(jié)合圖線的變化規(guī)律得出周期的大小。

(4)根據(jù)單擺的周期公式，結(jié)合擺長(zhǎng)和周期的大小求出重力加速度。根據(jù)周期公式，分析誤差產(chǎn)生的

原因。

本題考查了測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)，解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)，掌握單擺的周期公式，

會(huì)根據(jù)公式分析誤差的原因，應(yīng)用單擺周期公式即可解題。

12.答案：2.0；0.5；小于；小于；相同；偏大

解析：解：(1)由圖甲所示圖象可知，在閉合電路中，

電源電動(dòng)勢(shì)E=I(R+r)=/(Ro+&+r),

則?/+(

山數(shù)學(xué)知識(shí)得，縱軸截距表示g斜率表示電動(dòng)勢(shì)的倒數(shù)，

由圖示圖線a可知：斜率k=0.5,則電源電動(dòng)勢(shì)E=2.0V,

電源內(nèi)阻r=0.512.

(2)由圖2所示圖象可知，

根據(jù)D+3得

IEE

Q的電動(dòng)勢(shì)小于b的電動(dòng)勢(shì)，Q的內(nèi)阻小于b的內(nèi)阻，

根據(jù)p=g,所以兩電池的總功率匕小于Pb,

電池的效率〃=5=《-,由于a的內(nèi)阻小于b的內(nèi)阻，所以電池的效率加小于九.

c/A+7*

(3)若該同學(xué)在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，誤將￡作為外電路的總電阻阻值R,漏算了心，即等效的看成Ro和

r為電源的內(nèi)阻.

則最終得到的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的值與真實(shí)值相比：電動(dòng)勢(shì)相同，內(nèi)阻偏大.

故答案為：(1)2.0；0.5

(2)小于;小于；(3)相同，偏大.

(1)根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律求出函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)函數(shù)表達(dá)式與圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻.

(2)由功率的表達(dá)式可得出兩電池的總功率大小關(guān)系，分析電池效率.

(3)根據(jù)圖象的函數(shù)表達(dá)式分析答題.

本題考查了閉合電路歐姆定律的數(shù)據(jù)處理的方法，應(yīng)用了圖象法及電源的總功率的表達(dá)式，難度較

大.

13.答案：解：⑴根據(jù)歐姆定律知：/=言=金

n+nZn

所以：UAB=IR=IE,

由平衡條件知：m9=號(hào)=9梟

解得：EI=2詈

(2)根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)

d=-at2

2

I=vot

液滴在平行板間的加速度為：

又喝=紙

聯(lián)立以上各式解得：E=竺萼+網(wǎng)空

qGq

答：(1)若使液滴能沿處方向射出電場(chǎng)，電動(dòng)勢(shì)％應(yīng)為誓；

(2)若使液滴能從B板右端邊緣射出電場(chǎng)，電動(dòng)勢(shì)為應(yīng)為史等+一?

解析：(1)根據(jù)歐姆定律和平