2024年北京中考物理終極押題密卷1含答案

2024年北京中考物理終極押題密卷1一．選擇題（共12小題）1．如圖所示的四種發(fā)電方式中，利用不可再生能源發(fā)電的是（）A．光伏發(fā)電 B．風力發(fā)電 C．水力發(fā)電 D．核能發(fā)電2．從“天宮”建站到“嫦娥”奔月，從“天問”探火到“羲和”追日，中國航天一步一步走在探索星辰大海的偉大征程中。下列天體或天體系統(tǒng)中空間尺度最大的是（）A．月球 B．地球 C．太陽系 D．銀河系3．與“二十四節(jié)氣”有關的諺語中蘊含著豐富的物理知識，如“霜降有霜，米谷滿倉”。其中霜的形成過程對應的物態(tài)變化屬于（）A．凝固 B．液化 C．凝華 D．汽化4．2024年3月2日，神舟十七號航天員湯洪波、唐勝杰、江新林密切協(xié)同，在空間站機械臂和地面科研人員的配合支持下，經過約8小時圓滿完成出艙活動。圖中所示是航天員江新林站在機械臂上停留在天和核心艙的太陽翼旁的情境，下列說法正確的是（）A．以機械臂為參照物，航天員是運動的 B．以航天員為參照物，太陽翼是靜止的 C．以太陽翼為參照物，機械臂是運動的 D．以地面人員為參照物，核心艙是靜止的5．小華把一段扁平、干燥的塑料繩一端扎緊，把另一端撕開成許多輕質細絲，用干燥的手向下捋幾下，發(fā)現(xiàn)細絲張開了，如圖所示。細絲之所以張開是由于（）A．同種電荷相互排斥 B．異種電荷相互吸引 C．同種電荷相互吸引 D．異種電荷相互排斥6．額定電壓相同的甲、乙兩個電熱水壺，甲的額定功率為800W，乙的額定功率為1000W。兩個電熱水壺都正常工作時，下列說法正確的是（）A．甲電熱水壺的加熱電阻阻值較小 B．電流通過乙電熱水壺做功較快 C．通過兩個電熱水壺的電流大小相等 D．工作相同時間，兩個電熱水壺消耗的電能一樣多7．關于如圖所示的四個情景，下列說法正確的是（）A．甲圖兩個底面削平的鉛塊緊壓在一起，抽成真空也不會掉落，表明分子間存在引力 B．乙圖試管中的水加熱后，水蒸氣將軟木塞推出，此過程是將機械能轉化為內能 C．丙圖抽去玻璃板后，兩瓶中的氣體逐漸混合，說明上面瓶中的空氣密度較大 D．丁圖半杯黃豆和半杯小米裝滿茶杯，混合后杯子空出一截是由于分子間有空隙8．如圖所示的是小東使用放大鏡欣賞郵票時的情境。下列光路圖能反映其成像原理的是（）A． B． C． D．9．下列實例中，為了減小摩擦的是（）A．給自行車的車軸加潤滑油 B．騎自行車剎車時用力捏閘 C．運動鞋的底部制有凹凸不平的花紋 D．足球守門員戴有防滑手套10．駱駝的體重比馬大不了一倍，而它的腳掌面積是馬蹄的三倍，這為它在沙漠行走提供了有利條件。如圖所示，站立在水平地面上的駱駝和馬，下列說法正確的是（）A．駱駝對地面的壓力就是它受到的重力 B．馬對地面的壓力小于它受到的重力 C．駱駝對地面的壓強小于馬對地面的壓強 D．駱駝對地面的壓力的作用效果大于馬對地面的壓力的作用效果11．如圖所示，是動圈式話筒構造示意圖。對著話筒說話或唱歌時，聲音使膜片振動，與膜片相連的線圈在磁場中也跟著一起振動，線圈中產生大小不同的電流。動圈式話筒的工作原理與所示實驗中產生現(xiàn)象的原理相同的是（）A．磁極間有相互作用 B．電流的磁效應 C．通電導體在磁場中受力 D．電磁感應現(xiàn)象12．圖甲所示的是某起重車的示意圖，該車有四個支撐腳，起重時在支撐腳支撐作用下，輪胎離開地面，四個支撐腳與地面的總接觸面積為1.2m2，該車所受的重力為9.6×103N。圖乙為起重車某次提升貨物時，起重臂上滑輪組的示意圖，貨物在鋼絲繩的拉力F作用下勻速上升，貨物所受的重力為1.2×104N，鋼絲繩的拉力F為5×103N，貨物上升的高度隨時間變化的關系如圖丙所示。提升貨物過程中，下列說法正確的是（）A．起重車對水平地面的壓強為8×104Pa B．拉力F的功率為1.25×103W C．滑輪組的機械效率為80% D．動滑輪所受的重力為3×103N二．多選題（共3小題）（多選）13．將焦距為10cm的凸透鏡固定在光具座上50cm刻度線處，如圖所示，光屏和點燃的蠟燭位于凸透鏡兩側。實驗前調整燭焰中心、透鏡中心和光屏中心在同一水平高度。下列說法中正確的是（）A．若蠟燭放置在10cm刻度線處，移動光屏，在光屏上不能呈現(xiàn)燭焰清晰的像 B．若蠟燭放置在20cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰縮小的實像 C．若蠟燭放置在35cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰倒立的實像 D．若蠟燭放置在45cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰放大的實像（多選）14．水平桌面上放有底面積、質量均相同的甲、乙兩容器，容器內裝有質量相同的不同種液體，將兩個完全相同的小球分別放入兩種液體中，小球靜止時的狀態(tài)如圖所示。甲、乙兩容器中的液體密度分別為ρ1和ρ2；甲、乙兩容器中小球受到的浮力分別為F1和F2；甲、乙兩容器中液體對容器底部的壓強分別為p1和p2，甲、乙兩容器對桌面的壓力分別為F1'和F2'。下列判斷正確的是（）A．ρ1＞ρ2 B．p1＞p2 C．F1＝F2 D．F1'＜F2（多選）15．我國自主研發(fā)的“奮斗者”號深海潛水器在馬里亞納海溝成功下潛萬米深度，創(chuàng)造了中國載人深潛的新紀錄。某興趣小組為模擬潛水器設計了測量下潛深度的電路，如圖甲所示。該電路由電流表、定值電阻R0、壓敏電阻Rx、電壓恒為U＝3V的電源組成，壓敏電阻阻值隨水深度變化的圖像如圖乙所示。當模擬潛水器下潛至10cm深度時，電流表的示數(shù)為0.06A，下列說法正確的是（）A．壓敏電阻Rx的阻值隨深度的增加而減小 B．定值電阻R0的阻值為30Ω C．當水深60cm時，R0的功率為0.1W D．該電路的最小功率為0.15W三．實驗探究題（共8小題）16．小華用圖甲所示電路測量額定電壓為2.5V小燈泡的額定功率。（1）閉合開關S后，電壓表示數(shù)如圖乙所示，要使小燈泡正常發(fā)光，則滑動變阻器的滑片P應向端移動（選填“A”或“B”）；（2）移動滑動變阻器的滑片P，當小燈泡正常發(fā)光時，電流表的示數(shù)如圖丙所示，此時通過小燈泡的電流為A，該小燈泡的額定功率為W。17．小延同學探究“通電螺線管外部磁場的方向”。實驗桌上有學生電源、開關、小磁針（黑色一端為N極）若干、滑動變阻器以及螺線管。連接好電路后，在螺線管周圍擺放好自由轉動的小磁針。閉合開關S，靜止時小磁針N極指向如圖所示。（1）請用箭頭標出圖中A點的電流方向。（2）向右移動滑動變阻器的觸頭，（選填“能”、“不能”）改變小磁針靜止時N極的指向。（3）探究“通電螺線管外部磁場的方向與螺線管中電流的方向有關”，請你寫出操作方法和實驗現(xiàn)象。。18．小東用如圖甲所示的裝置，探究“水沸騰前后溫度隨加熱時間變化的關系”。小東選擇初溫為30℃的水進行實驗，當水溫加熱到90℃時，他開始每隔一分鐘記錄一次水的溫度，記時5min后水沸騰。水沸騰后又持續(xù)加熱了一段時間，并記錄水的溫度。小東根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)繪制了水的溫度隨加熱時間變化的關系圖像，如圖乙所示。（1）實驗中小東觀察到的現(xiàn)象可以判斷水是沸騰的。（2）由圖像可得出的實驗結論：水沸騰前隨著加熱時間的增加，溫度升高；水沸騰時。（3）若想縮短水沸騰前的加熱時間，請你提出一條合理建議。19．探究“凸透鏡所成實像的像距與物距是否有關”時，實驗器材有：電子蠟燭一個、焦距為5cm的凸透鏡A、焦距為10cm的凸透鏡B。（1）小華完成如圖所示的甲、乙兩次實驗，第一次實驗所用凸透鏡的焦距為10cm，第二次實驗時應選擇焦距為cm的凸透鏡；（2）由實驗現(xiàn)象可得結論：。20．小東用電子秤、裝有適量水的燒杯、筷子（忽略體積）測量蘋果的密度。（1）以下是實驗的主要步驟，請補充完整。①將電子秤放在水平桌面上并調零，將裝有適量水的燒杯放到電子秤上，如圖甲所示，讀出電子秤的示數(shù)并記為m1。②如圖乙所示，將蘋果放入水中，蘋果靜止后讀出電子秤的示數(shù)并記為m2。③，讀出電子秤的示數(shù)記為m3。（2）已知水的密度為ρ水，根據(jù)以上實驗記錄的數(shù)據(jù)，推導出蘋果密度ρ的表達式。（用m1、m2、m3和ρ水表示，并寫出推導過程）21．在探究“浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積是否有關”時，小明選用如圖所示的圓柱體A（圓柱體上每一格體積相等，ρA＞ρ水）、彈簧測力計和裝有適量水的燒杯等器材進行實驗。