2024年高考物理真題分類匯編(全一本附答案)

PAGEPAGE1目錄2024年高考物理真題分類匯編-1_物理學(xué)史、直線運(yùn)動(dòng)……………22024年高考物理真題分類匯編-2_相互作用…………52024年高考物理真題分類匯編-3_牛頓運(yùn)動(dòng)定律……72024年高考物理真題分類匯編-4_曲線運(yùn)動(dòng)…………112024年高考物理真題分類匯編-5_萬(wàn)有引力與航天…182024年高考物理真題分類匯編-6_機(jī)械能……………232024年高考物理真題分類匯編-7_靜電場(chǎng)……………342024年高考物理真題分類匯編-9_磁場(chǎng)………………382024年高考物理真題分類匯編-10_電磁感應(yīng)………512024年高考物理真題分類匯編-11_交流電…………63

2024年高考物理試題分類匯編：物理學(xué)史、直線運(yùn)動(dòng)1.〔2024山東卷〕.以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B．慣性是物體的固有屬性，速度大的物體慣性一定大C．牛頓最早通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的必然結(jié)果D．感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果2.〔2024海南卷〕．自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學(xué)家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了奉獻(xiàn)。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說(shuō)明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系3.〔2024海南卷〕.一物體自t=0時(shí)開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，其速度圖線如以下列圖。以下選項(xiàng)正確的選項(xiàng)是()A.在0～6s內(nèi)，物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)為30mXXK]B.在0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過(guò)的路程為40m[C.在0～4s內(nèi)，物體的平均速率為7.5m/sD.5～6s內(nèi)，物體所受的合外力做負(fù)功4.〔2024上海卷〕．小球每隔0.2s從同一高度拋出，做初速為6m/s的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)它們?cè)诳罩胁幌嗯?。第一個(gè)小球在拋出點(diǎn)以上能遇到的小球數(shù)為〔取g＝10m/s2〕〔 〕〔A〕三個(gè) 〔B〕四個(gè) 〔C〕五個(gè) 〔D〕六個(gè)5.〔2024上海卷〕．質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)，其s-t關(guān)系如以下列圖，質(zhì)點(diǎn)在0-20s內(nèi)的平均速度大小為_(kāi)________m/s質(zhì)點(diǎn)在_________時(shí)的瞬時(shí)速度等于它在6-20s內(nèi)的平均速度。6.〔2024山東卷〕．將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，圖像如以下列圖。以下判斷正確的選項(xiàng)是A．前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B．最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C．前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的過(guò)程中，貨物的機(jī)械能守恒7.〔2024山東卷〕〔1〕某同學(xué)利用圖甲所示德實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。物塊在重物的牽引下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上〔尚未到達(dá)滑輪處〕。從紙帶上便于測(cè)量的點(diǎn)開(kāi)始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖議所示。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz。eq\o\ac(○,1)通過(guò)分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)和之間某時(shí)刻開(kāi)始減速。eq\o\ac(○,2)計(jì)數(shù)點(diǎn)5對(duì)應(yīng)的速度大小為m/s，計(jì)數(shù)點(diǎn)6對(duì)應(yīng)的速度大小為m/s。〔保存三位有效數(shù)字〕。eq\o\ac(○,3)物塊減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度的大小為=m/s2,假設(shè)用來(lái)計(jì)算物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〔g為重力加速度〕，那么計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值〔填“偏大〞或“偏小〞〕。1答案：AD2解析：考察科學(xué)史，選ACD3答案：BC解析：A，0—5s,物體向正向運(yùn)動(dòng)，5—6s向負(fù)向運(yùn)動(dòng)，故5s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，A錯(cuò)B由面積法求出0—5s的位移s1=35m,5—6s的位移s2=-5m,總路程為：40m,B對(duì)C由面積法求出0—4s的位移s=30m，平度速度為：v=s/t=7.5m/sC對(duì)D由圖像知5～6s過(guò)程物體加速，合力和位移同向，合力做正功，D錯(cuò)4答案：C5答案：0.8，10s和14s，6答案：AC7〔1〕eq\o\ac(○,1)6；7【或7；6】eq\o\ac(○,2)1.00；1.20eq\o\ac(○,3)2.00；偏大解析：①由于計(jì)數(shù)點(diǎn)前后的間隔距離都小于它們的間隔距離，說(shuō)明計(jì)數(shù)點(diǎn)6之前物塊在加速，計(jì)數(shù)點(diǎn)7之后物塊在減速，那么開(kāi)始減速的時(shí)刻在6和7之間。答案6；7【或7；6】。②計(jì)數(shù)點(diǎn)5對(duì)應(yīng)的速度等于4和6間的平均速度m/s，同理m/s，又可解得計(jì)數(shù)點(diǎn)6對(duì)應(yīng)的速度大小為1.20m/s。③在減速階段cm，那么加速度為m/s2。在減速階段產(chǎn)生加速度的力是滑動(dòng)摩擦力和紙帶受到的阻力，所以計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值“偏大〞。

2024年高考物理試題分類匯編:相互作用1.〔2024海南卷〕如圖，墻上有兩個(gè)釘子a和b，它們的連線與水平方向的夾角為45°，兩者的高度差為l。一條不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定于a點(diǎn)，另一端跨過(guò)光滑釘子b懸掛一質(zhì)量為m1的重物。在繩子距a端得c點(diǎn)有一固定繩圈。假設(shè)繩圈上懸掛質(zhì)量為m2的鉤碼，平衡后繩的ac段正好水平，那么重物和鉤碼的質(zhì)量比為()A.B.2C.D.2.〔2024上海卷〕．兩個(gè)共點(diǎn)力的合力為50N，分力F1的方向與合力F的方向成30角，分力F2的大小為30N。那么〔 〕A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有兩個(gè)可能的方向 D．F2可取任意方向3.〔2024廣東卷〕.如圖3所示，兩根等長(zhǎng)的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角為45°，日光保持水平，所受重力為G，左右兩繩的拉力大小分別為()A.G和GB.和C.和D.和4.〔2024上海卷〕．如圖，豎直輕質(zhì)懸線上端固定，下端與均質(zhì)硬棒AB中點(diǎn)連接，棒長(zhǎng)為線長(zhǎng)的二倍。棒的A端用鉸鏈墻上，棒處于水平狀態(tài)。改變懸線的長(zhǎng)度，使線與棒的連接點(diǎn)逐漸右移，并保持棒仍處于水平狀態(tài)。那么懸線拉力〔 〕A.逐漸減小 B．逐漸增大C．先減小后增大 D．先增大后減小5.〔2024天津卷〕．如以下列圖，金屬棒MN兩端由等長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線水平懸掛，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通以由M向N的電流，平衡時(shí)兩懸線與豎直方向夾角均為θ，如果僅改變以下某一個(gè)條件，θ角的相應(yīng)變化情況是〔〕A．棒中的電流變大，θ角變大B．兩懸線等長(zhǎng)變短，θ角變小C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角變大D．磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，θ角變小6.〔2024海南卷〕.如圖，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物塊正在沿斜面以速度v0勻速下滑，斜劈保持靜止，那么地面對(duì)斜劈的摩擦力()A.等于零B.不為零，方向向右C.不為零，方向向左D.不為零，v0較大時(shí)方向向左，v0較小時(shí)方向向右7.〔2024山東卷〕.如以下列圖，兩相同輕質(zhì)硬桿、可繞其兩端垂直紙面的水平軸、、轉(zhuǎn)動(dòng)，在點(diǎn)懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)保持靜止。表示木塊與擋板間摩擦力的大小，表示木塊與擋板間正壓力的大小。假設(shè)擋板間的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且、始終等高，那么A．變小B．不變C．變小D．變大8.(2024全國(guó)新課標(biāo)).如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間。設(shè)墻面對(duì)球的壓力大小為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2。以木板與墻連接點(diǎn)所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開(kāi)始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置。不計(jì)摩擦，在此過(guò)程中()A.N1始終減小，N2始終增大B.N1始終減小，N2始終減小C.N1先增大后減小，N2始終減小D.N1先增大后減小，N2先減小后增大9.〔2024浙江卷〕.如以下列圖，與水平面夾角為300的固定斜面上有一質(zhì)量m=1.0kg的物體。細(xì)繩的一端與物體相連。另一端經(jīng)摩擦不計(jì)的定滑輪與固定的彈簧秤相連。物體靜止在斜面上，彈簧秤的示數(shù)為4.9N。關(guān)于物體受力的判斷〔取g=9.8m/s2〕.以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A.斜面對(duì)物體的摩擦力大小為零B.斜面對(duì)物體的摩擦力大小為4.9N,方向沿斜面向上C.斜面對(duì)物體的支持力大小為4.9QUOTEN，方向豎直向上D.斜面對(duì)物體的支持力大小為4.9N，方向垂直斜面向上

