浙江省金華東陽市2024屆高三年級(jí)下冊(cè)三模物理試題 含解析

東陽市2024年5月高三模擬考試

物理

考生須知：

1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分,共'頁，滿分皿分，考試時(shí)間紋分鐘；

2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在答題紙規(guī)

定的位置上；

3.選擇題的答案須用2B鉛筆將答題紙上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處

用橡皮擦凈；

4.非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用

2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。

選擇題部分

一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一

個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1.據(jù)報(bào)道，我國人造太陽高11米、直徑8米、重達(dá)400噸，成功實(shí)現(xiàn)500萬攝氏度持續(xù)放電101.2秒的成

果，打破了世界紀(jì)錄。在這則新聞中涉及了長度、質(zhì)量、溫度和時(shí)間及其單位，在國際單位制中，下列說

法正確的是（）

■

A.力學(xué)基本物理量是長度、質(zhì)量、力

B.kg、N、m/s都是導(dǎo)出單位

C.根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：lN=lkg-m/s

D.新聞中涉及的“11米、400噸和101.2秒”中，米和秒是國際單位制中的基本單位

【答案】D

【解析】

【詳解】A.力學(xué)基本量是長度、質(zhì)量、時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

B.kg是基本單位，N、m/s是導(dǎo)出單位，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)牛頓第二定律表達(dá)式可知：lN=lkg-m/s2,故C錯(cuò)誤；

D.新聞中涉及的11米、400噸和101.2秒中，米和秒是國際單位制中的基本單位，D正確。

故選D。

2.下列對(duì)教材中的四幅圖分析正確的是（）

甲乙丙丁

A.圖甲：天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球不受重力作用

B.圖乙：樹枝受到猴子的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的

C.圖丙：汽車速度計(jì)的示數(shù)表示瞬時(shí)速率

D.圖丁：隨著沙子的不斷流入，干沙堆的傾角會(huì)不斷增大

【答案】C

【解析】

【詳解】

A.天宮一號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室里的水球依然受重力，只不過重力用于提供了向心力，A錯(cuò)誤；

B.猴子受到樹枝的拉力是樹枝發(fā)生形變產(chǎn)生的，B錯(cuò)誤；

C.汽車速度計(jì)的示數(shù)表示汽車通過某一位置的瞬時(shí)速度，C正確；

D.當(dāng)干沙堆的傾角到達(dá)某一值時(shí)，再落下的沙子沿斜面方向重力的分力大于摩擦力，沙子就會(huì)滑下，D錯(cuò)

誤。

故選C。

3.新春佳節(jié)，大街小巷總會(huì)掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細(xì)繩A3、BC、CD、

DE懸掛起3盞質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點(diǎn)A、E等高,AB繩與豎直方向的夾角為a,繩中張力大小

為耳；8c繩與豎直方向的夾角為6，繩中張力大小為工，則（）

A,耳<3F2

B.若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，耳的大小保持不變

C.若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)。可能等于夕

D.若在8、。處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)尸可能等于90°

【答案】A

【解析】

【詳解】A.由對(duì)稱性可知AB繩和。E繩張力大小相等，大小為片。對(duì)三個(gè)燈籠的整體分析可知

2Gcosa=3mg

同理，對(duì)中間的燈籠受力分析，可得

2F2COS0=mg

聯(lián)立，可得

Fl=^-,3F,=^-

2cosa'2cos/

因?yàn)?/p>

a</3

所以

Fl<3F2

故A正確；

B.若將懸掛點(diǎn)A往E靠近少許，則a減小，由

F_3mg

12cosa

可知耳的大小減小。故B錯(cuò)誤；

C.對(duì)結(jié)點(diǎn)8受力分析，有

耳sina=瑪sin尸，片cosamg+F2cos(3

聯(lián)立，解得

3tana=tan〃

若在C處再增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，平衡時(shí)a不可能等于尸。故C錯(cuò)誤；

D.若在8、。處各增加一盞質(zhì)量較大的燈籠，假設(shè)平衡時(shí)僅等于90。，則對(duì)結(jié)點(diǎn)C受力分析，如圖

c

可知其受力不平衡。所以假設(shè)不成立。故D錯(cuò)誤。

故選A?

