江蘇省淮安市2025屆高三物理上學期入學調(diào)研試題B

PAGEPAGE152025屆高三入學調(diào)研試卷物理（B）留意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆干脆答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～6小題只有一個選項正確，第7～10小題有多個選項正確。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。1．銀河系中存在大量的鋁同位素26Al。26A核β+衰變的衰變方程為26A1→26Mg＋eq\o\al(0,＋1)e，測得26A1核的半衰期為72萬年。下列說法正確的是（）A．26A1核的質量等于26B．26A1核的中子數(shù)大于26C．將鋁同位素26AD．銀河系中現(xiàn)有的鋁同位素26A1將在144萬年后全部衰變?yōu)?6【答案】C【解析】26A1核的質量數(shù)等于26Mg核的質量數(shù)。26A1衰變過程釋放出eq\o\al(0,＋1)e，故26A1核的質量不等于26Mg核的質量，故A錯誤；26A1核的中子數(shù)為（26-13）個=13個，26Mg核的中子數(shù)為（26-12）個=14個，故26A1核的中子數(shù)小于26Mg核的中子數(shù)，故B錯誤；半衰期由原子核本身結構確定，與外界環(huán)境無關，將鋁同位素26A1放置在低溫低壓的環(huán)境中，其半衰期不變，故C正確；26A1核的半衰期為72萬年，銀河系中現(xiàn)有的鋁同位素26A1將在144萬年后未衰變質量占原來質量的比值，則河系中現(xiàn)有的鋁同位素2．云南—廣州特高壓直流輸電工程，是世界上第一個特高壓直流輸電工程。其局部仰視圖如圖所示，兩根在同一水平面內(nèi)且相互平行的長直導線A和B分別通有方向相同的電流I1和I2，且I1>I2。a、b、c三點連線與兩根導線等高并垂直，b點位于兩根導線間的中點，a、c兩點與b點距離相等。不考慮地磁場的影響。下列說法中正確的是（）A．a(chǎn)點和c點處的磁感應強度相同B．導線B和A之間因安培力的作用而相互吸引C．導線B對A的安培力大于導線A對B的安培力D．b點處的磁感應強度方向豎直向下【答案】B【解析】由右手定則可知導線A在其左側的磁場向下，在其右側產(chǎn)生的磁場向上；導線B在其左側的磁場向下，在其右側產(chǎn)生的磁場向上，因此a點磁場向下，c點磁場向上，故A錯誤；A和B導線電流方向相同，同種導線相互吸引，則導線A、B相互吸引，故B正確；B對A的安培力與導線A對B的安培力是一對相互作用力大小相等、方向相反，故C錯誤；由題知I1>I2，則導線A在b點產(chǎn)生的磁感應強度比導線B在b點產(chǎn)生的磁感應強度大，導線A在b點的磁場水平向左，導線B在b點水平向右，因此b點磁場豎直向上，故D錯誤。3．如圖所示，一輪船在河岸的兩碼頭A、B間運輸貨物，A、B連線與河岸夾角為60°。由A到B過程中，船頭正對河岸，輪船相對河水的速度大小恒為v1；返回時（即由B到A）所用時間與去時相同，輪船相對河水的速度大小恒為v2。水速恒定不變，則（）A． B．C． D．【答案】A【解析】從A到B過程，輪船的運動分解為沿水流方向和沿船頭方向，如圖甲：依據(jù)幾何關系，有；返回時所用時間與去時相同，依題意可知，輪船從A到B和從B到A的實際速度大小不變，設其為v，把返回時的運動也分解為沿水流方向和沿船頭方向，如圖乙，依據(jù)余弦定理，可得，聯(lián)立得，故選A。4．如圖所示，一工人手持磚夾提著一塊磚勻速前進，手對磚夾豎直方向的拉力大小為F。已知磚夾的質量為m，重力加速度為g，磚夾與磚塊之間的滑動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。