2024年高考物理試題匯編：牛頓運(yùn)動(dòng)定律1．〔2024上海卷〕．如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對(duì)靜止，A上外表水平。那么在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B受力的示意圖為〔 〕2．〔2024廣東卷〕圖4是滑道壓力測(cè)試的示意圖，光滑圓弧軌道與光滑斜面相切，滑道底部B處安裝一個(gè)壓力傳感器，其示數(shù)N表示該處所受壓力的大小，某滑塊從斜面上不同高度h處由靜止下滑，通過(guò)B是，以下表述正確的有A.N小于滑塊重力B.N大于滑塊重力C.N越大說(shuō)明h越大D.N越大說(shuō)明h越小3．〔2024山東卷〕．將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，圖像如以下列圖。以下判斷正確的選項(xiàng)是A．前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B．最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C．前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的過(guò)程中，貨物的機(jī)械能守恒4．〔2024四川卷〕．如以下列圖，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸〔未連接〕，彈簧水平且無(wú)形變。用水平力，緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了x0，此時(shí)物體靜止。撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為4x0。物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。那么A．撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)B．撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C．物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2D．物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為5．(2024全國(guó)新課標(biāo)).伽利略根據(jù)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和理想實(shí)驗(yàn)，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學(xué)的根底。早期物理學(xué)家關(guān)于慣性有以下說(shuō)法，其中正確的選項(xiàng)是()A.物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性B.沒(méi)有力作用，物體只能處于靜止?fàn)顟B(tài)C.行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性D.運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)Fa6．〔2024安徽卷〕.如以下列圖，放在固定斜面上的物塊以加速度沿斜面勻加速下滑，假設(shè)在物塊上再施加一豎直向下的恒力，那么()FaA.物塊可能勻速下滑B.物塊仍以加速度勻加速下滑C.物塊將以大于的加速度勻加速下滑D.物塊將以小于的加速度勻加速下滑7．〔2024江蘇卷〕．將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比，以下描繪皮球在上升過(guò)程中加速度大小a與時(shí)間t關(guān)系圖象，可能正確的選項(xiàng)是()8．〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升，夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦有均為f，假設(shè)木塊不滑動(dòng)，力F的最大值是()B．D．第23題圖9．(2024浙江卷)．為了研究魚(yú)所受水的阻力與其形狀的關(guān)系，小明同學(xué)用石臘做成兩條質(zhì)量均為m、形狀不同的“A魚(yú)〞和“B魚(yú)〞，如以下列圖。在高出水面H處分別靜止釋放“A魚(yú)〞和“B魚(yú)〞，“A魚(yú)〞豎直下潛hA后速度減為零，“B魚(yú)〞豎直下潛hB后速度減為零?！棒~(yú)〞在水中運(yùn)動(dòng)時(shí)，除受重力外，還受浮力和術(shù)的阻力?！棒~(yú)〞在水中所受浮力是其重力的倍，重力加速度為g，“魚(yú)〞運(yùn)動(dòng)的位移值遠(yuǎn)大于“魚(yú)〞的長(zhǎng)度。假設(shè)“魚(yú)〞運(yùn)動(dòng)時(shí)所受水的阻力恒定，空氣阻力不計(jì)。求：第23題圖(1)“A魚(yú)〞入水瞬間的速度VA1；(2)“A魚(yú)〞在水中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力fA；(3)“A魚(yú)〞與“B魚(yú)〞在水中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力之比f(wàn)A:fB。10．〔2024上海卷〕．如圖，將質(zhì)量m＝0.1kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上。環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑。環(huán)與桿間動(dòng)摩擦因數(shù)＝0.8。對(duì)環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上，與桿夾角＝53的拉力F，使圓環(huán)以a＝4.4m/s2的加速度沿桿運(yùn)動(dòng)，求F的大小?！踩in53＝0.8，cos53＝0.6，g＝10m/s2〕。9解析：〔1〕A從H處自由下落，機(jī)械能守恒：,解得：〔2〕方法一：小魚(yú)A從開(kāi)始下落到下落到水面下hA位置過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得解得方法二：小魚(yú)A入水后做勻減速運(yùn)動(dòng)，得減速時(shí)加速度：，由牛頓第二定律：解得：〔3〕同理可得,得：2024年高考物理試題分類匯編:曲線運(yùn)動(dòng)1.〔2024上海卷〕．如圖，斜面上a、b、c三點(diǎn)等距，小球從a點(diǎn)正上方O點(diǎn)拋出，做初速為v0的平拋運(yùn)動(dòng)，恰落在b點(diǎn)。假設(shè)小球初速變?yōu)関，其落點(diǎn)位于c，那么()A.v0＜v＜2v0 B.v＝2v0C.2v0＜v＜3v0 D.v＞3v02.(2024全國(guó)新課標(biāo)).如圖，x軸在水平地面內(nèi)，y軸沿豎直方向。圖中畫(huà)出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個(gè)小球a、b和c的運(yùn)動(dòng)軌跡，其中b和c是從同一點(diǎn)拋出的，不計(jì)空氣阻力，那么()A.a的飛行時(shí)間比b的長(zhǎng)B.b和c的飛行時(shí)間相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大BAFO3〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，細(xì)線的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由ABAFOA．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大，后減小D．先減小，后增大．4〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h〔l、h為定值〕，將A向B水平拋出的同時(shí)，B自由下落，A、B與地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變，方向相反，不計(jì)空氣阻力及小球與地面碰撞的時(shí)間，那么()A．A、B在第一次落地前能否相碰，取決于A的初速度B．A、B在第一次落地前假設(shè)不碰，此后就不會(huì)相碰C．A、B不可能運(yùn)動(dòng)到最高處相碰D．A、B一定能相碰5〔2024浙江卷〕.由光滑細(xì)管組成的軌道如以下列圖，其中AB段和BC段是半徑為R的四分之一圓弧，軌道固定在豎直平面內(nèi)。一質(zhì)量為m的小球，從距離水平地面為H的管口D處?kù)o止釋放，最后能夠從A端水平拋出落到地面上。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕第18題圖A.小球落到地面時(shí)相對(duì)于A點(diǎn)的水平位移值為QUOTE/第18題圖B.小球落到地面時(shí)相對(duì)于A點(diǎn)的水平位移值為QUOTE/C.小球能從細(xì)管A端水平拋出的條件是H>2RD.小球能從細(xì)管A端水平拋出的最小高度Hmin=QUOTE/R6.(2024全國(guó)理綜)一探險(xiǎn)隊(duì)員在探險(xiǎn)時(shí)遇到一山溝，山溝的一側(cè)豎直，另一側(cè)的坡面呈拋物線形狀。此隊(duì)員從山溝的豎直一側(cè)，以速度v0沿水平方向跳向另一側(cè)坡面。如以下列圖，以溝底的O點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系Oxy。，山溝豎直一側(cè)的高度為2h，坡面的拋物線方程為y=，探險(xiǎn)隊(duì)員的質(zhì)量為m。人視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，重力加速度為g。(1)求此人落到破面試的動(dòng)能；(2)此人水平跳出的速度為多大時(shí)，他落在坡面時(shí)的動(dòng)能最??？動(dòng)能的最小值為多少？υ0shυl7.〔2024北京高考卷〕．如以下列圖質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)經(jīng)距離l后以速度υ飛離桌面最終落在水平地面上．l=1.4m，υ=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，桌面高h(yuǎn)υ0shυl〔1〕小物塊落地點(diǎn)距飛出點(diǎn)的水平距離s；〔2〕小物塊落地時(shí)的動(dòng)能Ek；〔3〕小物塊的初速度大小υ0．8.〔2024福建卷〕如圖，置于圓形水平轉(zhuǎn)臺(tái)邊緣的小物塊隨轉(zhuǎn)臺(tái)加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)轉(zhuǎn)速到達(dá)某一數(shù)值時(shí)，物塊恰好滑離轉(zhuǎn)臺(tái)開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)測(cè)得轉(zhuǎn)臺(tái)半徑R=0.5m,離水平地面的高度H=0.8m,物塊平拋落地過(guò)程水平位移的大小s=0.4m。設(shè)物塊所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度g=10m/s2求：〔1〕物塊做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小V0；〔2〕物塊與轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)。9.〔2024海南卷〕如圖，水平地面上有一個(gè)坑，其豎直截面為半圓。