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文檔簡介
福州七中2025屆高三最后一模物理試題注意事項1.考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回.2.答題前,請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.3.請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.4.作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑;如需改動,請用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案.作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效.5.如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號等須加黑、加粗.一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、在空間中水平面MN的下方存在豎直向下的勻強電場,質(zhì)量為m的帶電小球由MN上方的A點以一定初速度水平拋出,從B點進入電場,到達C點時速度方向恰好水平,A、B、C三點在同一直線上,且AB=2BC,如圖所示,由此可知()A.小球帶正電B.電場力大小為3mgC.小球從A到B與從B到C的運動時間相等D.小球從A到B與從B到C的速度變化相等2、一個做變速直線運動的物體,其加速度方向不變而大小逐漸減小至零,那么該物體的運動情況不可能是()A.速度不斷增大,加速度減小到零時速度最大B.速度不斷減小,加速度減小到零時速度也減小到零C.速度先減小后增大,加速度減小到零時速度最大D.速度先增大后減小,加速度減小到零時速度最小3、2018年1月12日,我國成功發(fā)射北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星.如圖為發(fā)射衛(wèi)星的示意圖,先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為r的圓軌道上做圓周運動,到A點時使衛(wèi)星加速進入橢圓軌道,到橢圓軌道的遠地點B點時,再次改變衛(wèi)星的速度,使衛(wèi)星進入半徑為2r的圓軌道.已知衛(wèi)星在橢圓軌道時距地球的距離與速度的乘積為定值,衛(wèi)星在橢圓軌道上A點時的速度為v,衛(wèi)星的質(zhì)量為m,地球的質(zhì)量為M,引力常量為G,則發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差為(忽略衛(wèi)星的質(zhì)量變化)()A.B.C.D.4、如圖所示,在與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直的平面內(nèi),有一根長為s的導(dǎo)線,量得導(dǎo)線的兩個端點間的距離=d,導(dǎo)線中通過的電流為I,則下列有關(guān)導(dǎo)線受安培力大小和方向的正確表述是()A.大小為BIs,方向沿ab指向b B.大小為BIs,方向垂直abC.大小為BId,方向沿ab指向a D.大小為BId,方向垂直ab5、如圖所示,絕緣水平地面上固定一個光滑絕緣斜面,斜面與水平面的夾角θ=30°.一根輕質(zhì)絕緣細線的一端固定在斜面頂端,另一端系有一個帶電小球A,細線與斜面平行,且小球A正好靜止在斜面中點.在小球A的正下方地面處固定放置一帶電小球B,兩球相距為d.已知兩球的質(zhì)量均為m、電荷量均為+q,靜電力常量為k,重力加速度為g,兩球均可視為點電荷.則下列說法不正確的是()A.兩球之間的庫侖力F=kqB.當(dāng)qd=C.當(dāng)qdD.將小球B移到斜面底面左端C點,當(dāng)qd6、在如圖所示的理想變壓器供電線路中,原線圈接在有效值恒定的交流電源上,副線圈接有兩個燈泡,電流表、電壓表均為理想電表。開關(guān)S原來是斷開的,現(xiàn)將開關(guān)S閉合,則()A.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)增大B.A1的示數(shù)不變,A2的示數(shù)增大C.V1的示數(shù)減小,V2的示數(shù)減小。D.V1的示數(shù)不變,V2的示數(shù)減小二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、甲、乙兩質(zhì)點同時同地在外力的作用下做勻變速直線運動,其運動的圖像如圖所示。關(guān)于甲、乙兩質(zhì)點的運動情況,下列說法中正確的是()A.