備考2025屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)好題精練第三章一元函數(shù)的導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用突破5極值點(diǎn)偏移問(wèn)題命題點(diǎn)2比差值換元法求極值點(diǎn)偏移問(wèn)題_第1頁(yè)
備考2025屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)好題精練第三章一元函數(shù)的導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用突破5極值點(diǎn)偏移問(wèn)題命題點(diǎn)2比差值換元法求極值點(diǎn)偏移問(wèn)題_第2頁(yè)
備考2025屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)好題精練第三章一元函數(shù)的導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用突破5極值點(diǎn)偏移問(wèn)題命題點(diǎn)2比差值換元法求極值點(diǎn)偏移問(wèn)題_第3頁(yè)
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命題點(diǎn)2比(差)值換元法求極值點(diǎn)偏移問(wèn)題例2已知函數(shù)f(x)=2ax-lnx,其中a∈R.(1)探討函數(shù)f(x)的單調(diào)性.(2)記函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)為f'(x).當(dāng)a>0時(shí),若x1,x2(0<x1<x2)滿意f(x1)=f(x2),證明:f'(x1)+f'(x2)<0.解析(1)函數(shù)f(x)=2ax-lnx的定義域?yàn)椋?,+∞),且f'(x)=2a-1x=2ax-1x①當(dāng)a≤0時(shí),f'(x)<0在(0,+∞)上恒成立,所以f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞減.②當(dāng)a>0時(shí),令f'(x)=0,可得x=12a當(dāng)x∈(0,12a)時(shí),f'(x)<0;當(dāng)x∈(12a,+∞)時(shí),f'(x)所以f(x)在(0,12a)上單調(diào)遞減,在(12a,+∞綜上所述,當(dāng)a≤0時(shí),f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞減;當(dāng)a>0時(shí),f(x)在(0,12a)上單調(diào)遞減,在(12a,+∞(2)由x1,x2(0<x1<x2)滿意f(x1)=f(x2),可得2ax1-lnx1=2ax2-lnx2,即lnx1-ln因?yàn)閒'(x1)+f'(x2)=2a-1x1+2a-1x2=4所以欲證f'(x1)+f'(x2)<0,即證x1+x2即證x1+x即證2lnx1x2>x12設(shè)x1x2=t(0<t<1),即證2lnt+1t設(shè)h(t)=2lnt+1t-t(0<t<1),則h'(t)=2t-1t2-1=-(t-1所以h(t)在(0,1)上單調(diào)遞減,所以h(t)>0,所以2lnt+1t-t>0,即f'(x1)+f'(x2)<方法技巧比(差)值換元的解題要點(diǎn):通過(guò)t=x1x2或t=x1-x2,消掉變量x1,x2,構(gòu)造關(guān)于t的函數(shù)h(訓(xùn)練2已知函數(shù)f(x)=lnx(1)探討f(x)的單調(diào)性;(2)若(ex1)x2=(ex2)x1(e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)),且x1>0,x2>0,x1≠x2,證明:x解析(1)由f(x)=lnx+1ax得f'(x)令f'(x)=0,得x=1.當(dāng)a>0時(shí),若x∈(0,1),則f'(x)>0;若x∈(1,+∞),則f'(x)<0.所以f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增,在(1,+∞)上單調(diào)遞減.當(dāng)a<0時(shí),若x∈(0,1),則f'(x)<0;若x∈(1,+∞),則f'(x)>0.所以f(x)在(0,1)上單調(diào)遞減,在(1,+∞)上單調(diào)遞增.綜上,當(dāng)a>0時(shí),f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增,在(1,+∞)上單調(diào)遞減;當(dāng)a<0時(shí),f(x)在(0,1)上單調(diào)遞減,在(1,+∞)上單調(diào)遞增.(2)由(ex1)x2=(ex2)x1,兩邊取對(duì)數(shù),得x2ln(ex1)=x1ln(即x2(lnx1+1)=x1(lnx2+1),所以lnx1+1即當(dāng)a=1時(shí),存在x1>0,x2>0,x1≠x2,滿意f(x1)=f(x2).由(1)可知,當(dāng)a=1時(shí),f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增,在(1,+∞)上單調(diào)遞減,所以f(x)≤f(1)=1.當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),f(x)=lnx+1x由于f(1e)=0,故f(x)在(1e,1)上恒有f(x)不妨令x1<x2,記f(x1)=f(x2)=m,則m∈(0,1),且lnx1+1=mx1①,lnx2+1=mx2②,①+②得ln(x1x2)=m(x1+x2)-2③,①-②得lnx1x2=m(x1-x2),則m=1x1-x2lnx1x2,代入③得ln(記t=x1x2,0<t<1,則ln(x1x2)=t+1t-1設(shè)g(t)=(t+1)lnt-2(t-1)(0<t<1),則g'(t)=lnt+1t-設(shè)h(t)=lnt+1t-1(0<t<1),則h'(t)=1t-1t2=t-1t2<0,所以h又因?yàn)閔(1)=0,所以當(dāng)t∈(0,1)時(shí),h(t)=g'(t)>0,即g(t)在(0,1

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