（1）以下是他的部分實驗步驟，請你幫他補充完整：①將圓柱體A懸掛在彈簧測力計下，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F1。②將圓柱體A的一格浸在水中，圓柱體不接觸容器，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F2。③，，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F3。（2）由F1﹣F2≠（請用本題中已測量的物理量符號表示），可以得出結論：浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積。22．小東為了探究“小球的動能大小與速度是否有關”，設計了實驗，步驟如下：①將質量為m的小球A從斜槽上高為h的位置由靜止釋放，與水平面上的木塊C相碰，測量木塊C被小球A推動的距離s并記錄，如圖甲所示。②將質量為2m的小球B從同一斜槽上高仍為h的位置由靜止釋放，與水平面上同一位置的木塊C相碰，測量木塊C被小球B推動的距離s并記錄，如圖乙所示。請根據(jù)以上實驗步驟，回答下列問題：（1）實驗中小球的動能大小通過反映。（2）小東在探究過程中存在的問題：。23．為“探究液體內部的壓強與哪些因素有關”，小樂提出以下三個猜想：猜想A：液體內部的壓強與液體的深度有關猜想B：液體內部的壓強與液體的密度有關猜想C：液體內部的壓強與液體的質量有關為了驗證猜想，小樂利用同一個微小壓強計、相同的燒杯等器材進行了如甲、乙、丙圖所示的實驗。（1）實驗中通過微小壓強計反映液體內部的壓強。（2）通過比較兩圖所示的實驗現(xiàn)象，可以驗證猜想B。（3）通過比較甲、乙兩圖所示的實驗現(xiàn)象，驗證猜想C。（選填“能”或“不能”）四．綜合能力題（共1小題）24．無線充電技術隨著科技的不斷發(fā)展，無線充電已經進入人們的視線。小到手表、手機、電動牙刷，大到電腦、電動汽車的充電，都已經實現(xiàn)了從理論研發(fā)到實際應用的轉化。常見的無線充電技術有電磁感應、磁共振、無線電波等方式。市場上支持無線充電的智能手機和充電器大部分都符合“Qi”規(guī)格?！癚i”源自漢語“氣功”中的“氣”。Qi技術的原理即為電磁感應，在發(fā)射端和接收端各有一個線圈，如圖甲所示為手機無線充電原理示意圖，電流流過發(fā)射線圈會產生變化的磁場，當接收線圈靠近該變化的磁場時就會產生感應電流給手機充電。采用電磁感應技術實現(xiàn)無線充電的優(yōu)點是原理簡單，適合短距離充電，但需特定的擺放位置才能精確充電。磁共振方式的原理與聲音的共振原理相同——排列好振動頻率相同的音叉，一個音叉發(fā)聲，其他音叉也會共振發(fā)聲。同樣，排列在磁場中的相同“振動”頻率的線圈，也可從一個向另一個供電，如圖乙所示。相比電磁感應方式，利用磁共振可延長傳輸距離，無需使線圈間的位置完全吻合。這種方式有望廣泛應用于電動汽車，但在技術上實現(xiàn)小型化、高效率化比較難，現(xiàn)在的技術能力大約是直徑0.5m的線圈，在1m左右的距離供電功率約為60W。無線電波方式主要由微波發(fā)射裝置和微波接收裝置組成，其原理類似于無線電廣播的發(fā)射與接收?！疤仗柲馨l(fā)電技術”就是利用了該原理：利用鋪設在巨大平板上的太陽能電池，在太陽光照射下產生電流，轉換成無線電微波，發(fā)送給地面接收站。地面接收后，將微波恢復為直流電或交流電，送給用戶使用。請根據(jù)上述材料，回答下列問題：（1）如圖中四個實驗與Qi技術原理相同的是。（選填選項前的字母，只有一個選項正確）（2）根據(jù)文中所述，利用磁共振方式，直徑0.5m的線圈在1m左右的距離范圍內，1min內可提供的電能約為J。（3）關于無線充電技術，下列說法正確的是。（選填選項前的字母，只有一個選項正確）A．采用電磁感應方式的無線充電技術無需特定位置就能精確充電B．相比電磁感應方式，利用磁共振方式傳輸距離更短C．采用無線電波方式的無線充電技術的實現(xiàn)說明電磁波可以傳遞能量D．太空太陽能發(fā)電技術是將電能轉化為化學能發(fā)送給地面接收站五．計算題（共2小題）25．如圖所示的電路中，電源兩端電壓保持不變，電阻R1的阻值為10Ω。閉合開關S，電流表A1的示數(shù)為1.6A，電流表A2的示數(shù)為0.6A。求：（1）電源電壓。（2）電阻R1的電功率。（3）通電10s電阻R2消耗的電能。26．如圖所示的平底水桶底面積為5×10﹣3m2，質量為1kg。桶內裝有30cm深的水，放在水平地面上，水對桶底的壓強比桶對地面的壓強小800Pa。g取10N/kg。求：（1）水對桶底的壓強p；（2）桶對地面的壓力F；（3）桶內水的質量m。

2024年菁優(yōu)北京中考物理終極押題密卷1參考答案與試題解析一．選擇題（共12小題）1．如圖所示的四種發(fā)電方式中，利用不可再生能源發(fā)電的是（）A．光伏發(fā)電 B．風力發(fā)電 C．水力發(fā)電 D．核能發(fā)電【考點】能源及其分類．【專題】能源的利用與發(fā)展；理解能力．【答案】D【分析】能夠源源不斷地從自然界獲得或能重復利用的能源是可再生能源，不能源源不斷從自然界獲得或不能重復利用的能源是不可再生能源?！窘獯稹拷猓猴L能、水能、太陽能可以源源不斷地從自然界獲得，是可再生能源，光伏發(fā)電、風力發(fā)電、水力發(fā)電都是利用可再生能源發(fā)電的；核能不能從自然界源源不斷獲得，也不能重復利用，是不可再生能源，則核能發(fā)電是利用不可再生能源發(fā)電的，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】知道各種發(fā)電方式消耗的能源類型、知道再生能源與不可再生能源的概念即可正確解題。2．從“天宮”建站到“嫦娥”奔月，從“天問”探火到“羲和”追日，中國航天一步一步走在探索星辰大海的偉大征程中。下列天體或天體系統(tǒng)中空間尺度最大的是（）A．月球 B．地球 C．太陽系 D．銀河系【考點】從微觀到宏觀的尺度．【專題】密度及其應用；應用能力．【答案】D【分析】月球是地球的衛(wèi)星，地球是太陽系八大行星之一，太陽系是銀河系萬千星系中的一員。【解答】解：月球是地球的衛(wèi)星，共同構成了地月系；地球屬于太陽系八大行星之一；銀河系是眾多小星系構成的一個龐大星系，太陽系屬于眾多小星系之一。由此可見，銀河系是四個選項所列的天體或天體系統(tǒng)中空間尺度最大的一個，故D正確，A、B、C錯誤。故選：D?！军c評】本題考查我們對天文基礎知識的了解程度，比較簡單。3．與“二十四節(jié)氣”有關的諺語中蘊含著豐富的物理知識，如“霜降有霜，米谷滿倉”。其中霜的形成過程對應的物態(tài)變化屬于（）A．凝固 B．液化 C．凝華 D．汽化【考點】升華和凝華的定義與特點．【專題】應用題；汽化和液化、升華和凝華；應用能力．【答案】C【分析】物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫凝華。【解答】解：詩中“霜”的形成過程是水蒸氣遇冷直接凝華為小冰晶。故ABD錯誤，C正確。故選：C?！军c評】知道凝華概念，可解答此題。4．2024年3月2日，神舟十七號航天員湯洪波、唐勝杰、江新林密切協(xié)同，在空間站機械臂和地面科研人員的配合支持下，經過約8小時圓滿完成出艙活動。圖中所示是航天員江新林站在機械臂上停留在天和核心艙的太陽翼旁的情境，下列說法正確的是（）A．以機械臂為參照物，航天員是運動的 B．以航天員為參照物，太陽翼是靜止的 C．以太陽翼為參照物，機械臂是運動的 D．以地面人員為參照物，核心艙是靜止的【考點】運動和靜止的相對性；參照物及其選擇．【專題】應用題；運動和力；應用能力．【答案】B【分析】在研究物體的運動和靜止時，要看物體的位置相對于參照物是否發(fā)生改變，若改變，則是運動的，若不改變，則是靜止的?！窘獯稹拷猓篈、以機械臂為參照物，航天員的位置沒有發(fā)生改變，是靜止的，故A錯誤；B、以航天員為參照物，太陽翼的位置沒有發(fā)生改變，是靜止的，故B正確；C、以太陽翼為參照物，機械臂的位置沒有發(fā)生改變，是靜止的，故C錯誤；D、以地面人員為參照物，核心艙的位置發(fā)生了改變，是運動的，故D錯誤。故選：B?！军c評】判斷一個物體是運動還是靜止，主要取決于所選的參照物，參照物不同，物體的運動情況可能不同，這就是運動和靜止的相對性。5．小華把一段扁平、干燥的塑料繩一端扎緊，把另一端撕開成許多輕質細絲，用干燥的手向下捋幾下，發(fā)現(xiàn)細絲張開了，如圖所示。細絲之所以張開是由于（）A．同種電荷相互排斥 B．異種電荷相互吸引 C．同種電荷相互吸引 D．異種電荷相互排斥【考點】電荷間的相互作用規(guī)律．【專題】應用題；電流和電路；應用能力．