浙江省金華十校2024-2025學(xué)年高三物理上學(xué)期11月模擬考試預(yù)演試題含解析

Page1考生須知：1．本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)，滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫(xiě)在答題卡上。3．選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4．非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題卡上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先運(yùn)用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫(xiě)在本試題卷上無(wú)效。5．本卷中涉及數(shù)值計(jì)算的，重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列四組物理量中均為矢量的是（）A.電勢(shì)差磁感應(yīng)強(qiáng)度 B.熱量功C.動(dòng)量動(dòng)能 D.速度加速度【答案】D【解析】【詳解】標(biāo)量只有大小，沒(méi)有方向，矢量既有大小，又有方向。A．電勢(shì)差是標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，故A錯(cuò)誤；B．熱量、功均是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；C．動(dòng)量是矢量，動(dòng)能是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤；D．速度、加速度均是矢量，故D正確。故選D。2.如圖所示，載人火箭的頂端的部分裝有放射逃命系統(tǒng)，稱(chēng)為逃逸塔，逃逸塔內(nèi)部包含宇航員乘坐的返回艙。在放射過(guò)程中，假如一切正常，逃逸塔不工作，隨運(yùn)載火箭一起升空；假如遇到突發(fā)狀況，逃逸塔就會(huì)自動(dòng)點(diǎn)火，在短時(shí)間脫離運(yùn)載火箭，從而達(dá)到疼惜宇航員的目的。依據(jù)上述信息，下列說(shuō)法正確的是（）A.火箭正常放射時(shí)，逃逸塔相對(duì)運(yùn)載火箭是運(yùn)動(dòng)的B.火箭正常放射時(shí)，宇航員相對(duì)運(yùn)載火箭是運(yùn)動(dòng)的C.若火箭放射時(shí)遇突發(fā)狀況，逃逸塔將與運(yùn)載火箭發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)D.若火箭放射時(shí)遇突發(fā)狀況，宇航員與運(yùn)載火箭始終相對(duì)靜止【答案】C【解析】【詳解】AB．火箭正常放射時(shí)，宇航員，逃逸塔，運(yùn)載火箭一起運(yùn)動(dòng)，處于相對(duì)靜止，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．若火箭放射時(shí)遇到突發(fā)狀況，宇航員將隨逃逸塔一起脫離運(yùn)載火箭，則宇航員、逃逸塔與運(yùn)載火箭是相對(duì)運(yùn)動(dòng)的，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選C。3.2024年4月12日我國(guó)有“人造太陽(yáng)”之稱(chēng)的全超導(dǎo)托卡馬克核聚變?cè)囼?yàn)裝置——東方超環(huán)（EAST）創(chuàng)建了新的世界紀(jì)錄，勝利實(shí)現(xiàn)穩(wěn)態(tài)高約束模式等離子體運(yùn)行403秒，對(duì)探究將來(lái)的聚變堆前沿物理問(wèn)題，提升核聚變能源經(jīng)濟(jì)性、可行性，加快實(shí)現(xiàn)聚變發(fā)電具有重要意義，下列說(shuō)法正確的是（）A.目前人類(lèi)只能通過(guò)裂變利用核能B.核反應(yīng)只有裂變與聚變兩種，α衰變也屬于裂變C.地球上核聚變?nèi)剂想畠?chǔ)量豐富，氚則須要制取D.聚變反應(yīng)中帶正電的與結(jié)合過(guò)程需通過(guò)高溫克服核子間的強(qiáng)相互作用【答案】C【解析】【詳解】A．目前人類(lèi)可以通過(guò)裂變和聚變利用核能。故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)有裂變、聚變、衰變和人工轉(zhuǎn)變四種，α衰變屬于衰變。故B錯(cuò)誤；C．地球上核聚變?nèi)剂想畠?chǔ)量豐富，氚則須要制取。故C正確；D．聚變反應(yīng)中帶正電與結(jié)合過(guò)程需通過(guò)高溫克服核子間的強(qiáng)大的庫(kù)倫斥力作用。