4.如圖甲所示質(zhì)量為機(jī)的同學(xué)在一次體育課上練習(xí)從高的箱子上跳到地面，最終直立靜止于地面。該同

學(xué)所受地面支持力大小尸隨時(shí)間f變化的關(guān)系如圖乙所示，此過程中最大速度為v,不計(jì)該同學(xué)離開箱子

的初速度和空氣阻力。下列說法正確的是()

A.整個(gè)過程中地面對(duì)人所做的功為機(jī)g/i

B.整個(gè)過程中地面對(duì)人的沖量大小77W

C.0~八過程中人的機(jī)械能減少“吆/7

D.該同學(xué)t5~t6時(shí)間段先超重再失重

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由尸圖像可知，0~%該同學(xué)在空中沒有落到地面，乙接觸地面減速向下運(yùn)動(dòng)，

t5~t6同學(xué)起立先向上加速后減速最終直立靜止于地面，整個(gè)過程中該同學(xué)觸地后一直是重心的升降，地

面對(duì)人的彈力的作用點(diǎn)沒有位移，則地面對(duì)人所做的功0,故A錯(cuò)誤；

B.巧時(shí)刻支持力和重力相等，加速度等于零速度最大，從G時(shí)刻到最后靜止過程動(dòng)量定理

Ft-mgt=0-(-mv)

可知整個(gè)過程支持力的沖量大于WW,,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.4時(shí)刻速度下個(gè)下，在4~八過程重力的沖量大于支持力的沖量，打時(shí)刻人的速度不為零，即動(dòng)能不為

零，則6過程中人的機(jī)械能減少量小于根g九選項(xiàng)C錯(cuò)誤;

D.該同學(xué)t5~t6時(shí)間段是從最低位置站立起來的過程，先加速向上后減速向上，即先超重再失重，選項(xiàng)

D正確。

故選Do

5.2022年11月21日中國空間站第三次太空授課中演示了紫色水球從“活躍”到“懶惰”的過程。如圖所

示，用注射器向水球噴氣，水球發(fā)生振動(dòng)。向水球射入一枚質(zhì)量10g的鋼球，鋼球留在水球中，再用注射

器以相同方式向水球噴氣，水球振動(dòng)幅度減小。則（）

A.首次噴氣水球振幅較大一定是因?yàn)樽⑸淦鲊姎獾念l率與水球的固有頻率相等

B.水球振動(dòng)中不破裂，是因?yàn)橹行牡乃畬?duì)外面的水有萬有引力的作用

C.鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用

D.鋼球在水中受到浮力為0.1N

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)動(dòng)量定理，力的沖量相同的情況下，質(zhì)量小的物體獲得的速度大，振幅也大，故A錯(cuò)

誤；

BC.水球振動(dòng)中不破裂，鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用，故B錯(cuò)誤，C正確。

D.太空中處于失重狀態(tài)，浮力為0,故D錯(cuò)誤；

故選C。

6.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶有

滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡化模型如圖乙所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的配

重質(zhì)量為04kg,輕繩長為0.4m,懸掛點(diǎn)P到腰帶中心點(diǎn)。的距離為0.26m,配重隨短桿做水平勻速圓周

運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向夾角為。，運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可視為靜止，重力加速度g取lOm/s?，sin37°=0.6,

下列說法正確的是（）

I

A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力變大

B.當(dāng)轉(zhuǎn)速〃=@5r/s時(shí)，則繩子與豎直方向夾角6=37°

2萬

C.若增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角。將減小

D.若增加配重，保持轉(zhuǎn)速不變，則繩子與豎直方向夾角。將減小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，以腰帶和配重整體為研究對(duì)象，整體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件

有

/=(陰E重+加腰帶)g

故增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的摩擦力不變，故A錯(cuò)誤；

B.對(duì)配重進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得

2

mgtan0=mco(LOP+/繩sin0)

a)=27rn

當(dāng)轉(zhuǎn)速〃=@lr/s時(shí)，代入數(shù)據(jù)可得

2萬

6=37°

故B正確；

CD.對(duì)配重進(jìn)行受力分析，其在水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得

mgtan0=mar(L0P+/繩sinO')