ab為沿水平方向的直徑。假設(shè)在a點(diǎn)以初速度沿ab方向拋出一小球，小球會(huì)擊中坑壁上的c點(diǎn)。c點(diǎn)與水平地面的距離為圓半徑的一半，求圓的半徑。10.如以下列圖，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑的光滑圓弧軌道，BC段為一長(zhǎng)度的粗糙水平軌道，二者相切與B點(diǎn)，整個(gè)軌道位于同一豎直平面內(nèi)，P點(diǎn)為圓弧軌道上的一個(gè)確定點(diǎn)。一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊，其質(zhì)量，與BC 間的動(dòng)摩擦因數(shù)。工件質(zhì)，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！踩　?〕假設(shè)工件固定，將物塊由P點(diǎn)無(wú)初速度釋放，滑至C點(diǎn)時(shí)恰好靜止，求P、C兩點(diǎn)間的高度差h。〔2〕假設(shè)將一水平恒力F作用于工件，使物體在P點(diǎn)與工件保持相對(duì)靜止，一起向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)eq\o\ac(○,1)求F的大小eq\o\ac(○,2)當(dāng)速度時(shí)，使工件立刻停止運(yùn)動(dòng)〔即不考慮減速的時(shí)間和位移〕，物塊飛離圓弧軌道落至BC段，求物塊的落點(diǎn)與B點(diǎn)間的距離。A.BCD.AAD.BC6.【解析】平拋運(yùn)動(dòng)的分解：，，得平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡方程，此方程與坡面的拋物線方程為y=的交點(diǎn)為，。根據(jù)機(jī)械能守恒，解得〔2〕求關(guān)于的導(dǎo)數(shù)并令其等于0，解得當(dāng)此人水平跳出的速度為時(shí)，他落在坡面時(shí)的動(dòng)能最小，動(dòng)能的最小值為。7.解：〔1〕，解得sm。〔2〕根據(jù)動(dòng)能定理：，解得=0.90J〔3〕根據(jù)動(dòng)能定理解得m/s8.【答案】：1m/s0.2

【解析】：〔1〕物體下落時(shí)間為t;自由落體運(yùn)動(dòng)有：水平方向有：解得：〔2〕物體剛要離開(kāi)平臺(tái)時(shí)向心力由摩擦力提供：有代入數(shù)據(jù)得：【考點(diǎn)定位】：平拋運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)的綜合運(yùn)用。容易題。9.解析：設(shè)圓半徑為r，質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，那么：①②過(guò)c點(diǎn)做cd⊥ab與d點(diǎn)，Rt△acd∽R(shí)t△cbd可得即為：③由①②③得：10〔1〕物塊從P點(diǎn)下滑經(jīng)B點(diǎn)至C點(diǎn)的整個(gè)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,2)〔2〕eq\o\ac(○,1)設(shè)物塊的加速度大小為，P點(diǎn)與圓心的連線與豎直方向間的夾角為，由幾何關(guān)系可得eq\o\ac(○,3)根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)物體有eq\o\ac(○,4)對(duì)工件和物體整體有eq\o\ac(○,5)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,4)eq\o\ac(○,5)式，代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,6)eq\o\ac(○,2)設(shè)物體平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，水平位移為，物塊落點(diǎn)與B間的距離為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得eq\o\ac(○,7)eq\o\ac(○,8)eq\o\ac(○,9)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,7)eq\o\ac(○,8)eq\o\ac(○,9)式，代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,10)

2024年高考物理試題分類匯編：萬(wàn)有引力與航天1〔2024廣東卷〕.如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道2。假設(shè)飛船在兩軌道上都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮質(zhì)量變化，相對(duì)于在軌道1上，飛船在軌道2上的()A.動(dòng)能大B.向心加速度大C.運(yùn)行周期長(zhǎng)D.角速度小2〔2024北京高考卷〕．關(guān)于環(huán)繞地球衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期B．沿橢圓軌道運(yùn)行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空運(yùn)行的兩顆地球同時(shí)衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同D．沿不同軌道經(jīng)過(guò)北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會(huì)重合3〔2024山東卷〕.2024年11月3日，“神州八號(hào)〞飛船與“天宮一號(hào)〞目標(biāo)飛行器成功實(shí)施了首次交會(huì)對(duì)接。任務(wù)完成后“天宮一號(hào)〞經(jīng)變軌升到更高的軌道，等待與“神州九號(hào)〞交會(huì)對(duì)接。變軌前和變軌完成后“天宮一號(hào)〞的運(yùn)行軌道均可視為圓軌道，對(duì)應(yīng)的軌道半徑分別為R1、R2，線速度大小分別為、。那么等于()A.B.C.D.4〔2024福建卷〕．一衛(wèi)星繞某一行星外表附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度大小為假設(shè)宇航員在該行星外表上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力，物體靜止時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為，引力常量為G,那么這顆行星的質(zhì)量為()A．B.C．D.5〔2024四川卷〕．今年4月30日，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射的中圓軌道衛(wèi)星，其軌道半徑為2.8×l07m。它與另一顆同質(zhì)量的同時(shí)軌道衛(wèi)星〔軌道半徑為4.2×l07m〕相比()A．向心力較小B．動(dòng)能較大C．發(fā)射速度都是第一宇宙速度D．角速度較小6(2024全國(guó)新課標(biāo)).假設(shè)地球是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體。一礦井深度為d。質(zhì)量分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零。礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為()A.B.C.D.7〔2024浙江卷〕．如以下列圖，在火星與木星軌道之間有一小行星帶。假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽(yáng)的引力，并繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A.太陽(yáng)隊(duì)各小行星的引力相同B.各小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期均小于一年C.小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度值大于外側(cè)小行星的向心加速度值D.小行星帶內(nèi)個(gè)小行星圓周運(yùn)動(dòng)的線速度值大于地球公轉(zhuǎn)的線速度值8〔2024天津卷〕.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，參加該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小為原來(lái)的，不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變化，那么變軌前后衛(wèi)星的〔〕A．向心加速度大小之比為4:1B．角速度大小之比為2:1C．周期之比為1:8D．軌道半徑之比為1:29〔2024安徽卷〕.我國(guó)發(fā)射的“天宮一號(hào)〞和“神州八號(hào)〞在對(duì)接前，“天宮一號(hào)〞的運(yùn)行軌道高度為350km,“神州八號(hào)〞的運(yùn)行軌道高度為343km.它們的運(yùn)行軌道均視為圓周，那么()A．“天宮一號(hào)〞比“神州八號(hào)〞速度大B．“天宮一號(hào)〞比“神州八號(hào)〞周期長(zhǎng)C．“天宮一號(hào)〞比“神州八號(hào)〞角速度大D．“天宮一號(hào)〞比“神州八號(hào)〞加速度大拉格朗日點(diǎn)地球太陽(yáng)10〔2024江蘇卷〕．2024年8月，“嫦娥二號(hào)〞成功進(jìn)入了繞“日地拉格朗日點(diǎn)〞的軌道，我國(guó)成為世界上第三個(gè)造訪該點(diǎn)的國(guó)家，如以下列圖，該拉格朗日點(diǎn)位于太陽(yáng)與地球連線的延長(zhǎng)線上，一飛行器位于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下與地球拉格朗日點(diǎn)地球太陽(yáng)A．線速度大于地球的線速度B．向心加速度大于地球的向心加速度C．向心力僅由太陽(yáng)的引力提供D．向心力僅由地球的引力提供11〔2024重慶卷〕．冥王星與其附近的星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)，質(zhì)量比約為7：1，同時(shí)繞它們連線上某點(diǎn)O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由此可知冥王星繞O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的()A.半徑約為卡戎的1/7B.度大小約為卡戎的1/7C.大小約為卡戎的7倍D.力小約為卡戎的7倍12〔2024海南卷〕.2024年4月10日，我國(guó)成功發(fā)射第8顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，建成以后北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)將包含多可地球同時(shí)衛(wèi)星，這有助于減少我國(guó)對(duì)GPS導(dǎo)航系統(tǒng)的依賴，GPS由運(yùn)行周期為12小時(shí)的衛(wèi)星群組成，設(shè)北斗星的同時(shí)衛(wèi)星和GPS導(dǎo)航的軌道半徑分別為和，向心加速度分別為和，那么=_____。=_____〔可用根式表示〕13．B．人造地球衛(wèi)星做半徑為r，線速度大小為v的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。當(dāng)其角速度變?yōu)樵瓉?lái)的EQ\F(EQ\R(2),4)倍后，運(yùn)動(dòng)半徑為_(kāi)________，線速度大小為_(kāi)________。