江西省吉安市遂川中學(xué)2021-2022學(xué)年高二上學(xué)期11月第三次月考物理試題（B）

遂川中學(xué)2023屆高二年級第一學(xué)期第三次月考物理試題（B卷）一、選擇題（18單選，912多選，每小題4分，共48分）1.下列說法中，正確的是（）A.由可知電場中某點的電場強度E與F成正比B.公式中，電勢差U與在電場中移動電荷q時電場力做的功W無關(guān)C.由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距離越大，則兩點間的電勢差也一定越大D.由公式可知電場中某點的電勢與q成反比【答案】B【解析】【詳解】A．是電場強度的定義式，電場強度是電場本身的性質(zhì)，與試探電荷的電荷量q以及試探電荷所受電場力F無關(guān)，故A錯誤；B．公式中，電勢差U與在電場中移動電荷q時電場力做的功W無關(guān)，故B正確；C．由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距離在沿電場線方向的投影長度越大，則兩點間的電勢差也一定越大，故C錯誤；D．公式是電勢的定義式，電勢的高低由人為規(guī)定，與試探電荷的電荷量q無關(guān)，故D錯誤。故選B。2.如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長．當(dāng)僅將A與B接入電路時，導(dǎo)體電阻為；當(dāng)僅將C與D接入電路時，導(dǎo)體電阻為．那么為（）A.2：1 B.1：2 C.4：1 D.1：4【答案】C【解析】【分析】【詳解】設(shè)矩形金屬薄片的厚度為h，由電阻定律可知由于所以=4:1ABD錯誤，C正確。故選C。3.如圖所示電路中，，若在、兩點之間加上的電壓，則理想電流表的讀數(shù)為（）A.0 B.0.5A C.1A D.1.5A【答案】B【解析】【分析】【詳解】由題意可知，電阻R2與R3并聯(lián)再與R1串聯(lián)，電路的總電阻為電路總電流為電流表測的是流過R3的電流，由于R2=R3，流過R2、R3的電流相等，均為電流表的讀數(shù)為0.5A。故選B。4.圖甲為某標(biāo)有“35μF5%”的電容器,圖乙為標(biāo)有“3.7V1350mAh”的某品牌電池板，則以下說法正確的是()A.電容器和電池的充電過程都是電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的過程B.該電池銘牌上的1350mAh指儲存的電荷量，當(dāng)以135mA的電流工作時，可連續(xù)放電10小時C.該電容器只有在正常工作時電容才是35μF左右D.該電池能儲存的最大電能約為1kW·h【答案】B【解析】【詳解】A．電容器充電時是將電能轉(zhuǎn)化為電場能，而電池的充電過程都是電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的過程，故A錯誤；B．由q=It可知，該電池銘牌上的

1350mAh

指儲存的電量，故t==10h因上當(dāng)以

135mA

的電流工作時，可連續(xù)放電10

小時，故B正確；C．電容器的電容是電容器本身性質(zhì)決定的，任何時刻均為35μF

左右，故C錯誤；D．由W=UIt可知，該的最大電能為W=3.7×1350×103≈0.5kwh故D錯誤。故選B5.如圖，甲、乙兩帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電量分別為2q和q，兩球間用絕緣線連接，甲球又用絕緣線懸掛在天花板上，在兩球所在空間又有方向向左的勻強電場，電場強度為E，平衡時絕緣線都被拉緊，則平衡時的可能位置是圖中的（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】2帶負(fù)電，受到的電場力水平向右，1帶正電，受到的電場力水平向左。以整體為研究對象，分析受力如圖