整理得

二j%J繩co的

co'gtan8g

故增大轉(zhuǎn)速，則繩子與豎直方向夾角。將增大，繩子與豎直方向夾角與配重質(zhì)量無關(guān)，故CD錯(cuò)誤。

故選Bo

7.隨著航天技術(shù)的不斷發(fā)展，人類終將沖出太陽系，對(duì)遙遠(yuǎn)深空進(jìn)行探索。如圖，a星與6星可以看作雙

星系統(tǒng)，它們均繞連線上的。(未畫)點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，。星質(zhì)量是6星的81倍，假設(shè)人類發(fā)射了兩個(gè)探測(cè)器。、

區(qū)剛好處在該系統(tǒng)的兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)，位于這兩個(gè)點(diǎn)的探測(cè)器能在。星和6星的共同引力作用下繞O點(diǎn)做

勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并保持與a星、b星相對(duì)位置不變，探測(cè)器。與。星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊

三角形，探測(cè)器4在。星、6星連線的延長線上。則（）

探測(cè)器4

A.a星和6星的第一宇宙速度之比為9:1

B.。星球心和6星球心到。點(diǎn)的距離之比為81:1

C.探測(cè)器。繞。點(diǎn)運(yùn)行的加速度比6星的加速度大

D.探測(cè)器。繞O點(diǎn)運(yùn)行的周期比探測(cè)器4大

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)第一宇宙速度的公式

兩星半徑未知，無法比較第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤;

B.設(shè)a星球心和6星球心到。點(diǎn)的距離分別為彳，%,則有

叫弓=〃％馬

解得。星球心和b星球心到。點(diǎn)的距離之比為1：81,故B錯(cuò)誤；

C.探測(cè)器乙與。星球心、b星球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，并保持與。星、6星相對(duì)位置不變，即探

測(cè)器乙繞。點(diǎn)運(yùn)行和b星圍繞。點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，根據(jù)a=r02,探測(cè)器乙繞。點(diǎn)的距離較大，則探

測(cè)器乙繞0點(diǎn)運(yùn)行的加速度比b星的加速度大，故C正確；

D.根據(jù)題意探測(cè)器右、4這兩個(gè)點(diǎn)與匕星相對(duì)位置不變，所以探測(cè)器乙繞。點(diǎn)運(yùn)行的周期與探測(cè)器4的

相同，故D錯(cuò)誤。

故選Co

8.某靜止的原子核發(fā)生核反應(yīng)且釋放出能量。。其方程為Y+，Z,并假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化

為新核Y和Z的動(dòng)能，其中Z的速度為v,以下結(jié)論正確的是（

A.Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的￡倍

D

F

B.Y原子核的速度大小為一丫

C

Q

C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量大f（q為光速）

q

D.秦山核電站產(chǎn)生的核能與該核反應(yīng)屬于同種類型

【答案】A

【解析】

【詳解】A.由動(dòng)量守恒定律

p=rriyVy=mzv

根據(jù)

可得

EkY_1nz_F

EkzmrD

即Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的月倍，選項(xiàng)A正確；

D

B.由動(dòng)量守恒定律

P=JnyVy=mzv

可知Y原子核的速度大小為

mF

Vy=--7V=——V

mYD

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.因反應(yīng)放出核能，可知該反應(yīng)有質(zhì)量虧損，則Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量小

△加=孝為光速）

q

選項(xiàng)c錯(cuò)誤；

D.秦山核電站產(chǎn)生的核能是重核裂變反應(yīng)，用中子轟擊鈾核產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，與該核反應(yīng)不屬于同種類

型，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選Ao

9.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比々：%=2:1,原線圈電路中接入內(nèi)阻不計(jì)電壓滿足

“=220夜sin(100R)V的電源，電流表為理想交流電表。已知K=8O,為=招，開關(guān)S閉合前、后

電流表示數(shù)之比為3:4。下列說法正確的是()

A.副線圈電流的頻率100Hz

B.定值電阻&=1。

C.開關(guān)閉合前后原線圈電壓有效值始終為220V

D.開關(guān)閉合后電源輸出的功率減小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.理想變壓器不改變交變電流的頻率，即

/=—=50Hz

2乃

故A錯(cuò)誤；

B.由題可知，設(shè)與=叫=7?,當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，副線圈的負(fù)載電阻為2R；當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，副線圈的負(fù)

載電阻為R；將理想變壓器的原、副線圈和負(fù)載電阻等效為一個(gè)電阻，畫出電路的等效電路圖，如圖所

zj\O~~1=1——

/Oh

根據(jù)理想變壓器電阻等效法，得

%=1)2R負(fù)載

因此當(dāng)開關(guān)斷開時(shí)