14(2024全國(guó)理綜).一單擺在地面處的擺動(dòng)周期與在某礦井底部擺動(dòng)周期的比值為k。設(shè)地球的半徑為R。假定地球的密度均勻。質(zhì)量均勻分布的球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零，求礦井的深度d。1.答案：CD2.答案：B3.答案：B4.答案：B5.答案：B6.[答案]A[解析]物體在地面上時(shí)的重力加速度可由得出。根據(jù)題中條件，球殼對(duì)其內(nèi)部物體的引力為零，可認(rèn)為礦井局部為一質(zhì)量均勻球殼，故礦井底部處重力加速度可由得出，故7.答案：C8.解析：根據(jù)向心加速度表達(dá)式知在動(dòng)能減小時(shí)勢(shì)能增大，地球衛(wèi)星的軌道半徑增大，那么向心加速度之比大于4；根據(jù)萬(wàn)有引力和牛頓第二定律有化簡(jiǎn)為，知在動(dòng)能減小速度減小那么軌道半徑增大到原來(lái)的4倍；同理有化簡(jiǎn)為，那么周期的平方增大到8倍；根據(jù)角速度關(guān)系式，角速度減小為。答案C。9.\B；解析：有萬(wàn)有引力提供向心力易知：、、；即軌道半徑越大，線速度越小、角速度越小、周期越大。而由牛頓第二定律知:,說(shuō)明軌道半徑越大，加速度越小。故只有B正確。10【解析】根據(jù)，A正確；根據(jù)，B正確，向心力由太陽(yáng)和地球的引力的合力提供，C、D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緼B11答案：A12.解析：，由得：，因而：，13答案：2r，EQ\F(EQ\R(2),2)v，14【解析】單擺在地面處的擺動(dòng)周期，在某礦井底部擺動(dòng)周期，，根據(jù)，〔表示某礦井底部以下的地球的質(zhì)量，表示某礦井底部處的重力加速度〕以及,，解得

2024年高考物理試題匯編：機(jī)械能1〔2024福建卷〕如圖，外表光滑的固定斜面頂端安裝一定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過(guò)滑輪〔不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦〕。初始時(shí)刻，A、B處于同一高度并恰好靜止?fàn)顟B(tài)。剪斷輕繩后A下落、B沿斜面下滑，那么從剪斷輕繩到物塊著地，兩物塊()速率的變化量不同B．機(jī)械能的變化量不同C．重力勢(shì)能的變化量相同D．重力做功的平均功率相同2．〔2024天津卷〕.如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動(dòng)摩擦力大小相等，那么()A．0–t1時(shí)間內(nèi)F的功率逐漸增大B．t2時(shí)刻物塊A的加速度最大C．t2時(shí)刻后物塊A做反向運(yùn)動(dòng)D．t3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最大3．〔2024上海卷〕．質(zhì)量相等的均質(zhì)柔軟細(xì)繩A、B平放于水平地面，繩A較長(zhǎng)。分別捏住兩繩中點(diǎn)緩慢提起，直到全部離開(kāi)地面，兩繩中點(diǎn)被提升的高度分別為hA、hB，上述過(guò)程中克服重力做功分別為WA、WB。假設(shè)〔 〕〔A〕hA＝hB，那么一定有WA＝WB 〔B〕hA＞hB，那么可能有WA＜WB〔C〕hA＜hB，那么可能有WA＝WB 〔D〕hA＞hB，那么一定有WA＞W(wǎng)B4．〔2024上海卷〕．如圖，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、B用不可伸長(zhǎng)的細(xì)軟輕線連接，跨過(guò)固定在地面上半徑為R有光滑圓柱，A的質(zhì)量為B的兩倍。當(dāng)B位于地面時(shí)，A恰與圓柱軸心等高。將A由靜止釋放，B上升的最大高度是〔 〕〔A〕2R 〔B〕5R/3 〔C〕4R/3 〔D〕2R/35．〔2024上海卷〕．位于水平面上的物體在水平恒力F1作用下，做速度為v1的勻速運(yùn)動(dòng)；假設(shè)作用力變?yōu)樾泵嫔系暮懔2，物體做速度為v2的勻速運(yùn)動(dòng)，且F1與F2功率相同。那么可能有〔 〕〔A〕F2＝F1，v1＞v2 〔B〕F2＝F1，v1＜v2〔C〕F2＞F1，v1＞v2 〔D〕F2＜F1，v1＜v2OBR2RPA6．〔2024安徽卷〕.如以下列圖，在豎直平面內(nèi)有一半徑為的圓弧軌道，半徑水平、豎直，一個(gè)質(zhì)量為的小球自的正上方點(diǎn)由靜止開(kāi)始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰好對(duì)軌道沒(méi)有壓力。=2,重力加速度為，那么小球從到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()OBR2RPAA.重力做功B.機(jī)械能減少C.合外力做功D.克服摩擦力做功BAFO7．〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，細(xì)線的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由ABAFOA．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大，后減小D．先減小，后增大．8．〔2024海南卷〕.一質(zhì)量為1kg的質(zhì)點(diǎn)靜止于光滑水平面上，從t=0時(shí)起，第1秒內(nèi)受到2N的水平外力作用，第2秒內(nèi)受到同方向的1N的外力作用。以下判斷正確的選項(xiàng)是()A.0～2s內(nèi)外力的平均功率是WB.第2秒內(nèi)外力所做的功是JC.第2秒末外力的瞬時(shí)功率最大D.第1秒內(nèi)與第2秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能增加量的比值是9．〔2024廣東卷〕圖18〔a〕所示的裝置中，小物塊A、B質(zhì)量均為m，水平面上PQ段長(zhǎng)為l，與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，其余段光滑。初始時(shí)，擋板上的輕質(zhì)彈簧處于原長(zhǎng)；長(zhǎng)為r的連桿位于圖中虛線位置；A緊靠滑桿〔A、B間距大于2r〕。隨后，連桿以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)滑桿作水平運(yùn)動(dòng)，滑桿的速度-時(shí)間圖像如圖18〔b〕所示。A在滑桿推動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生完全非彈性碰撞。〔1〕求A脫離滑桿時(shí)的速度uo，及A與B碰撞過(guò)程的機(jī)械能損失ΔE?！?〕如果AB不能與彈簧相碰，設(shè)AB從P點(diǎn)到運(yùn)動(dòng)停止所用的時(shí)間為t1，求ω得取值范圍，及t1與ω的關(guān)系式?！?〕如果AB能與彈簧相碰，但不能返回道P點(diǎn)左側(cè)，設(shè)每次壓縮彈簧過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能為Ep，求ω的取值范圍，及Ep與ω的關(guān)系式〔彈簧始終在彈性限度內(nèi)〕。10.〔2024四川卷〕四川省“十二五〞水利開(kāi)展規(guī)劃指出，假設(shè)按現(xiàn)有供水能力測(cè)算，我省供水缺口極大，蓄引提水是目前解決供水問(wèn)題的重要手段之一。某地要把河水抽高20m，進(jìn)入蓄水池，用一臺(tái)電動(dòng)機(jī)通過(guò)傳動(dòng)效率為80%的皮帶，帶動(dòng)效率為60%的離心水泵工作。工作電壓為380V，此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為9kW，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.4Ω。水的密度為1×l03kg/m3，重力加速度取10m/s2。求：(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864m3的水需要的時(shí)間〔不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度〕。11.〔2024安徽卷〕.質(zhì)量為0.1kg的彈性球從空中某高度由靜止開(kāi)始下落，該下落過(guò)程對(duì)應(yīng)的圖象如以下列圖。球與水平地面相碰后離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為碰撞前的3/4。該球受到的空氣阻力大小恒為，取=10m/s2,求：Oov(Oov(m/s)0.54t(s)〔2〕彈性球第一次碰撞后反彈的高度。12〔2024安徽卷〕如以下列圖，裝置的左邊是足夠長(zhǎng)的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M=2kg的小物塊A。裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平滑對(duì)接。傳送帶始終以u(píng)=2m/s的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。裝置的右邊是一光滑的曲面，質(zhì)量m=1kg的小物塊B從其上距水平臺(tái)面h=1.0m處由靜止釋放。物塊B與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ=0.2,l=1.0m。設(shè)物塊A、B中間發(fā)生的是對(duì)心彈性碰撞，第一次碰撞前物塊A靜止且處于平衡狀態(tài)。取g=10m/s2。(1)求物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大??；(2)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明物塊B與物塊A第一次碰撞后能否運(yùn)動(dòng)到右邊曲面上？A⊙A⊙⊙Bhlu=2m/s13.〔2024江蘇卷〕．某緩沖裝置的理想模型如以下列圖，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連，輕桿可在固定的槽內(nèi)移動(dòng)，與槽間的滑動(dòng)摩擦力恒為f，輕桿向右移動(dòng)不超過(guò)l時(shí)，裝置可平安工作，一質(zhì)量為m的小車假設(shè)以速度v0撞擊彈簧，將導(dǎo)致輕桿向右移動(dòng)l/4，輕桿與槽間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且不計(jì)小車與地面的摩擦?！?〕假設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，求輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí)，彈簧的壓縮量x；〔2〕為這使裝置平安工作，允許該小車撞擊的最大速度vm〔3〕討論在裝置平安工作時(shí)，該小車彈回速度vˊ與撞擊速度v的關(guān)系mmvl輕桿14.〔2024重慶卷〕．題23圖所示為一種擺式摩擦因數(shù)測(cè)量?jī)x，可測(cè)量輪胎與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)，其中主要部件有：底部固定有輪胎橡膠片的擺錘和連接擺錘的輕質(zhì)細(xì)桿。擺錘的質(zhì)量為m，細(xì)桿可繞軸O在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，擺錘重心到O點(diǎn)的距離為L(zhǎng).測(cè)量時(shí)，測(cè)量?jī)x固定于水平地面，將擺錘從與0等高的位置由靜止釋放。擺錘到最低點(diǎn)附近時(shí)，橡膠片緊壓地面擦過(guò)一小段距離s(s<<L),之后繼續(xù)擺動(dòng)至與堅(jiān)直方向成θ角的最高位置。