2024屆江蘇省蘇錫常鎮(zhèn)高三年級(jí)下冊(cè)3月一模物理試卷（解析版）

2023~2024學(xué)年度蘇錫常鎮(zhèn)四市高三教學(xué)情況調(diào)研（一）

物理

注意事項(xiàng)：

考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)

1.本試卷包含選擇題和非選擇題兩部分.考生答題全部答在答題卡上，答在本試卷上無效，

全卷共16題，本次考試時(shí)間為75分鐘，滿分100分。

2.答選擇題必須用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的［［答案》標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡

皮擦干凈后，再選涂其它K答案％答非選擇題必須用書寫黑色字跡的0.5毫米簽字筆寫在

答題卡上的指定位置，在其它位置答題一律無效.

3.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。

一、單項(xiàng)選擇題：共11小題，每小題4分，計(jì)44分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。

1.核污染水中的放射性元素銅（為Sr）會(huì)發(fā)生/衰變，半衰期為28.8年，則（）

A.夕衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的

B.海水稀釋不能改變銅的半衰期

C.秋冬氣溫逐漸變低時(shí)，銅的衰變速度會(huì)變慢

D.經(jīng)過約57.6年，核污染水中的銀（為Sr）將全部衰變結(jié)束

1答案］B

［解析RA.夕衰變的本質(zhì)是原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，故A錯(cuò)誤；

BC.半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與原子核所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故B正確，

C錯(cuò)誤；

D.半衰期是原子核發(fā)生半數(shù)衰變所需的時(shí)間，經(jīng)過57.6年，即兩個(gè)半衰期，剩余銅為原來

的四分之一，并沒有完全衰變完，故D錯(cuò)誤。

故選B。

2.我國天宮號(hào)空間站繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，宇航員多次利用空間站內(nèi)物體的完全失重現(xiàn)象開

設(shè)“天宮課堂”，下列說法正確的是（）

A.空間站內(nèi)物體受到地球的萬有引力充當(dāng)圓周運(yùn)動(dòng)的向心力

B.空間站內(nèi)物體受到地球的萬有引力因離開地球很遠(yuǎn)可以忽略不計(jì)

C.空間站必須在同步軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)才會(huì)產(chǎn)生完全失重

D.空間站內(nèi)物體之間因完全失重而不可能做摩擦實(shí)驗(yàn)

（答案』A

［解析』A.天宮號(hào)空間站繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，空間站內(nèi)物體受到地球的萬有引力充當(dāng)圓

周運(yùn)動(dòng)的向心力，故A正確；

B.根據(jù)萬有引力公式

—GMm

F=T

可以得知，引力大小與物體質(zhì)量成正比，萬有引力與物體間距離平方成反比，所以空間站內(nèi)

物體離地球越遠(yuǎn)所感受到的引力就會(huì)越小，但引力一般是長程力，理論上說，即使位于距離

地球無限遠(yuǎn)處的位置，地球引力也不可能為零，也會(huì)受到地球引力的影響，只是這個(gè)力會(huì)越

來越小，天宮號(hào)空間站離地球很遠(yuǎn)，但仍然有萬有引力，且萬有引力成為天宮號(hào)空間站繞地

球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，不能忽略，故B錯(cuò)誤。

C.完全失重狀態(tài)即空間站及其內(nèi)部物體受到地球的萬有引力全部充當(dāng)圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，

所以只要在地球周邊不同高度的軌道圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，都會(huì)產(chǎn)生完全失重，故C

錯(cuò)誤；

D.摩擦力的大小與接觸面的粗糙程度和壓力大小有關(guān)，空間站內(nèi)物體之間因完全失重而不

可能因重力產(chǎn)生正壓力，但是可以通過物體間夾或者壓的方式，使得物體間產(chǎn)生正壓力，從

而進(jìn)行摩擦實(shí)驗(yàn)，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3.主動(dòng)降噪的原理如圖所示，通過發(fā)出反噪聲與噪聲相抵消，使。處的噪聲降低，下列說

A.反噪聲與噪聲的傳播速度不同B.反噪聲與噪聲在。處的相位相同

C.反噪聲與噪聲頻率相同D.空間各處的噪聲都降低

（答案）C

（解析RA.在同種介質(zhì)中聲音的傳播速度相同，故A錯(cuò)誤;

B.。處的噪聲降低，則該處為減弱區(qū)，故反噪聲與噪聲在a處的相位不同，故B錯(cuò)誤；

C.反噪聲與噪聲相抵消，即它們能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，反噪聲與噪聲頻率相同，故C正

確；

D.兩列波發(fā)生干涉有減弱區(qū)也有加強(qiáng)區(qū)，并不是空間各處的噪聲都降低，故D錯(cuò)誤。

故選Co

4.某同學(xué)用如圖所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)中除小球的水平位移外，還必須測量的

