廣西南寧市三中2024-2025學年高二物理上學期段考試題理含解析

PAGE16-廣西南寧市三中2024-2025學年高二物理上學期段考試題理（含解析）一、選擇題（每小題4分，共48分。其中1~8題為單選題；9~12為多選題）1.關(guān)于靜電場電場線和磁感線說法正確的是（）A.法拉第最早用電場線和磁感線來清楚的描述電場和磁場B.電場線和磁感線都是客觀存在的C.不畫電場線（磁感線）的地方，肯定沒有電場（磁場）D.電場線和磁感線都是不閉合的曲線【答案】A【解析】【詳解】A．法拉第最早用電場線和磁感線來清楚的描述電場和磁場，故A正確；B．電場線是為了直觀形象地描述電場分布而在電場中引入的一些假想的曲線，事實上并不存在，故B錯誤；C．電場線（磁感線）密集的地方場強強，稀疏的地方場強弱，兩條場線之間雖然沒畫電場線（磁感線），但是可能有電場（磁場），故C錯誤；D．電場線是不閉合的曲線，磁感線都是閉合的曲線，故D錯誤。故選A。2.真空中甲、乙兩個固定的點電荷，相互作用力為F，若甲的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，乙的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，要使它們的作用力仍為F，則它們之間的距離變?yōu)樵瓉淼模ǎ〢.2倍 B.4倍 C.8倍 D.16倍【答案】B【解析】試題分析：由庫侖定律可得：；當甲的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，即2Q；乙的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，即8q由于作用力相等，所以改變后距離變?yōu)樵瓉淼?倍故選B．考點：考查庫侖定律的干脆應用，點評：由庫侖力公式可得出兩次作用力的表達式，則可求得相等的相互作用力對應的距離．3.圖（1）是描述一個點電荷電場中的一條電場線，圖（2）則是放在電場線上a、b處的摸索正電荷的電荷量與所受電場力的值之間的函數(shù)關(guān)系圖線，向左為正方向，則下列狀況正確的是（）A.場源是正電荷，位于a點左側(cè)B.場源是正電荷，位于b點右側(cè)C.場源是負電荷，位于a點左側(cè)D.場源是負電荷，位于b點右側(cè)【答案】C【解析】【詳解】由圖2可知，正電荷所受電場力為正，即所受電場力方向向左，則場強方向向左，F(xiàn)－q圖象的斜率表示電場強度大小，圖線a的斜率大于b的斜率，說明a處場強大于b處的場強，則場源是負電荷，位于a點左側(cè)故選C。4.下列各選項中滿意且的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知，A、B兩點場強大小相等，方向不同，故A錯誤；B．由圖可知，A、B兩點場強方向相同，大小不相等，故B錯誤；C．由圖可知，勻強電場中A、B兩點場強大小相等，方向相同，依據(jù)沿電場線方向電勢降低，則，故C正確；D．由圖可知，A、B兩點場強大小和方向都不同，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，在導體殼的球心處放置一點電荷q，則殼內(nèi)的a點、殼上的b點、殼外的c點的電場強度和電勢的關(guān)系應為（）A.，B.，C.，D.，【答案】D【解析】【詳解】當靜電平衡時，空腔球形導體內(nèi)壁感應出正電荷，外表面感應出負電荷，畫出電場線的分布如圖由于a處電場線較密，c處電場線較疏，b處場強零，則依據(jù)順著電場線方向電勢降低，整個空腔球形導體是一個等勢體，表面是一個等勢面，分析可知電勢關(guān)系是故選D。6.如圖所示，兩相互平行且垂直紙面的長直導線，O點為導線間距的中點，a、b是導線連線關(guān)于中點對稱的兩點，c、d為連線的中垂線上關(guān)于O點對稱的兩點，現(xiàn)通有等大反向的電流，則關(guān)于這4個點的磁感應強度，說法正確的是（）A.a、b兩點的磁感應強度等大同向B.a、b兩點的磁感應強度等大反向C.c、d兩點的磁感應強度方向水平向右D.c、d兩點的磁感應強度方向豎直向上【答案】A【解析】【詳解】AB．