寧夏銀川一中2025屆高三物理上學(xué)期第五次月考試題含解析

PAGE16-寧夏銀川一中2025屆高三物理上學(xué)期第五次月考試題（含解析）一、選擇題1.通常狀況下，地球上兩個(gè)物體之間的萬(wàn)有引力是極其微小以至于很難被干脆測(cè)量的，人們?cè)陂L(zhǎng)時(shí)間內(nèi)無(wú)法得到萬(wàn)有引力常量的精確值。在牛頓發(fā)覺(jué)萬(wàn)有引力定律一百多年以后的1789年，英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許奇妙地利用如圖1所示的扭秤裝置，才第一次在試驗(yàn)室里比較精確地測(cè)出了萬(wàn)有引力常量。在圖2所示的三個(gè)試驗(yàn)中，與“卡文迪許扭秤試驗(yàn)”中測(cè)量微小量的思想方法最相近的是（）A.乙 B.甲 C.丙 D.三個(gè)試驗(yàn)都相近【答案】A【解析】【分析】【詳解】“卡文迪許扭秤試驗(yàn)”中測(cè)量微小量的思想方法為放大法，而甲中采納的等效替代法，乙采納的放大法，丙采納的限制變量法，故A正確，BCD錯(cuò)誤。、故選A。2.如圖所示，直線(xiàn)MN是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線(xiàn)(方向未畫(huà)出)．虛線(xiàn)是一帶電的粒子只在電場(chǎng)力的作用下，由a到b的運(yùn)動(dòng)軌跡，軌跡為一拋物線(xiàn)．下列推斷正確的是()A.電場(chǎng)線(xiàn)MN的方向肯定是由N指向MB.帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中動(dòng)能肯定漸漸減小C.帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能肯定大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能D.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度肯定大于在b點(diǎn)的加速度【答案】C【解析】【分析】【詳解】由于該粒子只受電場(chǎng)力作用且做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，物體所受外力指向軌跡內(nèi)側(cè)，所以粒子受力分析肯定是由M指向N，但是由于粒子的電荷性質(zhì)不清晰，所以電場(chǎng)線(xiàn)的方向無(wú)法確定．故A錯(cuò)誤；粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能肯定大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故B錯(cuò)誤，故C正確．由a到b的運(yùn)動(dòng)軌跡，軌跡為一拋物線(xiàn)，說(shuō)明粒子肯定受恒力，即帶電粒子在a點(diǎn)的加速度等于在b點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)睛】依據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向是解決帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的突破口，然后可進(jìn)一步依據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)、電場(chǎng)力做功等狀況確定電勢(shì)、電勢(shì)能的凹凸改變狀況.3.如圖所示，吊籃A、物體B、物體C的質(zhì)量分別為m、6m、2m，B和C分別固定在輕質(zhì)彈簧的兩端，B和A.吊籃A的加速度大小為gB.物體B的加速度大小為gC.物體C的加速度大小為2D.A和C的加速度大小都為3【答案】D【解析】【分析】【詳解】ACD．彈簧起先的彈力剪斷細(xì)線(xiàn)瞬間，彈力不變，將C和A看成一個(gè)整體，依據(jù)牛頓其次定律得故AC錯(cuò)誤，D正確；B．剪斷細(xì)線(xiàn)的瞬間，彈簧彈力不變，B的合力仍舊為零，則B的加速度為0，故B錯(cuò)誤。故選D。4.冥王星與其旁邊的星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)，質(zhì)量比約為7：1，同時(shí)繞它們連線(xiàn)上某點(diǎn)O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由此可知卡戎繞O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的（）A.角速度約為冥王星的7倍B.向心力大小約為冥王星的C.向心加速度約為冥王星的7倍D.軌道半徑約為冥王星的【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．雙星系統(tǒng)繞同一點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，則角速度和周期都相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．雙星系統(tǒng)靠?jī)尚侵g的萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，則向心力是相等的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．依據(jù)則選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.光滑水平面和豎直光滑曲面相切于曲面的最低點(diǎn)，大小相同的彈性小球A、B質(zhì)量分別為mA和mB。