故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示為高空滑索運(yùn)動(dòng)，游客利用輕繩通過(guò)輕質(zhì)滑環(huán)懸吊沿傾斜滑索下滑。假設(shè)某段下滑過(guò)程中游客、滑環(huán)和輕繩為整體勻速下滑，速度大小為，整體重力為，不計(jì)空氣阻力，在這段下滑過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A.游客的機(jī)械能守恒B.輕繩保持豎直C.整體重力勢(shì)能的削減量等于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量D.重力的功率為【答案】B【解析】【詳解】A．下滑過(guò)程中游客、滑環(huán)和輕繩為整體勻速下滑，游客的動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，故游客的機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；B．游客勻速下滑，受到重力和輕繩的拉力，依據(jù)平衡條件可知，重力與輕繩的拉力二力平衡，故輕繩保持豎直，故B正確；C．系統(tǒng)勻速下滑，動(dòng)能的增加量為零，故整體重力勢(shì)能的削減量大于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，故C錯(cuò)誤；D．重力的功率為重力與沿重力方向的分速度的乘積，沿重力方向的分速度小于，故重力的功率小于，故D錯(cuò)誤。故選B。5.在以速度勻速上升的電梯里，一小球從電梯地板以速度（）被豎直向上彈出后又落回到電梯地板，這一過(guò)程中小球沒(méi)有觸碰電梯天花板，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則（）A.小球在空中運(yùn)動(dòng)的位移大小確定等于路程B.小球在空中運(yùn)動(dòng)的平均速度大于電梯的速度C.小球在空中運(yùn)動(dòng)的平均速度小于電梯的速度D.小球從拋出到離電梯天花板最近時(shí)，電梯的位移為【答案】D【解析】【詳解】A．依據(jù)題意可知，小球向上做初速度的勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電梯做向上的勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球的速度未減小到0，電梯追上小球，此時(shí)小球在空中運(yùn)動(dòng)的位移大小等于路程，當(dāng)小球的速度減小到0時(shí)，電梯未追上小球，則小球?qū)⑾陆?，此時(shí)小球在空中運(yùn)動(dòng)的位移大小小于路程，故A錯(cuò)誤；BC．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，小球與電梯的位移相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以小球的平均速度確定與電梯的速度大小相同，故BC錯(cuò)誤；D．依據(jù)題意可知，小球拋出后，當(dāng)小球速度與電梯速度相等時(shí)，小球離電梯天花板最近，則有解得運(yùn)動(dòng)時(shí)間為則電梯的位移為故D正確。故選D。6.如圖為可調(diào)壓式自耦變壓器，在電壓保持不變的狀況下，滑片P順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)適當(dāng)角度，滑片向上移動(dòng)適當(dāng)距離，則（）A.將增大B.將不變C.定值電阻的熱功率減小D.流經(jīng)定值電阻的電流不變【答案】C【解析】【詳解】AB．由題意可知，滑片P順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)適當(dāng)角度，則副線(xiàn)圈的匝數(shù)n2減小，由，可知副線(xiàn)圈輸出電壓減小，副線(xiàn)圈兩端電壓與原線(xiàn)圈兩端電壓及匝數(shù)比有關(guān)，與副線(xiàn)圈電路的總電阻的大小無(wú)關(guān)，AB錯(cuò)誤；CD．副線(xiàn)圈兩端電壓減小，滑片向上移動(dòng)適當(dāng)距離，可知滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，則副線(xiàn)圈回路的總電阻增大，副線(xiàn)圈回路中電流減小，流經(jīng)定值電阻的電流減小，由可知，定值電阻的熱功率減小，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7.A、B兩顆衛(wèi)星在同一平面內(nèi)沿同一方向繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示。