【答案】A【分析】用手摩擦塑料繩時，由于摩擦生電而使塑料繩帶上同種電荷，由電荷間的相互作用可知張開的原因?！窘獯稹拷猓和ㄟ^摩擦后，塑料繩帶上了同種電荷，因同種電荷相互排斥從而使細絲張開。故選：A?！军c評】本題考查物理知識在生活中的應用，要求學生掌握摩擦起電及電荷間相互作用的相關知識。6．額定電壓相同的甲、乙兩個電熱水壺，甲的額定功率為800W，乙的額定功率為1000W。兩個電熱水壺都正常工作時，下列說法正確的是（）A．甲電熱水壺的加熱電阻阻值較小 B．電流通過乙電熱水壺做功較快 C．通過兩個電熱水壺的電流大小相等 D．工作相同時間，兩個電熱水壺消耗的電能一樣多【考點】電功率的概念；電功與電能的計算．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】B【分析】（1）根據(jù)P＝比較出兩電阻的大??；（2）兩電熱水壺正常工作時的功率和額定功率相等，實際功率大的電流做功快。（3）根據(jù)P＝UI比較兩電熱水壺正常工作時的電流關系；（4）由W＝Pt可知，電熱水壺消耗的電能與電功率和通電時間有關。【解答】解：A、根據(jù)P＝的變形公式R＝知，在額定電壓相等時額定功率越大，電阻越小，因為甲的額定功率小，所以甲的電阻大，故A錯誤；B、電熱水壺正常工作時的功率和額定功率相等，乙的額定功率較大，其正常工作時的實際功率較大；因電功率是表示電流做功快慢的物理量，所以電流通過乙電熱水壺做功較快，故B正確；C、兩電熱水壺正常工作時的電壓相等，額定功率不同，由P＝UI的變形式I＝可知，正常工作時通過的電流不相等，故C錯誤；D、電熱水壺消耗的電能與電功率和通電時間有關，由W＝Pt可知，乙消耗的電能多，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了電功率公式和電功公式的應用，要注意用電器正常工作時的功率和額定功率相等、電壓和額定電壓相等。7．關于如圖所示的四個情景，下列說法正確的是（）A．甲圖兩個底面削平的鉛塊緊壓在一起，抽成真空也不會掉落，表明分子間存在引力 B．乙圖試管中的水加熱后，水蒸氣將軟木塞推出，此過程是將機械能轉化為內能 C．丙圖抽去玻璃板后，兩瓶中的氣體逐漸混合，說明上面瓶中的空氣密度較大 D．丁圖半杯黃豆和半杯小米裝滿茶杯，混合后杯子空出一截是由于分子間有空隙【考點】內能的利用及其意義；擴散現(xiàn)象；分子間的作用力．【專題】分子熱運動、內能；理解能力．【答案】A【分析】（1）分子之間存在相互作用的引力和斥力；（2）做功可以改變物體的內能，對物體做功時，機械能轉化為物體的內能，物體的內能增大；物體對外做功時，物體的內能轉化為機械能，物體的內能減??；（3）擴散現(xiàn)象說明分子在不停地做無規(guī)則運動；（4）分子間存在間隙?！窘獯稹拷猓篈、兩個底面削平的鉛柱緊壓在一起，下面吊一個重物也不能把它們拉開，說明分子之間存在相互作用的引力，故A正確；B、圖中試管中的水沸騰后，水蒸氣將軟木塞推出，即水蒸氣對瓶塞做功，將水蒸氣的內能轉化機械能，故B錯誤；C、圖中抽去玻璃板后，兩瓶中的氣體逐漸混合，這是擴散現(xiàn)象，說明分子是運動的；空氣的密度小于二氧化氮的密度，裝有空氣的瓶子放在上面，故C錯誤；D、圖中半杯黃豆和半杯小米裝滿茶杯，混合后杯子空出一截是由于黃豆和小米之間存在間隙，可以用來類比分子間有間隙，故D錯誤。故選：A?！军c評】本題考查分子動理論的應用、內能的應用，要注意D選項中的例子是用來形象地類比分子間有間隙，不能說明分子間有間隙。8．如圖所示的是小東使用放大鏡欣賞郵票時的情境。下列光路圖能反映其成像原理的是（）A． B． C． D．【考點】凸透鏡成像規(guī)律的其他應用．【專題】透鏡及其應用；分析、綜合能力．【答案】C【分析】凸透鏡成像規(guī)律：當u＞2f時，成倒立縮小的實像，應用此原理可制成照相機；當f＜u＜2f時，成倒立放大的實像，應用此原理可制成投影儀、幻燈機；當u＜f時，成正立放大的虛像?！窘獯稹拷猓悍糯箸R的原理：當物距小于凸透鏡的焦距時，成正立放大的虛像。A、圖中是小孔成像現(xiàn)象，原理是光在同種均勻介質中沿直線傳播，故A錯誤；B、圖中是平面鏡成像，屬于光的反射現(xiàn)象，故B錯誤；C、圖中蠟燭與凸透鏡的距離小于凸透鏡的焦距，因此成正立放大的虛像，故C正確；D、圖中蠟燭的位置在凸透鏡的焦距與二倍焦距之間，成倒立放大的實像，故D錯誤。故選：C?！军c評】此題考查了凸透鏡成像規(guī)律，難度不大，屬基礎題。9．下列實例中，為了減小摩擦的是（）A．給自行車的車軸加潤滑油 B．騎自行車剎車時用力捏閘 C．運動鞋的底部制有凹凸不平的花紋 D．足球守門員戴有防滑手套【考點】增大或減小摩擦的方法．【專題】應用題；控制變量法；重力、彈力、摩擦力．【答案】A【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力。（2）減小摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過減小壓力來減小摩擦力；在壓力一定時，通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦力；使接觸面脫離；用滾動摩擦代替滑動摩擦?！窘獯稹拷猓篈、給自行車的車軸加潤滑油，是通過使接觸面脫離來減小摩擦力；故A符合題意；B、騎自行車剎車時用力捏閘，在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；故B不合題意；C、運動鞋的底部制有凹凸不平的花紋，在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故C不合題意；D、足球守門員戴有防滑手套，在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故D不合題意。故選：A?！军c評】本題考查摩擦力大小的影響因素，以及增大和減小摩擦的方法，摩擦力問題在生活中應用非常廣泛，解答此題類問題時要利用控制變量法研究。10．駱駝的體重比馬大不了一倍，而它的腳掌面積是馬蹄的三倍，這為它在沙漠行走提供了有利條件。如圖所示，站立在水平地面上的駱駝和馬，下列說法正確的是（）A．駱駝對地面的壓力就是它受到的重力 B．馬對地面的壓力小于它受到的重力 C．駱駝對地面的壓強小于馬對地面的壓強 D．駱駝對地面的壓力的作用效果大于馬對地面的壓力的作用效果【考點】固體壓強大小比較；力作用的相互性；二力平衡條件的應用．【專題】定性思想；壓強、液體的壓強；應用能力．【答案】C【分析】（1）垂直于物體表面的力叫壓力，重力是由于地球吸引而使物體受到的力；（2）在水平面上馬對地面壓力的大小等于它受到的重力；但壓力不是重力；（3）壓強與壓力和受力面積有關；（4）壓強是表示壓力作用效果的物理量。【解答】解：A、駱駝對地面的壓力大小等于它受到的重力，但駱駝所受重力是由于地球的吸引而產生的，受力物體是駱駝，而駱駝對地面的壓力的受力物體是地面，它們不是同一個力，故A錯誤；B、在水平面上馬對地面壓力的大小等于它受到的重力，故B錯誤；C、一般情況下，駱駝的體重比馬大不了一倍，說明其對地面的壓力相差不大，但駱駝的腳掌面積是馬蹄的3倍，所以根據(jù)p＝可知，駱駝對地面的壓強比馬對地面的壓強小，故C正確。D、壓強是表示壓力作用效果的物理量，由C知駱駝對地面的壓強比馬對地面的壓強小，所以駱駝對地面的壓力的作用效果小于馬對地面的壓力的作用效果，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查重力與壓力的關系、壓強公式的應用以及對壓強的理解等，關鍵是知道水平面上物體的壓力和自身的重力相等。11．如圖所示，是動圈式話筒構造示意圖。對著話筒說話或唱歌時，聲音使膜片振動，與膜片相連的線圈在磁場中也跟著一起振動，線圈中產生大小不同的電流。動圈式話筒的工作原理與所示實驗中產生現(xiàn)象的原理相同的是（）A．磁極間有相互作用 B．電流的磁效應 C．通電導體在磁場中受力 D．電磁感應現(xiàn)象【考點】動圈式話筒的原理．【專題】電動機、磁生電；分析、綜合能力．【答案】D【分析】動圈式話筒工作過程是：聲波振動→引起膜片振動→帶動線圈振動→線圈切割永久磁體的磁場產生感應電流→經放大傳給揚聲器。由此可知其工作原理是電磁感應現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓河深}意可知，動圈式話筒的工作原理是電磁感應現(xiàn)象；A．磁極間有相互作用，是磁場和磁場之間的相互作用，故A不正確；B．給導體通電，小磁針發(fā)生偏轉，說明通電導線周圍存在著磁場，故B不正確；C．閉合開關，通電導體在磁場中受力而運動，故C不正確；D．