設(shè)OA繩與豎直方向的夾角為α，則由平衡條件得以2球為研究對象，受力如上圖。設(shè)AB繩與豎直方向的夾角為β，則由平衡條件得可得到α＜β故C正確，ABD錯誤。故選C。6.圖1中的平行板電容器兩板加上如圖2所示的電壓。一粒子源連續(xù)不斷地發(fā)射質(zhì)量、電荷量、速度都相同的粒子，粒子沿平行于電容器極板方向進(jìn)入電場，粒子在兩板間運動時間為T。離開電場時偏轉(zhuǎn)量最大的粒子偏轉(zhuǎn)距離為d，不計粒子重力和粒子間的相互作用，所有粒子均未與極板碰撞，則偏轉(zhuǎn)量最小的粒子的偏轉(zhuǎn)距離為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】由于粒子在兩板間運動時間為T，所以粒子在豎直方向加速度的時間總是，勻速運動時間為，則偏轉(zhuǎn)量最大時為，剛好0時刻進(jìn)入的粒子，其前豎直方向做勻加速度運動，后做勻速直線運動，有偏轉(zhuǎn)量最小時為，剛好時刻進(jìn)入的粒子，其前豎直方向速度為0，只有后發(fā)生偏轉(zhuǎn)，有聯(lián)立可得故選B。7.如圖所示為示波管構(gòu)造的示意圖，實驗學(xué)校高二的某探究小組在XX′間加上了圖乙所示的UXX′—t信號，YY′間加上了圖甲所示的UYY′—t信號。則在屏幕上看到的圖形是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．圖甲成鋸齒波形，即YY′間所加的是掃描電壓，可知電子打在熒光屏上的亮斑y軸上勻速移動掃描，XX′間所加的是成正弦波式的信號電壓，所以示波管顯像在y軸上，AB錯誤；CD．由于掃描電壓的周期是信號電壓周期的2倍，則示波管上將顯現(xiàn)出兩個完整的波形，在t=0時刻，由于UXX′=0，UYY′<0表明此時刻x軸上沒有偏轉(zhuǎn)，坐標(biāo)為0，由于此時刻Y電極電勢低于Y′，且UYY′為最大值，則電子將沿y軸負(fù)向偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)側(cè)移最大，坐標(biāo)為負(fù)的最大值，根據(jù)圖乙可知，隨后有UXX′>0即隨后，X電極電勢高于X′，則電子隨后將沿x軸正向偏轉(zhuǎn)，C正確，D錯誤。故選C。8.如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）①安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；②安培表A1偏轉(zhuǎn)角小于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角；③伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)；④伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角．A.①④ B.②③ C.③④ D.①②【答案】A【解析】【詳解】兩個安培表是并聯(lián)在電路中，又安培表是利用表頭與電阻并聯(lián)改裝得到的，所以此時兩個安培表的表頭是并聯(lián)的，因此流過表頭的電流是相等的，安培表A1的偏轉(zhuǎn)角等于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角，又因為安培表A1的量程大于A2的量程，安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；兩個伏特表是串聯(lián)在電路中，又伏特表是利用表頭與電阻串聯(lián)改裝得到的，所以此時兩個伏特表的表頭是串聯(lián)的，因此流過表頭的電流是相等的，伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角，又因為伏特表V1的量程大于V2的量程，伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)．故選A9.如圖所示，兩段長度和材料相同、各自粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線a、b，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)相等，橫截面積之比為。已知5s內(nèi)有個自由電子通過導(dǎo)線a的橫截面，則（）A.流經(jīng)導(dǎo)線a的電流為0.16AB.流經(jīng)導(dǎo)線b的電流為0.32AC.5s內(nèi)有個自由電子通過導(dǎo)線b的橫截面D.自由電子在導(dǎo)線a和b中移動的速率之比【答案】AD【解析】【詳解】A．流過導(dǎo)線a的電流為故A正確；B．因a、b串聯(lián)，通過的電流相等，所以流過導(dǎo)線b的電流為0.16A，故B錯誤；C．