兩衛(wèi)星之間的距離隨時(shí)間周期性變更，如圖乙所示。僅考慮地球?qū)πl(wèi)星的引力，下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B的軌道半徑之比為1：3B.A、B線(xiàn)速度之比為1：2C.A運(yùn)動(dòng)周期大于B的運(yùn)動(dòng)周期D.A、B的向心加速度之比為4：1【答案】D【解析】【詳解】AB．由圖知r2-r1=2r，r1+r2=6r解得r1=2r，r2=4r所以A、B的軌道半徑之比為1：2；設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，衛(wèi)星的軌道半徑和線(xiàn)速度分別為r、v。由，得則A、B的線(xiàn)速度之比為：1，故AB錯(cuò)誤；C．由，，可知A的軌道半徑小于B的軌道半徑，A的運(yùn)動(dòng)周期小于B的運(yùn)動(dòng)周期，故C錯(cuò)誤；D．由可得即故D正確。故選D。8.下列說(shuō)法正確的是（）A.液體分子永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱(chēng)為布朗運(yùn)動(dòng)B.光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)影的輪廓模糊屬于干涉現(xiàn)象C.康普頓效應(yīng)中入射光子與電子碰撞發(fā)生散射后，波長(zhǎng)變大D.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度只與黑體的本身材料有關(guān)，與溫度無(wú)關(guān)【答案】C【解析】【詳解】A．懸浮在液體中小微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱(chēng)為布朗運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)影的輪廓模糊屬于衍射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．康普頓效應(yīng)中入射光子與電子碰撞時(shí)，依據(jù)動(dòng)量守恒可知其動(dòng)量削減，依據(jù)可知光子散射后波長(zhǎng)邊變長(zhǎng)，故C正確；D．依據(jù)黑體輻射試驗(yàn)的規(guī)律可知，黑體輻射電磁波的強(qiáng)度只與黑體的溫度有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖甲所示，驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈通過(guò)開(kāi)關(guān)S與電源連接，放射線(xiàn)圈放在絕緣且內(nèi)壁光滑的放射導(dǎo)管內(nèi)。閉合開(kāi)關(guān)S后，在0~t0內(nèi)驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈的電流iab隨時(shí)間t的變更如圖乙所示。在這段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.放射線(xiàn)圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)水平向左B.t=t0時(shí)驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)最大C.t=0時(shí)放射線(xiàn)圈具有的加速度最大D.t=t0時(shí)放射線(xiàn)圈中的感應(yīng)電流最大【答案】A【解析】【詳解】A．依據(jù)安培定則，驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈內(nèi)磁場(chǎng)方向水平向右，再由圖乙可知，通過(guò)放射線(xiàn)圈的磁通量增大，依據(jù)楞次定律，放射線(xiàn)圈內(nèi)部的感應(yīng)磁場(chǎng)方向水平向左，A正確；BD．由圖乙可知，t=t0時(shí)驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈的電流變更最慢，則此時(shí)通過(guò)放射線(xiàn)圈的磁通量變更最慢，此時(shí)驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)為零，感應(yīng)電流為零，BD錯(cuò)誤；C．t=0時(shí)驅(qū)動(dòng)線(xiàn)圈的電流變更最快，則此時(shí)通過(guò)放射線(xiàn)圈的磁通量變更最快，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，但此時(shí)磁場(chǎng)最弱，安培力不是最大值，則此時(shí)放射線(xiàn)圈具有的加速度不是最大，C錯(cuò)誤。