閉合回路的一部分導體切割磁感線產生感應電流，是電磁感應現(xiàn)象，與動圈式話筒工作原理相同，故D正確。故選：D。【點評】記?。喊l(fā)電機、動圈式話筒利用電磁感應現(xiàn)象原理，帶電動機的用電器、揚聲器利用通電導體在磁場中受力原理，帶電磁鐵的儀器利用是電流的磁效應原理。12．圖甲所示的是某起重車的示意圖，該車有四個支撐腳，起重時在支撐腳支撐作用下，輪胎離開地面，四個支撐腳與地面的總接觸面積為1.2m2，該車所受的重力為9.6×103N。圖乙為起重車某次提升貨物時，起重臂上滑輪組的示意圖，貨物在鋼絲繩的拉力F作用下勻速上升，貨物所受的重力為1.2×104N，鋼絲繩的拉力F為5×103N，貨物上升的高度隨時間變化的關系如圖丙所示。提升貨物過程中，下列說法正確的是（）A．起重車對水平地面的壓強為8×104Pa B．拉力F的功率為1.25×103W C．滑輪組的機械效率為80% D．動滑輪所受的重力為3×103N【考點】滑輪（組）的機械效率；壓強的計算；滑輪組中的相關計算；功率的計算及公式的應用．【專題】簡單機械；功、功率、機械效率；應用能力．【答案】C【分析】（1）起重車對水平地面的壓力大小等于起重車的總重力，根據(jù)p＝求出起重車對水平地面的壓強；（2）由圖丙可知10s內貨物上升的高度，由圖乙可知n＝3，繩子自由端移動的距離s＝nh，根據(jù)W總＝Fs求拉力做的總功，利用P＝求拉力F做功的功率；（3）根據(jù)η＝＝＝＝求滑輪組的機械效率；（4）若不計繩重和摩擦時，利用F＝（G+G動）求動滑輪的重力，再結合題目實際分析動滑輪的重力?！窘獯稹拷猓篈、起重車對水平地面的壓力：F壓＝G+G車＝1.2×104N+9.6×103N＝2.16×104N，起重車對水平地面的壓強：p＝＝＝1.8×104Pa，故A錯誤；B、由圖丙可知10s內貨物上升的高度h＝2.5m，由圖乙可知n＝3，繩子自由端移動的距離：s＝nh＝3×2.5m＝7.5m，拉力做的總功：W總＝Fs＝5×103N×7.5m＝3.75×104J，拉力F做功的功率：P＝＝＝3.75×103W，故B錯誤；C、滑輪組的機械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝80%，故C正確；D、若不計繩重和摩擦，由F＝（G+G動）可知，動滑輪的重力：G動＝nF﹣G＝3×5×103N﹣1.2×104N＝3×103N，由于繩重和摩擦的存在，故動滑輪的重力小于3×103N，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查了使用滑輪組時動滑輪的重力、有用功、總功、功率和機械效率的計算，關鍵是從圖中得出滑輪組繩子的有效股數(shù)。二．多選題（共3小題）（多選）13．將焦距為10cm的凸透鏡固定在光具座上50cm刻度線處，如圖所示，光屏和點燃的蠟燭位于凸透鏡兩側。實驗前調整燭焰中心、透鏡中心和光屏中心在同一水平高度。下列說法中正確的是（）A．若蠟燭放置在10cm刻度線處，移動光屏，在光屏上不能呈現(xiàn)燭焰清晰的像 B．若蠟燭放置在20cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰縮小的實像 C．若蠟燭放置在35cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰倒立的實像 D．若蠟燭放置在45cm刻度線處，移動光屏，可在光屏上呈現(xiàn)燭焰放大的實像【考點】探究凸透鏡成像的規(guī)律．【專題】應用題；透鏡及其應用；應用能力．【答案】BC【分析】凸透鏡成像的三種情況：①u＞2f，成倒立、縮小的實像；②2f＞u＞f，成倒立、放大的實像；③u＜f，成正立、放大的虛像。【解答】解：凸透鏡的焦距是10cm，凸透鏡固定在光具座上50cm刻度線處；A、若將蠟燭移至10cm刻度線處時，蠟燭到透鏡的距離大于2倍焦距，移動光屏，就會得到倒立、縮小的實像，故A錯誤；B、若蠟燭放置在20cm刻度線處，蠟燭到透鏡的距離大于2倍焦距，移動光屏，就會得到倒立、縮小的實像，故B正確；C、若蠟燭放置在35cm刻度線處，蠟燭到透鏡的距離大于1倍焦距小于2倍焦距，移動光屏，就會得到倒立、放大的實像，故C正確；D、若蠟燭放置在45cm刻度線處，蠟燭到透鏡的距離小于1倍焦距，成正立放大的虛像，在光屏上不能承接，故D錯誤。故選：BC?！军c評】本題考查了凸透鏡成像規(guī)律，把握物距和焦距的關系是解決此類問題的關鍵。（多選）14．水平桌面上放有底面積、質量均相同的甲、乙兩容器，容器內裝有質量相同的不同種液體，將兩個完全相同的小球分別放入兩種液體中，小球靜止時的狀態(tài)如圖所示。甲、乙兩容器中的液體密度分別為ρ1和ρ2；甲、乙兩容器中小球受到的浮力分別為F1和F2；甲、乙兩容器中液體對容器底部的壓強分別為p1和p2，甲、乙兩容器對桌面的壓力分別為F1'和F2'。下列判斷正確的是（）A．ρ1＞ρ2 B．p1＞p2 C．F1＝F2 D．F1'＜F2【考點】物體的浮沉條件及其應用；壓力；液體壓強的比較大?。敬鸢浮緼BC【分析】AC、物體漂浮時，物體受到的浮力等于重力，物體密度小于液體密度；物體懸浮時受到的浮力等于重力，物體密度等于液體密度；B、甲、乙兩容器裝有質量相同的不同種液體，根據(jù)G＝mg可知兩容器中液體的重力相同，由容器形狀可知甲容器底部受到的液體壓力等于液體重力，乙容器底部受到的液體壓力小于液體重力，兩容器底面積相同，根據(jù)p＝可比較甲、乙兩容器中液體對容器底部的壓強的大小；D、兩容器對桌面的壓力等于容器的重力、液體的重力、小球的重力之和，容器質量相同，液體質量相同、小球質量相同，根據(jù)G＝mg可比較甲、乙兩容器對桌面的壓力大小?！窘獯稹拷猓篈、小球在甲液體中漂浮，則密度ρ＜ρ甲，小球在乙液體中懸浮，則密度ρ＝ρ乙，則有ρ1＞ρ2，故A正確；B、甲、乙兩容器裝有質量相同的不同種液體，根據(jù)G＝mg可知兩容器中液體的重力相同，由容器形狀可知甲容器底部受到的液體壓力等于液體重力，乙容器底部受到的液體壓力小于液體重力，兩容器底面積相同，根據(jù)p＝可知甲、乙兩容器中液體對容器底部的壓強分別為p1＞p2，故B正確；C、將兩個完全相同的小球分別放入兩種液體中，小球在甲液體中漂浮，則浮力F1＝G，小球在乙液體中懸浮，則浮力F2＝G，則有F1＝F2，故C正確；D、兩容器對桌面的壓力等于容器的重力、液體的重力、小球的重力之和，容器質量相同，液體質量相同、小球質量相同，根據(jù)G＝mg可知甲、乙兩容器對桌面的壓力分別為F1'＝F2'，故D錯誤。故選：ABC。【點評】本題考查物體浮沉條件、重力公式的靈活運用，知道甲容器底部受到的液體壓力等于液體重力，乙容器底部受到的液體壓力小于液體重力。（多選）15．我國自主研發(fā)的“奮斗者”號深海潛水器在馬里亞納海溝成功下潛萬米深度，創(chuàng)造了中國載人深潛的新紀錄。某興趣小組為模擬潛水器設計了測量下潛深度的電路，如圖甲所示。該電路由電流表、定值電阻R0、壓敏電阻Rx、電壓恒為U＝3V的電源組成，壓敏電阻阻值隨水深度變化的圖像如圖乙所示。當模擬潛水器下潛至10cm深度時，電流表的示數(shù)為0.06A，下列說法正確的是（）A．壓敏電阻Rx的阻值隨深度的增加而減小 B．定值電阻R0的阻值為30Ω C．當水深60cm時，R0的功率為0.1W D．該電路的最小功率為0.15W【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用．【專題】歐姆定律；電能和電功率；應用能力．【答案】AD【分析】（1）根據(jù)圖乙確定出壓敏電阻與水的深度的關系；（2）由電路圖確定電路的連接方式，當模擬潛水器下潛至10cm深度時，由圖乙確定出此時壓敏電阻的阻值，根據(jù)I＝求出壓敏電阻兩端的電壓，再根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律求出定值電阻兩端的電壓，結合歐姆定律求出定值電阻的阻值；（3）當水深60cm時，由圖乙確定出壓敏電阻的阻值，再根據(jù)歐姆定律求出電路中的電流，根據(jù)P＝I2R求出R0的功率；（4）由圖乙確定出壓敏電阻的最大值，再根據(jù)歐姆定律求出電路中的最小電流，根據(jù)P＝UI求出該電路的最小功率?！窘獯稹拷猓篈、由圖像乙可知，深度越深，壓敏電阻的阻值越小，壓敏電阻Rx的阻值隨深度的增加而減小，故A正確；B、由圖甲可知，壓敏電阻與定值電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，當模擬潛水器下潛至10cm深度時，由圖乙可知，此時壓敏電阻的阻值為30Ω，電流表的示數(shù)為0.06A，此時壓敏電阻Rx兩端的電壓為：Ux＝IRx＝0.06A×30Ω＝1.8V，定值電阻R0的阻值為：R0＝＝＝＝20Ω，故B錯誤；C．