依據(jù)安培定則可知，左邊直導線在a點的磁場向上，在b點的磁場向下；右邊直導線在a點的磁場向下，在b點的磁場向上；由對稱性和疊加原理可知a、b兩點的磁感應強度等大，方向均向上選項A正確，B錯誤；CD．依據(jù)安培定則可知，左邊直導線在d點的磁場斜向右下方，在c點的磁場指向左下方；右邊直導線在d點的磁場斜向左下方，在c點的磁場指向右下方；依據(jù)平行四邊形定則合成可知，dc兩點的磁場方向均豎直向下，選項CD錯誤。故選A。7.如圖所示，一平行板電容器與電源相連，開關(guān)S閉合，一個帶電油滴恰好懸浮在兩極板，處于靜止狀態(tài)．關(guān)于下列說法正確是（）A.滑動變阻器的滑片P從a向b滑動，油滴向上運動B.上極板向上移動一段距離，油滴向上運動C.若開關(guān)S斷開，兩極板水平移動錯開一段距離，油滴向上運動D.開關(guān)S斷開，上極向上移動一段距離，上極板的電勢上升【答案】C【解析】【詳解】A．電容器兩端電壓為電源電動勢，滑片移動時，極板電壓不變，電場強度不變，電場力不變，油滴仍舊保持靜止，故A錯誤；B．上極板向上移動依據(jù)可知，電場強度減小，電場力減小，重力大于電場力，油滴向下運動，故B錯誤；C．開關(guān)斷開，極板電荷量保持不變，則聯(lián)立可得因此兩極板水平移動錯開一段距離，正對面積減小，電場強度增大，電場力增大，電場力大于重力，油滴向上運動，故C正確；D．依據(jù)得可知，上極向上移動一段距離，電勢差增大，因為下極板接地電勢為0保持不變，且為高電勢，所以上極板電勢降低，故D錯誤。故選C。8.在真空中的x軸上的原點和x=6a處分別固定一個點電荷M、N，在x=2a處由靜止釋放一個負點電荷q，點電荷q只受電場力作用沿x軸方向運動，其速度大小與在x軸上的位置關(guān)系如圖所示，經(jīng)A.點電荷M、N肯定都是正電荷B.x軸上3a到5C.點電荷M、N所帶電荷量的肯定值之比為D.x=4a【答案】D【解析】【詳解】A．該電荷從2a到4a運動過程速度增大，即合外力向右，在4a到6a運動過程速度減小，即合外力向左。從2a到6a的運動過程，由庫侖定律可知：M對該電荷的作用力減小，N對該電核的作用力增大，方向不變，故M對該電荷的作用力向右，N對該電荷的作用力向左，所以，點電荷M、B．該電荷運動過程只有電場力做功，故有動能定理可知：從3a到5a，電場力先做正功，后做負功，那么該電荷CD．由圖可知，在4a處，合力為零，即電場強度為0解得，故C錯誤，D正確。故選D。9.在真空中A、B兩點分別放有異種點電荷和，以AB連線中點O為圓心作一圓形路徑abcd，如圖所示，則下列說法正確的是（）A.電場強度關(guān)系有Ea=Eb，方向相反B.電勢凹凸關(guān)系有φb>φdC.將一負點電荷沿圓弧由a運動到b的過程中電場力做負功D.將一正點電荷沿直線由c運動到d的過程中電勢能始終不變【答案】CD【解析】【詳解】A．由于a點和b點是對稱點，所以a點的電場強度與b點的電場強度大小相等，即Ea=Eb，方向相同，A錯誤;B．由沿著電場線方向電勢漸漸降低可知φd>φb，B錯誤；C．負點電荷所受電場力與電場方向相反，負點電荷沿圓弧由a到b運動中，電場力方向與運動方向成銳角，電場力做負功，C正確；D．由于c和d在+Q、?Q產(chǎn)生的電場的中垂線上，即在同一個等勢面上，所以將一正點電荷沿直線由c到d運動中電勢能始終不變，D正確。故選CD。10.如圖所示，電動勢為E、內(nèi)阻為r的電池與定值電阻R0、滑動變阻器R串聯(lián)，已知R0=0.5r，滑動變阻器的最大阻值是3r。當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，下列說法中正確的是（）A.電源內(nèi)阻消耗的功率變大B.電源的輸出功領先變大后變小C.滑動變阻器消耗的功率變小D.定值電阻R0上消耗的功領先變大后變小【答案】AB【解析】【詳解】A．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，電流變大，則電源內(nèi)阻消耗的功率變大，故A正確；B．