山東省臨沂市2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試題含解析_第1頁
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PAGE15-山東省臨沂市2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試題(含解析)第I卷(選擇題共48分)一、單項選擇題:本大題共8小題,每小題3分,共24分。在每小題給出的四個選項中只有一項是符合題目要求的。1.對于做勻速圓周運動的物體,下列物理量中不變的是()A.速度 B.加速度 C.周期 D.受到的合外力【答案】C【解析】【詳解】做勻速圓周運動的物體線速度大小不變,方向不斷改變,則線速度改變;加速度和受到的合外力都是大小不變,方向始終指向圓心,即方向不斷改變,即加速度和向心力不斷改變;周期是不變的。故選C。2.關(guān)于機(jī)械能守恒,下列說法正確的是()A.人乘電梯加速上升的過程,機(jī)械能守恒B.做自由落體運動的物體,機(jī)械能肯定守恒C.合外力對物體做功為零時,機(jī)械能肯定守恒D.物體必需在只受重力作用的狀況下,機(jī)械能才守恒【答案】B【解析】【詳解】A.人乘電梯加速上升的過程,動能和勢能都增加,則機(jī)械能增加,選項A錯誤;B.做自由落體運動的物體,只有重力做功,機(jī)械能肯定守恒,選項B正確;C.合外力對物體做功為零時,機(jī)械能不肯定守恒,例如當(dāng)物體勻速上升時,機(jī)械能增大,選項C錯誤;D.假如物體除受重力以外還受其他的力,但是其他力做功的代數(shù)和等于零,物體的機(jī)械能也守恒,選項D錯誤。故選B。3.真空中有兩點電荷、相距r,若將的電荷量減為原來的一半,并將兩點電荷間的距離減為原來的一半,則在前后兩種狀況下,兩電荷之間的作用力之比為()A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】起先時兩電荷之間的作用力若將的電荷量減為原來的一半,并將兩點電荷間的距離減為原來的一半,則即在前后兩種狀況下,兩電荷之間的作用力之比為1:2。故選B。4.對生活中的圓周運動,下列說法正確的是()A.洗衣機(jī)甩干衣服的道理就是利用了水在高速旋轉(zhuǎn)時會做離心運動B.火車轉(zhuǎn)彎時,若行駛速度超過規(guī)定速度,則內(nèi)軌與車輪會發(fā)生擠壓C.汽車過凸形橋時要減速行駛,而過凹形橋時可以較大速度行駛D.游樂園里的摩天輪轉(zhuǎn)得很慢,人坐在吊箱里面受到的合外力為零【答案】A【解析】【詳解】A.洗衣機(jī)甩干衣服是利用了水在高速旋轉(zhuǎn)時,水與衣物間的附著力小于所需向心力時會做離心運動,故A正確;B.火車在按規(guī)定速度行駛時內(nèi)外軌道均不向車輪施加側(cè)向壓力,受重力和支持力,合力供應(yīng)向心力。火車轉(zhuǎn)彎時,若行駛速度超過規(guī)定速度,火車有離心趨勢,擠壓外軌,則外軌與車輪會發(fā)生擠壓,故B錯誤;C.汽車過凸形橋時,若速度特別快,會做離心運動飛出去,故要減速行駛;過凹形橋時,若速度過大,車胎受到橋的彈力會很大,簡單引起爆胎,故也應(yīng)當(dāng)減速行駛。故C錯誤;D.游樂園里的摩天輪雖然轉(zhuǎn)得很慢,但人坐在吊箱里隨著摩天輪一起做圓周運動,須要有力來供應(yīng)做圓周運動的向心力,所以人受到的合外力不行能為零,故D錯誤;故選A。5.兩根完全相同的金屬裸導(dǎo)線,假如把其中的一根勻稱拉長到原來的2倍,把另一根對折絞合,然后把它們串聯(lián)在同一個電路中,則它們兩端的電壓之比為()A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】設(shè)原來的電阻為R,其中的一根勻稱拉長到原來的2倍,橫截面積變?yōu)樵瓉淼模罁?jù)電阻定律,電阻R1=4R另一根對折后絞合起來,長度減小為原來的一半,橫截面積變?yōu)樵瓉淼?倍,依據(jù)電阻定律,電阻R2=R然后把它們串聯(lián)在同一個電路中,則電流相等,依據(jù)U=IR可知,則兩端的電壓之比為為16:1。故選D。6.