故選A。10.如圖所示，邊長(zhǎng)為2a的正方體玻璃磚，底面中心有一單色點(diǎn)光源O，從外面看玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，不考慮光的反射。從外面看玻璃磚四個(gè)側(cè)面被照亮的總面積為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可知底面對(duì)角線(xiàn)為玻璃磚的上表面剛好全部被照亮，設(shè)臨界角為C，由幾何關(guān)系可得點(diǎn)光源O在側(cè)面的出射狀況為一個(gè)半圓，設(shè)其半徑為r，則有聯(lián)立，解得從外面看玻璃磚四個(gè)側(cè)面被照亮的總面積為故選D。11.甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)向傳播，波速均為5cm/s，兩列波在t=0時(shí)的部分波形曲線(xiàn)如圖所示。下列說(shuō)法中正確的一項(xiàng)是（）A.甲的波長(zhǎng)大小為6cm、乙的波長(zhǎng)大小為5cmB.甲、乙兩列波能在介質(zhì)中發(fā)生干涉C.時(shí)刻相鄰的兩個(gè)位移為8cm的質(zhì)點(diǎn)間距是30cmD.從起先0.1s后介質(zhì)中第一次出現(xiàn)位移為的質(zhì)點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知，甲的波長(zhǎng)大小為5cm、乙的波長(zhǎng)大小為6cm，故A錯(cuò)誤；B．由公式可知發(fā)生干涉條件為兩列波的頻率相同，故甲、乙兩列波能在介質(zhì)中不能發(fā)生干涉，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)，在處兩列波的波峰相遇，該處質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為8cm，甲、乙兩列波的波峰的x坐標(biāo)分別為由上述解得，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為8cm的全部質(zhì)點(diǎn)的x坐標(biāo)為故在時(shí)刻，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為8cm的相鄰質(zhì)點(diǎn)的距離為故C正確；D．偏離平衡位置位移為-8cm是兩列波的波谷相遇的點(diǎn)，在時(shí)刻，波谷之差為整理解得波谷之間最小的距離為兩列波相向傳播，相對(duì)速度為故介質(zhì)中第一次出現(xiàn)位移為的質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選C。12.霍爾推動(dòng)器將來(lái)可能安裝在飛船上用于星際旅行，其簡(jiǎn)化的工作原理如圖所示，放電通道兩端電極間存在加速電場(chǎng)，該區(qū)域內(nèi)有與電場(chǎng)近似垂直的約束磁場(chǎng)（未畫(huà)出）用于提高工作物質(zhì)被電離的比例，工作時(shí)，工作物質(zhì)氙氣進(jìn)入放電通道后被電離為氙離子，再經(jīng)電場(chǎng)加速?lài)姵?，形成推力，某次測(cè)試中，氙氣被電離的比例為，氙離子噴射速度為，推動(dòng)器產(chǎn)生的推力為，推動(dòng)器質(zhì)量，已知氙離子的比荷為；計(jì)算時(shí)，取氙離子的初速度為零，忽視磁場(chǎng)對(duì)離子的作用力及粒子之間的相互作用，則（）A.將該推動(dòng)器用于宇宙航行時(shí)，飛船獲得的加速度B.氙離子的加速電壓約為C.氙離子向外噴射形成的電流約為D.每秒進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量約為【答案】B【解析】【詳解】A．將該推動(dòng)器用于宇宙航行時(shí)，飛船獲得的加速度，故A錯(cuò)誤；B．氙離子經(jīng)電場(chǎng)加速，依據(jù)動(dòng)能定理有可得加速電壓為故B正確；D．在時(shí)間內(nèi)，有質(zhì)量為的氙離子以速度噴射而出，形成電流為，由動(dòng)量定理可得進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量為，被電離的比例為，則有聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤；C．在時(shí)間內(nèi)，有電荷量為的氙離子噴射出，則有聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤。故選B。13.