%=（區(qū)）2.2R=8R

當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)

R=(Z1)2R=4R

%

根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知等效電路中電流表示數(shù)

R[+

故

y一」=」

1R1+8R2N+4R

又

4=3

h4

解得

7?=1Q

故B正確；

C.根據(jù)

U,=U-IRX

可知開關(guān)閉合前后原線圈電路中電流發(fā)生變化，則原線圈電壓有效值會(huì)發(fā)生變化。故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)

可知開關(guān)閉合后，等效電阻減小，則電源輸出的功率增大。故D錯(cuò)誤。

故選B。

10.在圖甲的LC振蕩演示電路中，開關(guān)先撥到位置“1”，電容器充滿電后，在￡=0時(shí)刻開關(guān)撥到位置

“2”。若電流從傳感器的“+”極流入，電流顯示為正，圖乙為振蕩電流隨時(shí)間變化的圖線，則下面有關(guān)

說法正確的是()

甲乙丙

A,在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電容器上極板帶負(fù)電

B.在圖乙中從。到A點(diǎn)過程中電容器的電壓先增加后減小

C.若電阻R減小，電流變化如圖丙中實(shí)線

D,若電阻R減小，電流變化如圖丙中虛線

【答案】A

【解析】

【詳解】A.在圖乙中A點(diǎn)時(shí)刻電流為正且正在減小，可知電容器正在充電階段，此時(shí)上極板帶負(fù)電，下

極板帶正電，選項(xiàng)A正確；

B.在圖乙中從。到A點(diǎn)過程中電流先正向增加后正向減小，電容器先放電后充電，即電容器的電壓先減

小后增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD.若電阻R減小，則電容器放電時(shí)最大電流變大，但是振動(dòng)周期不變，則圖丙中實(shí)線和虛線描述電流

變化都不對(duì)，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。

故選Ao

11.單反就是指單鏡頭反光相機(jī)。相機(jī)在毛玻璃的上方安裝了一個(gè)五棱鏡。這種棱鏡將光線多次反射改變

光路，將其影像送至目鏡，這時(shí)的影像就是上下正立且左右校正的了。圖為單反相機(jī)取景器的示意圖，

ABCDE為五棱鏡的一個(gè)截面，ABJ^BCo某一束單色光光線經(jīng)平面鏡反射后從AB邊的尸點(diǎn)垂直A3入

射，其中EB=L、BC=L,最后剛好在中點(diǎn)垂直8C出射，己知在CD與AE兩個(gè)面上發(fā)生全反

射，且兩次全反射的入射角相等，則下列說法正確的是（）（已知tan22.5°=后-1）

A.五棱鏡的折射率一定為J5

1

B.五棱鏡的折射率一定為〃=

sin22.5°

C.光在五棱鏡中傳播時(shí)間為/=(5+3應(yīng)力

2csin22.5°

D.左右平移平面鏡，只要光仍從面垂直射出，則光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.設(shè)入射到。面上的入射角為仇因?yàn)樵?。和班上發(fā)生全反射，且兩次反射的入射角相

等，如圖

40=90°

解得

9=225。

當(dāng)光剛好在8和AE面上發(fā)生全反射時(shí)，折射率最小，根據(jù)

.八1

sin8=一

n

解得最小折射率為

1

n=-----

sin22.5°

故AB錯(cuò)誤；

C.由幾何關(guān)系可知

tan22.5+L

W=V2(-1l+￡tan22.5)

3

NP=—L+Ltan22.5

2

則在棱鏡中的總距離

5L+(2+V2)Ltan22.5=*+5一

光在棱鏡中的最大速度為

c.

v=—=csin22.5

n

可得最短傳播時(shí)間

_s_(5+3揚(yáng)L

tmin一12csin22.5。

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.左右平移平面鏡，只要光仍從BC面垂直射出，則因入射到。面上的入射角6不變，則光在棱鏡中傳

播的距離不變，即光在五棱鏡中的傳播時(shí)間不變，選項(xiàng)D正確。

故選D。

12.單晶硅太陽能發(fā)電原理是光線照射到單晶硅太陽能板上，會(huì)激發(fā)電子形成電流。已知杭州西站樞紐屋

頂鋪設(shè)了面積為L5xlC)4m2的單晶硅太陽能板，陽光照射下平均發(fā)電功率3xl()6w。若已知太陽的輻射

總功率約4,l()26w，太陽與地球之間的距離約1.5x10"n?,則下列說法正確的是()

A.單位面積上接收到的太陽輻射功率約200W

B.一天大約可發(fā)電7.2xl()4kW-h

C.光電的轉(zhuǎn)換效率約14%

D.單晶硅太陽能板發(fā)出的是交流電

【答案】C

【解析】

【詳解】A.距離太陽1.5x10”n?的球面面積

5=4?！?2.826x1()23m?