若磚塊不滑動，則磚夾與磚塊一側間的壓力的最小值是（）A． B．C． D．【答案】D【解析】工人手持磚夾提著一塊磚勻速前進，磚夾處于平衡狀態(tài)，在豎直方向滿意，磚夾與磚之間恰好達到最大靜摩擦力，聯(lián)立解得磚夾與磚塊一側間的壓力的最小值為，D正確。5．如圖所示電路，電源內(nèi)阻為r，兩相同燈泡電阻均為R，D為志向二極管（具有單向導電性），電表均為志向電表。閉合S后，一帶電油滴恰好在平行板電容器中心靜止不動?，F(xiàn)把滑動變阻器滑片向上滑動，電壓表示數(shù)變更量肯定值分別為，電流表示數(shù)變更量為，則下列說法中錯誤的是（）A．兩燈泡漸漸變亮B．油滴將向下運動C．D．【答案】B【解析】滑片向上滑動，其阻值減小，總電阻減小，回路中電流變大，兩燈變亮，A正確；總電流增大，故內(nèi)電壓增大，所以外電壓減小，即V1的示數(shù)減小，而L1的電壓變大，所以并聯(lián)部分L2的電壓減小，所以V2的示數(shù)及電容器板間電壓變小，應放電，但二極管的單向導電性使電荷不能放出，由于Q不變，則由，，得，可知E不變，油滴靜止不動，B錯誤；把電阻R看作電源內(nèi)阻一部分，就是兩端電壓的增加量，也是電容器兩板間電壓削減量，則，C正確；由閉合電路歐姆定律可得，所以，D正確。本題選錯誤的，故選B。6．某物體做勻變速直線運動，設該物體運動的時間為t，位移為x，其圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A．物體做的是勻加速直線運動B．t=0時，物體的初速度為abC．0～b時間內(nèi)物體的位移為ab2D．經(jīng)過2b時間物體的速度為0【答案】C【解析】由圖象可知，故的斜率代表，則由圖可知，由題意可知，所以0?b時間內(nèi)物體做勻減速直線運動，經(jīng)過b時間物體的速度為0，b?2b時間內(nèi)物體做反向的勻加速直線運動，故ABD錯誤；t=0時，物體的位移為x=0，t=b時，物體的位移為ab2，故0?b時間內(nèi)物體的位移為ab2，故C正確。7．某形態(tài)不規(guī)則的導體置于靜電場中，由于靜電感應，導體四周出現(xiàn)了如圖所示的電場分布，圖中虛線表示電場線，實線表示等勢面，A、B、C為電場中三個點。下列說法正確的是（）A．A點的電場強度大于B點的電場強度B．A點的電勢高于B點的電勢C．將電子從A點移到B點，電場力做正功D．將電子從A點移到B點，電勢能增加【答案】BD【解析】依據(jù)電場線的疏密表示場強的相對大小，知A點處電場線比B點處稀，則A點的電場強度小于B點的電場強度，故A錯誤；沿著電場線電勢漸漸降低，可知，A點所在等勢線的電勢比B點所在等勢線的電勢高，則A點的電勢高于B點的電勢，故B正確；將電子從A點移到B點，電勢能增加，則電場力做負功，故C錯誤；電子帶負電，依據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，則知電子從A點移到B點，電勢降低，電子的電勢能增加，故D正確。8．三顆人造衛(wèi)星A、B、C都在赤道正上方同方向繞地球做勻速圓周運動，A、C為地球同步衛(wèi)星，某時刻A、B相距最近，如圖所示。已知地球自轉周期為，B的運行周期為，則下列說法正確的是（）A．C加速可追上同一軌道上的AB．經(jīng)過時間，A、B相距最遠C．A、C向心加速度大小相等，且小于B的向心加速度D．