如圖所示，a、b、c、d四個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個(gè)完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三小球所在位置恰好將圓周等分，小球d位于O點(diǎn)正上方h處，且在外力F作用下恰處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為-6q，，重力加速度為g，靜電力常量為k，則（）A.小球a的線(xiàn)速度為B.小球b的角速度為C.小球c的向心加速度大小為D.外力F豎直向上，大小為【答案】C【解析】【詳解】A．通過(guò)分析，a、b、c確定帶同種電荷，d與a、b、c確定帶異種電荷，對(duì)小球a受力分析，在水平面上和豎直面分別如下圖，小球最終的合力為合力供應(yīng)小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有可得，A錯(cuò)誤；B．合力供應(yīng)小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有解得，B錯(cuò)誤；C．合力供應(yīng)小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有解得，C正確；D．對(duì)d球受力分析，由平衡條件得：解得，D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.水波、聲波和電磁波等一切波都能發(fā)生干涉和衍射B.只要波源不動(dòng)，視察者接收到的波的頻率就跟波源發(fā)出的頻率一樣C.當(dāng)LC振蕩電路中電流最大時(shí)，電容器兩極板間的電場(chǎng)能最小D.在電磁波放射技術(shù)中，使電磁波隨各種信號(hào)而變更的技術(shù)叫解調(diào)【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．水波、聲波和電磁波等一切波都能發(fā)生干涉和衍射，因?yàn)楦缮婧脱苌涫遣ǖ奶匦?，所以A正確；B．只要波源不動(dòng)，或者相對(duì)靜止，視察者接收到的波的頻率就跟波源發(fā)出的頻率一樣，所以B錯(cuò)誤；C．當(dāng)LC振蕩電路中電流最大時(shí)，電容器放電完畢，兩極板間的電場(chǎng)能最小，所以C正確；D．在電磁波放射技術(shù)中，使電磁波隨各種信號(hào)而變更的技術(shù)叫調(diào)制，所以D錯(cuò)誤；故選AC。15.如圖所示，在探討光電效應(yīng)的試驗(yàn)中，用頻率為v的單色光照耀陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)，并測(cè)得遏止電壓為U。若用上述單色光照耀一群處于n=2的激發(fā)態(tài)的氫原子，恰能使氫原于躍遷到n=6的激發(fā)態(tài)，已知電子的帶電荷量為e，真空中的光速為c，普朗克常量為h，氫原子在能級(jí)n上的能量En與基態(tài)的能量E1滿(mǎn)意。下列說(shuō)法正確的是（）A.光電子的最大初動(dòng)能為hv-eUB.陰極K的極限頻率為v-C.氫原子基態(tài)的能量為D.氫原子的能級(jí)從n=3躍遷到n=2時(shí)放射出光的波長(zhǎng)為【答案】BCD【解析】【分析】依據(jù)光電效應(yīng)方程，可求逸出功，極限頻率和最大初動(dòng)能；依據(jù)電子躍遷時(shí)放出光子的能量與各能級(jí)間的關(guān)系，可求放出光子的波長(zhǎng)?！驹斀狻緼．由于遏止電壓為U，則光電子的最大初動(dòng)能為eU，A錯(cuò)誤；B．依據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程，逸出功因此，極限頻率為B正確；C．躍遷時(shí)放出光子的能量等于兩個(gè)能級(jí)間的能量差可得氫原子基態(tài)的能量C正確；D．原子的能級(jí)從n=3躍遷到n=2時(shí)放射出光的波長(zhǎng)D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）試驗(yàn)題16.在“探討平拋運(yùn)動(dòng)”的試驗(yàn)中，為了測(cè)量小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，接受如圖甲所示的試驗(yàn)裝置。試驗(yàn)操作的主要步驟如下：a．將坐標(biāo)紙用圖釘固定在木板上，并將木板豎直固定；b．將斜槽安裝在木板左端，調(diào)整斜槽末端軌道水平，同時(shí)將重錘線(xiàn)掛在水平軌道邊緣；c．在斜槽上端一固定位置靜止釋放小球，同時(shí)記錄拋出點(diǎn)位置O，記錄重錘線(xiàn)方向；d．小球從O點(diǎn)飛出后，撞到與木板平面垂直的豎直擋條上。小球撞擊擋條時(shí)，會(huì)在擋條上留下一個(gè)痕跡點(diǎn)。