單位面積上接受太陽太陽輻射的功率

-A=1415.43W/m2

S

故A錯(cuò)誤；

B.若24小時(shí)都有太陽，則工作一天大約可發(fā)電

W=^?=7.2xl04kW-h

但有太陽的時(shí)間小于24小時(shí)。故B錯(cuò)誤；

C.太陽板接收的太陽能

%=*.S'=2.123X107W

光S

光電的轉(zhuǎn)換放率約為

77=^x100%-14%

P光

故C正確；

D.依題意，光線照射到單晶硅太陽能板上，電子定向移動(dòng)形成電流。方向不變，為直流電。故D錯(cuò)誤。

故選Co

13.空間存在一平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)取某點(diǎn)記為坐標(biāo)原點(diǎn)。，沿某一方向建立x軸，選取x

軸上到。點(diǎn)距離為r的尸點(diǎn)，以。為圓心、r為半徑作圓，如圖甲所示。從尸點(diǎn)起沿圓周逆時(shí)針方向移動(dòng)

一周，圓上各點(diǎn)的電勢(shì)。會(huì)隨轉(zhuǎn)過角度。發(fā)生變化。當(dāng)半徑r分別取為、2“、3%時(shí)，其。-，圖像如圖

乙所示，三條曲線所對(duì)應(yīng)的電勢(shì)均在夕=4=：時(shí)達(dá)到最大值，最大值分別為4夕0、3%、2%，曲線③

A.電場(chǎng)方向沿?zé)o軸負(fù)方向

B.。=0時(shí)曲線②的電勢(shì)值為(1+J5)%

c.。=2萬時(shí)曲線①的電勢(shì)值4夕0

D.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為警

【答案】B

【解析】

7T

【詳解】A.三條曲線均在9=4=一時(shí)達(dá)到最大值，說明電場(chǎng)線不是沿著工軸，而是沿著與x軸正方向

6

7T

的夾角為：的直線上，且電場(chǎng)線方向指向左下方。故A錯(cuò)誤；

6

7T

D.曲線①的最大值在三條圖像中最大，只有半徑越大，尸點(diǎn)繞原點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過一時(shí)，逆著電場(chǎng)線走過的

6

距離才越大，對(duì)應(yīng)的電勢(shì)才越高，所以曲線①對(duì)應(yīng)的r取值為3為，曲線②對(duì)應(yīng)的廠取值為24，曲線③對(duì)

應(yīng)的廠取值為取石。由題知，曲線③對(duì)應(yīng)的最高電勢(shì)和最低電勢(shì)分別為2夕0、0,則坐標(biāo)原點(diǎn)在最高電勢(shì)點(diǎn)

和最低電勢(shì)點(diǎn)連線的中點(diǎn)。所以坐標(biāo)原點(diǎn)。的電勢(shì)為

取曲線③最高電勢(shì)和最低電勢(shì)來求電場(chǎng)強(qiáng)度

E—U_2(p°b_(po

d2%r0

故D錯(cuò)誤。

B.當(dāng)半徑r取2“時(shí)，設(shè)該圓與x軸交點(diǎn)為尸，，則有

JI

Upg—(Pp,—(p—E?2%cos—

o6

解得

%,=(1+一)%

故B正確；

C.根據(jù)

U=(p-(p=E-rcos-

POP006

可知。=2萬時(shí)曲線①的電勢(shì)值為

故C錯(cuò)誤。

故選B。

二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一

個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得。分）

14.下列說法正確的是（）

A.彈力屬于電磁相互作用

B.質(zhì)子和中子屬于強(qiáng)子

C.J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后又在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)了電子的衍射現(xiàn)象

D.赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，并得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系