因a、b串聯(lián)，所以通過兩導(dǎo)線的電量相等，即5s內(nèi)有個自由電子通過導(dǎo)線b的橫截面，故C錯誤；D．由知當(dāng)其它條件相同，自由電子移動速率與截面積成反比，則有故D正確。故選AD。10.如圖所示，平行板電容器連接在電源兩極上，開關(guān)S閉合，一個帶電油滴剛好靜止在電容器兩極板之間，下列說法正確的是（）A.油滴帶正電B.保持開關(guān)S閉合，增大板間距離，極板上的電量將增大C.保持開關(guān)S閉合，增大板間距離，油滴將不能保持靜止?fàn)顟B(tài)D.斷開開關(guān)S，增大板間距離，油滴將仍保持靜止?fàn)顟B(tài)【答案】CD【解析】【分析】【詳解】A．由題圖可知，平行板電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)，電兩極板之間的電場方向豎直向下，帶電油滴剛好靜止，說明帶電油滴的重力與電場力平衡，電場力方向向上，油滴帶負(fù)電，A錯誤；B．保持開關(guān)S閉合，增大板間距離，由平行板電容器電容的決定式可知，電容C減小，由電容器電容的定義式，電壓U不變，可得極板上的電量將減小，B錯誤；C．保持開關(guān)S閉合，增大板間距離，電壓U不變，由可知，兩極板間的電場強度變小，帶電油滴受電場力減小，重力不變，油滴向下加速運動，則油滴將不能保持靜止?fàn)顟B(tài)，C正確；D．打開開關(guān)S，電容器帶電荷量Q不變，增大板間距離，由電容的決定式、電容的定義式和可得由上式可知電場強度E與極板間的距離無關(guān)，即極板間的電場強度不變，因此帶電油滴受電場力不變，油滴將仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，D正確。故選CD11.如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關(guān)系圖象，直線B．C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關(guān)系圖象，若將這兩個電阻分別接到該電源上，下列說法正確的是（）A.兩電阻阻值R1＞R2B.R2接在電源上時，電源的內(nèi)阻消耗功率大C.R2接在電源上時，電源的效率高D.電源的內(nèi)阻和R2的阻值相等【答案】ABD【解析】【詳解】A．由UI圖象的斜率表示電阻值，可得、的關(guān)系為兩電阻阻值＞，故A正確；BC．電源的效率效率與路端電壓成正比，由圖可知接在電源上時路端電壓大，效率高，故B正確，C錯誤；D．由圖可知，電源內(nèi)阻為的電阻為故D正確。故選ABD。12.電飯煲工作時有兩種狀態(tài)：一種是煲內(nèi)水燒干前的加熱狀態(tài)，另一種是煲內(nèi)水燒干后的保溫狀態(tài)。如圖所示是電飯煲電路原理示意圖，S是用感溫材料制造的開關(guān)下列說法正確的是（）A.當(dāng)開關(guān)S接通時電飯煲為保溫狀態(tài)，當(dāng)開關(guān)S斷開時電飯煲為加熱狀態(tài)B.當(dāng)開關(guān)S接通時電飯煲為加熱狀態(tài)，當(dāng)開關(guān)S斷開時電飯煲為保溫狀態(tài)C.要使在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)時的一半，應(yīng)為2：1D.要使在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)時的一半，應(yīng)為【答案】BD【解析】【詳解】AB．如圖所示，由P=得，當(dāng)接通S時，電阻變小，功率變大，處于加熱狀態(tài)；當(dāng)斷開S時，電阻變大，功率變小，處于保溫狀態(tài)，則R2是供加熱用的電阻絲，當(dāng)開關(guān)S接通時電飯鍋為加熱狀態(tài)，S斷開時為保溫狀態(tài)，A錯誤、B正確；CD．使R2在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)的一半，由P=I2R可得，電阻R2在保溫與加熱狀態(tài)下的電流之比1：，所以(R1+R2)：R2=：1則R1：R2=(1)：1C錯誤、D正確。故選BD。二、實驗題（每空2分，共14分）13.在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，待測金屬絲的電阻Rx約為3Ω，實驗室備有下列實驗器材：A．電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ）B．電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）C．滑動變阻器R（0～10Ω，額定電流0.5A）D．電源E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.3Ω）E．