B靜止于曲面的最低點(diǎn)，讓球A從曲面上肯定高度h滑下，在最低點(diǎn)與球B發(fā)生正碰，碰撞過(guò)程無(wú)機(jī)械能損失，水平面足夠長(zhǎng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩小球不行能發(fā)生其次次碰撞B.當(dāng)時(shí)，兩小球只能發(fā)生一次碰撞C.增大h可能讓兩小球發(fā)生其次次碰撞D.若mA<mB，兩小球肯定能發(fā)生其次次碰撞【答案】B【解析】【分析】【詳解】AC．由能量守恒定律和動(dòng)量守恒定律，有兩球撞擊后的速度為當(dāng)它們速度同向時(shí)，，不會(huì)發(fā)生其次次碰撞；若球A反彈后滑上曲面，由于機(jī)械能守恒，球A回到水平面時(shí)的速度與反彈時(shí)的速度大小相等，當(dāng)時(shí)，可以發(fā)生其次次碰撞，與h無(wú)關(guān)，選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；BD．若發(fā)生其次次碰撞，則有計(jì)算得，所以當(dāng)時(shí)，球A、B只能發(fā)生一次碰撞，故B正確，D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，質(zhì)量分別為、的兩個(gè)木塊A、B通過(guò)輕彈簧連接，木塊放在水平桌面上，木塊用輕繩通過(guò)定滑輪在力的作用下整體恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與水平方向成角，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)定滑輪與繩之間的摩擦，則可以求下列哪些量（）A.木塊對(duì)桌面的壓力B.彈簧與水平方向的夾角C.木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)D.彈簧的形變量【答案】AB【解析】【分析】【詳解】對(duì)木塊分析，受重力、彈簧的拉力和輕繩的拉力，三力平衡，設(shè)彈簧與水平方向的夾角為，依據(jù)平衡條件，水平方向有，故有，因此可以求得和；由于不知道彈簧的勁度系數(shù)，故無(wú)法確定彈簧的形變量，故B正確，D錯(cuò)誤；對(duì)整體分析，受輕繩拉力、重力、支持力和靜摩擦力，依據(jù)平衡條件，水平方向有，豎直方向有，依據(jù)牛頓第三定律，整體對(duì)桌面的摩擦力大小為，方向向右，由于是靜摩擦力，且不能確定是否是最大靜摩擦力，故無(wú)法求解動(dòng)摩擦因數(shù)，故A正確，C錯(cuò)誤.7.如圖所示，在固定傾斜光滑桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)，桿與水平方向的夾角α=30°，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧上端相連，彈簧的另一端固定在地面上的A點(diǎn)，彈簧處于原長(zhǎng)h．讓圓環(huán)沿桿由靜止滑下，滑到桿的底端時(shí)速度恰為零．則在圓環(huán)下滑過(guò)程中()A.圓環(huán)和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.當(dāng)彈簧垂直于光滑桿時(shí)圓環(huán)的動(dòng)能最大C.彈簧最大彈性勢(shì)能為mghD.彈簧轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)，圓環(huán)的動(dòng)能為【答案】CD【解析】試題分析：在圓環(huán)下滑過(guò)程中，彈簧的拉力對(duì)圓環(huán)做功，所以圓環(huán)和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，A錯(cuò)誤；當(dāng)圓環(huán)沿桿的加速度為零時(shí)，其速度最大，動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，給圓環(huán)一個(gè)斜向左下方的拉力，故B錯(cuò)誤；圓環(huán)和地球以及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，依據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，圓環(huán)的機(jī)械能削減了mgh，那么圓弧的機(jī)械能的減小量等于彈性勢(shì)能增大量，為mgh，C正確；彈簧轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)，此時(shí)彈簧仍為原長(zhǎng)，以圓環(huán)為探討對(duì)象，利用動(dòng)能定理得：，即圓環(huán)的動(dòng)能等于，故D正確，考點(diǎn)：考查了機(jī)械能守恒，牛頓其次定律【名師點(diǎn)睛】對(duì)物理過(guò)程進(jìn)行受力狀況、運(yùn)動(dòng)狀況、做功狀況分析，是解決問(wèn)題的根本方法．要留意對(duì)于圓環(huán)來(lái)說(shuō)機(jī)械能并不守恒，但對(duì)圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)作為探討對(duì)象，系統(tǒng)的機(jī)械能是守恒的．8.質(zhì)量為m的帶正電小球由空中A點(diǎn)無(wú)初速自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，再經(jīng)過(guò)秒小球又回到A點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力且小球從未落地，則（）A.整個(gè)過(guò)程中小球的電勢(shì)能改變了B.整個(gè)過(guò)程中小球速度增量的大小為2gtC.