假設(shè)擺錘對(duì)地面的壓力可視為大小為F的恒力，重力加速度為g，求⑴擺錘在上述過(guò)程中損失的機(jī)械能⑵在上述過(guò)程中摩擦力對(duì)擺錘所做的功⑶橡膠片與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)15.〔2024福建卷〕如圖，用跨過(guò)光滑定滑輪的纜繩將海面上一搜失去動(dòng)力的小船沿直線拖向岸邊。拖動(dòng)纜繩的電動(dòng)機(jī)功率恒為P，小船的質(zhì)量為m，小船受到的阻力大小恒為f，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為，小船從A點(diǎn)沿直線加速運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為t1，A、B兩點(diǎn)間距離為d,纜繩質(zhì)量忽略不計(jì)。求：〔1〕小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的全過(guò)程克服阻力做的功；〔2〕小船經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；〔3〕小船經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的加速度大小a。1.答案：D2.解析：由F與t的關(guān)系圖像0～t1拉力小于最大靜摩擦力物塊靜止F的功率為0，A錯(cuò)誤；在t1～t2階段拉力大于最大靜摩擦力物塊做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，在t2～t3階段拉力大于最大靜摩擦力物塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，在t2時(shí)刻加速度最大，B正確，C錯(cuò)誤；在t1～t3物塊一直做加速運(yùn)動(dòng)，在t3～t4拉力小于最大靜摩擦力物塊開(kāi)始減速，在時(shí)刻速度最大，動(dòng)能最大，D正確。答案BD。3.答案：B4.答案：C，5.答案：B、D，6D；解析：小球從P到B高度下降R，故重力做功mgR，A錯(cuò)。在B點(diǎn)小球?qū)壍狼『脽o(wú)壓力，由重力提供向心力得，取B點(diǎn)所在平面為零勢(shì)能面，易知機(jī)械能減少量，B錯(cuò)。由動(dòng)能定理知合外力做功W=,C錯(cuò)。根據(jù)動(dòng)能定理，可得，D選項(xiàng)正確。7.【解析】設(shè)F與速度的夾角為，那么，力的分解，在切線上〔速度方向上〕合力為0，即，所以，隨增大，P增大。【答案】A8.答案；CD解析：由動(dòng)量定理求出1s末、2s末速度分別為：v1=2m/s、v2=3m/s故合力做功為w=功率為1s末、2s末功率分別為：4w、3w第1秒內(nèi)與第2秒動(dòng)能增加量分別為：、，比值：4：59答案：解：〔1〕由題知，A脫離滑桿時(shí)的速度uo=ωr設(shè)A、B碰后的速度為v1，由動(dòng)量守恒定律muo=2mv1A與B碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能解得〔2〕AB不能與彈簧相碰，設(shè)AB在PQ上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a,由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律v1=at1由題知聯(lián)立解得〔3〕AB能與彈簧相碰不能返回道P點(diǎn)左側(cè)解得AB在的Q點(diǎn)速度為v2，AB碰后到達(dá)Q點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理AB與彈簧接觸到壓縮最短過(guò)程，由能量守恒解得10．解：(l)設(shè)電動(dòng)機(jī)的電功率為P，那么P=UI ①設(shè)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r上消耗的熱功率為Pr，那么Pr=I2r ②代入數(shù)據(jù)解得Pr=1×103W ③說(shuō)明：①③式各2分，②式3分。(2)設(shè)蓄水總質(zhì)量為M，所用抽水時(shí)間為t。抽水高度為h，容積為V，水的密度為ρ，那么M=ρV ④設(shè)質(zhì)量為M的河水增加的重力勢(shì)能為△Ep，那么△Ep=Mgh ⑤設(shè)電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P0，那么P0=P-Pr ⑥根據(jù)能量守恒定律得 P0t×60%×80%=△Ep ⑦代人數(shù)據(jù)解得 t=2×l04s ⑧說(shuō)明：④⑤式各1分，⑥⑧式各2分，⑦式3分。11(1)0.2N；(2)0.375m解析：(1)由v—t圖像可知:小球下落作勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：解得(2)由圖知：球落地時(shí)速度，那么反彈時(shí)速度設(shè)反彈的加速度大小為a＇，由動(dòng)能定理得解得12答案：.〔1〕4m/s〔2〕不能滑到右邊的曲面上〔3〕解：〔1〕設(shè)B滑到曲面底部速度為v,根據(jù)機(jī)械能守恒定律，得由于＞u,B在傳送帶上開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)。設(shè)B一直減速滑過(guò)傳送帶的速度為由動(dòng)能定理的解得由于仍大于u，說(shuō)明假設(shè)成立，即B與A碰前速度為4m/s設(shè)地一次碰后A的速度為，B的速度為，取向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械等守恒定律得：解得上式說(shuō)明B碰后以的速度向右反彈?；蟼魉蛶Ш笞鲈谀Σ亮Φ淖饔孟聹p速，設(shè)向左減速的最大位移為，由動(dòng)能定理得：解得因，故B不能滑上右邊曲面?！?〕B的速度減為零后，將在傳送帶的帶動(dòng)下向左勻加速，加速度與向右勻減速時(shí)相同，且由于小于傳送帶的速度u，故B向左返回到平臺(tái)上時(shí)速度大小仍為。由于第二次碰撞仍為對(duì)心彈性碰撞，故由〔2〕中的關(guān)系可知碰后B仍然反彈，且碰后速度大小仍為B碰前的，即同理可推：B每次碰后都將被傳送帶帶回與A發(fā)生下一次碰撞。那么B與A碰撞n次后反彈，速度大小為。13【答案】〔1〕輕桿開(kāi)始移動(dòng)時(shí)，彈簧的彈力=1\*GB3①且=2\*GB3②解得=3\*GB3③〔2〕設(shè)輕桿移動(dòng)前小車對(duì)彈簧所做的功為W，那么小車從撞擊到停止的過(guò)程中，動(dòng)能定理小車以撞擊彈簧時(shí)=4\*GB3④小車以撞擊彈簧時(shí)=5\*GB3⑤解=6\*GB3⑥〔3〕設(shè)輕桿恰好移動(dòng)時(shí)，小車撞擊速度為，=7\*GB3⑦由=4\*GB3④=7\*GB3⑦解得當(dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，。14⑴損失的機(jī)械能ΔE=mgL⑵摩擦力做的功=-mgL⑶動(dòng)摩擦因數(shù)μ=mgL/FS15【解析】：〔1〕：小船從A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)，受到的阻力恒為f,其克服阻力做的功為：〔2〕：從A到B由動(dòng)能定理可知：解得：

2024年高考物理試題分類匯編：靜電場(chǎng)1．〔2024福建卷〕.如圖，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2分別置于A、B兩點(diǎn)，虛線為等勢(shì)線。取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，假設(shè)將q1、q2移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．A點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)B．A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等C．q1的電荷量小于q2的電荷量D．q1在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于q2在B點(diǎn)的電勢(shì)能2．〔2024江蘇卷〕．真空中，A、B兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q的距離分別為r和3r那么A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為()A．3：1B．1：3C．9：1D．1：93．〔2024江蘇卷〕．一充電后的平行板電容器保持兩板間的正對(duì)面積、間距和電荷量不變，在兩板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情況是()A．C和U均增大B．C增大，U減小C．C減小，U增大D．C和U均減小4．〔2024上海卷〕．A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB:BC＝1:2，B點(diǎn)位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷。當(dāng)在A處放一電荷量為＋q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為－2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為〔 )A．－F/2 B．F/2 C．－F D．F5〔2024天津卷〕.兩個(gè)固定的等量異號(hào)點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖中虛線所示，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場(chǎng)在紙面內(nèi)飛行，最后離開(kāi)電場(chǎng)，粒子只受靜電力作用，那么粒子在電場(chǎng)中()A．做直線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變小后變大B．做直線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變大后變小C．做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變小后變大D．做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變大后變小6．〔2024浙江卷〕.用金屬做成一個(gè)不帶電的圓環(huán)，放在枯燥的絕緣桌面上。小明同學(xué)用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當(dāng)距離約為0.5cm是圓環(huán)被吸引到筆套上，如以下列圖。對(duì)上述現(xiàn)象的判斷與分析，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．摩擦使筆套帶電B．筆套靠近圓環(huán)時(shí)，圓環(huán)上、下都感應(yīng)出異號(hào)電荷C．圓環(huán)被吸引到筆套的過(guò)程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力D．筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和7．(2024全國(guó)新課標(biāo)).如圖，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。假設(shè)一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過(guò)電容器，那么在此過(guò)程中，該粒子A．