用鉛筆將痕跡點(diǎn)的投影點(diǎn)記錄在坐標(biāo)紙上；e．向右移動(dòng)豎直擋條，從斜槽上相同的位置無(wú)初速度釋放小球，小球撞擊擋條后，再次將擋條上痕跡點(diǎn)的投影點(diǎn)記錄在坐標(biāo)紙上，重復(fù)以上操作；f．取下白紙，描繪平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，探討軌跡的性質(zhì)，求出小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小。①試驗(yàn)過(guò)程中，要建立直角坐標(biāo)系。在下圖中，坐標(biāo)原點(diǎn)選擇正確的是______。A．B．C．D．②關(guān)于這個(gè)試驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A．斜槽的末端確定要水平B．確定要運(yùn)用秒表來(lái)測(cè)量平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C．豎直擋條每次向右移動(dòng)距離確定要相等D．確定要記錄拋出點(diǎn)的位置，才能求出小球的初速度③某同學(xué)在試驗(yàn)中，只登記斜槽末端懸掛重錘線(xiàn)的方向，依據(jù)試驗(yàn)描繪出一段軌跡。如圖乙所示，選取A、B、C三點(diǎn)，測(cè)得三點(diǎn)離重錘線(xiàn)的距離分別為、、，并測(cè)得AB兩點(diǎn)間的高度差、BC兩點(diǎn)間的高度差，則小球平拋的初速度______m/s，小球的半徑______cm?！敬鸢浮竣?C②.A③.1.4④.0.5【解析】【詳解】①[1]試驗(yàn)過(guò)程中，要建立直角坐標(biāo)系，因小球撞擊豎直擋條時(shí)右側(cè)先與檔條接觸，則坐標(biāo)原點(diǎn)應(yīng)選擇小球右側(cè)的位置。故選C。②[2]A．斜槽的末端確定要水平，以保證小球離開(kāi)斜槽的末端做平拋運(yùn)動(dòng)，A正確；B．由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，在水平方向則有在豎直方向則有聯(lián)立解得因此不須要運(yùn)用秒表來(lái)測(cè)量平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，B錯(cuò)誤；C．要描繪平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，因此豎直擋條每次向右移動(dòng)距離不愿定要相等，C錯(cuò)誤；D．描繪出平拋運(yùn)動(dòng)軌跡后，可由，結(jié)合求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，因此不愿定要記錄拋出點(diǎn)的位置，也能求出小球的初速度，D錯(cuò)誤。故選A。③[3]由題給出的數(shù)據(jù)可得可知AB與BC段的時(shí)間相等，設(shè)為T(mén)，在豎直方向則有代入數(shù)據(jù)解得則有初速度[4]在豎直方向上，對(duì)B點(diǎn)則有解得則有B點(diǎn)距離拋出點(diǎn)的水平距離是可知小球的半徑17.某同學(xué)想利用電路精確測(cè)量一根粗細(xì)勻整合金絲的電阻率。試驗(yàn)器材：穩(wěn)壓電源（電壓未知，內(nèi)阻不計(jì)）、電壓表（量程15V，內(nèi)阻約15kΩ：量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）、電流表（量程3A，內(nèi)阻約0.2Ω；量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω）、疼惜電阻（阻值未知）、開(kāi)關(guān)S、刻度尺、游標(biāo)卡尺、導(dǎo)線(xiàn)若干、待測(cè)合金絲等。請(qǐng)完成相關(guān)試驗(yàn)內(nèi)容：（1）測(cè)量合金絲直徑時(shí)，游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖甲所示，讀數(shù)為_(kāi)__________mm；（2）該同學(xué)用多用表的歐姆擋測(cè)量整根合金絲的電阻時(shí)，把選擇開(kāi)關(guān)置于“×1”擋時(shí)，發(fā)覺(jué)指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則金屬絲的電阻為_(kāi)__________Ω；（3）將合金絲固定在絕緣的刻度尺上，在合金絲上夾上一個(gè)可移動(dòng)的小金屬夾P。依據(jù)現(xiàn)有器材，部分電路連線(xiàn)如圖丙所示，請(qǐng)?jiān)诖痤}紙上完成實(shí)物連接。（）（4）完成電路連接后，操作如下：a.