從加電場(chǎng)起先到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能改變了D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能改變了【答案】AD【解析】【分析】【詳解】B．質(zhì)量為m帶正電小球由空中A點(diǎn)無(wú)初速自由下落，在t秒末速度再經(jīng)過(guò)秒小球又回到A點(diǎn)解得：末速度整個(gè)過(guò)程中小球速度增量的大小為3gt，故B錯(cuò)誤A．依據(jù)動(dòng)能定理可知，整個(gè)過(guò)程只有電場(chǎng)力做功，整個(gè)過(guò)程中小球的電勢(shì)能改變了，故A正確；C．從加電場(chǎng)起先到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能改變了故C錯(cuò)誤；D．從A點(diǎn)到最低點(diǎn)下落總距離從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力做功重力勢(shì)能改變了，故D正確。故選AD。二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都做答；第33題～39題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題（共129分）9.用如圖所示的裝置測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能。將彈簧放置在水平氣墊導(dǎo)軌上，左端固定，右端在O點(diǎn)；在O點(diǎn)右側(cè)的B、C位置各安裝一個(gè)光電門(mén)，計(jì)時(shí)器（圖中未畫(huà)出）與兩個(gè)光電門(mén)相連。先用米尺測(cè)得B、C兩點(diǎn)間距離s，再用帶有遮光片的滑塊壓縮彈簧到某位置A，由靜止釋放，計(jì)時(shí)器顯示遮光片從B到C所用的時(shí)間為t，用米尺測(cè)量A、O之間的距離x。(1)計(jì)算滑塊離開(kāi)彈簧時(shí)速度大小的表達(dá)式是v=______；(2)為求出彈簧的彈性勢(shì)能，還須要測(cè)量______；（選填字母序號(hào)）A．彈簧原長(zhǎng)B．滑塊（含遮光片）的質(zhì)量C．當(dāng)?shù)刂亓铀俣?3)若氣墊導(dǎo)軌右端比左端略高，彈性勢(shì)能的測(cè)量值與真實(shí)值比較將_______。（選填字母序號(hào)）A．偏大B．偏小C．相等【答案】(1).(2).B(3).B【解析】【分析】【詳解】(1)[1]滑塊離開(kāi)彈簧后的運(yùn)動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)，故可以用BC段的平均速度表示離開(kāi)時(shí)的速度；則有(2)[2]彈簧彈性勢(shì)能等于物體增加的動(dòng)能，故應(yīng)求解物體的動(dòng)能，依據(jù)動(dòng)能表達(dá)式可知，應(yīng)測(cè)量滑塊的質(zhì)量故選B(3)[3]若氣墊導(dǎo)軌右端比左端略高，導(dǎo)致通過(guò)兩光電門(mén)的時(shí)間將增大，那么測(cè)得速度偏小，因此彈性勢(shì)能的測(cè)量值也偏小故選B10.某同學(xué)組裝一個(gè)多用電表．可用的器材有：微安表頭（量程100內(nèi)阻900）；電阻箱R1（阻值范圍0999.9）；電阻箱R2（阻值范圍099999.9）；導(dǎo)線(xiàn)若干，要求利用所給器材先組裝一個(gè)量程為1mA的直流電流表，在此基礎(chǔ)上再將它改裝成量程為3V的直流電壓表．組裝好的多用電表有電流1mA和電壓3V兩擋，回答下列問(wèn)題：（1）在虛線(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出電路圖并標(biāo)出R1和R2，其中為公共接線(xiàn)柱，a和b分別是電流擋和電壓擋的接線(xiàn)柱___________．（2）電阻箱的阻值_____________;R2=____________（保留到個(gè)位）【答案】(1).（1）如圖所示(2).（2）100(3).2910【解析】【分析】【詳解】（1）R1的電阻比較小，所以R1與表頭并聯(lián)構(gòu)成大量程的的電流表，R2的阻值比較大，與改裝后的電流表串聯(lián)可充當(dāng)大量程的電壓表，設(shè)計(jì)電路圖如圖所示;改裝電流表須要并聯(lián)一個(gè)電阻，要改裝1mA的電流表須要并聯(lián)的電阻，所以選用與變阻箱R1并聯(lián)，并聯(lián)后的總電阻為；要改裝3V電壓表須要串聯(lián)電阻，串聯(lián)電阻的阻值為11.如圖所示，一質(zhì)量為m，電量為+q的小球，以初速度v0沿兩正對(duì)帶電平行金屬板左側(cè)某位置水平向右射入兩極板間，離開(kāi)時(shí)恰好由A點(diǎn)沿圓弧切線(xiàn)進(jìn)入豎直光滑固定軌道ABC中。A點(diǎn)為圓弧軌道與極板端點(diǎn)連線(xiàn)的交點(diǎn)，CB為圓弧的豎直直徑并與平行，豎直線(xiàn)的右邊界空間存在豎直向下且大小可調(diào)的勻強(qiáng)電場(chǎng)E。已知極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，極板間距離為d，圓弧的半徑為R，，重力加速度為g，，。不計(jì)空氣阻力，板間電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。(1)求兩板間的電勢(shì)差大小；(2)若要使小球沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)且通過(guò)最高點(diǎn)C，求電場(chǎng)強(qiáng)度E的取值范圍?