乙質(zhì)點做初速度為c的勻加速直線運動B.甲質(zhì)點做加速度大小為的勻加速直線運動C.時,甲、乙兩質(zhì)點速度大小相等D.時,甲、乙兩質(zhì)點速度大小相等8、如圖所示,光滑細桿MN傾斜固定,與水平方向夾角為,一輕質(zhì)彈簧一端固定在0點,另一端連接一小球,小球套在細杯上,O與桿MN在同一豎直平面內(nèi),P為MN的中點,且OP垂直于MN,已知小球位于桿上M、P兩點時,彈簧的彈力大小相等且在彈性限度內(nèi)?,F(xiàn)將小球從細桿頂端M點由靜止釋放,則在小球沿細桿從M點運動到N點的過程中(重力加速度為g),以下判斷正確的是A.彈簧彈力對小球先做正功再做負功B.小球加速度大小等于gsinθ的位置有三個C.小球運動到P點時的速度最大D.小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍9、如圖所示,電源電動勢為E、內(nèi)阻為r,R1是滑動變阻器,R2=0.5r,當(dāng)滑片P處于中點時,電源的效率是50%,當(dāng)滑片由a端向b端移動的過程中()A.電源效率增大 B.電源輸出功率增大C.電壓表V1和V的示數(shù)比值增大 D.電壓表V1和V示數(shù)變化量、的比值始終等于10、有一輕桿固定于豎直墻壁上的點,另一端固定一輕滑輪,一足夠長的細繩一端掛一質(zhì)量為的物體,跨過定滑輪后另一端固定于豎直墻壁上的點,初始時物體處于靜止?fàn)顟B(tài),兩點間的距離等于兩點間的距離,設(shè)與豎直墻壁的夾角為,不計滑輪與細繩的摩擦,下列說法正確的是()A.系統(tǒng)平衡時桿對滑輪的力一定沿桿的方向B.若增大桿長,與位置不變且保持,使角增大,則桿對滑輪彈力的方向?qū)⑵x桿C.若保持點的位置不變,將繩子的固定點點向上移動,則桿對滑輪的彈力變大D.若保持與豎直墻壁的夾角不變,將輕桿的固定點向下移動,則桿對滑輪彈力的方向不變?nèi)嶒烆}:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某研究性學(xué)習(xí)小組從一個數(shù)碼設(shè)備中拆下了一個舊電池,已知該電池的電動勢約為12V內(nèi)阻約為2Ω,該小組的同學(xué)為了測定電池的電動勢和內(nèi)阻,從實驗室借來了如下實驗器材:A.電壓表(量程為0~3V,內(nèi)阻為2kΩ)B.電流表(量程為0~3A,內(nèi)阻約為0.1Ω)C.定值電阻4kΩD.定值電阻8kΩE.定值電阻1ΩF.定值電阻3ΩG.滑動變阻器0~20ΩH.滑動變阻器0~2kΩI.開關(guān)一個,導(dǎo)線若干(1)該小組的同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路,電阻R1應(yīng)選____________,電阻R2應(yīng)選__________,滑動變阻器應(yīng)選__________。(選填相應(yīng)器材前面的字母)(2)開關(guān)閉合以前,應(yīng)將滑動變阻器的滑片調(diào)至__________(填“最左端”或“最右端”),閉合開關(guān)后,移動滑動變阻器的滑片,可得到多組電壓表和電流表的讀數(shù)U和I,利用得到的實驗數(shù)據(jù)作出U-I圖像如圖乙所示,根據(jù)圖像可知該電池的電動勢E=__________V,內(nèi)阻r=__________Ω。(計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)12.(12分)某實驗小組用如圖所示的裝置探究功和速度變化的關(guān)系:將小鋼球從固定軌道傾斜部分不同位置由靜止釋放,經(jīng)軌道末端水平飛出,落到鋪著白紙和復(fù)寫紙的水平地面上,在白紙上留下點跡.為了使問題簡化,小鋼球在軌道傾斜部分下滑的距離分別為L、2L、3L、4L…,這樣在軌道傾斜部分合外力對小鋼球做的功就可以分別記為W0、2W0、3W0、4W0….(1)為了減小實驗誤差必須進行多次測量,在L、2L、3L、4L…處的每個釋放點都要讓小鋼球重復(fù)釋放多次,在白紙上留下多個點跡,那么,確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是___________________;(2)為了完成實驗,除了測量小鋼球離開軌道后的下落高度h和水平位移s,還需測量_____________.A.小鋼球釋放位置離斜面底端的距離L的具體數(shù)值B.小鋼球的質(zhì)量mC.小鋼球離開軌道后的下落高度hD.小鋼球離開軌道后的水平位移x(3)請用上述必要的物理量寫出探究動能定理的關(guān)系式:W=______;(4)該實驗小組利用實驗數(shù)據(jù)得到了如圖所示的圖象,則圖象的橫坐標(biāo)表示_________(用實驗中測量的物理量符號表示).