當水深60cm時，由圖乙可知，此時壓敏電阻Rx的電阻為10Ω，電路中的電流為：I'＝＝＝0.1A，R0的功率為：P＝I'2R0＝（0.1A）2×20Ω＝0.2W，故C錯誤；D．由圖乙可知，壓敏電阻Rx的最大阻值為40Ω，電路中的最小電流為：I小＝＝＝0.05A，該電路的最小功率為：P?。経I小＝3V×0.05A＝0.15W，故D正確。故選：AD?！军c評】本題主要考查電路的分析、歐姆定律及電功率公式的應用，難度不大。三．實驗探究題（共8小題）16．小華用圖甲所示電路測量額定電壓為2.5V小燈泡的額定功率。（1）閉合開關S后，電壓表示數(shù)如圖乙所示，要使小燈泡正常發(fā)光，則滑動變阻器的滑片P應向A端移動（選填“A”或“B”）；（2）移動滑動變阻器的滑片P，當小燈泡正常發(fā)光時，電流表的示數(shù)如圖丙所示，此時通過小燈泡的電流為0.3A，該小燈泡的額定功率為0.75W?！究键c】實驗測量小燈泡的電功率．【專題】電能和電功率；應用能力．【答案】（1）A；（2）0.3；0.75?！痉治觥浚?）根據(jù)電壓表選用量程確定分度值讀數(shù)，比較電壓表示數(shù)與燈泡額定電壓大小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律和分壓原理確定滑動變阻器滑片移動方向；（2）根據(jù)電流表選用量程確定分度值讀數(shù)，由P＝UI可得燈泡的額定功率?！窘獯稹拷猓海?）由圖乙可知，電壓表的量程為0～3V分度值為0.1V，燈泡兩端的電壓為2V，小燈泡兩端實際電壓為2V低于額定電壓2.5V，要使燈泡正常發(fā)光則應使其兩端的電壓達到2.5V，根據(jù)U＝IR可知，應增大電路中的電流，減小電路中的電阻，即滑片應向A端滑動，減小滑動變阻器接入電路的電阻即可。（2）由圖丙可知，電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，電流表示數(shù)為0.3A，小燈泡的額定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。故答案為：（1）A；（2）0.3；0.75?！军c評】本題是測小燈泡額定功率的實驗，考查了實驗操作、電表讀數(shù)、電功率的計算等知識。17．小延同學探究“通電螺線管外部磁場的方向”。實驗桌上有學生電源、開關、小磁針（黑色一端為N極）若干、滑動變阻器以及螺線管。連接好電路后，在螺線管周圍擺放好自由轉動的小磁針。閉合開關S，靜止時小磁針N極指向如圖所示。（1）請用箭頭標出圖中A點的電流方向。（2）向右移動滑動變阻器的觸頭，不能（選填“能”、“不能”）改變小磁針靜止時N極的指向。（3）探究“通電螺線管外部磁場的方向與螺線管中電流的方向有關”，請你寫出操作方法和實驗現(xiàn)象。斷開開關，把電源正負極的導線對調，閉合開關，發(fā)現(xiàn)小磁針靜止時N極指向發(fā)生改變?！究键c】探究通電螺線管外部的磁場分布．【專題】磁現(xiàn)象、電生磁；應用能力．【答案】（1）見解答圖；（2）不能；（3）斷開開關，把電源正負極的導線對調，閉合開關，發(fā)現(xiàn)小磁針靜止時N極指向發(fā)生改變?！痉治觥浚?）通電螺線管周圍磁場的方向與電流方向有關，根據(jù)安培定則判斷電流方向；（2）磁場的方向與電流大小無關；（3）根據(jù)控制變量法分析作答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)上下的小磁針N極向左，說明螺線管左側是S極，右側是N極，根據(jù)安培定則，表面的電流方向豎直向下，即圖中A點電流方向沿導線向下，如圖所示：（2）磁場的方向與電流大小無關，向右移動滑動變阻器的觸頭，不能改變小磁針靜止時N極的指向；（3）斷開開關，把電源正負極的導線對調，閉合開關，發(fā)現(xiàn)小磁針靜止時N極指向發(fā)生改變。故答案為：（1）見解答圖；（2）不能；（3）斷開開關，把電源正負極的導線對調，閉合開關，發(fā)現(xiàn)小磁針靜止時N極指向發(fā)生改變?！军c評】本題考查了通電螺線管周圍的磁場，屬于基礎題。18．小東用如圖甲所示的裝置，探究“水沸騰前后溫度隨加熱時間變化的關系”。小東選擇初溫為30℃的水進行實驗，當水溫加熱到90℃時，他開始每隔一分鐘記錄一次水的溫度，記時5min后水沸騰。水沸騰后又持續(xù)加熱了一段時間，并記錄水的溫度。小東根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)繪制了水的溫度隨加熱時間變化的關系圖像，如圖乙所示。（1）實驗中小東觀察到有大量的氣泡在水底產生，氣泡在上升的過程中越來越大，直至水面破裂的現(xiàn)象可以判斷水是沸騰的。（2）由圖像可得出的實驗結論：水沸騰前隨著加熱時間的增加，溫度升高；水沸騰時隨加熱時間增加，溫度不變。（3）若想縮短水沸騰前的加熱時間，請你提出一條合理建議?！究键c】探究水沸騰時溫度變化的特點．【專題】實驗題；汽化和液化、升華和凝華；應用能力．【答案】（1）有大量的氣泡在水底產生，氣泡在上升的過程中越來越大，直至水面破裂；（2）隨加熱時間增加，溫度不變；（3）適當減少水量?！痉治觥浚?）水沸騰之前，水下層的溫度高于上層的水溫，氣泡上升過程中，氣泡中的水蒸氣遇冷液化成水，氣泡變??；水沸騰時，整個容器中水溫相同，水內部不停的汽化，產生大量的水蒸氣進入氣泡，氣泡變大；（2）分析數(shù)據(jù)可知，水沸騰時，隨著時間的增加，溫度不變，據(jù)此得出實驗結論；（3）減小加熱時間的方法：適當減少水量；適當提高水的初溫；給燒杯加蓋?！窘獯稹拷猓海?）當液體沸騰時，會有大量的氣泡在水底產生，氣泡在上升的過程中越來越大，直至水面破裂，故可以通過觀察現(xiàn)象來判定水是否沸騰；（2）根據(jù)圖像中的數(shù)據(jù)可知，隨著時間的增加，溫度不變，故結論為：水沸騰時，隨加熱時間增加，溫度不變；（3）為了減少加熱所用時間，可以適當減少水量、給燒杯加蓋或適當提高水溫。故答案為：（1）有大量的氣泡在水底產生，氣泡在上升的過程中越來越大，直至水面破裂；（2）隨加熱時間增加，溫度不變；（3）適當減少水量?！军c評】本題考查探究水沸騰實驗，解題關鍵是將實驗操作要求及結論熟練掌握，認真審題分析。19．探究“凸透鏡所成實像的像距與物距是否有關”時，實驗器材有：電子蠟燭一個、焦距為5cm的凸透鏡A、焦距為10cm的凸透鏡B。（1）小華完成如圖所示的甲、乙兩次實驗，第一次實驗所用凸透鏡的焦距為10cm，第二次實驗時應選擇焦距為10cm的凸透鏡；（2）由實驗現(xiàn)象可得結論：當焦距不變時，凸透鏡所成實像的像距與物距有關。【考點】探究凸透鏡成像的規(guī)律．【專題】透鏡及其應用；實驗基本能力．【答案】（1）10；（2）當焦距不變時，凸透鏡所成實像的像距與物距有關?！痉治觥浚?）凸透鏡成像的三種情況和應用：u＞2f，成倒立、縮小的實像，應用于照相機和攝像機；2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀；u＜f，成正立、放大的虛像，應用于放大鏡；（2）甲、乙兩次實驗時，凸透鏡焦距不變，物距減小，像距增大。【解答】解：（1）小華完成圖所示的甲實驗時，電子蠟燭在一倍焦距和二倍焦距之間，像在二倍焦距以外v＝23cm＞2f，f＜u＝18cm＜2f，解得：9cm＜f＜11.5cm，第一次實驗所用凸透鏡的焦距為10cm；第二次實驗時，電子蠟燭在一倍焦距和二倍焦距之間，像在二倍焦距以外v′＝60cm＞2f′，f′＜u′＝12cm＜2f′，解得：6cm＜f′＜12cm，第二次實驗時應選擇焦距為仍為10cm。（2）甲、乙兩次實驗時，凸透鏡焦距不變，物距減小，像距增大；由實驗現(xiàn)象可得結論：當焦距不變時，凸透鏡所成實像的像距與物距有關。故答案為：（1）10；（2）當焦距不變時，凸透鏡所成實像的像距與物距有關?！军c評】此題考查了根據(jù)數(shù)據(jù)分析凸透鏡焦距的范圍以及凸透鏡成像規(guī)律的理解，要熟練掌握凸透鏡成像的規(guī)律。20．小東用電子秤、裝有適量水的燒杯、筷子（忽略體積）測量蘋果的密度。（1）以下是實驗的主要步驟，請補充完整。①將電子秤放在水平桌面上并調零，將裝有適量水的燒杯放到電子秤上，如圖甲所示，讀出電子秤的示數(shù)并記為m1。②如圖乙所示，將蘋果放入水中，蘋果靜止后讀出電子秤的示數(shù)并記為m2。③用筷子下壓使蘋果浸沒在水中，讀出電子秤的示數(shù)記為m3。（2）已知水的密度為ρ水，根據(jù)以上實驗記錄的數(shù)據(jù)，推導出蘋果密度ρ的表達式。（用m1、m2、m3和ρ水表示，并寫出推導過程）【考點】固體的密度測量實驗．