【答案】AB

【解析】

【詳解】A.彈力和摩擦力在本質(zhì)上是由電場(chǎng)力引起的，屬于電磁相互作用，故A正確；

B.常見的強(qiáng)子是質(zhì)子和中子，故B正確；

C.1897年J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，30年后，J.J.湯姆孫的兒子G.P.湯姆孫利用電子束照射到金屬晶格上，從

而得到電子的衍射圖樣，故C錯(cuò)誤；

D.赫茲在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，密立根得出遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤。

故選AB。

15.如圖所示，坐標(biāo)原點(diǎn)。左右兩邊的介質(zhì)不同，S］、邑為兩列波的波源，兩波源同時(shí)起振，兩列波分別

沿x軸傳到P&=-9m）,Q?=3m）點(diǎn)時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)t=Q,當(dāng)"2.25s時(shí)x=-6m的點(diǎn)剛好第一

次處于波峰，則下列說法正確的是（）

A.波M周期為3s

B.兩列波疊加后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣

C.兩列波在x=—3.5m處相遇

D.右側(cè)介質(zhì)的傳播速度2mzs

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.由題意可得，當(dāng)左邊波源從，=0起傳到x=-6m的點(diǎn)時(shí)經(jīng)過一，由圖可以判斷左邊波源的

2

起振方向沿y軸正方向，所以x=-6m的點(diǎn)振動(dòng)開始經(jīng)二第一次處于波峰。所以

4

C”TT

2.25s=—I—

24

解得左邊波源加的振動(dòng)周期為

T=3s

故A正確；

B.由圖可得兩波源的波長均為4=6m,由于兩邊的介質(zhì)不同，所以它們的波速不同，根據(jù)公式丫=2/

可知，兩列波頻率不同，故兩列波疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯(cuò)誤；

CD.波源M的傳播速度

%\=2m/s

由根據(jù)題意可得

4=卬'

兩式相比可得波源的傳播速度

v2=3m/s

當(dāng)波源邑傳到。點(diǎn)時(shí)，所用時(shí)間

G=3m/s=ls

13

此時(shí)波源S1傳到的位置

x=-9m+v/.=-7m

之后兩列波的波速均為匕=2m/s,所以相遇的位置在x=-3.5m處。

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC?

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.在探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，小佳同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中M為帶滑輪的小

車的質(zhì)量，機(jī)為砂和砂桶的質(zhì)量。(動(dòng)滑輪質(zhì)量不計(jì))

(1)操作本實(shí)驗(yàn)時(shí)，以下操作步驟正確的有;

A.為了獲得合力大小需用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量相

B.為減小實(shí)驗(yàn)誤差，改變砂和砂桶質(zhì)量時(shí)，必須要滿足砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M

C.將帶滑輪的長木板右端墊高，以補(bǔ)償阻力

D.為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車，再接通電源，

打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)

(2)經(jīng)正確操作，得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為50Hz,相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)

之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為m/s2o(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(3)正確操作記錄若干數(shù)據(jù)后，小佳同學(xué)以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)尸為橫坐標(biāo)，加速度。為縱坐標(biāo)，畫出的

。-尸圖像是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為。，求得圖線的斜率為鼠則小車的質(zhì)量為o

21

A.kB.—C.2tan8D.-------

ktan。

【答案】(1)C(2)2.4

(3)B

【解析】

【小問1詳解】

AB.本實(shí)驗(yàn)中小車受到的拉力可直接由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，所以不需要測(cè)量砂和砂桶的質(zhì)量，也不需要滿足

砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；

C.為了使細(xì)線拉力等于小車的合外力，所以本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力，可將帶滑輪的長木板右端墊高，以

平衡摩擦為力，故C正確；

D.為保證紙帶上打點(diǎn)的清晰度和點(diǎn)的數(shù)量，小車釋放時(shí)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，

打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故D錯(cuò)誤。

故選Co

【小問2詳解】

相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為

T=5x0.02s=0.1s

根據(jù)逐差法可知加速度為

”=(21-9.61-￥12xl0；m/s2°2.4m/s2

2

4T24x0.1

【小問3詳解】

對(duì)小車，根據(jù)牛頓第二定律可得

2F

a=--

m

可知圖線的斜率為

k=-

m

即

2

m=一

k

故選Bo

17.用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角

度如圖甲所示。

(1)如果玻璃磚上下表面平行，則可以選擇上表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度(入射角和折射角)來求折射率，也