四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,光滑水平面上有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧,左端固定,質(zhì)量為mA=1kg的光滑A緊靠彈簧右端(不栓接),彈簧的彈性勢能為Ep=32J。質(zhì)量為mB=1kg的槽B靜止在水平面上,內(nèi)壁間距L=0.6m,槽內(nèi)放有質(zhì)量為mc=2kg的滑塊C(可視為質(zhì)點),C到左端側(cè)壁的距離d=0.1m,槽與滑塊C之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1?,F(xiàn)釋放彈簧,滑塊A離開彈簧后與槽B發(fā)生正碰并粘在一起。A、B整體與滑塊C發(fā)生碰撞時,A、B整體與滑塊C交換速度。(g=10m/s2)求(1)從釋放彈簧,到B與C第一次發(fā)生碰撞,整個系統(tǒng)損失的機械能;(2)從槽開始運動到槽和滑塊C相對靜止經(jīng)歷的時間。14.(16分)如圖所示,讓小球從圖中的A位置靜止擺下,擺到最低點B處擺線剛好被拉斷,小球在B處恰好未與地面接觸,小球進入粗糙的水平面后向右運動到C處進入一豎直放置的光滑圓弧軌道。已知擺線長,,小球質(zhì)量,B點C點的水平距離,小球與水平面間動摩擦因數(shù),g取。(1)求擺線所能承受的最大拉力為多大;(2)要使小球不脫離圓弧軌道,求圓弧軌道半徑R的取值范圍。15.(12分)如圖所示,直角為一個玻璃磚的橫截面,其中,,邊的長度為,為的中點。一條光線從點射入玻璃磚,入射方向與夾角為45°。光線恰能從點射出。(1)求該玻璃的折射率;(2)若與夾角90°的范圍內(nèi)均有上述同頻率光線從點射入玻璃磚,分析計算光線不能從玻璃磚射出的范圍。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】
根據(jù)小球從B點進入電場的軌跡可看出,小球帶負電,故A錯誤;因為到達C點時速度水平,所以C點速度等于A點速度,因為AB=2BC,設(shè)BC的豎直高度為h,則AB的豎直高度為2h,由A到C根據(jù)動能定理:mg×3h-Eqh=0,即Eq=3mg,故B正確;小球從A到B在豎直方向上的加速度為g,所用時間為:;在從B到C,的加速度為向上,故所用時間:,故t1=2t2,故C錯誤;小球從A到B與從B到C的速度變化大小都等于,但方向相反,故D錯誤。2、D【解析】
A.當(dāng)速度的方向和加速度的方向相同時,則可以做加速度逐漸減小的加速運動,故A正確;B.當(dāng)加速度的方向和速度方向相反時,則可以做減速運動,當(dāng)加速度減小到零時速度也恰好減小到零,故B正確;C.剛開始的時候速度和加速度的方向相反,則先做減速運動,當(dāng)減速到零時再做反向加速,加速度減小到零時速度最大,故C正確;D.只有當(dāng)加速度的方向和速度的方向相同時,做加速運動,因為加速度方向不變,所以無法再做減速運動,故D錯誤。故選D。3、B【解析】由可知,衛(wèi)星在軌道半徑為r的圓軌道上運動的線速度大小,在半徑為2r的圓軌道上做圓周運動的線速度大小為,設(shè)衛(wèi)星在橢圓軌道上B點的速度為,由,可知在A點時發(fā)動機對衛(wèi)星做功,在B點時發(fā)動機對衛(wèi)星做的功為,因此,B正確,ACD錯誤.故選:B.4、D【解析】
導(dǎo)線的等效長度為d,則所受的安培力為F=BId,由左手定則可知方向垂直ab。故選D。5、C【解析】A.依據(jù)庫侖定律,則兩球之間的庫侖力大小為F=kq2BC、當(dāng)qd=mg2k對球受力分析,如圖所示:根據(jù)矢量的合成法則,依據(jù)三角知識,則斜面對小球A的支持力為N=34T=14D.當(dāng)小球B移到斜面底面左端C點,對球受力分析,如圖所示:依據(jù)幾何關(guān)系可知,T與F的夾角為120°,當(dāng)qd=2mg本題選擇錯誤的答案,故選C.6、A【解析】
副線圈輸出電壓由原線圈的輸入電壓和原、副線圈匝數(shù)比決定,原線圈輸入電壓和原、副線圈匝數(shù)比不變,則副線圈輸出電壓不變,電壓表V1的示數(shù)不變,電壓表V2的示數(shù)不變,開關(guān)S閉合后,總電阻減小,根據(jù)歐姆定律可知,副線圈輸出電流增大,根據(jù)變流比可知,原線圈輸入電流增大,即電流表A1的示數(shù)增大,電流表A2的示數(shù)增大,故A正確,BCD錯誤。故選A。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BD【解析】
A.根據(jù)勻變速直線運動位移時間公式得對于乙質(zhì)點,由圖可知v0乙=c乙的加速度為乙質(zhì)點做初速度為c的勻減速直線運動,選項A錯誤;
