內(nèi)蒙古通遼市蒙古族中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期模擬試題六含解析

PAGE20-內(nèi)蒙古通遼市蒙古族中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期模擬試題（六）（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1.關(guān)于下列物理問題的理解，正確的是（）A.康普頓探討X射線被較輕物質(zhì)(石墨)散射后光的成分，發(fā)覺散射譜線中除了有波長與原波長相同的成格外，還有波長較長的成分，所以康普頓效應(yīng)說明光具有波動(dòng)性B.光電效應(yīng)試驗(yàn)中，用某一頻率的光照耀金屬，電壓不變時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)C.當(dāng)用能量為11eV的電子撞擊處于基態(tài)的氫原子（E1=-13.6eV）時(shí)，氫原子肯定不能躍遷到激發(fā)態(tài)D.氘核分別成質(zhì)子與中子的過程中須要汲取的最小能量就是氘核的結(jié)合能【答案】D【解析】【詳解】A．康普頓依據(jù)X射線的光子與石墨中的電子碰撞的過程，發(fā)覺既滿意能量守恒又滿意動(dòng)量守恒，證明了光子不但具有能量還具有動(dòng)量，揭示了光的粒子性，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．依據(jù)光電效應(yīng)方程和動(dòng)能定理有可知入射光的頻率越大，遏止電壓越大，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；入射光的強(qiáng)度影響的是光電流的大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．當(dāng)用能量為11eV的電子撞擊處于基態(tài)的氫原子時(shí)，氫原子可以汲取其中的10.2eV的能量，可能躍遷到激發(fā)態(tài)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過程中會(huì)放出的能量或者氘核分別成質(zhì)子與中子的過程中須要汲取的最小能量就是氘核的結(jié)合能，選項(xiàng)D正確。故選D。2.2020年2月2日A.末貨物的加速度大小為B.前內(nèi)貨物克服重力做功的功率不變C.最終內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)D.在第末至第末的過程中，貨物的機(jī)械能增大【答案】D【解析】【詳解】A．內(nèi)貨物做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度圖象的斜率表示加速度，則有故A錯(cuò)誤；B．前內(nèi)貨物的速度增大，克服重力做功的功率增加，故B錯(cuò)誤；C．最終內(nèi)貨物減速上升，加速度方向向下，所以貨物處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．在第末至第末的過程中，拉力仍對貨物做正功，所以貨物的機(jī)械能增大，故D正確。故選D。3.如圖所示，志向變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1:4，正弦溝通電源電壓為U=100V，電阻R1=10Ω，R2=20Ω，滑動(dòng)變阻器R3最大阻值為40Ω，滑片P處于正中間位置，則（）A.通過R1的電流為8AB.電壓表讀數(shù)為400VC.若向上移動(dòng)P，電壓表讀數(shù)將變大D.若向上移動(dòng)P，電源輸出功率將變小【答案】A【解析】【詳解】AB．志向變壓器原副線圈匝數(shù)之比為，可知原副線圈的電流之比為，設(shè)通過的電流為，則副線圈電流為，初級電壓依據(jù)匝數(shù)比可知次級電壓為聯(lián)立解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．若向上移動(dòng)P，則電阻減小，次級電流變大，初級電流也變大，依據(jù)可知電源輸出功率將變大，電阻的電壓變大，變壓器輸入電壓變小，次級電壓變小，電壓表讀數(shù)將變小，故CD錯(cuò)誤。故選Ａ4.如圖所示，已知地球半徑為R，甲乙兩顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)。衛(wèi)星甲做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道直徑為4R，C是軌道上隨意一點(diǎn)；衛(wèi)星乙的軌道是橢圓，橢圓的長軸長為6R，A、B是軌道的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)。不計(jì)衛(wèi)星間相互作用，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的加速度肯定小于衛(wèi)星乙在B點(diǎn)的加速度B.衛(wèi)星甲周期大于衛(wèi)星乙的周期C.衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的速度肯定小于衛(wèi)星乙在A點(diǎn)的速度D.在隨意相等的時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星甲與地心的連線掃過的面積肯定等于衛(wèi)星乙與地心的連線掃過的面積【答案】C【解析】【詳解】A．假如衛(wèi)星乙以B點(diǎn)到地心的距離做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為，由公式得可知，故A錯(cuò)誤；B．由題意可知，衛(wèi)星甲的軌道半徑小于衛(wèi)星乙做橢圓運(yùn)動(dòng)的半長軸，由開普勒第三定律可知，衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期，故B錯(cuò)誤；C．