開(kāi)啟電源，將P移到合金絲上適當(dāng)?shù)奈恢?，閉合開(kāi)關(guān)S；b.記錄電壓表和電流表的讀數(shù)U、I，記錄合金絲接入長(zhǎng)度L，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S；c.變更金屬夾P的位置，閉合開(kāi)關(guān)S，重復(fù)步驟b的操作：d.利用記錄的數(shù)據(jù)分別描繪關(guān)系圖象（如圖?。┖完P(guān)系圖象（如圖戊）：e.利用圖象信息求解合金絲的電阻率P。①由關(guān)系圖象可得，穩(wěn)壓電源電壓___________V：②算得合金絲的橫截面積，由關(guān)系圖象可得電阻率___________?！敬鸢浮竣?1.1②.13.2③.④.2.00⑤.##1×10-6【解析】【詳解】（1）[1]游標(biāo)卡尺讀數(shù)為（2）[2]由圖可知金屬絲的電阻（3）[3]由圖丁可知電源電壓為2V，最大電流為0.5A，所以電壓表量程選擇3V，電流表量程選擇0.6A，計(jì)算可得電流接受外接法，如圖所示（4）①[4]依據(jù)電源的圖像可得，穩(wěn)壓電源電壓圖像斜率的確定值為定值電阻的阻值為②[5]依據(jù)歐姆定律得整理得可得關(guān)系圖像斜率解得18.下列關(guān)于物理學(xué)試驗(yàn)中探討方法的敘述正確的是（）A.利用光電門(mén)測(cè)速度，運(yùn)用了志向模型法B.驗(yàn)證平行四邊形定則的試驗(yàn)，運(yùn)用了等效替代法C.伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的探討，運(yùn)用了限制變量法D.利用插有細(xì)玻璃管的水瓶視察微小形變，運(yùn)用了微元法【答案】B【解析】【詳解】A．利用光電門(mén)測(cè)速度運(yùn)用了極限法，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．驗(yàn)證平行四邊形定則的試驗(yàn)運(yùn)用了等效替代法，故選項(xiàng)B正確；C．伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的探討運(yùn)用了試驗(yàn)加邏輯推理的方法，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．利用插有細(xì)玻璃管的水瓶視察微小形變，接受了放大法，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。19.某同學(xué)喝一盒牛奶但未喝完，想測(cè)量剩余牛奶的體積。他發(fā)覺(jué)插在牛奶盒里的透亮豎直吸管內(nèi)殘留了一小段長(zhǎng)度為l的牛奶柱，于是用蠟將接口密封，吸管下端在液面上方，如圖所示。他先在室內(nèi)測(cè)得牛奶盒接口處到牛奶柱下端的距離為，再將牛奶盒拿到室外一段時(shí)間后，測(cè)得接口處到牛奶柱下端的距離變?yōu)?。已知室?nèi)的熱力學(xué)溫度為，室外的熱力學(xué)溫度為，大氣壓恒為，吸管橫截面積為S，牛奶盒容積為，牛奶密度為，重力加速度為g，忽視吸管壁的厚度和牛奶柱的蒸發(fā)，整個(gè)過(guò)程牛奶盒未形變，牛奶未溢出，牛奶盒及吸管內(nèi)的封閉氣體視為志向氣體。（1）求剩余牛奶的體積；（2）若氣體的內(nèi)能與熱力學(xué)溫度成正比，比例系數(shù)為k，求該過(guò)程封閉氣體吸取的熱量?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)室內(nèi)牛奶盒內(nèi)空氣體積V，將牛奶盒拿到室外為等壓變更，依據(jù)得剩余牛奶的體積（2）室內(nèi)內(nèi)能室外內(nèi)能內(nèi)能變更量該過(guò)程外界對(duì)氣體做功依據(jù)該過(guò)程封閉氣體吸取的熱量20.有一種水上滑梯的結(jié)構(gòu)可以簡(jiǎn)化如圖甲∶可看作質(zhì)點(diǎn)的總質(zhì)量為m的滑船（包括游客），從傾角θ=37°的光滑斜軌道上高為H=0.25R的A點(diǎn)由靜止起先下滑，到達(dá)離地高為h=0.2R的B點(diǎn)時(shí)，進(jìn)入一段與斜軌道相切的半徑為R的光滑圓弧軌道BCD（C點(diǎn)為與地面相切的圓弧軌道最低點(diǎn)，BD兩點(diǎn)等高，CE、EG在同一水平面內(nèi)），緊接著滑上一底面離地高度也為h且與水平面成β=60°角的足夠大光滑斜面abcd（圓弧軌道在D點(diǎn)切線(xiàn)恰好在斜面abcd內(nèi)，切線(xiàn)方向與斜面水平底邊ad成夾角α=60°），當(dāng)滑船沿斜面上升到最高點(diǎn)J（圖中未畫(huà)出）時(shí)，會(huì)觸發(fā)一個(gè)供應(yīng)水平風(fēng)力的裝置（圖中未畫(huà)出），裝置起先在整個(gè)斜面內(nèi)供應(yīng)水平風(fēng)力（如圖乙）。