【專題】實驗題；密度及其應用；應用能力．【答案】（1）用筷子下壓使蘋果浸沒在水中；（2）見解答?！痉治觥扛鶕?jù)物體的浮沉條件、阿基米德原理和密度公式計算聚合物的密度?！窘獯稹拷猓海?）③用筷子下壓使蘋果浸沒在水中，讀出電子秤的示數(shù)為m3；（2）根據(jù)①②③的步驟可知：蘋果漂浮在水面上時，受到的浮力等于它自身的重力，所以蘋果的質量為：m＝m2﹣m1；用筷子下壓使蘋果浸沒在水中，讀出電子秤的示數(shù)為m3；根據(jù)阿基米德原理，此時受到的浮力為：F浮＝（m3﹣m1）g；蘋果的體積為：V＝V排＝＝＝；蘋果的密度為：ρ＝＝＝?ρ水。故答案為：（1）用筷子下壓使蘋果浸沒在水中；（2）見解答?！军c評】本題考查的是影響浮力大小的實驗；知道控制變量法在本實驗中的應用，會利用阿基米德原理和密度公式進行計算。21．在探究“浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積是否有關”時，小明選用如圖所示的圓柱體A（圓柱體上每一格體積相等，ρA＞ρ水）、彈簧測力計和裝有適量水的燒杯等器材進行實驗。（1）以下是他的部分實驗步驟，請你幫他補充完整：①將圓柱體A懸掛在彈簧測力計下，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F1。②將圓柱體A的一格浸在水中，圓柱體不接觸容器，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F2。③將圓柱體A下部的兩個格浸入水中，圓柱體不接觸容器，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F3。（2）由F1﹣F2≠F1﹣F3（請用本題中已測量的物理量符號表示），可以得出結論：浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積有關。【考點】探究浮力大小與哪些因素有關．【專題】實驗探究題；浮力；分析、綜合能力；實驗基本能力．【答案】（1）③將圓柱體A下部的兩個格浸入水中，圓柱體不接觸容器；（2）F1﹣F3；有關?！痉治觥浚?）影響浮力的因素：液體的密度、排開液體的體積；要探究浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積的關系，需要控制液體密度相同，改變物體排開水得體積，據(jù)此補充步驟；（2）根據(jù)稱量法算出兩次浮力，比較得出結論；【解答】解：（1））③要探究“浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積的關系”，需要控制液體密度相同，改變排開液體的體積，則結合步驟②可知，需要將圓柱體A下部的兩個格浸入水中，圓柱體不接觸容器，靜止時記錄彈簧測力計的示數(shù)為F3；（2）圓柱體A下部的一格浸入水中時的浮力：F浮1＝F1﹣F2；圓柱體A下部的兩個格浸入水中時的浮力：F浮2＝F1﹣F3；由F1﹣F2≠F1﹣F3知，F(xiàn)浮1≠F浮2可得“浸在水中的物體所受浮力大小跟物體排開水的體積有關”；故答案為：（1）③將圓柱體A下部的兩個格浸入水中，圓柱體不接觸容器；（2）F1﹣F3；有關?！军c評】此題主要考查的是學生對“浮力的大小跟哪些因素有關”探究實驗的理解和掌握，同時考查學生對浮力公式的理解和掌握，綜合性很強，有一定難度，掌握控制變量法是解決此題的關鍵。22．小東為了探究“小球的動能大小與速度是否有關”，設計了實驗，步驟如下：①將質量為m的小球A從斜槽上高為h的位置由靜止釋放，與水平面上的木塊C相碰，測量木塊C被小球A推動的距離s并記錄，如圖甲所示。②將質量為2m的小球B從同一斜槽上高仍為h的位置由靜止釋放，與水平面上同一位置的木塊C相碰，測量木塊C被小球B推動的距離s并記錄，如圖乙所示。請根據(jù)以上實驗步驟，回答下列問題：（1）實驗中小球的動能大小通過木塊移動的距離反映。（2）小東在探究過程中存在的問題：沒有控制小球的質量相同，沒有改變小球到達水平的初速度。【考點】探究影響物體動能大小的因素．【專題】機械能及其轉化；分析、綜合能力．【答案】（1）木塊移動的距離；（2）沒有控制小球的質量相同，沒有改變小球到達水平的初速度?！痉治觥浚?）根據(jù)轉換法，小球的動能大小是通過木塊被推的距離大小來反映的；（2）根據(jù)控制變量法，在探究“小球的動能大小與速度大小是否有關”時，應控制小球質量相同，速度不同，據(jù)此分析回答?！窘獯稹拷猓海?）該實驗中小車動能的大小是通過木塊被推的距離體現(xiàn)的，木塊被撞的越遠，說明小球的動能越大，被撞的越近，說明小球的動能越小，這是轉換法的應用；（2）根據(jù)控制變量法，在探究“小球的動能大小與速度大小是否有關”時，應控制小球質量相同，速度不同，而小東在探究過程中沒有控制小球的質量相同，卻控制了速度相同。故答案為：（1）木塊移動的距離；（2）沒有控制小球的質量相同，沒有改變小球到達水平的初速度?！军c評】本題考查影響物體動能大小的實驗。通過實驗考查了學生對控制變量法和轉換法的運用，考查了學生對基本知識的掌握。23．為“探究液體內部的壓強與哪些因素有關”，小樂提出以下三個猜想：猜想A：液體內部的壓強與液體的深度有關猜想B：液體內部的壓強與液體的密度有關猜想C：液體內部的壓強與液體的質量有關為了驗證猜想，小樂利用同一個微小壓強計、相同的燒杯等器材進行了如甲、乙、丙圖所示的實驗。（1）實驗中通過微小壓強計U形管兩邊液面的高度差反映液體內部的壓強。（2）通過比較乙、丙兩圖所示的實驗現(xiàn)象，可以驗證猜想B。（3）通過比較甲、乙兩圖所示的實驗現(xiàn)象，不能驗證猜想C。（選填“能”或“不能”）【考點】探究液體內部的壓強．【專題】實驗題；壓強、液體的壓強；分析、綜合能力．【答案】（1）U形管兩邊液面的高度差；（2）乙、丙；（3）不能?！痉治觥浚?）根據(jù)轉換法，將壓強計的金屬盒放入液體中，如果U形管兩邊的液面出現(xiàn)液面高度差，表示液體內部存在壓強，且液體內部壓強越大，液面高度差越大；（2）液體的壓強與液體的密度和液體的深度有關，根據(jù)控制變量法分析解答；（3）比較圖甲和圖乙的相同量和不同量，根據(jù)控制變量法分析解答，得出結論?！窘獯稹拷猓海?）在該實驗裝置中，將壓強計的金屬盒放入液體中，如果U形管兩邊的液面出現(xiàn)液面高度差，表示液體內部存在壓強，且液體內部壓強越大，液面高度差越大，故微小壓強計是利用U形管兩邊液面的高度差表示液體壓強大小的，這是利用了轉換法；（2）要探究液體的壓強與液體密度的關系，需要控制液體的深度相同，改變液體的密度，所以應選乙、丙兩圖進行比較；（3）驗證液體內部的壓強與液體的質量是否有關，應控制深度、液體的密度相同，液體的質量不同，甲、乙兩圖橡皮膜的深度不同，所以不能驗證猜想C。故答案為：（1）U形管兩邊液面的高度差；（2）乙、丙；（3）不能。【點評】本題考查了探究影響液體內部壓強大小的因素的實驗，考查控制變量法和轉換法的應用。四．綜合能力題（共1小題）24．無線充電技術隨著科技的不斷發(fā)展，無線充電已經進入人們的視線。小到手表、手機、電動牙刷，大到電腦、電動汽車的充電，都已經實現(xiàn)了從理論研發(fā)到實際應用的轉化。常見的無線充電技術有電磁感應、磁共振、無線電波等方式。市場上支持無線充電的智能手機和充電器大部分都符合“Qi”規(guī)格?！癚i”源自漢語“氣功”中的“氣”。Qi技術的原理即為電磁感應，在發(fā)射端和接收端各有一個線圈，如圖甲所示為手機無線充電原理示意圖，電流流過發(fā)射線圈會產生變化的磁場，當接收線圈靠近該變化的磁場時就會產生感應電流給手機充電。采用電磁感應技術實現(xiàn)無線充電的優(yōu)點是原理簡單，適合短距離充電，但需特定的擺放位置才能精確充電。磁共振方式的原理與聲音的共振原理相同——排列好振動頻率相同的音叉，一個音叉發(fā)聲，其他音叉也會共振發(fā)聲。同樣，排列在磁場中的相同“振動”頻率的線圈，也可從一個向另一個供電，如圖乙所示。相比電磁感應方式，利用磁共振可延長傳輸距離，無需使線圈間的位置完全吻合。這種方式有望廣泛應用于電動汽車，但在技術上實現(xiàn)小型化、高效率化比較難，現(xiàn)在的技術能力大約是直徑0.5m的線圈，在1m左右的距離供電功率約為60W。無線電波方式主要由微波發(fā)射裝置和微波接收裝置組成，其原理類似于無線電廣播的發(fā)射與接收。“太空太陽能發(fā)電技術”就是利用了該原理：利用鋪設在巨大平板上的太陽能電池，在太陽光照射下產生電流，轉換成無線電微波，發(fā)送給地面接收站。地面接收后，將微波恢復為直流電或交流電，送給用戶使用。請根據(jù)上述材料，回答下列問題：（1）如圖中四個實驗與Qi技術原理相同的是B。