假如衛(wèi)星乙以A點(diǎn)到地心的距離做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的線速度為，由公式得可知，由于衛(wèi)星乙從以A點(diǎn)到地心的距離的圓軌道在A點(diǎn)加速做離心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入橢圓軌道，則衛(wèi)星乙在A點(diǎn)的速度大于，所以衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的速度肯定小于衛(wèi)星乙在A點(diǎn)的速度，故C正確；D．由開普勒其次定律可知，衛(wèi)星在同一軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)衛(wèi)星與地心的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示的裝置中，在A端用外力F把一個(gè)質(zhì)量為m的小球沿傾角為30°的光滑斜面勻速向上拉動(dòng)，已知在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，拴在小球上的繩子與水平固定桿之間的夾角從45°變?yōu)?0°，斜面體與水平地面之間是粗的，并且斜面體始終靜止在水平地面上，不計(jì)滑輪與繩子之間的摩擦．則在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.地面對斜面體的靜摩擦力始終為零B.繩子對水平桿上的滑輪的合力肯定大于繩子的拉力C.繩子A端移動(dòng)的速度大小大于小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的速度大小D.外力F肯定增大【答案】D【解析】【詳解】D．設(shè)連接小球的繩子與水平方向的夾角為θ，對小球沿斜面方向，由平衡條件有則當(dāng)θ角從45°變?yōu)?0°的過程中，繩子的拉力T變大，因F=T，則外力F肯定增大，選項(xiàng)D正確；A．對小球和斜面的整體，地面對斜面體的靜摩擦力等于繩子拉力的水平重量，則地面對斜面體的靜摩擦力可知隨θ角的增加，地面對斜面的靜摩擦力f是變更的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．當(dāng)θ=90°時(shí)，滑輪兩邊繩子的夾角為120°，依據(jù)幾何關(guān)系和平行四邊形定則可知此時(shí)刻繩子對水平桿上的滑輪軸的合力等于繩子的拉力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．將小球的速度v分解可知，繩子的速度可知繩子移動(dòng)的速度大小小于小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的速度的大小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。故選D。6.將一電荷量為＋Q的小球放在不帶電的金屬球旁邊，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢到處相等。a、b為電場中的兩點(diǎn)，c點(diǎn)位于金屬球的球心，為則（）A.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的小B.a點(diǎn)的電勢比c點(diǎn)的高C.檢驗(yàn)電荷－q在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的小D.將檢驗(yàn)電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功【答案】BC【解析】【詳解】A．電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，由圖象知a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)點(diǎn)所在的電場線從＋Q動(dòng)身到不帶電的金屬球終止，所以a點(diǎn)的電勢高于金屬球的電勢，而b點(diǎn)所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢高于b點(diǎn)的電勢，則a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高，選項(xiàng)B正確；C．電勢越高的地方，負(fù)電荷具有的電勢能越小，即負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)小，選項(xiàng)C正確；D．電勢越高的地方，正電荷具有的電勢能越大，即正電荷在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)大，則電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做正功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。7.半徑為r＝0.5m帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于紙面的平行金屬板連接，兩板間距離為d＝5cm，如圖甲所示，有變更的磁場垂直于紙面，其變更規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定向里為正方向），在t＝0時(shí)刻平板間中心有一電荷量為+q的微粒由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)中粒子不碰板，不計(jì)重力作用，則以下說法中正確的是（）A.第3秒內(nèi)上極板帶正電B.第2秒末微粒回到了原位置C.兩極板之間的電場強(qiáng)度大小恒為D.t＝0時(shí)，在平板左側(cè)沿中心線方向放射一電荷量為-q的微粒，若t=4s粒子恰好離開電容器時(shí)，則其出射方向也與板面平行【答案】ACD【解析】【詳解】A．依據(jù)B-t圖可知，第3秒內(nèi)原磁場向外增大，依據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，因此上極板帶正電，選項(xiàng)A正確；B．