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【分析】【詳解】（1）在A點(diǎn)的速度為則豎直方向的速度大小為在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則有豎直方向上的加速度為豎直方向上的速度為則有則有電場(chǎng)強(qiáng)度大小為解得兩極板間的電勢(shì)差大小為（2）假設(shè)小球恰好通過(guò)C點(diǎn)，則由A到C，依據(jù)動(dòng)能定理綜上12.如圖所示，半徑為R的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，一滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠軌道下端B點(diǎn)，上表面與圓弧軌道末端相平。離滑板右端處有一豎直固定的擋板P。一質(zhì)量為m的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧軌道頂端A點(diǎn)由靜止起先沿軌道滑下，經(jīng)B點(diǎn)滑上滑板。已知滑板質(zhì)量，物塊與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度為g?；迮c擋板碰撞時(shí)立即反彈且沒(méi)有機(jī)械能損失，滑板返回B點(diǎn)時(shí)即被鎖定而保持靜止。滑板足夠長(zhǎng)使物塊總不能滑至滑板右端。(1)求物塊滑到B點(diǎn)的速度大??；(2)求滑板與擋板P碰撞前瞬間物塊的速度大?。?3)站在地面的視察者看到物塊有一段時(shí)間內(nèi)在做加速運(yùn)動(dòng)，求這段時(shí)間內(nèi)滑板的速度范圍?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)【解析】【分析】【詳解】(1)物塊由A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，只有重力做功，機(jī)械能守恒。設(shè)物塊滑到B點(diǎn)的速度大小為v0，有解得(2)假設(shè)滑板與P碰撞前，物塊與滑板具有共同速度v1，取向右為正，由動(dòng)量守恒定律設(shè)此過(guò)程滑板運(yùn)動(dòng)的位移為s，由動(dòng)能定理聯(lián)立解得所以假設(shè)成立，滑板與擋板P碰撞前瞬間物塊速度大小為(3)由于滑板與擋板的碰撞沒(méi)有機(jī)械能損失，所以滑板與擋板P碰撞后速度v1大小不變，只是方向向左。此后滑板作勻減速運(yùn)動(dòng)，物塊先向右減速，再向左加速運(yùn)動(dòng)。設(shè)兩者其次次具有共同速度為v2，取向左為正，由動(dòng)量守恒定律有設(shè)此時(shí)滑板離P的距離為，由動(dòng)能定理解得＜說(shuō)明滑板與物塊具有共同速度時(shí)還沒(méi)有返回到B點(diǎn)，兩者能夠其次次達(dá)到共同速度。設(shè)當(dāng)物塊的速度減為零時(shí)，滑板速度為v3，取向左為正，有解得所以，物塊加速運(yùn)動(dòng)階段的速度范圍為此階段滑板的速度范圍為13.如圖所示，肯定質(zhì)量的志向氣體從狀態(tài)a動(dòng)身，經(jīng)過(guò)等容過(guò)程ab到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)過(guò)等溫過(guò)程bc到達(dá)狀態(tài)c，最終經(jīng)等壓過(guò)程ca回到狀態(tài)a。在過(guò)程ab中氣體的內(nèi)能______（填“增加”、“削減”或“不變”），在過(guò)程bc中氣體________熱量（填“汲取”或“放出”），在過(guò)程ca中_____________（填“外界對(duì)氣體做功”或“氣體對(duì)外界做功”）?！敬鸢浮?1).增加(2).汲取(3).外界對(duì)氣體做功【解析】【分析】【詳解】[1]從到等容升壓，依據(jù)可知溫度上升，肯定質(zhì)量的志向氣體的內(nèi)能取決于氣體的溫度，溫度上升，則內(nèi)能增加。[2]在過(guò)程中，屬于等溫改變，氣體膨脹對(duì)外做功，而氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變；依據(jù)熱力學(xué)第肯定律可知，氣體從外界汲取熱量。[3]在過(guò)程ca中，體積減小，外界對(duì)氣體做功。14.如圖所示,開(kāi)口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸,內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞,氣缸和活塞AB均導(dǎo)熱，活塞將缸內(nèi)志向氣體分成Ⅰ、Ⅱ兩部分．初狀態(tài)整個(gè)裝置靜止不動(dòng)處于平衡,Ⅰ、Ⅱ兩部分氣體的長(zhǎng)度均為l0,溫度為T(mén)0.氣體Ⅰ的壓強(qiáng)p1=3p0．設(shè)外界大氣壓強(qiáng)為Po保持不變,環(huán)境溫度保持不變．求：①出狀態(tài)系統(tǒng)靜止時(shí)，氣體Ⅱ的壓強(qiáng)p2；②在活塞A上漸漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于m，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞A下降的高度【答案】（1）（2）【解析】【分析】【詳解】①初狀態(tài)對(duì)A：mg+p0S=p1S；初狀態(tài)時(shí)對(duì)B：mg+p1S=p2S解得p2=5p0②加上鐵砂后氣體Ⅰ的壓強(qiáng)：等溫過(guò)程：；氣體Ⅱ的壓強(qiáng)等溫過(guò)程：A下降的高度：h=2l0-l1-l解得15.如圖所示為單擺在兩