（選填選項前的字母，只有一個選項正確）（2）根據(jù)文中所述，利用磁共振方式，直徑0.5m的線圈在1m左右的距離范圍內，1min內可提供的電能約為3600J。（3）關于無線充電技術，下列說法正確的是C。（選填選項前的字母，只有一個選項正確）A．采用電磁感應方式的無線充電技術無需特定位置就能精確充電B．相比電磁感應方式，利用磁共振方式傳輸距離更短C．采用無線電波方式的無線充電技術的實現(xiàn)說明電磁波可以傳遞能量D．太空太陽能發(fā)電技術是將電能轉化為化學能發(fā)送給地面接收站【考點】電磁感應現(xiàn)象；電功與電能的計算．【專題】應用題；電能和電功率；電動機、磁生電；應用能力．【答案】（1）B；（2）3600；（3）C【分析】（1）電磁感應現(xiàn)象，即閉合電路中一部分導體在磁場中做切割磁感線運動，產生電流的現(xiàn)象；（2）由題意，根據(jù)W＝Pt計算1min內可提供的電能；（3）閱讀短文分析解答即可。【解答】解：（1）由短文可知，Qi技術的原理即為電磁感應；AD、D圖中開關閉合后，電路中有電流，通電導體在磁場中受到磁場力的作用發(fā)生運動；A圖有電源，通電后線圈在磁場中受力轉動，這是電動機的原理圖，故AD不符合題意；B、開關閉合后，在外力作用下使導體左右移動，做切割磁感應線運動，則電流表指針發(fā)生偏轉，說明此時有感應電流產生，是電磁感應現(xiàn)象，B符合題意；C、是奧斯特實驗，小磁針發(fā)針偏轉說明通電導體周圍有磁場，C不符合題意。（2）由短文可知，利用磁共振方式，現(xiàn)在的技術能力大約是直徑0.5m的線圈，在1m左右的距離供電功率約為60W，所以1min內可提供的電能約為：W＝Pt＝60W×60s＝3600J；（3）A、由短文知，采用電磁感應技術實現(xiàn)無線充電的優(yōu)點是原理簡單，適合短距離充電，但需特定的擺放位置才能精確充電，故A錯誤；B、由短文知，相比電磁感應方式，利用磁共振可延長傳輸距離，故B錯誤；C、無線電波方式主要由微波發(fā)射裝置和微波接收裝置組成，微波屬于電磁波，說明電磁波可以傳遞能量，故C正確；D、太空太陽能發(fā)電技術就是利用無線電波方式：利用鋪設在巨大平板上的太陽能電池，在太陽光照射下產生電流，此過程中太陽能轉化為化學能再轉化為電能，轉換成無線電微波，發(fā)送給地面接收站。故D錯誤。故答案為：（1）B；（2）3600；（3）C?！军c評】本題是關于無線充電技術的科普知識，考查了對電磁感應的認識和理解、電能的計算，關鍵是從短文中獲取有用信息。同時要求我們要關注科技前沿的相關信息。五．計算題（共2小題）25．如圖所示的電路中，電源兩端電壓保持不變，電阻R1的阻值為10Ω。閉合開關S，電流表A1的示數(shù)為1.6A，電流表A2的示數(shù)為0.6A。求：（1）電源電壓。（2）電阻R1的電功率。（3）通電10s電阻R2消耗的電能?！究键c】電功率的計算；歐姆定律的應用；電功與電能的計算．【專題】計算題；應用題；電流和電路；電壓和電阻；歐姆定律；電能和電功率；分析、綜合能力．【答案】（1）電源電壓是10V；（2）電阻R1的電功率為10W。（3）通電10s電阻R2消耗的電能為60J?！痉治觥坑呻娐穲D可知，閉合開關，R1與R2并聯(lián)，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流。（1）根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出通過R1的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出電源的電壓；（2）利用P＝UI即可求出R1的電功率；（3）已知R2兩端電壓、通過的電流及通電時間，根據(jù)W＝UIt求出電阻R2消耗的電能。【解答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流。（1）因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過R1的電流：I1＝I﹣I2＝1.6A﹣0.6A＝1A，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由I＝可得，電源的電壓：U＝I1R1＝1A×10Ω＝10V；（2）R1的電功率：P1＝UI1＝10V×1A＝10W；（3）通電10s電阻R2消耗的電能：W2＝UI2t＝10V×0.6A×10s＝60J。答：（1）電源電壓是10V；（2）電阻R1的電功率為10W。（3）通電10s電阻R2消耗的電能為60J?！军c評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電能公式的應用，是一道基礎題目。26．如圖所示的平底水桶底面積為5×10﹣3m2，質量為1kg。桶內裝有30cm深的水，放在水平地面上，水對桶底的壓強比桶對地面的壓強小800Pa。g取10N/kg。求：（1）水對桶底的壓強p；（2）桶對地面的壓力F；（3）桶內水的質量m?！究键c】液體壓強的計算以及公式的應用；壓強的計算．【專題】計算題；密度及其應用；壓強、液體的壓強；應用能力．【答案】（1）水對桶底的壓強為3×103Pa；（2）水桶對地面的壓力為19N；（3）水桶內水的質量為0.9kg【分析】（1）根據(jù)p＝ρgh可求得水對桶底的壓強；（2）根據(jù)p＝求出桶對地的壓力的大小；（4）桶對地面的壓力等于桶和水的總重力，求出桶和水的總質量，則可求得桶內水的質量?！窘獯稹拷猓海?）水桶內水深h＝30cm＝0.3m，水對桶底的壓強為：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3×103Pa；（2）水對桶底的壓強比桶對地面的壓強小800Pa，則桶對地面的壓強為：p桶＝3×103Pa+800Pa＝3.8×103Pa；桶對地面的壓力F為：F＝p桶S＝3.8×103Pa×5×10﹣3m2＝19N；（3）水和水桶的總重力為：G總＝F＝19N；水和水桶的總質量為：m總＝＝＝1.9kg；水的質量為：m水＝m總﹣m桶＝1.9kg﹣1kg＝0.9kg；答：（1）水對桶底的壓強為3×103Pa；（2）水桶對地面的壓力為19N；（3）水桶內水的質量為0.9kg?！军c評】本題是一道關于液體壓強、固體壓強、質量、重力的綜合題，在解題時應認真分析所用到的物理知識。

考點卡片1．探究水沸騰時溫度變化的特點【知識點的認識】探究水的沸騰實驗（1）探究目的：觀察水沸騰時的現(xiàn)象和水沸騰時的溫度情況（2）實驗器材：鐵架臺、酒精燈、火柴、石棉網(wǎng)、燒杯、中間有孔的紙板、溫度計、水、秒表．實驗裝置如圖：（3）實驗步驟①用燒杯裝適量熱水，按實驗裝置圖組裝各器材；②點燃酒精燈對燒杯加熱，水溫達90℃后，每隔1min記一次溫度值，直到水沸騰5min為止；③據(jù)記錄的溫度值，作水的沸騰圖象．（4）實驗結論①水沸騰時發(fā)生劇烈汽化現(xiàn)象；②水沸騰時溫度不變；③水沸騰時需要吸熱．【命題方向】沸騰時液體內部和表面同時發(fā)生的劇烈的汽化現(xiàn)象，液體沸騰時的溫度特點是命題關鍵．例：在做“觀察水沸騰”的實驗時，（1）A組同學用的是如圖甲所示裝置，他們測出的水溫將偏高（選填“高”或“低”）．（2）圖乙是B組同學在實驗某時刻溫度計的示數(shù)，此時水的溫度是90℃．（3）B、C兩組同學雖然選用的實驗裝置相同，但將水加熱到沸騰用的時間不同，他們繪制的溫度隨時間變化的圖象如圖丙所示．分析圖象可知：水的沸點是98℃，當時的大氣壓＜（選填“＜”、“＞”或“＝”）l標準大氣壓；B、C組得到b、c兩種不同圖象的原因可能是水的質量不同．分析：（1）用溫度計測量液體的溫度時，溫度計的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，其原因是容器底和容器壁的溫度和液體的溫度不同．（2）溫度計讀數(shù)：首先確定零上還是零下，確定每一個大格和每一個小格各代表的示數(shù)，從小數(shù)字讀向大數(shù)字．（3）①根據(jù)液體沸騰的特點找到沸點：液體沸騰時不斷吸收熱量，溫度保持不變，這個不變的溫度是液體的沸點．②1標準大氣壓下水的沸點是100℃．沸點跟氣壓有關，氣壓越高，沸點越高．③從給水開始加熱到水沸騰需要的時間長短不同，根據(jù)Q＝cm△t知，可能是水的質量不同，可能是水的初溫不同．解：（1）如圖，由于酒精燈給水加熱，容器底的溫度高于水的溫度，此時溫度計的玻璃泡碰到了容器底，所以測出的水溫會偏高．（2）零刻度在溫度計的下方，液柱遠離零刻度，是零上，每一個大格代表10℃，每一個小格代表1℃，示數(shù)是90℃．