依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為依據(jù)楞次定律推斷方向隨時(shí)間變更如下圖所示（上極板電勢為正）所以粒子先向上加速1s，然后向上減速1s，第2秒末微粒沒有回到原位置，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．依據(jù)圖乙可知B-t圖象中的斜率保持不變，因此感應(yīng)電動(dòng)勢的大小不變。兩極板之間的電場強(qiáng)度大小恒定，選項(xiàng)C正確；D．t＝0時(shí)，在平板左側(cè)沿中心線方向放射一電荷量為-q微粒，可將粒子的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻變速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)豎直方向的受力特點(diǎn)可知t=4s粒子豎直方向速度為零，則其出射方向也與板面平行，選項(xiàng)D正確。故選ACD。8.如圖所示，傾角為θ、半徑為R的傾斜圓盤繞圓心處的轉(zhuǎn)軸O以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊放在圓盤的邊緣，小物塊與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．圖中A、B分別為小物塊轉(zhuǎn)動(dòng)過程中所經(jīng)過的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過程中經(jīng)過的C、D兩點(diǎn)連線與AB垂直，小物塊與圓盤間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且始終相對于圓盤靜止．重力加速度為g，下列說法正確的是()A.小物塊受到的摩擦力始終指向圓心B.動(dòng)摩擦因數(shù)μ肯定大于tanθC.小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，摩擦力對小物塊做功為－μmgπRcosθD.當(dāng)小物塊運(yùn)動(dòng)至C、D兩點(diǎn)時(shí)所受摩擦力大小相等，從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中摩擦力對小物塊先做負(fù)功后做正功【答案】BD【解析】小物塊所受重力沿圓盤的分力及靜摩擦力的合力供應(yīng)向心力，始終指向圓心，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小物塊在B點(diǎn)時(shí)由牛頓其次定律Ff-mgsinθ=mRω2，F(xiàn)f>mgsinθ，又因?yàn)镕f<μmgcosθ，所以μmgcosθ>mgsinθ，則μ肯定大于tanθ，選項(xiàng)B正確；小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中由動(dòng)能定理：mg?2Rsinθ+WFf=0解得WFf=-mg?2Rsinθ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小物塊運(yùn)動(dòng)到CD兩點(diǎn)時(shí)受力具有對稱性的特點(diǎn)，所受的靜摩擦力大小相等，方向關(guān)于AB對稱，從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，重力先做正功后做負(fù)功，小物塊動(dòng)能始終不變，即合外力做功始終為零，所以摩擦力對小物塊先做負(fù)功后做正功，選項(xiàng)D正確；故選BD.第II卷三．非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必需做答。第33題～第38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）9.某同學(xué)設(shè)計(jì)了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的試驗(yàn)。所用器材：固定有光電門的長木板、數(shù)字計(jì)時(shí)器、一端帶有遮光片的滑塊A（總質(zhì)量為M）、粘有橡皮泥的滑塊B（總質(zhì)量為m）等。將長木板水平放置，遮光片寬度為d（d很?。?，重力加速度為g，用相應(yīng)的已知物理量符號(hào)回答下列問題：(1)如圖（a）所示，使A具有某一初速度，記錄下遮光片經(jīng)過光電門的時(shí)間t和A停止滑動(dòng)時(shí)遮光片與光電門的距離L，則A經(jīng)過光電門時(shí)的速度可表示為v=___；A與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=____；(2)如圖（b）所示，仍使A具有某一初速度，并與靜止在正前方的B發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），撞后粘在一起接著滑行。該同學(xué)記錄了遮光片經(jīng)過光電門的時(shí)間t0，A、B撞前B左端距光電門的距離s1，以及A、B撞后它們一起滑行的距離s2，若A、B材料相同，它們與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)用字母μ表示，如需驗(yàn)證A、B系統(tǒng)碰撞時(shí)滿意動(dòng)量守恒定律，只需驗(yàn)證_______________成馬上可。【答案】(1).(2).(3).【解析】【詳解】(1)[1]由于遮光片通過光電門的時(shí)間極短，可以用平均速度表示瞬時(shí)速度，故[2]由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式得，即有解得(2)[3]A經(jīng)過光電門的速度為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式有A與B碰撞前的速度為同理可得碰撞后AB的速度為即若A、B系統(tǒng)碰撞時(shí)滿意動(dòng)量守恒定律即10.