滑船最終在斜面水平底邊ad上某點(diǎn)進(jìn)入滑動(dòng)摩擦因數(shù)為μ的足夠大水平接收平臺(tái)defp（不計(jì)進(jìn)入時(shí)的能量損失）試求∶（本題最終結(jié)果均用字母m、R、g和μ表達(dá)）（1）滑船滑到C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大??；（2）觸發(fā)風(fēng)力裝置前，滑船在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小和運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)J到水平底邊ad的距離；（3）當(dāng)水平風(fēng)力大小為F0時(shí)，滑船運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)J后的軌跡與斜面底線(xiàn)ad的交點(diǎn)為E（E點(diǎn)未畫(huà)出），JE恰好垂直底線(xiàn)ad；現(xiàn)變更風(fēng)力為F（滑船在整個(gè)斜面運(yùn)動(dòng)過(guò)程中F不變，且F≤F0），求滑船在接收平臺(tái)defp內(nèi)滑行總路程S的可能范圍?！敬鸢浮浚?）1.5mg；（2）；；（3）【解析】【詳解】（1）滑船從A點(diǎn)滑到C點(diǎn)時(shí)，由機(jī)械能守恒定律可知在C點(diǎn)時(shí)由牛頓其次定律可得解得（2）劃船到達(dá)D點(diǎn)時(shí)速度解得滑船在斜面上只受重力和斜面的支持力，則運(yùn)動(dòng)的加速度大小運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)J到水平底邊ad的距離（3）當(dāng)水平風(fēng)力大小為F0時(shí)，從最高點(diǎn)到ad，則沿斜面方向沿平行斜面方向解得此時(shí)回到ad面時(shí)沿著垂直ad方向的速度大小為沿著ad方向的速度大小仍為即進(jìn)入接收平臺(tái)的速度仍為vD最大，則進(jìn)入平臺(tái)后的位移最大，因進(jìn)入defp內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度則最終滑行的最大路程為現(xiàn)變更風(fēng)力為F，因F≤F0，則滑船回到ad邊時(shí)沿垂直ad方向的速度不變，若沿ad方向的速度為零，此時(shí)進(jìn)入平臺(tái)的速度最小，此時(shí)可解得F=0.5mg則進(jìn)入平臺(tái)的最小位移為即滑船在接收平臺(tái)defp內(nèi)滑行總路程S的可能范圍。21.如圖所示，電阻為、半徑為、匝數(shù)為的圓形導(dǎo)體線(xiàn)圈兩端與導(dǎo)軌、相連。與導(dǎo)體線(xiàn)圈共圓心的圓形區(qū)域內(nèi)有豎直向下的磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變更的規(guī)律如圖（2）所示，圖（2）中的和均已知。、、是橫截面積和材料完全相同的三根粗細(xì)勻整的金屬棒。金屬棒的長(zhǎng)度為、電阻為、質(zhì)量為。導(dǎo)軌與平行且間距為，導(dǎo)軌與平行且間距為，和的長(zhǎng)度相同且與、的夾角均為。區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ是兩個(gè)相鄰的、長(zhǎng)和寬均分別相同的空間區(qū)域，其長(zhǎng)度均為d。區(qū)域Ⅰ中存在豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。時(shí)間內(nèi)，使棒在區(qū)域Ⅰ中某位置保持靜止，且其兩端分別與導(dǎo)軌與對(duì)齊。除導(dǎo)體線(xiàn)圈、金屬棒、、外，其余導(dǎo)體電阻均不計(jì)，全部導(dǎo)體間接觸均良好且均處于同一水平面內(nèi)，不計(jì)一切摩擦，不考慮回路中的自感。（1）求在時(shí)間內(nèi)，使棒保持靜止的水平外力的大小；（2）在以后的某時(shí)刻，若區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場(chǎng)在外力作用下從區(qū)域Ⅰ以的速度勻速運(yùn)動(dòng)到區(qū)域Ⅱ時(shí)，導(dǎo)體棒速度恰好達(dá)到且恰好進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，該過(guò)程棒產(chǎn)生的焦耳熱為，求金屬棒與區(qū)域Ⅰ右邊界的初始距離和該過(guò)程維持磁場(chǎng)勻速運(yùn)動(dòng)的外力做的功；（3）若磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)