如圖所示,兩球間的距離為,兩球的質(zhì)量分布勻稱,質(zhì)量大小分別為、,半徑大小均為,則兩球間的萬有引力大小為()A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】依據(jù)萬有引力定律可知,兩球間的萬有引力大小為故選D。7.我國自主研制的絞吸挖泥船“天鯤號”達(dá)到世界先進(jìn)水平,若某段工作時間內(nèi),“天鯤號”的泥泵輸出功率恒為,排泥量為,排泥管的橫截面積為,則泥泵對排泥管內(nèi)泥漿的推力為()A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】依據(jù)排泥管每秒鐘排出體積為V=Sv解得依據(jù)泥泵輸出功率大小為P=Fv可知故B正確,ACD錯誤。故選B。8.如圖所示,半徑為的圓處在豎直平面內(nèi),該平面內(nèi)存在勻強(qiáng)電場。位于圓上的點有一放射源向各個方向放射電子,電子能夠到達(dá)圓上任一位置,比較到達(dá)圓上各點的電子,發(fā)覺到達(dá)點的電子動能的增量最大,增量為,已知,則此勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為()A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】到達(dá)A點的電子的動能增加量最大,即電場力做正功最多,說明等勢面在A點與圓相切,即和OA相互垂直,且方向沿AO方向,如圖所示SA間的電勢差為由幾何關(guān)系可知由勻強(qiáng)電場的電勢差與場強(qiáng)關(guān)系有解得故ABD錯誤,C正確。故選C。二、不定項選擇題:本大題共6小題,每小題全部選對的得4分,選不全的得2分,有選錯或不選的得零分,滿分24分9.如圖所示,在滅火搶救過程中,消防隊員有時要借助消防車上的梯子爬到高處進(jìn)行救人或滅火作業(yè)。為了節(jié)約救援時間,消防隊員沿梯子勻速向上運動的同時消防車勻減速后退,整個運動過程中梯子與水平方向的夾角保持不變。關(guān)于消防隊員的運動,下列說法正確的是()A.消防隊員做勻減速直線運動 B.消防隊員做勻變速曲線運動C.消防隊員做變加速曲線運動 D.消防隊員豎直方向的速度保持不變【答案】BD【解析】【詳解】ABC.依據(jù)運動的合成可知,合初速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線,并且加速度的大小方向不變,所以消防員做勻變速曲線運動,故A、C錯誤,B正確;D.將消防員的運動分解為水平方向和豎直方向,可知豎直方向上的速度為沿梯子方向速度在豎直方向上的分速度,由于消防隊員沿梯子勻速向上運動,所以消防隊員豎直方向的速度保持不變,D正確。故選BD。10.我國北斗三號系統(tǒng)的“收官之星”于2020年6月23日勝利放射。北斗三號衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由24顆中圓地球軌道衛(wèi)星、3顆地球靜止軌道衛(wèi)星和3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星,共30A.中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于地球自轉(zhuǎn)周期B.地球赤道上的人的線速度比中圓軌道衛(wèi)星線速度大C.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和靜止軌道衛(wèi)星線速度不同D.靜止軌道衛(wèi)星的放射速度肯定要超過,中圓地球軌道衛(wèi)星的放射速度可以小于【答案】AC【解析】【詳解】A.依據(jù)開普勒第三定律可知,,衛(wèi)星軌道半徑越大,周期越大,所以中地球軌道衛(wèi)星的運行周期小于地球同步衛(wèi)星運行周期,即小于地球自轉(zhuǎn)周期,故A正確;B.中圓軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于同步軌道半徑,依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力可得線速度,則中圓軌道衛(wèi)星的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度,對于地球赤道上的人與地球同步衛(wèi)星的角速度相同,依據(jù)v=rω可知,同步衛(wèi)星的線速度大于地球赤道上人的線速度,所以地球赤道上的人的線速度比中圓軌道衛(wèi)星線速度小,故B錯誤;C.