B.對于甲質(zhì)點,由圖可知v0甲=0甲的加速度為甲質(zhì)點做加速度大小為的勻加速直線運動,故B正確。C.時,甲的速度乙質(zhì)點速度選項C錯誤;D.時,甲的速度乙質(zhì)點速度即甲、乙兩質(zhì)點速度大小相等,選項D正確。故選BD。8、BD【解析】
A項:由題意不能確定在M點和在N點時彈簧是壓縮還是拉伸狀態(tài),所以彈簧對小球可能先做正功后做負功,也可能先做負功后做正功,故A錯誤;B項:由于MP之間和PN之間各有一位置彈簧彈力為零,當(dāng)彈力為零時小球的加速度為,在P點時由于彈簧的彈力與桿垂直,所以小球的加速度也為,所以小球加速度大小等于gsinθ的位置有三個,故B正確;C項:由于小球在P點的加速度為,所以小球的速度一定不為最大,故C錯誤;D項:從M到P由能量守恒得:,從P到N由能量守恒得:,聯(lián)立解得:小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍,故D正確。故選:BD。9、ACD【解析】
A.滑片由a端向b端移動的過程中,R1逐漸增大,總電阻增大,總電流減小,內(nèi)阻所占電壓減小,路端電壓增大,電源的效率,電源的效率增大,故A正確;B.當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時,電源的輸出功率最大,滑片處于a端時,外電路電阻為R2=0.5rr,當(dāng)滑片P處于中點時,電源的效率是50%,此時路端電壓等于內(nèi)電壓,即外電路電阻等于內(nèi)阻,此時輸出功率最大,所以當(dāng)滑片由a端向b端移動的過程中,電源輸出功率先增大后減小,故B錯誤;C.串聯(lián)電路電流相等,則,當(dāng)滑片由a端向b端移動的過程中,R1增大,增大,故C正確;D.根據(jù)閉合電路歐姆定律得:U1=E﹣I(R2+r)U=E﹣Ir則有:則故D正確。故選ACD。10、AD【解析】
A.繩子上的彈力大小等于物體的重力mg,則繩子對滑輪的兩彈力的合力方向在兩彈力的角平分線上,根據(jù)平衡條件可得桿對滑輪的彈力方向也在角平分線上,OB兩點間的距離等于AB兩點間的距離,根據(jù)幾何關(guān)系可得,桿OA恰好在兩彈力的角平線方向上,故A正確;B.若保持OB兩點位置不變,增大桿長OA,使AB與豎直墻壁的夾角增大,仍保持OB兩點間的距離等于AB兩點間的距離,桿OA仍在兩彈力的角平分線上,桿對滑輪的彈力仍沿桿方向,故B錯誤;C.若保持A點的位置不變,將繩子的固定點B向上移動,繩子對滑輪的兩力夾角變大,合力變小,滑輪處于平衡狀態(tài),則桿對滑輪的彈力變小,故C錯誤;D.若保持AB與豎直墻壁的夾角不變,將輕桿的固定點O向下移動,兩繩對滑輪的彈力大小方向都不變,則桿對滑輪的力仍在兩繩彈力的角平分線上,所以桿對滑輪彈力的方向不變,故D正確。故選AD。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、DFG最右端12.51.69【解析】
(1)[1][2][3].電壓表量程為0~3V,內(nèi)阻為2kΩ,則要要使此電壓表的量程擴大到12V左右,則需串聯(lián)一個8kΩ的電阻,故定值電阻選擇D;電源內(nèi)阻為2Ω左右,R2做為保護電阻,則應(yīng)該選擇與內(nèi)阻阻值相當(dāng)?shù)腇即可;滑動變阻器選擇與內(nèi)阻阻值差不多的G即可;(2)[4].開關(guān)閉合以前,應(yīng)將滑動變阻器的滑片調(diào)至阻值最大的最右端;(3)[5][6].根據(jù)圖像可知外電路電流為0時電壓表讀數(shù)為2.5V,則此時路段電壓為5×2.5V=12.5V,即電源電動勢為E=12.5V,內(nèi)阻12、用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點,圓心即為平均落點的位置B【解析】(1)確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是:用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點,圓心即為平均落點的位置;(1)根據(jù)動能定律可得:W=mv1
根據(jù)平拋規(guī)律可得:x=vt,h=gt1
聯(lián)立可得探究動能定理的關(guān)系式:W=,
根據(jù)表達式可知為了探究動能定理,并測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冗€需測量的量為小鋼球的質(zhì)量m,故選B.
(3)由解析(1)可知探究動能定理的關(guān)系式為:W=.
(4)根據(jù)圖象形狀可知,W與橫軸表示的物理量成正比例,又因為表達式為W
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