利用如圖所示的電路既可以測量電壓表和電流表的內(nèi)阻，又可以測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻，所用到的試驗(yàn)器材有：兩個(gè)相同的待測電源（內(nèi)阻r約為1Ω）電阻箱R1（最大阻值為999.9Ω）電阻箱R2（最大阻值999.9Ω）電壓表V（內(nèi)阻未知）電流表A（內(nèi)阻未知）靈敏電流計(jì)G，兩個(gè)開關(guān)S1、S2主要試驗(yàn)步驟如下：①按圖連接好電路，調(diào)整電阻箱R1和R2至最大，閉合開關(guān)S1和S2，再反復(fù)調(diào)整R1和R2，使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V、電阻箱R1、電阻箱R2的示數(shù)分別為0.40A、12.0V、30.6Ω、28.2Ω；②反復(fù)調(diào)整電阻箱R1和R2（與①中的電阻值不同），使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V的示數(shù)分別為0.60A、11.7V?；卮鹣铝袉栴}：(1)步驟①中，電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí)，電路中A和B兩點(diǎn)的電勢差UAB=______V；A和C兩點(diǎn)的電勢差UAC=______V；A和D兩點(diǎn)的電勢差UAD=______V；(2)利用步驟①中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為_______Ω，電流表的內(nèi)阻為______Ω；(3)結(jié)合步驟①步驟②的測量數(shù)據(jù)，電源電動(dòng)勢E為___________V，內(nèi)阻為________Ω?！敬鸢浮?1).0(2).12.0V(3).-12.0V(4).1530Ω(5).1.8Ω(6).12.6V(7).1.50【解析】【詳解】(1)[1][2][3]．步驟①中，電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí)，電路中AB兩點(diǎn)電勢相等，即A和B兩點(diǎn)的電勢差UAB=0V；A和C兩點(diǎn)的電勢差等于電壓表的示數(shù)，即UAC=12V；A和D兩點(diǎn)的電勢差UAD==-12V；(2)[4][5]．利用步驟①中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為電流表的內(nèi)阻為(3)[6][7]．由閉合電路歐姆定律可得2E=2UAC+I?2r即2E=24+0.8r同理即2E=2×11.7+0.6?2r解得E=12.6Vr=1.50Ω11.如圖所示，直角坐標(biāo)系中的第Ⅰ象限中存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在第Ⅱ象限中存在垂直紙面對外的勻強(qiáng)磁場.一電量為q、質(zhì)量為m的帶正電的粒子，在-x軸上的點(diǎn)a以速率v0，方向和-x軸方向成60°射入磁場，然后經(jīng)過y軸上y=L處的b點(diǎn)垂直于y軸方向進(jìn)入電場，并經(jīng)過x軸上x=2L處的c點(diǎn).不計(jì)重力.求：(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小(2)電場強(qiáng)度E的大小(3)粒子在磁場和電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比.【答案】（1）（2）（1）2π:9【解析】【試題分析】由幾何學(xué)問求出粒子的軌道半徑，然后由牛頓其次定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。Ｗ釉陔妶鲋凶鲱惼綊佭\(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出電場強(qiáng)度大小．求出粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間與在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后求出時(shí)間之比．(1)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何學(xué)問可得：r+rsin30°=L粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得：解得：(2)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：2L=v0豎直方向：解得：(3)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：由幾何學(xué)問可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：θ=180°-60°=120°粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：粒子在磁場和電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在磁場與電場中的運(yùn)動(dòng)，分析清晰粒子的運(yùn)動(dòng)過程、應(yīng)用牛頓其次定律與類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式即可正確解題，解題時(shí)要留意數(shù)學(xué)學(xué)問的應(yīng)用．12.如圖所示，有一足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L，折成傾斜和水平兩部分，傾斜部分導(dǎo)軌與水平面的夾角為，水平和傾斜部分均處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，水平部分磁場方向豎直向下，傾斜部分磁場垂直傾斜導(dǎo)軌所在平面對下（圖中未畫出），兩個(gè)磁場區(qū)域互不疊加。將兩根金屬棒a、b垂直放置在導(dǎo)軌上，并將b用輕繩通過定滑輪和小物塊c連接。已知兩棒的長度均為L，電阻均為R，質(zhì)量均為m，小物塊c的質(zhì)量也為m，不考慮其他電阻，不計(jì)一切摩擦，運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持接觸良好，b始終不會(huì)遇到滑輪，重力加速度大小為g。