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星與靜止軌道衛(wèi)星的周期相等,依據(jù)開普勒第三定律可知,兩衛(wèi)星的軌道半徑相等,依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力可得線速度,軌道半徑相等其線速度大小相等,則傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和靜止軌道衛(wèi)星線速度大小相等,但方向不同,所以線速度不同,故C正確;D.第一宇宙速度7.9km/s是衛(wèi)星繞地球圓周運動的最大速度,是衛(wèi)星放射的最小速度,則中圓地球軌道衛(wèi)星的放射速度大于7.9km/s,故D錯誤。故選AC。11.如圖所示,、為兩塊平行帶電金屬板,帶負(fù)電,帶正電且與大地相接,兩板間點處固定一負(fù)電荷,設(shè)此時兩極間的電勢差為,點場強(qiáng)大小為,電勢為,負(fù)電荷的電勢能為,現(xiàn)將、兩板水平錯開一段距離(兩板間距不變),下列說法正確的是()A.變大,變大 B.變小,變小C.變小,變大 D.變大,變小【答案】AC【解析】【詳解】AB.將兩板水平錯開一段距離,兩板正對面積減小,依據(jù)電容的確定式可知,電容C減小,而電容器的電量Q不變,則由得知,板間電壓U增大,板間場強(qiáng)可知,板間場強(qiáng)增大,故A正確,B錯誤;CD.P點到下板距離不變,由公式UBP=EdBP得知,P點與下板電勢差增大,由于電場線向上,P點的電勢低于下極板的電勢,則P點的電勢降低,負(fù)電荷在P點的電勢能變大,故C正確,D錯誤.12.依據(jù)得到,關(guān)于電阻率的下列說法正確的是()A.與導(dǎo)體的材料有關(guān)B.純金屬的電阻率大于合金的電阻率C.溫度上升時,金屬導(dǎo)體的電阻率增大D.與導(dǎo)體的長度成反比,與導(dǎo)體的電阻和橫截面積成正比【答案】AC【解析】【詳解】A.電阻率的大小由材料和溫度有關(guān),A正確;B.一般來說,純金屬的電阻率小,合金的電阻率大,所以B錯誤;C.對于金屬導(dǎo)體,溫度上升時,其電阻率增大,C正確;D.電阻率的大小由材料和溫度確定,與導(dǎo)體的橫截面積、長度無關(guān)和電阻大小無關(guān),D錯誤。故選AC。13.如圖所示,在地面上以速度拋出質(zhì)量為的物體,拋出后物體落到比地面低的海平面上,若以海平面為零勢能面,而且不計空氣阻力,則下列說法中正確的是()A.重力對物體做的功為 B.物體在海平面上的勢能為C.物體在海平面上動能為 D.物體在海平面上的機(jī)械能為【答案】ACD【解析】【詳解】A.重力做功與路徑無關(guān),只與始末位置的高度差有關(guān),物體運動的高度差為h,,所以整個過程重力對物體做功為mgh,A正確;B.以海平面為零勢能面,物體在海平面上時的重力勢能為0,B錯誤;C.整個過程,由動能定理得可得物體在海平面上的動能為C正確;D.整個過程機(jī)械能守恒,初末狀態(tài)的機(jī)械能相等,以海平面為零勢能面,拋出時的機(jī)械能為,所以物體在海平面時的機(jī)械能也為,D正確。故選ACD。14.如圖所示,一水平傳送帶向左勻速傳送,某時刻小物塊P從傳送帶左端以某速度沖上傳送帶。物塊P在傳送帶上運動的過程中,傳送帶對P物塊()A.可能始終做正功 B.可能始終做負(fù)功C.可能先做正功,后做負(fù)功 D.可能先做負(fù)功,后做正功【答案】BD【解析】【詳解】物體以某一速度放上傳送帶后,向右運動,受到向左的摩擦力,運動狀況分幾種:(1)可能小物塊速度比較大,所以始終向右減速然后從右端滑出,在此過程中皮帶對物塊做負(fù)功;(2)小物塊先向右減速,而后向左始終加速,所以皮帶對物塊先做負(fù)功,后做正功;(3)小物塊向右減速,而后向左加速,當(dāng)兩者速度相等時一起勻速,所以皮帶對物塊先做負(fù)功后做正功,然后不做功。故BD正確;AC錯誤;故選BD。