衛(wèi)星A、C受到地球的萬有引力大小肯定相等【答案】BC【解析】衛(wèi)星C加速后做離心運動，軌道變高，不行能追上同一軌道上的A點，A錯誤；衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠，圓周運動轉過的角度差為π，所以可得，其中，，則經(jīng)驗的時間，B正確；依據(jù)，解得，衛(wèi)星A和C的軌道半徑相同且小于B的軌道半徑，則衛(wèi)星A和C的向心加速度相等且小于B的向心加速度，C正確；萬有引力，衛(wèi)星A、C的質量不肯定相等，星A、C受到地球的萬有引力大小也不肯定相等，D錯誤。9．如圖所示，水平面上帶有半圓弧槽的滑塊N質量為2m，槽的半徑為r，槽兩側的最高點等高。將質量為m且可視為質點的小球M由槽右側的最高點無初速釋放，全部接觸面的摩擦均可忽視。第一種狀況滑塊固定不動，A．兩種狀況下，小球均可運動到左側最高點B．兩種狀況下，小球滑到圓弧槽最低點時的速度之比為1：1C．其次種狀況，小球滑到圓弧槽最低點時圓弧槽的速度為D．其次種狀況，圓弧槽距離動身點的最遠距離為【答案】ACD【解析】當圓弧槽固定時，由機械能守恒定律mgr=mgh，則h=r，小球M能運動到圓弧槽左側的最高點；當圓弧槽自由滑動時，對于M、N組成的系統(tǒng)，水平方向動量守恒，小球M從圓弧槽的右端最高點由靜止釋放時，系統(tǒng)動量為零，設小球M到達左側最高點的速度為v1，則v1=0，由機械能守恒定律可知，小球M能運動到圓弧槽左側的最高點，故A正確；當圓弧槽固定時，小球M到最低點時的速度為v0，則由機械能守恒定律得，解得，當圓弧槽自由滑動時，設小球M到達最低點時的速率為v，此時圓弧槽的速率為v′，依據(jù)動量守恒定律得0=mv-2mv′，依據(jù)機械能守恒定律得，解得，，兩種狀況下，小球滑到圓弧槽最低點時的速度之比為：，B錯誤，C正確；小球M和圓弧槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，當小球運動到左側最高點時，圓弧槽向右運動的位移最大，設圓弧槽向右的最大位移為x，依據(jù)動量守恒定律得m(2r-x)=2mx，，D正確。10．兩人在赤道上站立，各自手握金屬繩OPO'的一端，繞東西方向的水平軸沿順時針方向勻速搖動，周期為T，將金屬繩連入電路，閉合回路如圖所示，取金屬繩在圖示的最高位置時為t＝0時刻，則下列說法正確的是（）A．電路中存在周期為T的變更電流B．t＝0時刻，回路磁通量最大，電路中電流最大C．t＝時刻，電流向左通過靈敏電流計D．t＝時刻，回路磁通量最小，電路中電流最小【答案】AD【解析】用類比法，如線圈在勻強磁場中勻速轉動時，產(chǎn)生周期性變更的交變電流，所以這個電路中存在周期為T的變更電流，則A正確；由于地磁場方向等效為由南指向北，則t=0時刻，回路磁通量最大，電路中電流最小為0，所以B錯誤；t＝時刻，第一次經(jīng)過水平位置，這個過程磁通量減小，由榜次定律可知，感應電流方向向右通過靈敏電流計，所以C錯誤；t＝時刻，回路磁通量最小，電路中電流最小，故D正確。二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第11～15題為必考題，每個試題考生必需作答。第16～17題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題11．（6分）圖（a）為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數(shù)的試驗裝置示意圖。試驗步驟如下：①用天平測量物塊和遮光片的總質量M，重物的質量m；用游標卡尺測量遮光片的寬度d；用米尺測量兩光電門之間的距離s；②調(diào)整輕滑輪，使細線水平；③讓物塊從光電門A的左側由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計分別測出遮光片經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時間?tA和?tB，求出加速度a；④多次重復步驟③，求a的平均；⑤依據(jù)上述試驗數(shù)據(jù)求出動擦因數(shù)μ?