所受重力與電場(chǎng)力平衡B．.電勢(shì)能逐漸增加C．動(dòng)能逐漸增加D．做勻變速直線運(yùn)動(dòng)8．〔2024上海卷〕．如圖，質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球帶有同種電荷，電荷量分別為qA和qB，用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上。平衡時(shí)，兩小球恰處于同一水平位置，細(xì)線與豎直方向間夾角分別為1與2〔1＞2〕。兩小球突然失去各自所帶電荷后開(kāi)始擺動(dòng)，最大速度分別為vA和vB，最大動(dòng)能分別為EkA和EkB。那么〔 〕A．mA一定小于mB B．qA一定大于qBC．vA一定大于vB D．EkA一定大于EkBOox(cm)y(cm)A(6,0)B(0,Oox(cm)y(cm)A(6,0)B(0,)●●A.200V/mB.200V/mC.100V/mD.100V/m10．〔2024重慶卷〕．空中P、Q兩點(diǎn)處各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，其中P點(diǎn)處為正點(diǎn)電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場(chǎng)的等勢(shì)面分布如題20圖所示，a、b、c、d為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)。那么()A．P、Q兩點(diǎn)處的電荷等量同種B．a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．c點(diǎn)的電熱低于d點(diǎn)的電勢(shì)D．負(fù)電荷從a到c，電勢(shì)能減少11.〔2024海南卷〕關(guān)于靜電場(chǎng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．電勢(shì)等于零的物體一定不帶電B．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)一定為零C．同一電場(chǎng)線上的各點(diǎn)，電勢(shì)一定相等D．負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能一定增加12．〔2024廣東卷〕.圖5是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強(qiáng)電場(chǎng)后，分落在收集板中央的兩側(cè)，對(duì)礦粉別離的過(guò)程，以下表述正確的有()A.帶正電的礦粉落在右側(cè)B.電場(chǎng)力對(duì)礦粉做正功C.帶負(fù)電的礦粉電勢(shì)能變大D.帶正電的礦粉電勢(shì)能變小13．〔2024北京高考卷〕．“約瑟夫森結(jié)〞由超導(dǎo)體和絕緣體制成．假設(shè)在結(jié)兩端加恒定電壓U，那么它會(huì)輻射頻率為ν的電磁波，且ν與U成正比，即ν=kU．比例系數(shù)k僅與元電荷的2倍和普朗克常數(shù)h有關(guān)，你可能不了解此現(xiàn)象的機(jī)理，但仍可運(yùn)用物理學(xué)中常用的方法，在以下選項(xiàng)中，推理比例系數(shù)的值可能為()A．B．C．2heD．14.〔2024山東卷〕.圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場(chǎng)，實(shí)線為粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。那么該粒子()A．帶負(fù)電B．在c點(diǎn)受力最大C．在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D．由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于有b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化15．(2024全國(guó)理綜).如圖，一平行板電容器的兩個(gè)極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣清線懸掛于O點(diǎn)。先給電容器緩慢充電，使兩級(jí)板所帶電荷量分別為﹢Q和﹣Q，此時(shí)懸線與豎直方向的夾角為π/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到π/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。16.〔2024四川卷〕．如以下列圖，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段光滑水平，BC段為光滑圓弧，對(duì)應(yīng)的圓心角θ=370，半徑r=2.5m，CD段平直傾斜且粗糙，各段軌道均平滑連接，傾斜軌道所在區(qū)域有場(chǎng)強(qiáng)大小為E=2×l05N/C、方向垂直于斜軌向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量m=5×l0-2kg、電荷量q=+1×10-6C的小物體〔視為質(zhì)點(diǎn)〕被彈簧槍發(fā)射后，沿水平軌道向左滑行，在C點(diǎn)以速度v0=3m/s沖上斜軌。以小物體通過(guò)C點(diǎn)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，0.1s以后，場(chǎng)強(qiáng)大小不變，方向反向。斜軌與小物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25。設(shè)小物體的電荷量保持不變，取g=10m/s2．sin370=0.6，cos370=0.8。(1)求彈簧槍對(duì)小物體所做的功；(2)在斜軌上小物體能到達(dá)的最高點(diǎn)為P，求CP的長(zhǎng)度。CCBBCABCBDACDADDBDBCD2024年高考物理試題分類匯編：磁場(chǎng)1．〔2024天津卷〕．如以下列圖，金屬棒MN兩端由等長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線水平懸掛，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通以由M向N的電流，平衡時(shí)兩懸線與豎直方向夾角均為θ，如果僅改變以下某一個(gè)條件，θ角的相應(yīng)變化情況是〔〕A．棒中的電流變大，θ角變大B．兩懸線等長(zhǎng)變短，θ角變小C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角變大D．磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，θ角變小2．(2024全國(guó)理綜)質(zhì)量分別為m1和m2、電荷量分別為q1和q2的兩粒子在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩粒子的動(dòng)量大小相等。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A.假設(shè)q1=q2，那么它們作圓周運(yùn)動(dòng)的半徑一定相等B.假設(shè)m1=m2，那么它們作圓周運(yùn)動(dòng)的周期一定相等C.假設(shè)q1≠q2，那么它們作圓周運(yùn)動(dòng)的半徑一定不相等D.假設(shè)m1≠m2，那么它們作圓周運(yùn)動(dòng)的周期一定不相等3．(2024全國(guó)理綜).如圖，兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過(guò)紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點(diǎn)，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到o點(diǎn)的距離均相等。關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場(chǎng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A.o點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.a、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C.c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同D.a、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不同4．〔2024海南卷〕.空間存在方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圖中的正方形為其邊界。一細(xì)束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場(chǎng)的方向從O點(diǎn)入射。這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質(zhì)量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子。不計(jì)重力。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A.入射速度不同的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不同B.入射速度相同的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡一定相同C.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同的粒子，其運(yùn)動(dòng)軌跡一定相同D.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的粒子，其軌跡所對(duì)的圓心角一定越大5．〔2024廣東卷〕.質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速度率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)行的半圓軌跡如圖2種虛線所示，以下表述正確的選項(xiàng)是A．M帶負(fù)電，N帶正電B.M的速度率小于N的速率C.洛倫磁力對(duì)M、N做正功D.M的運(yùn)行時(shí)間大于N的運(yùn)行時(shí)間6．〔2024北京高考卷〕．處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一個(gè)帶電粒子，僅在磁場(chǎng)力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．將該粒子的運(yùn)動(dòng)等效為環(huán)形電流，那么此電流值A(chǔ)．與粒子電荷量成正比B．與粒子速率成正比C．與粒子質(zhì)量成正比D．與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比×××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××ABOC●B.2C.D.38.〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，MN是磁感應(yīng)強(qiáng)度B勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，一質(zhì)量為m、電荷量為q粒子在紙面內(nèi)從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)，假設(shè)粒子速度為v0，最遠(yuǎn)可落在邊界上的A點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的有A．