當外電阻與內(nèi)阻相等時，電源輸出功率最大，由題意可知，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，電源的輸出功領先變大后變小，故B正確；C．把定值電阻R0和電源看成一個整體，此時大電源的內(nèi)電阻為1.5r，此時的滑動變阻器就相當于外電路，由于滑動變阻器的最大阻值是3r，滑動變阻器消耗的功領先變大后變小，故C錯誤；D．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，電流變大，則定值電阻R0上消耗的功率始終增大，故D錯誤。故選AB。11.用相同的靈敏電流計作表頭改裝成電流表A和電壓表V，分別將其串聯(lián)和并聯(lián)在一起，然后接入電路中．通電后關(guān)于指針的偏角狀況的敘述正確的是（）A.圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的大B.圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的小C.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的大D.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小【答案】AD【解析】試題分析：圖甲中由于電流表的電流計是并聯(lián)在電路中，電壓表的電流計是串聯(lián)在電路中，而串聯(lián)電路的電流相等，所以由于電流表的定值電阻分流的緣由，通過電流表的電流計的電流小于電壓表的，所以電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角比電流表的大，A正確B錯誤；圖乙中電壓表和電流表是并聯(lián)在一起的，兩端的電壓是相等的，由于電壓表中的定值電阻的分壓緣由，電壓表中電流計兩端的電壓小于電流表中電流計兩端的電壓，所以圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小，C錯誤，D正確；考點：考查了電表的改裝【名師點睛】此類題的關(guān)鍵是理解電流表，電壓表的改裝原理：改裝電流表須要并聯(lián)一個電阻分流，改裝電壓表須要串聯(lián)一個電阻分壓．12.圖示電路中，電表均為志向電表，假如滑動變阻器的滑片向左滑動一段，四個電表的讀數(shù)分別用、、、表示，四個電表讀數(shù)的改變量肯定值分別用、、、表示，下列表示正確的是（）A.增大，減小B.、都增大C.不變，增大D.，【答案】ACD【解析】【詳解】由電路圖可知，R2與RP串聯(lián)后再與R3并聯(lián)、然后它們與R1串聯(lián)，電壓表V2測R2兩端的電壓，電壓表V1測并聯(lián)部分兩端的電壓，電流表A1測干路電流，電流表A2測R3支路的電流。AB．當滑動變阻器滑片P向左端移動時，接入電路中的電阻變大，并聯(lián)部分的總電阻變大，電路的總電阻變大，由可知電路中的總電流減小，即電流表A1的讀數(shù)減小，即I1減小；由可知電壓表V1的示數(shù)變大；而電流表A2的示數(shù)可知I2變大；而干路電流等于各支路電流之和，有：可得R2的電壓減小，故A正確，B錯誤；C．因不變變大，選項C正確；D．因不變；依據(jù)全電路的歐姆定律則有其中解得選項D正確。故選ACD。二、試驗題（13題10分，14題6分，共16分）13.（1）甲圖為多用電表的示意圖，其中F、S、Z為三個可調(diào)整的部件，當發(fā)覺多用電表的指針沒有指在左邊的0刻度，須要旋動部件______。當S旋轉(zhuǎn)到電阻檔“×100”，表筆短接時，旋動部件______，使指針指到______（“左邊零刻線”或“右邊零刻線”）：S旋到電阻檔電路的示意圖如圖乙所示，電池的電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測電阻的阻值Rx關(guān)系式為______（調(diào)零電阻R0接入電路的部分阻值用R0（2）如圖所示為多用電表的刻度盤。