；卮鹣铝袨轭}：（1）測量d時，某次游標卡尺（主尺最小分度為1mm）如圖（b）所示；其讀數(shù)為______cm；（2）物塊的加速度a可用d、s、?tA和?tB表示為a=_______；（3）若細線沒有調(diào)整到水平，由此引起的誤差屬于________（填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）?！敬鸢浮?.960系統(tǒng)誤差【解析】(1)游標卡尺讀數(shù)，主尺：，副尺：，所以游標卡尺讀數(shù)為：。(2)由速度位移公式，解得。(3)細線沒有調(diào)整到水平，屬于系統(tǒng)誤差。12．（8分）一學習小組要用伏安法盡量精確地描繪一個標有“3V，1.5W”的小燈泡的I–U圖線，現(xiàn)有下列器材供選用：A．電源E（電動勢3V，內(nèi)阻較?。〣．開關一個、導線若干C．滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流為1A）D．電壓表V1（0~6V，內(nèi)阻約10kΩ）E．電壓表V2（0~3V，內(nèi)阻約為3kΩ）F．電流表A1（量程300mA、內(nèi)阻約為5Ω）G．電流表A2（量程600mA、內(nèi)阻約為1Ω）（1）試驗中需用到的儀器有___________（用字母序號表示）；（2）試驗要求能夠實現(xiàn)在0–3V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，請在試驗電路圖（a）中將實物連線補充完整；（3）試驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（b）所示，由試驗曲線可求得小燈泡電壓為2.0V時的小燈泡的實際功率為___________W，若將該小燈泡干脆接在電動勢E=3V、內(nèi)電阻r=10Ω的電源兩端，則小燈泡的電阻為___________Ω。（結果均保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）ABCEG（2）見解析圖（3）0.4806.22（6.11-6.32）【解析】（1）由題意可知，小燈泡的額定電壓為3V，因此電壓表選擇量程為0~3V即可；小燈泡的額定電流，電流表選擇量程為0~600mA即可，因此試驗中需用到的儀器有ABCEG。（2）試驗要求電壓從零起先調(diào)整，因此滑動變阻器采納分壓式接法；有上可知，，同時燈泡的電阻估算，由于燈泡電阻較小，故電流表采納外接法，以減小誤差，試驗電路圖如圖所示。（3）由試驗曲線可求得小燈泡電壓為2.0V時，流經(jīng)小燈泡的電流為240mA，則小燈泡的實際功率，若將該小燈泡干脆接在電動勢E=3V、內(nèi)電阻r=10Ω的電源兩端，由閉合電路歐姆定律可得，代入數(shù)據(jù)可得；在圖乙中畫出直線，如圖所示。與燈泡的伏安特性曲線的交點坐標為（1.15V，185mA），所以小燈泡的實際電阻為。10．（8分）如圖所示，一輛長L=8m的載貨卡車質量為M=1500kg，車箱載有m=500kg的圓柱形鋼錠，并用鋼絲繩固定在車廂中，鋼錠離車廂右端距離l=4m?？ㄜ囈詖0=8m/s的速度勻速行駛，當卡車行駛到某一十字路口前，車頭距人行橫道S0=25m處時發(fā)覺綠燈還有t0=4s轉為黃燈，司機確定讓車以a=1m/s2加速度加速通過這個路口，重力加速度g=10m/s2：(1)請通過計算推斷卡車能否在綠燈轉黃燈前車尾通過x=5m寬的人行橫道；【解析】(1)設載貨卡車在時間內(nèi)做勻加速運動的位移為，由運動學公式可得解得由于，所以卡車能在綠燈轉黃燈前車尾通過人行橫道。