假設(shè)粒子落在A點(diǎn)的左側(cè)，其速度一定小于v0B．假設(shè)粒子落在A點(diǎn)的右側(cè)，其速度一定大于v0C．假設(shè)粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能小于D．假設(shè)粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能大于9.(2024全國(guó)新課標(biāo))如圖，一半徑為R的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面〔紙面〕。在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子沿圖中直線在圓上的a點(diǎn)射入柱形區(qū)域，在圓上的b點(diǎn)離開(kāi)該區(qū)域，離開(kāi)時(shí)速度方向與直線垂直。圓心O到直線的距離為?，F(xiàn)將磁場(chǎng)換為平等于紙面且垂直于直線的勻強(qiáng)電場(chǎng)，同一粒子以同樣速度沿直線在a點(diǎn)射入柱形區(qū)域，也在b點(diǎn)離開(kāi)該區(qū)域。假設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，不計(jì)重力，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。10〔2024山東卷〕.(18分)如圖甲所示，相隔一定距離的豎直邊界兩側(cè)為相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，在邊界上固定兩長(zhǎng)為L(zhǎng)的平行金屬極板MN和PQ，兩極板中心各有一小孔、，兩極板間電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，正反向電壓的大小均為，周期為。在時(shí)刻將一個(gè)質(zhì)量為、電量為〔〕的粒子由靜止釋放，粒子在電場(chǎng)力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，在時(shí)刻通過(guò)垂直于邊界進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)區(qū)?！膊挥?jì)粒子重力，不考慮極板外的電場(chǎng)〕〔1〕求粒子到達(dá)時(shí)德速度大小和極板距離。〔2〕為使粒子不與極板相撞，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿足的條件。〔3〕假設(shè)已保證了粒子未與極板相撞，為使粒子在時(shí)刻再次到達(dá)，且速度恰好為零，求該過(guò)程中粒子在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和磁感強(qiáng)度的大小11(2024四川卷〕如以下列圖，水平虛線X下方區(qū)域分布著方向水平、垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，整個(gè)空間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)〔圖中未畫(huà)出〕。質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球P靜止于虛線X上方A點(diǎn)，在某一瞬間受到方向豎直向下、大小為I的沖量作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)。在A點(diǎn)右下方的磁場(chǎng)中有定點(diǎn)O，長(zhǎng)為l的絕緣輕繩一端固定于O點(diǎn)，另一端連接不帶電的質(zhì)量同為m的小球Q，自然下垂。保持輕繩伸直，向右拉起Q，直到繩與豎直方向有一小于50的夾角，在P開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的同時(shí)自由釋放Q，Q到達(dá)O點(diǎn)正下方W點(diǎn)時(shí)速率為v0。P、Q兩小球在W點(diǎn)發(fā)生正碰，碰后電場(chǎng)、磁場(chǎng)消失，兩小球粘在一起運(yùn)動(dòng)。P、Q兩小球均視為質(zhì)點(diǎn)，P小球的電荷量保持不變，繩不可伸長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。(1)求勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小和P進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率v；(2)假設(shè)繩能承受的最大拉力為F，要使繩不斷，F(xiàn)至少為多大？(3)求A點(diǎn)距虛線X的距離s。12〔2024天津卷〕.對(duì)鈾235的進(jìn)一步研究在核能的開(kāi)發(fā)和利用中具有重要意義，如以下列圖，質(zhì)量為m、電荷量為q的鈾235離子，沉著器A下方的小孔S1不斷飄入加速電場(chǎng)，其初速度可視為零，然后經(jīng)過(guò)小孔S2垂直于磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，離子行進(jìn)半個(gè)圓周后離開(kāi)磁場(chǎng)并被收集，離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)離子束的等效電流為I，不考慮離子重力及離子間的相互作用?！?〕求加速電場(chǎng)的電壓U〔2〕求出在離子被收集的過(guò)程中任意時(shí)間t內(nèi)收集到離子的質(zhì)量M〔3〕實(shí)際上加速電壓的大小會(huì)在U±?U范圍內(nèi)微小變化，假設(shè)容器A中有電荷量相同的鈾235和鈾238兩種離子，如前述情況它們經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)中會(huì)發(fā)生別離，為使這兩種離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡不發(fā)生交疊，應(yīng)小于多少？〔結(jié)果用百分?jǐn)?shù)表示，保存兩位有效數(shù)字〕13.〔2024上海卷〕載流長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝kI/r，式中常量k＞0，I為電流強(qiáng)度，r為距導(dǎo)線的距離。在水平長(zhǎng)直導(dǎo)線MN正下方，矩形線圈abcd通以逆時(shí)針?lè)较虻暮愣娏?，被兩根輕質(zhì)絕緣細(xì)線靜止地懸掛，如以下列圖。開(kāi)始時(shí)MN內(nèi)不通電流，此時(shí)兩細(xì)線內(nèi)的張力均為T(mén)0。當(dāng)MN通以強(qiáng)度為I1的電流時(shí)，兩細(xì)線內(nèi)的張力均減小為T(mén)1，當(dāng)MN內(nèi)電流強(qiáng)度變?yōu)镮2時(shí)，兩細(xì)線內(nèi)的張力均大于T0?！?〕分別指出強(qiáng)度為I1、I2的電流的方向；〔2〕求MN分別通以強(qiáng)度為I1、I2的電流時(shí)，線框受到的安培力F1與F2大小之比；〔3〕當(dāng)MN內(nèi)的電流強(qiáng)度為I3時(shí)兩細(xì)線恰好斷裂，在此瞬間線圈的加速度大小為a，求I3。14〔2024江蘇卷〕如以下列圖，待測(cè)區(qū)域中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)帶電粒子射入時(shí)的受力情況可推測(cè)其電場(chǎng)和磁場(chǎng)，圖中裝置由加速器和平移器組成，平移器由兩對(duì)水平放置、相距為l的相同平行金屬板構(gòu)成，極板長(zhǎng)度為l，問(wèn)距為d，兩極板間偏轉(zhuǎn)電壓大小相等，電場(chǎng)方向相反，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子經(jīng)加速電壓U0加速后，水平射入偏轉(zhuǎn)電壓為U1的平移器，最終從A點(diǎn)水平射入待測(cè)區(qū)域，不考慮粒子受到的重力?！?〕求粒子射出平移器時(shí)的速度大小v1；〔2〕當(dāng)加速電壓變?yōu)?U0時(shí)，欲使粒子仍從A點(diǎn)射入待測(cè)區(qū)域，求此時(shí)的偏轉(zhuǎn)電壓U；ylll-U1U2m+qU0Uylll-U1U2m+qU0U0o0+0-0oxz待測(cè)區(qū)域A射入方向y-yz-z受力大小1析：水平的直線電流在豎直磁場(chǎng)中受到水平的安培力而偏轉(zhuǎn)，與豎直方向形成夾角，此時(shí)它受拉力、重力和安培力而到達(dá)平衡，根據(jù)平衡條件有，所以棒子中的電流增大θ角度變大；兩懸線變短，不影響平衡狀態(tài)，θ角度不變；金屬質(zhì)量變大θ角度變??；磁感應(yīng)強(qiáng)度變大θ角度變大。答案A。2解析】根據(jù)半徑公式及周期公式知AC正確?！敬鸢浮緼C3解析】A錯(cuò)誤，兩磁場(chǎng)方向都向下，不能；a、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，B錯(cuò)誤；c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，C正確；c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，都向下，D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緾4案：BD解析：在磁場(chǎng)中半徑運(yùn)動(dòng)時(shí)間：〔θ為轉(zhuǎn)過(guò)圓心角〕，故BD正確，當(dāng)粒子從O點(diǎn)所在的邊上射出的粒子時(shí)：軌跡可以不同，但圓心角相同為1800，因而AC錯(cuò)5案：A6案：D×××××××××××××××××××××××××××××ABOC●O＇●O＇＇D解析：根據(jù)作圖法找出速度為v時(shí)的粒子軌跡圓圓心O＇，由幾何關(guān)系可求出磁場(chǎng)中的軌跡弧所對(duì)圓心角∠AO＇C=60°，軌跡圓半徑，當(dāng)粒子速度變?yōu)関/3時(shí)，其軌跡圓半徑，磁場(chǎng)中的軌跡弧所對(duì)圓心角∠AO＇＇D=120°，由知，應(yīng)選B。8.析】當(dāng)粒子以速度垂直于MN進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，最遠(yuǎn)，落在A點(diǎn)，假設(shè)粒子落在A點(diǎn)的左側(cè)，速度不一定小于，可能方向不垂直，落在A點(diǎn)的右側(cè)，速度一定大于，所以A錯(cuò)誤，B正確；假設(shè)粒子落在A點(diǎn)的右側(cè)處，那么垂直MN進(jìn)入時(shí)，軌跡直徑為，即，,解得，不垂直MN進(jìn)時(shí)，，所以C正確，D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緽C9[答案][解析]粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)圓周的半徑為r，由牛頓第二定律和洛侖茲力公式得eqqvB=m\f(v2,r)①式中v為粒子在a點(diǎn)的速度。過(guò)b點(diǎn)和O點(diǎn)作直線的垂線，分別與直線交于c和d點(diǎn)。由幾何關(guān)系知，線段、和過(guò)a、b兩點(diǎn)的軌跡圓弧的兩條半徑圍成一正方形。因此，②設(shè)=x，由幾何關(guān)系得③④聯(lián)立式得⑤再考慮粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)。