（1）鎖定a，釋放b，求b的最終速度；（2）a、b由靜止釋放的同時(shí)在a上施加一沿傾斜導(dǎo)軌向上的恒力F=1.5mg，求達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)a、b的速度大??；（3）若（2）中系統(tǒng)從靜止起先經(jīng)時(shí)間t達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，求此過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）；（2）；；（3）【解析】【詳解】（1）當(dāng)b和c組成的系統(tǒng)做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，b、c有最大速度，且為最終速度依據(jù)平衡條件有mg=BIL①②③解得④對a棒有⑤代入數(shù)據(jù)得對于b和c組成的系統(tǒng)⑥所以隨意時(shí)刻都有，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同所以最終a、b的速度大小之比⑦穩(wěn)定時(shí)的電流⑧當(dāng)加速度都為0時(shí)，a、b、c達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，有解得a穩(wěn)定時(shí)的速度大?、醔、c穩(wěn)定時(shí)的速度大?、庠O(shè)時(shí)間t內(nèi)a棒沿傾斜導(dǎo)軌的位移大小為x1，b棒的位移大小為x2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，且始終有，則?對于a、b、c組成的系統(tǒng)，由功能關(guān)系得?代入數(shù)據(jù)得?以a為探討對象，依據(jù)動(dòng)量定理有??解得?因?yàn)??解得?其中?解得解得13.我國古代歷法中的“二十四節(jié)氣”反映了古人的才智，有人還將其寫成了一首節(jié)氣歌：春雨驚春清谷天，夏滿芒夏暑相連，秋處露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒。下列與節(jié)氣有關(guān)的物理現(xiàn)象，說明正確的是（）A.夏天氣溫比春天高，則夏天大氣中分子的熱運(yùn)動(dòng)速率全部比春天大B.夏天氣溫比春天高，忽視分子間作用力，則肯定質(zhì)量的大氣的內(nèi)能在夏天比春天大C.夏天感覺比冬天悶熱是因?yàn)橄奶焱瑴囟认碌拇髿獾目隙穸缺榷斓拇驞.秋天夜晚溫度降低，大氣的飽和汽壓減小，水蒸氣簡單在草上形成露水E.冬天里，肯定質(zhì)量的冰溶化為同溫度水的過程中，分子勢能增加【答案】BDE【解析】【詳解】A．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)記，但溫度高不能說明每個(gè)分子的速率都更大，故A錯(cuò)誤；B．忽視分子間作用力，氣體內(nèi)能只有總動(dòng)能，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大，肯定質(zhì)量的大氣的內(nèi)能越大，故B正確；C．夏天感覺比冬天悶熱是因?yàn)橄奶焱瑴囟认碌拇髿獾南鄬穸缺榷斓拇螅蔆錯(cuò)誤；D．飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越低，飽和汽壓越小，則水蒸氣簡單在草上形成露水，故D正確；E．肯定質(zhì)量的冰溶化為同溫度水的過程中，分子動(dòng)能不變，此過程要汲取熱量，內(nèi)能增加，則分子勢能增加，故E正確。故選BDE。14.如圖所示，右端開口、左端封閉的豎直U形玻璃管（管壁厚度不計(jì)）兩邊粗細(xì)不同，粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，兩管中裝入高度差為5cm的水銀，左側(cè)封閉氣柱長為10cm，右側(cè)水銀面距管口為5cm。現(xiàn)將右管口封閉，并給右管內(nèi)氣體加熱，緩慢上升其溫度，直到兩管水銀面等高，該過程中左管內(nèi)的氣體溫度不變。已知外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg、環(huán)境溫度為300K。求：（1）兩管水銀面等高時(shí)右側(cè)氣體壓強(qiáng)；（2）兩管水銀面等高時(shí)右管內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度（結(jié)果保留一位小數(shù)）。【答案】（1）90cmHg；（2）639.5K【解析】【詳解】（1）兩管水銀面等高時(shí)，管內(nèi)氣體壓強(qiáng)相等；因粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，所以左管截面積是右管的4倍，當(dāng)右管水銀面下降4cm，左管水銀面上升1cm時(shí)，兩水銀面等高，左管內(nèi)氣體做等溫變更，以左管內(nèi)氣體為探討對象初狀態(tài)，末狀態(tài)由玻意耳定律得解得（2）對右管內(nèi)氣體為探討對象初狀態(tài)，，末狀態(tài)，依據(jù)志向氣體的狀態(tài)方程可得解得15.如圖所示，水面上波源S1的振動(dòng)方程為x=20sin100πt（cm），水面上波源S2的振動(dòng)方程為x=10sin100πt（cm），實(shí)線與虛線分別表示S1和S2形成的兩列波的波峰和波谷。此刻，M是波峰與波峰的相遇點(diǎn)，不考慮水波的衰減，下列說法中正確的是（）A.這兩列波的頻率均為50HzB.隨著時(shí)間的推移，M處的質(zhì)點(diǎn)將向O處移動(dòng)C.P、N兩質(zhì)點(diǎn)始終處在振動(dòng)減弱位置D.從該時(shí)刻起，經(jīng)過四分之一周期，M處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，此時(shí)位移為零E.O、M連線的中點(diǎn)是振動(dòng)減弱的點(diǎn)，其振幅為10cm【答案】ACD【解析】【詳解】A．由振動(dòng)方程知?jiǎng)t這兩列波的頻率均為故A正確；B．介質(zhì)中的