（3）①由圖丙知，水沸騰時，不斷吸收熱量，保持98℃不變，所以98℃是水的沸點．②1標準大氣壓下水的沸點是100℃．沸點跟氣壓有關，氣壓越高，沸點越高．實驗中水的沸點是98℃，所以實驗時氣壓小于1標準大氣壓．③如丙圖，B、C組得到b、c兩種不同圖象，兩個小組水初溫相同，開始沸騰的時間不同，根據(jù)Q＝cm△t知，可能是水的質量不同．故答案為：（1）高；（2）90；（3）98；＜；質量．點評：實驗時，分析實驗故障排除故障是實驗題常見的題型，所以實驗時不要僅僅注意實驗結論，更要注重實驗過程中故障、故障原因、故障排除等環(huán)節(jié)．還要對實驗出現(xiàn)的不同現(xiàn)象進行分析．【解題方法點撥】（1）加熱過程中，為什么杯口蓋一紙板？提示：可以減少熱損失，縮短加熱時間．（2）石棉網(wǎng)有什么作用？提示：使燒杯均勻受熱．（3）實驗中的測量工具是什么？各有什么作用？提示：溫度計、鐘表；溫度計用來測量水溫，鐘表用來計時．（4）本實驗用了什么觀察法？請敘述觀察到的現(xiàn)象．提示：用了對比觀察法．水沸騰前，水溫不斷升高，容器底部受熱產生氣泡，上升變??；水沸騰時，溫度不變，水中產生大量氣泡，上升變大，到水面破裂放出大量的水蒸氣．（5）實驗中為了節(jié)約能源、適當縮短實驗時間，可以采取的措施有哪些？提示：適當減少燒杯中水的量，用初溫較高的水加熱，硬紙板應蓋嚴等．（6）探究過程中，如果由實驗結果發(fā)現(xiàn)水的沸點不是100℃，你認為原因是什么？提示：大氣壓小于或大于1標準大氣壓．水的沸點與氣壓有關，氣壓減小，沸點降低，氣壓升高，沸點升高．2．升華和凝華的定義與特點【知識點的認識】（1）升華：物質從固態(tài)不經過液態(tài)而直接轉化為氣態(tài)的相變過程，是物質在溫度和氣壓低于三相點的時候發(fā)生的一種物態(tài)變化．升華過程中需要吸熱．（2）凝華：物質從氣態(tài)不經過液態(tài)而直接變成固態(tài)的現(xiàn)象．是物質在溫度和氣壓高于三相點的時候發(fā)生的一種物態(tài)變化，凝華過程物質要放出熱量．（3）升華和凝華區(qū)別：【命題方向】1、生活中的升華現(xiàn)象的判斷是這個知識點的核心，例如：用久的燈泡燈絲變細；冬天室外冰凍的衣服變干；冰雕作品體積變?。灰鹿窭锏男l(wèi)生球變??；干冰在常溫下升華．例1：現(xiàn)在有一種叫“固體清新劑”的商品，把它放置在廁所、汽車、飯店內，能有效的清新空氣、預防感冒等，“固體清新劑”發(fā)生的物態(tài)變化是（）A．熔化B．凝華C．汽化D．升華分析：此題主要考查生活中的升華現(xiàn)象，明確升華是由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)．解：“固體清新劑”使用時由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)．是升華現(xiàn)象．故選：D．點評：此題要明確“固體清新劑”使用時的狀態(tài)變化．2、生活中的凝華現(xiàn)象的判斷是這個知識點的核心，例如：霜，冬天玻璃窗內側的窗花，針形六角形的雪，霧淞等例2：寒冷的冬天，在窗玻璃上常會出現(xiàn)“窗花”，下列說法中正確的是（）A．窗花在玻璃的內表面，是升華現(xiàn)象B．窗花在玻璃的內表面，是凝華現(xiàn)象C．窗花在玻璃的外表面，是升華現(xiàn)象D．窗花在玻璃的外表面，是凝華現(xiàn)象分析：物體直接由氣態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫凝華，冰花就是由空氣中的水蒸氣遇到比較冷的窗玻璃凝華形成的．解；冬天室內溫度高于室外溫度，室內空氣中的水蒸氣遇到較冷的玻璃時會發(fā)生凝華現(xiàn)象變成冰花，冰花出現(xiàn)在玻璃的內表面；故選B．點評：解決此類題目要結合生活中的凝華現(xiàn)象進行分析解答，生活中與物態(tài)變化有關的現(xiàn)象還有：云、雨、雹、霜、霧、露、雪等的形成過程．【解題方法點撥】判斷時一定要緊扣定義，由定義來判斷是最準確的、簡單的．（1）升華和凝華現(xiàn)象是物質在固態(tài)和氣態(tài)兩種狀態(tài)之間直接的相互轉化，中間并沒有經過液體這個過程．（2）并不是所有的物質都能發(fā)生升華和凝華現(xiàn)象，它僅限于某些物質在一定條件下發(fā)生。3．固體的密度測量實驗【知識點的認識】固體密度的測量關鍵是測出物體的質量和體積，金屬塊的質量可用天平直接測得，也可以用彈簧測力計測出重力來計算質量；若物體的形狀規(guī)則，可用刻度尺測出相關量后根據(jù)公式算出體積，若形狀不規(guī)則利用量筒或量杯“排水法”來測得，若物體不能沉入水中的，可用“壓入法”或“重錘法”來測物體的體積．【命題方向】1、測密度時是先測量質量還是先測量體積，若物體不能沉入水怎么辦？測量時的步驟及原理都是命題關鍵．例1：測量大米密度時，小華發(fā)現(xiàn)米粒間有空隙，若把空隙的體積也算作大米的體積將使密度的測量結果偏?。谑?，她用一個飲料瓶裝滿水，擰上蓋子，用天平測出總質量為143g．又測出48g大米，放入瓶中，擦干溢出的水，再測這時的總質量．天平平衡時，右盤中的砝碼和游碼位置如圖所示，則總質量為151g．由此可以算出這種大米的密度為1.2×103kg/m3．分析：（1）米粒間有空隙，若把空隙的體積也算作大米的體積，則大米的體積會變大．質量一定時，體積變大，密度會變小．（2）天平測量物體質量，讀數(shù)時是砝碼質量加上游碼的示數(shù)；（2）已知大米的質量，求出大米排出水的質量，可求出大米的休積，求出大米的密度．解：（1）測大米體積時，把空隙的體積也算作大米的體積，則大米的體積會變大．大米的質量不變，由ρ＝可知，在質量一定時，體積變大，密度會變?。?）砝碼的質量是：150g，游碼的質量是1g，所以物質的質量是：150g+1g＝151g；（3）瓶子和水的總質量m＝143g，大米質量m1＝48g，則它們的總質量m2＝143g+48g＝191g，當把大米放入瓶子中時，水會被排除一部分．則它們最后質量為m3＝151g，則溢出水的質量m4＝m2﹣m3＝191g﹣151g＝40g；則水的體積為V＝＝＝40cm3；大米的體積和水的體積相等，則大米的密度ρ1＝＝＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；故答案為：?。?51；1.2×103；點評：此題中因為大米的體積不好直接測量，因此用到間接測量法．本題測量顆粒的體積，體現(xiàn)的是一種探究實驗的科學方法：等效替代法．利用排水法測量不規(guī)則固體體積屬于等效替代．同時考查了密度公式的應用．2、測量固體密度的基本實驗程序、天平和量筒的正確讀數(shù)以及密度公式的熟練運用，以及對實驗中出現(xiàn)的誤差的分析能力．如果缺少工具怎么辦都是命題的關鍵．例：小軍利用天平、水和燒杯來測量一不規(guī)則小石塊的密度，請將他的實驗步驟補充完整．（1）把托盤天平放在水平臺面上，將標尺上的游碼移到零刻度處，調節(jié)天平的平衡螺母使天平平衡．（2）用天平測量小石塊的質量，右盤中的砝碼和標尺上的游碼如圖1所示，則小石塊的質量為62g．（3）如圖2所示：a．往燒杯中加入適量的水，把小石塊浸沒，在水面到達的位置上作標記；b．取出小石塊，測得燒杯和水的總質量為153g；c．往燒杯中加水，直到標記處，再測出此時燒杯和水的總質量為183g；d．計算出小石塊的體積為30cm3．（4）用密度公式計算出小石塊的密度為2.1g/cm3．分析：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平臺上，游碼移到標尺左端的零刻度，然后調節(jié)平衡螺母使天平的橫梁平衡．（2）物體的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值．（3）物體的體積的測量采用等效代替的方法：物體浸沒在水中到達標記，當物體取出，往燒杯內加水到達標記處，物體的體積和加入水的體積相等．知道加入水的質量和密度，求出加入水的體積，即物體的體積．（4）知道物體的質量和體積，根據(jù)密度公式求出物體的密度．解：（1）把托盤天平放在水平臺面上，將標尺上的游碼移到零刻度處，調節(jié)天平的平衡螺母使天平平衡．（2）小石塊的質量m＝50g+10g+2g＝62g．（3）燒杯內加入水的質量m'＝183g﹣153g＝30g．燒杯內加入水的體積：V'＝＝＝30cm3．所以小石塊的體積V＝V'＝30cm3．（4）小石塊的密度為：ρ＝＝≈2.1g/cm3．故答案為：（1）平衡螺母；（2）62；（3）30；（4）2.1．點評：（1）掌握天平的正