可以選擇下表面的兩個(gè)對(duì)應(yīng)角度來求折射率，這兩種是等效的。如果所選擇的玻璃磚上下表面不平行，正

確操作后得到圖乙所示的光路圖，此時(shí)應(yīng)選擇對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率。

A.上表面

B.下表面

C.上表面或者下表面都沒問題

D.上表面或者下表面都會(huì)有系統(tǒng)誤差

(2)如果有幾塊寬度d不同的玻璃磚可供選擇，則

A.選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差

B.選擇寬度較小的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)可以減少誤差

C.玻璃磚的寬度對(duì)誤差沒有影響

【答案】①.C②.A

【解析】

【詳解】（1）[1]光在上下表面都發(fā)生折射，所以可以用上表面或者下表面對(duì)應(yīng)的兩個(gè)角度來求折射率都沒

問題。

故選C。

（2）[2]若選擇寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)，可以增大光線在玻璃磚內(nèi)的光線的長度，從而減少誤差。

故選A?

18.某同學(xué)在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，選用金屬絲的電阻約為30。。

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，則金屬絲直徑d=________nun

（2）現(xiàn)有電源（電動(dòng)勢(shì)E為3.0V,內(nèi)阻不計(jì)）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：

A.電流表（量程0~0.6A,內(nèi)阻約0.2。）

B.電壓表（量程0~3V,內(nèi)阻約3k。）

C.滑動(dòng)變阻器（0-5Q,額定電流2A）

D.滑動(dòng)變阻器（0?200Q,額定電流1A）

為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（選填器材前的字母）。然后利用圖乙所

示的電路來測(cè)量某合金絲的電阻率補(bǔ)充完成圖乙中實(shí)物間的連線。

（3）改變合金絲右端PN接入電路的長度L記錄L及對(duì)應(yīng)電流表電壓表的示數(shù)/和U,并作出巨-L的

1

圖像，如圖丙所示。圖丙得到圖線的斜率為左，則該合金絲的電阻率Q=（用以/表示）；

（4）圖丙中圖線的縱軸截距匕表示o

【答案】（1）0.182##0.183##0.184##0.185

（3）兀kd,

4

（4）電流表的內(nèi)阻

【解析】

【小問1詳解】

金屬絲的直徑d=18.3x0.01mm=0.183mm

【小問2詳解】

[1]為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)接成分壓電路，故應(yīng)該選擇阻值較小的C；

RA0.2R30

則采用電流表內(nèi)接電路，滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則電路連線如圖

【小問3詳解】

?=RX+RA=P?+RA=篝L+RA

【小問4詳解】

可知，圖丙中圖線的縱軸截距6表示電流表內(nèi)阻。

19.如圖所示，傾角（9=30。的光滑斜面固定在水平地面上，有一長L=16cm的絕熱汽缸與絕熱活塞靜置

于斜面上，活塞與重物通過不可伸長的輕繩連接，此時(shí)重物對(duì)地面恰好無壓力，輕繩0A段與斜面平行，

活塞距離汽缸底部一?；钊|(zhì)量機(jī)=1kg,重物質(zhì)量2kg,活塞面積S=10cm2,大氣壓

4

5

po=l.OxlOpa,缸內(nèi)封閉的理想氣體溫度”=300K,缸內(nèi)氣體分子總動(dòng)能滿足4=左丁，其中

左=0.8J/K,g取lOm/s?。活塞厚度及活塞與汽缸壁的摩擦忽略不計(jì)，活塞始終與汽缸壁垂直且不漏氣。

當(dāng)電熱絲通電加熱時(shí)，活塞緩慢到達(dá)汽缸口，求：

(1)加熱過程氣體壓強(qiáng)(選填“增大”、“減小”或“不變”)，汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的

撞擊數(shù)(選填“增大”、“減小”或“不變”)；

(2)加熱前汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)Pi；

(3)加熱過程電熱絲放出的熱量.