開關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）為減小實驗誤差，應(yīng)選用圖中__________(填“甲”或“乙”)為該實驗的電路原理圖．（2）現(xiàn)用刻度尺測得金屬絲長度為60.00cm，用螺旋測微器測得其直徑示數(shù)如丙圖，則直徑為______mm．圖丁為兩電表的示數(shù)，則該金屬絲的電阻率為_______Ω·m。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【答案】①.乙②.0.608（0.606～0.609mm均正確）③.1.16×10－6(1.15×10－6～1.17×10－6Ω·m均正確)【解析】【分析】【詳解】(1)[1]電流表與被測電阻阻值相差不大，應(yīng)采用外接法，避免電流表分壓過大，造成實驗誤差過大，選乙圖。(2)[2]螺旋測微器測讀數(shù)為d=0.608mm（0.606～0.609mm均正確）[3]電壓表的讀數(shù)為1.20V，電流表讀數(shù)為0.50A，由歐姆定律可得根據(jù)公式，代入數(shù)據(jù)解得14.小明打算將一只量程為100μA的靈敏電流計分別改裝成量程為1mA的電流表、量程為1V的電壓表和量程為3V的電壓表。小明設(shè)計的改裝電路如圖1所示。圖1中G為靈敏電流計，Ra、Rb和Rc是三個定值電阻，選擇開關(guān)K可以分別置于a、b、c三個位置，從而實現(xiàn)多功能測量，實驗室中還有兩個備用滑動變阻器，滑動變阻器R1（0~9999.9Ω），滑動變阻器R2（0~19999.9Ω）。（1）用圖2所示電路測定靈敏電流計G的內(nèi)阻。先將R的阻值調(diào)至最大，閉合S1，緩慢減小R的阻值，直到G的指針滿偏，然后閉合S2，保持R的阻值不變，逐漸調(diào)節(jié)R'的阻值，使的指針半偏，此時電阻箱R'的讀數(shù)等于G的內(nèi)阻。由于實驗存在誤差，靈敏電流計G的內(nèi)阻測量值比真實值偏____。（選填“大”或“小”），若圖2電路中干電池的電動勢E=1.5V，滑動變阻器選____（選填“R1”或“R2”）。（2）上述步驟測得G的內(nèi)阻為900Ω。①圖1中選擇開關(guān)置于a時，構(gòu)成量程為0~1mA的電流表，則電阻Ra的阻值為____Ω;②圖1中選擇開關(guān)置于b時，構(gòu)成量程為0~1V的電壓表，則電阻Rb的阻值為____Ω;【答案】①.小②.R2③.100④.910【解析】分析】【詳解】（1）[1][2]在半偏法實驗中，當(dāng)電阻箱并入后，電路的總電阻減小了,干路電流增大了,靈敏電流計半偏時，流過電阻箱的電流大于流過靈敏電流計的電流，電阻箱接入的電阻小于靈敏電流計的電阻，所以，該測量值略小于實際值；根據(jù)歐姆定律所以滑動變阻器選;（2）①[3]選擇開關(guān)置于a時,構(gòu)成量程為0~1mA的電流表，則電阻Ra阻值應(yīng)為②[4]選擇開關(guān)置于b時,構(gòu)成量程為0~1V的電壓表，則電阻阻值應(yīng)為三、解答題（15小題7分，16小題7分，17小題10分，18小題14分，共38分）15.已知，，，求：（1）A、B間的總電阻；（2）電流表和電壓表的示數(shù)。【答案】（1）；（2）電流表示數(shù)為，電壓表示數(shù)為【解析】【分析】【詳解】（1）根據(jù)圖像，總電阻為所以A、B間總電阻為。（2）根據(jù)歐姆定律有流過R1和R3支路的電流為故電壓表示數(shù)為故電流表示數(shù)為，電壓表示數(shù)為。16.電路圖如圖中甲所示，圖乙中圖線是電路中的電源的路端電壓隨電流變化的關(guān)系圖象，滑動變阻器的最大阻值為10Ω，定值電阻R0=3Ω．（1）當(dāng)R為何值時，R0消耗的功率最大，最大值為多少？（2）當(dāng)R為何值時，電源的輸出功率最大，最大值為多少？【答案】（1）18.75W（2）20W【解析】【詳解】試題分析：（1）根據(jù)圖象，由閉合電路歐姆定律，求出電源的電動勢和內(nèi)阻．R0是定值電阻，當(dāng)R最小時，電流最大，R的功率最大．（2）當(dāng)r=R+R0時，電源的輸出功率最大，根據(jù)歐姆定律和功率公式求解．解：（1）由乙圖知電源的電動勢和內(nèi)阻：E=20V，r=5Ω由甲圖分析知道，當(dāng)R=0時，R0消耗的功率最大最大為解得P=18.75W（2）當(dāng)r=R+R0時，即R=2Ω，電源的輸出功率最大最大為解得P="20"W【點評】本題考查分析、解決物理極值問題的能力．對于電源，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率．本題如求R的最大功率，可把R0看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)R=R0+r時R的功率最大．17.如圖所示的電路中，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=1.0Ω，電動機的電阻R0=1.0Ω，電阻R1=2.0Ω。電動機正常