(2)當卡車加速行駛時速度設卡車從起先剎車到鋼錠撞上車頭運動的時間為t'，位移為s2，鋼錠位移為，卡車勻減速運動的加速度大小為a1，由運動學公式及它們間的位移關系可得解得。13．（10分）如圖所示的坐標系，虛線MN位于x軸上方h處，虛線MN與x軸之間存在水平向右的勻強電場（圖中未畫出），x軸下方有一半徑為R的圓形磁場與x軸相切于O點，O1為磁場的圓心，磁場方向垂直于紙面對外（圖中未畫出）。S處有一粒子源，某時刻沿y軸負方向放射一質量為m、電荷量為q的正粒子，粒子的放射速度大小為v0，經(jīng)過一段時間粒子由坐標原點以大小為的速度進入磁場，且粒子的軌跡剛好通過O1點，不考慮粒子的重力。求：（1）勻強電場的電場強度E的大??；（2）磁感應強度B的大小?！窘馕觥浚?）粒子在整個過程的運動軌跡，如圖所示。粒子在電場從S到O做類平拋運動，在垂直于電場方向粒子在O點沿著電場方向速度所以粒子沿著電場方向的位移粒子從S點到O點，由動能定理得解得。（2）設粒子在O處的速度與x軸正方向夾角為θ。則解得θ=45°所以三角形O1O2O為等腰直角三角形，設帶電粒子做勻速圓周運動的半徑為r。由幾何關系得由牛頓其次定律解得。14．（18分）光滑導軌ABC，左側為半徑為r的半圓環(huán)，右側為足夠長水平導軌固定在豎直平面內(nèi)。一彈性繩原長為r，勁度系數(shù)，其中一端固定在圓環(huán)的頂點A，另一端與一個套在圓環(huán)上質量為m的D球相連，先將小球移至某點，保持彈性繩處于原長狀態(tài)，然后由靜止釋放小球。（已知彈性繩彈性勢能，重力加速度為g）（1）釋放小球瞬間，小球對圓環(huán)的作用力；（2）求D球在圓環(huán)上達到最大速度時，彈性繩的彈性勢能為多大；（3）當D球在圓環(huán)上達到最大速度時與彈性繩自動脫落，接著運動到B點后進入水平光滑導軌，導軌上等間距套著質量為2m的n個小球，依次編號為1、2、3、4……，D球依次與小球發(fā)生對心碰撞，且沒有能量損失，求1號球最終速度及被碰撞的次數(shù)?！窘馕觥浚?）D球在釋放瞬間受重力、圓環(huán)對小球的支持力，彈性繩子處于原長，圓環(huán)對小球的支持力指向圓心，由幾何關系可得，N與豎直方向成30°夾角，由受力分析可得由牛頓第三定律可得：小球對圓環(huán)的作用力為方向：由釋放點指向圓環(huán)圓心（與豎直方向成30°夾角，斜向左上）（2）D球在圓環(huán)上最大速度位置處受重力、圓環(huán)的支持力、彈性繩的拉力，D球此時在該位置處切向加速度為0，設彈性繩與豎直方向夾角為，D球重力、圓環(huán)的支持力、彈性繩的拉力圍成的三角形與A點、D球所在位置、圓心三角形是一個相像三角形，則有代入數(shù)據(jù)解得彈性繩升長距離此時彈性繩彈性勢能。（3）從釋放點到B位置過程中，動能定理有解得D球與1號球發(fā)生彈性碰撞解得，然后1號球與2號球發(fā)生完全彈性碰撞，由動量守恒和能量守恒可得1號球速度傳遞給2號球，同樣2號球與3號球發(fā)生完全彈性碰撞。。。。。。，直至與n號球發(fā)生碰撞后第一輪碰撞結束，得n號球的速度為第一輪1號球碰撞2次；D球通過圓周軌道后會返回再次與1號球發(fā)生彈性碰撞，有解得，然后1號球與2號球發(fā)生完全彈性碰撞，由動量守恒和能量守恒可得1號球速度傳遞給2號球，同樣2號球與3號球發(fā)生完全彈性碰撞。。。。。。，直至與n-1號球發(fā)生碰撞后其次輪碰撞結束，得號球的速度為其次輪1號球碰撞2次；第n-1輪，1號球與2號球碰撞后結束第n-1輪碰撞。n-1輪碰撞后D球、1號球、2號球的速度分別為，，第n-1輪1號球碰撞2次；第n輪，D號球與1號球發(fā)生彈性碰撞，最終1號球的速度第n輪1號球只碰撞了1次；綜上可得一共1號球一共碰撞次數(shù)為次。(二)