【答案】①.不變②.減?、?8.5xlO4Pa④.Q=83.4J

【解析】

【詳解】(1)口］加熱過程，活塞、汽缸和重物整體受力不變，汽缸向下滑動(dòng)，活塞的受力不變，即氣體對(duì)

活塞的壓力不變，氣體的壓強(qiáng)不變；

⑵加熱過程，氣體的溫度升高，氣體的平均動(dòng)能增大，氣體分子對(duì)汽缸內(nèi)壁的平均作用力變大，但是氣體

的壓強(qiáng)不變，即單位面積單位時(shí)間內(nèi)氣體分子的作用力不變，則汽缸內(nèi)壁單位面積受到分子的撞擊數(shù)減

小；

(2)活塞受力平衡

4+P[S=mgsin0+p0S

重物受力平衡

F7=Mg

可得氣體壓強(qiáng)

gin"Mg=&5xl04pa

S

(3)加熱過程為等壓變化，滿足

n

得

Ti=400K

氣體內(nèi)能變化

A。=孤=80J

氣體對(duì)外做功

W=—P|S：=—3.4J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

\U=W+Q

可得

Q=83.4J

20.如圖所示，光滑水平面左側(cè)放置質(zhì)量3kg、半徑R=4m』光滑圓弧槽b,右側(cè)固定粗糙斜面

4

體ABC,斜面體AB和BC的傾角均為60。，B離地面高度/z=1.6m,另有一個(gè)質(zhì)量m=1kg的小滑塊球a

(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓弧槽某位置靜止釋放，圓弧槽圓心與小滑塊的連線與豎直方向夾角為。?；瑝K與斜面

AB之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=*,且滑塊通過A點(diǎn)時(shí)無機(jī)械能損失。sin37°=0.6,重力加速度

g=10m/s2o

(1)若圓弧槽b固定不動(dòng)且小滑塊a靜止釋放位置37°,求a第一次滑至圓弧槽最低點(diǎn)時(shí)小滑塊的向

心加速度大??；

(2)若圓弧槽b不固定且小滑塊a靜止釋放位置。=90°,求a滑至圓弧槽最低點(diǎn)時(shí)小滑塊的位移大小及

圓弧槽對(duì)小滑塊的支持力大??；

(3)若圓弧槽b固定不動(dòng)，小滑塊從某一位置靜止釋放，小滑塊沿斜面AB通過B點(diǎn)后恰好落在C點(diǎn)，

求：小滑塊在B點(diǎn)時(shí)的速度及釋放位置的。角度。

—N；(3)v,9=60。

3R3

【解析】

【詳解】(1)從釋放位置到最低點(diǎn)列動(dòng)能定理

12

mg(R-Rcosff)=—mv0

求得

%=J2gH(1-cos。)=4m/s

所以最低點(diǎn)向心加速度

2

a=-=4m/s2

R

(2)a與b水平方向動(dòng)量守恒且總動(dòng)量等于零，滿足人船模型

mxx-MX2

且

x1+x2=R

所以可得

%=MR=3m

M+m

a滑下過程中ab組成的系統(tǒng)總能量守恒

1212

mgR=—mv1+—MV2

a與b水平方向動(dòng)量守恒可得

mvx=Mv?

可得

3杼m/s

%=

%=楞向s

小滑塊由合力提供向心力

2

觸相對(duì)

綜-mg=

R

所以

FN二

3

(3)2點(diǎn)飛出到C點(diǎn)過程中，小滑塊做斜拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，則時(shí)間為

hh

t_tan60°_V3

vcos60°VB

B，T

在豎直方向豎直上拋，取向下為正方向，則

19

h--vBsin60°t+—gt

得

vB=g6m/s

釋放位置到B點(diǎn)列動(dòng)能定理

h1

mg(R-Rcos0)-mgh-pimgcosa------=—mv1

sina2

解得

cos?！?/p>

2

所以

夕=60。

21.如圖甲所示，左側(cè)發(fā)電裝置由一個(gè)留有小缺口的圓形線圈和能產(chǎn)生輻向磁場(chǎng)的磁體組成，輻向磁場(chǎng)分

布關(guān)于線圈中心豎直軸對(duì)稱，線圈所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為綜。線圈半徑片電阻不計(jì)，缺口處通過足

「m

夠長輕質(zhì)軟導(dǎo)線與間距L=2兀r的水平平行金屬軌道月gAQiQQ相連，軌道間接有電容為C=六萬的

*匕

電容器，區(qū)域內(nèi)有豎直向下，的勻強(qiáng)磁場(chǎng)52="，緊靠EQ