第Ⅱ卷(非選擇題共52分)三、試驗、填空題:共2小題,15題6分,16題8分;每空2分,共14分。15.圖甲是“探討平拋運動的特點”的試驗裝置圖,通過描點畫出平拋小球的運動軌跡。(1)以下是試驗過程中的一些做法,其中合理的有______。A.安裝斜槽軌道,使其末端保持水平B.每次小球釋放的初始位置可以隨意選擇C.每次小球應(yīng)從同一高度由靜止釋放D.為描出小球的運動軌跡,描繪的點可以用折線連接(2)試驗得到平拋小球的運動軌跡,在軌跡上取一些點,以平拋起點為坐標(biāo)原點,測量它們的水平坐標(biāo)和豎直坐標(biāo),圖乙中圖像能說明平拋小球運動軌跡為拋物線的是______。(3)圖丙是某同學(xué)依據(jù)試驗畫出的平拋小球的運動軌跡,為平拋的起點,在軌跡上任取三點、、,測得、兩點豎直坐標(biāo)為、為,、兩點水平間距為,則平拋小球的初速度為______(結(jié)果保留2位有效數(shù)字,?。敬鸢浮?1).AC(2).C(3).2.0【解析】【詳解】(1)[1]A.通過調(diào)整使斜槽末端保持水平,是為了保證小球做平拋運動,A正確;BC.因為要畫同一運動的軌跡,所以每次必需從相同的位置釋放小球,且由靜止釋放,以保證獲得相同的初速度,故B錯誤,C正確;D.用描點法描繪運動軌跡時,應(yīng)將各點連成平滑的曲線,不能連成折線,D錯誤。故選AC。(2)[2]物體在水平方向做勻速直線運動,豎直方向做自由落體運動,可得,聯(lián)立可得因初速度相同,故為常數(shù),則應(yīng)為正比例關(guān)系,故C正確,ABD錯誤。故選C。(3)[3]依據(jù)平拋運動的規(guī)律可知,豎直方向做自由落體運動,可得,解得,水平方向做勻速直線運動,可得平拋小球的初速度為16.在用打點計時器驗證機(jī)械能守恒定律的試驗中,使質(zhì)量為m=1.00kg的重物自由下落,打點計時器在紙帶上打出一系列的點,選取一條符合試驗要求的紙帶如圖所示.O為第一個點,A、B、C為從合適位置起先選取連續(xù)點中的三個點.已知打點計時器每隔0.02s打一個點,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=9.80m/s2,那么:(1)依據(jù)圖所得的數(shù)據(jù),應(yīng)取圖中O點到_____點來驗證機(jī)械能守恒定律;(2)從O點到(1)問中所取的點,重物重力勢能的削減量△Ep=_____J,動能增加量△Ek=_____J(結(jié)果取三位有效數(shù)字);(3)若測出紙帶上全部各點到O點之間的距離,依據(jù)紙帶算出各點的速度v及物體下落的高度h,則以v2為縱軸,以h為橫軸畫出的圖象是如圖中的_____.A.B.C.D.【答案】(1).B(2).1.88(3).1.84(4).A【解析】【分析】該試驗的原理是驗證物體下降的距離從O點到B點,動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等.依據(jù)△Ep=mg△h求重力勢能的減小量,依據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度,從而求出動能的增加量【詳解】(1)因為通過某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可以求出B點的速度,所以取圖中O點到B點來驗證機(jī)械能守恒定律.(2)重物重力勢能削減量:△Ep=mg△h=9.80×0.192=1.88J.B點的速度:則B點的動能:所以動能的增加量△Ek=1.84J.(3)依據(jù),即

與h成正比.故A是符合題意的.四、計算論述題:本題共3個小題,17題10分,18題12分,19題16分。共38分.解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最終答案的不能得分。17.如圖所示,長為平行板電容器上極板帶正電,從上極板的端點點以水平初速度向右射入一個質(zhì)量為,帶電荷量為的粒子,當(dāng)它的水平速度與豎直速度的大小之比為時,恰好從下端點射出,粒子重力不計。求:(1)平行板

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