①若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，歐姆調(diào)零后，歐姆表內(nèi)阻的阻值為______Ω：假如要用此多用電表測量一個阻值約為2×104Ω的電阻，為了使測量結(jié)果比較精確，應選用的歐姆擋是______（填“×10”、“×100”②用此多用電表進行測量，當選用量程為50mA電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為______mA?！敬鸢浮?1).F(2).Z(3).右邊零刻線(4).(5).1500(6).×1K(7).35.4~35.6【解析】【詳解】(1)[1]多用電表的運用首先進行機械調(diào)零：調(diào)整可調(diào)部件F，使電表指針停在電流表、電壓表的零刻度（或表盤左邊的零刻度）的位置；[2][3]調(diào)整可調(diào)部件歐姆調(diào)零旋鈕Z，使電表指針指向右邊零刻線；[4]由閉合電路的歐姆定律可得(2)①[5]由可知當R內(nèi)=Rx時，指針指在表盤的中心，即歐姆表的內(nèi)阻等于表盤的中值電阻，即R內(nèi)=R中=1500Ω[6]為了使測量結(jié)果比較精確，指針指在表盤的中心位置旁邊，所以應選用的歐姆擋是“×1K”。②[7]選用電流量程為50mA進行讀數(shù)，由于最小分度是1mA，所以估讀一位，在35.4~35.6mA之間即可。14.小鋼想測量一下“檸檬水果電池”的電動勢和內(nèi)電阻，他在網(wǎng)上查閱相關(guān)資料，“檸檬水果電池”的電動勢約為2V，為防止電流過大而損壞器材，電路中加了一個愛護電阻R0。現(xiàn)有下列器材：待測“水果電池”電流表A：滿偏電流0.6A，電阻不計電壓表V：量程0－2V，電阻約10kΩ滑動變阻器R1：0－10Ω滑動變阻器R2：0－20kΩ定值電阻R3=1.5Ω（額定功率5W）定值電阻R4=10Ω（額定功率10W）開關(guān)、導線等(1)甲圖是小鋼設計本試驗的電路圖，你認為滑動變阻器應當選用______（選填“R1”或“R2”）。愛護電阻應當選用______（選填“R3或“R(2)依據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I，做出如圖乙所示的U－I圖象，依據(jù)圖象可知，測電池的電動勢E=______V，內(nèi)電阻r=______Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）【答案】(1).R1(2).R3(3).1.75~1.76(4).0.38~0.40【解析】【詳解】(1)[1]比較兩滑動變阻器總值可知，選R1操作便利，更合理[2]依據(jù)電源的U－I圖象可知，斜率表示愛護電阻R0和內(nèi)阻之和，即則定值電阻應選R3(2)[3]依據(jù)電源U－I圖象的物理意義知，圖象在縱坐標的交點為電源電動勢，即由于誤差1.75~1.76V均可[4]由(1)可知則由于誤差0.38~0.40Ω均可三、計算題（共4小題，共36分。解答時請寫出必要的文字說明、規(guī)范的的方程式、重要的結(jié)論與步驟。只寫出最終答案的不得分）15.在磁感應強度為B的勻強磁場中，有一邊長分別為a、b的矩形線框，初始時如圖所示。試求：(1)初始時，矩形線框磁通量；(2)線框繞轉(zhuǎn)動的過程中磁通量的改變量?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】(1)初始時，磁場與矩形線框平面垂直，則磁通量(2)當線框轉(zhuǎn)動時，線框的磁通量為則這個過程中磁通量改變量16.電路如圖所示，R1=1Ω，R2=4Ω，開關(guān)S分別接1、2時，電源的輸出功率均為P0=4W。求電源的電動勢E和內(nèi)阻r?！敬鸢浮縀=6V，r=2Ω【解析】【詳解】當開關(guān)S接1時，依據(jù)閉合電路的歐姆定律輸出功率當開關(guān)S接1時，依據(jù)閉合電路的歐姆定律輸出功率解得E=6V，