設(shè)其加速度大小為a，由牛頓第二定律和帶電粒子在電場(chǎng)中受力公式得⑥粒子在電場(chǎng)方向和直線方向所走的距離均為r，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得⑦vt⑧式中t是粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，聯(lián)立式得⑨10：〔1〕粒子由至的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得eq\o\ac(○,1)由eq\o\ac(○,1)式得eq\o\ac(○,2)設(shè)粒子的加速度大小為，由牛頓第二定律得eq\o\ac(○,3)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得eq\o\ac(○,4)聯(lián)立eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,4)式得eq\o\ac(○,5)(2)設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由牛頓第二定律得eq\o\ac(○,6)要使粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)不與極板相撞，須滿足eq\o\ac(○,7)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,6)eq\o\ac(○,7)式得eq\o\ac(○,8)〔3〕設(shè)粒子在兩邊界之間無(wú)場(chǎng)區(qū)向左勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程用時(shí)為，有eq\o\ac(○,9)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,5)eq\o\ac(○,9)式得eq\o\ac(○,10)假設(shè)粒子再次到達(dá)時(shí)速度恰好為零，粒子回到極板間應(yīng)做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得eq\o\ac(○,11)聯(lián)立eq\o\ac(○,9)eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,11)式得eq\o\ac(○,12)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為eq\o\ac(○,13)聯(lián)立eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)式得eq\o\ac(○,14)設(shè)粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，由eq\o\ac(○,6)式結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得eq\o\ac(○,15)由題意得eq\o\ac(○,16)聯(lián)立eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)eq\o\ac(○,16)式得eq\o\ac(○,17)11：．解：(1)設(shè)小球P所受電場(chǎng)力為F1，那么F1=qE ①在整個(gè)空間重力和電場(chǎng)力平衡，有Fl=mg ②聯(lián)立相關(guān)方程得 E=mg/q ③設(shè)小球P受到?jīng)_量后獲得速度為v，由動(dòng)量定理得I=mv ④得 v=I/m ⑤說(shuō)明：①②③④⑤式各1分。(2)設(shè)P、Q同向相碰后在W點(diǎn)的最大速度為vm，由動(dòng)量守恒定律得mv+mv0=(m+m)vm ⑥此刻輕繩的張力也為最大，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得F-(m+m)g=eq\f((m+m),l)vm2 ⑦聯(lián)立相關(guān)方程，得 F=(eq\f(I+mv0,2ml))2+2mg ⑧說(shuō)明：⑥⑦式各2分，⑧式1分。(3)設(shè)P在肖上方做勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為h，那么 tP1=eq\f(s,v) ⑨設(shè)P在X下方做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tP2，那么tP2=eq\f(πm,2Bq) ⑩設(shè)小球Q從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與P球反向相碰的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tQ，由單擺周期性，有 11由題意，有tQ=tP1+tP212聯(lián)立相關(guān)方程，得 n為大于的整數(shù) 13設(shè)小球Q從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與P球同向相碰的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tQ′,由單擺周期性，有 14同理可得 n為大于的整數(shù) 15說(shuō)明：⑨111214式各1分，⑩ 13 15式各2分。12：解析：〔1〕鈾粒子在電場(chǎng)中加速到速度v，根據(jù)動(dòng)能定理有①進(jìn)入磁場(chǎng)后在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有②由以上兩式化簡(jiǎn)得③〔2〕在時(shí)間t內(nèi)收集到的粒子個(gè)數(shù)為N，粒子總電荷量為Q，那么④⑤⑥由④④⑤⑥式解得⑦〔3〕兩種粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡不發(fā)生交疊，即不要重合，由可得半徑為⑧由此可知質(zhì)量小的鈾235在電壓最大時(shí)的半徑存在最大值質(zhì)量大的鈾238質(zhì)量在電壓最小時(shí)的半徑存在最小值所以兩種粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡不發(fā)生交疊的條件為＜⑨化簡(jiǎn)得＜﹪⑩13：〔1〕I1方向向左，I2方向向右，〔2〕當(dāng)MN中通以電流I時(shí)，線圈所受安培力大小為F＝kIiL〔EQ\F(1,r1)－EQ\F(1,r2)〕，F(xiàn)1:F2＝I1:I2，〔3〕2T0＝G，2T1＋F1＝G，F(xiàn)3＋G＝G/ga，I1:I3＝F1:F3＝〔T0－T1〕g/〔a－g〕T0，I3＝〔a－g〕T0I1/〔T0－T1〕g，14案】〔1〕設(shè)粒子射出加速器的速度為，動(dòng)能定理由題意得，即〔2〕在第一個(gè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：加速度的大小，在離開(kāi)時(shí)，豎直分速度豎直位移水平位移粒子在兩偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)歷時(shí)間也為豎直位移由題意知，粒子豎直總位移，解得那么當(dāng)加速電壓為時(shí)，〔3〕由沿軸方向射入時(shí)的受力情況可知：B平行于軸，且由沿軸方向射入時(shí)的受力情況可知：與平面平行。,那么且解得設(shè)電場(chǎng)方向與軸方向夾角為,假設(shè)B沿軸方向，由沿軸方向射入時(shí)的受力情況得解得，或即E與平面平行且與軸方向的夾角為300或1500， 同理假設(shè)B沿軸方向，E與平面平行且與軸方向的夾角為-300或-1500。16.〔2024重慶卷〕．〔18分〕有人設(shè)計(jì)了一種帶電顆粒的速率分選裝置，其原理如題24圖所示。兩帶電金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向豎直向上，其中PQNM矩形區(qū)域內(nèi)還有方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一束比荷〔電荷量與質(zhì)量之比〕均為1/k的帶正電顆粒，以不同的速率沿著磁場(chǎng)區(qū)域的中心線O進(jìn)入兩金屬板之間，其中速率為v0的顆粒剛好從Q點(diǎn)處離開(kāi)磁場(chǎng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)到達(dá)收集板。重力加速度為g，PQ=3d，NQ=2d，收集板與NQ的距離為，不計(jì)顆粒間相互作用，求⑴電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?、拼鸥袘?yīng)強(qiáng)度B的大小⑶速率為λv0〔λ＞1〕的顆粒打在收集板上的位置到O點(diǎn)的距離。24．〔18分〕⑴設(shè)帶電顆粒的電量為q，質(zhì)量為m有將q/m=1/k代入得⑵如答24圖1，有得⑶如答24圖2有得17.(2024浙江卷)．〔20分〕如以下列圖，兩塊水平放置、相距為d的長(zhǎng)金屬板接在電壓可調(diào)的電源上。兩板之間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將噴墨打印機(jī)的噴口靠近上板下外表，從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為m、水平速度均為v帶相等電荷量的墨滴。調(diào)節(jié)電源電壓至U，墨滴在電場(chǎng)區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)；進(jìn)入電場(chǎng)、磁場(chǎng)共存區(qū)域后，最終垂直打在下板的M點(diǎn)。(1)判斷墨滴所帶電荷的種類，并求其電荷量；(2)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值；(3)現(xiàn)保持噴口方向不變，使其豎直下移到兩板中間的位置。為了使墨滴仍能到達(dá)下板M點(diǎn)，應(yīng)將磁感應(yīng)強(qiáng)度調(diào)至B’，那么B’的大小為多少？答案：2024年高考物理試題分類匯編：電磁感應(yīng)1．〔2024福建卷〕．如圖甲，一圓形閉合銅環(huán)由高處從靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)一根豎直懸掛的條形磁鐵，銅環(huán)的中心軸線與條形磁鐵的中軸始終保持重合。假設(shè)取磁鐵中心O為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立豎直向下正方向的x軸，那么圖乙中最能正確反映環(huán)中感應(yīng)電流i隨環(huán)心位置坐標(biāo)x變化的關(guān)系圖像是()2．(2024全國(guó)新課標(biāo)).如圖，均勻磁場(chǎng)中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導(dǎo)線框，半圓直徑與磁場(chǎng)邊緣重合；磁場(chǎng)方向垂直于半圓面〔紙面〕向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.使該線框從靜止開(kāi)始繞過(guò)圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)半周，在線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流。現(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間線性變化。為了產(chǎn)生與線框轉(zhuǎn)動(dòng)半周過(guò)程中同樣大小的電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化率的大小應(yīng)為()B.C.D.3．〔2024北京高考卷〕．物理課上，老師做了一個(gè)奇妙的“跳環(huán)實(shí)驗(yàn)〞．如圖，她把一個(gè)