物理量有（）

A.A、B球的直徑B.A、B球的質(zhì)量

C.水平槽距紙面的高度D.A球釋放位置G距水平槽的高度

［答案』B

（解析》兩球碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒有

以%=%%+"%嶺

兩球做平拋運(yùn)動(dòng)過程，有

/，=g，X=vt

可得

整理得

其中XA、/、4分別是碰后入射球A的水平位移、未發(fā)生碰撞時(shí)A入射球的水平位移、

碰后被碰小球B的水平位移，若滿足

znAx0=/nAxA+/nBxB

成立，則動(dòng)量守恒定律成立。因此，該實(shí)驗(yàn)中還需要測量A、B球的質(zhì)量。故選B。

5.室內(nèi)足球運(yùn)動(dòng)的某次傳球過程，足球在地面位置1被踢出后落到位置3,2為空中達(dá)到的最

高點(diǎn)，速度大小為％,則（）

A.足球在空中的最大水平速度為匕

B.足球在位置1和位置3的動(dòng)能相等

C.與下落過程相比，足球在上升過程中重力勢能變化快

D.若在位置2以大小為先的速度水平向左拋出，足球?qū)⒀卦壽E返回位置1

［答案》C

k解析1A.由圖可知，由于拋物線不對(duì)稱，足球在運(yùn)動(dòng)過程中，空氣阻力不可忽略，則

足球在水平方向上一直做減速運(yùn)動(dòng)，即足球在位置1時(shí)的水平速度是最大的，故A錯(cuò)誤；

B.由于足球在運(yùn)動(dòng)過程中，空氣阻力不可忽略，空氣阻力做負(fù)功，則足球在位置1的動(dòng)能

大于位置3的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；

C.足球從位置1到位置2,豎直方向上，空氣阻力向下與重力方向相同，從位置2到位置3,

空氣阻力向上與重力方向相反，可知，從位置1到位置2豎直方向的加速度大于從位置2到位

置3豎直方向的加速度，由丸可知，從位置1到位置2的時(shí)間小于從位置2到位置3,則

2

與下落過程相比，足球在上升過程中重力勢能變化快，故C正確；

D.由于有空氣阻力的作用，在位置2以大小為先的速度水平向左拋出，足球不能沿原軌跡

返回位置1,故D錯(cuò)誤。故選C。

6.如圖，游泳池注水后池底的射燈S發(fā)出單色光從水中射向前后表面平行的玻璃側(cè)壁，側(cè)

壁右側(cè)為空氣，該單色光在水、玻璃、空氣中的折射率分別為勺、%、%（%>%>%），

則光路可能是（）

K答案XB

k解析』A.依題意得，光線在水玻璃界面不會(huì)發(fā)生全反射，在玻璃空氣界面可能會(huì)發(fā)生全

反射，故A錯(cuò)誤；

B.由A選項(xiàng)知光線在玻璃空氣界面可能會(huì)發(fā)生全反射，故B正確；

CD.假設(shè)水玻璃界面入射角為4，折射角為。2,玻璃空氣界面折射角為名，那么由折射定

律得

々sin4=%sina=n3sin

那么

a>a>%

故CD錯(cuò)誤。

故選B

7.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷a-b-c過程，其中a-b是等溫過程,6-c是等壓過程,則（

，、P

工

o--------------------

A.a、b、c三個(gè)狀態(tài)中，氣體在c狀態(tài)分子平均動(dòng)能最大

B.a、b、c三個(gè)狀態(tài)中，氣體在b狀態(tài)分子數(shù)密度最大

C.a—T?過程中，氣體既不吸熱也不放熱

D.b-c過程中，氣體放出的熱量大于外界對(duì)氣體做的功

K答案1D

（解析1A.由圖可知，兒過程，氣體發(fā)生等壓變化，氣體體積與熱力學(xué)溫度成正比，則

Ta-Tb>Tc

所以氣體在。狀態(tài)分子平均動(dòng)能最小，故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知?dú)怏w在c狀態(tài)體積最小，所以氣體在c狀態(tài)分子數(shù)密度最大，故B錯(cuò)誤；

C.a—6是等溫過程，內(nèi)能不變。但體積增大，對(duì)外做功，所以為吸熱過程。故C錯(cuò)誤；

D.b-c過程中，體積減小，外界對(duì)氣體做了功，同時(shí)溫度降低，內(nèi)能減小。所以氣體放出

的熱量大于外界對(duì)氣體做的功，故D正確。

故選D。

8.在光滑桌面上將長為L的柔軟導(dǎo)線兩端點(diǎn)固定在間距可忽略不計(jì)的a、b兩點(diǎn)，導(dǎo)線通有

圖示電流/,處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，則導(dǎo)線中的張力為（）

A.OB.BILC.——D.——

712萬

（答案1D

由于2Tsin￡=FA

得

2T0^2BI0R

2TTR=L

得

丁BIL

1=-----

2萬

故選D。

9.如圖所示電路中，電阻均與與阻值相同，理想二極管與與并聯(lián)，在間加峰值電壓不

變的正弦式電流，則4與此的電功率之比是（）

A.1：5B.1：4C.1：2D.1：應(yīng)

K答案』A

K解析》設(shè)在AB間加峰值電壓為Um，周期為T，則電壓的有效值為

°噢

T7TTJ2T

設(shè)RI=&=R，一周期內(nèi)，%的產(chǎn)生的焦耳熱為2=/；/“]=(t)24匕

27?2167?

一周期內(nèi)，”的產(chǎn)生的焦耳熱為

Ql=I；咐+I；R2t2=(4)2R；+(%R'~2.=5U7

167?

%與&的電功率之比是《：鳥?：牛=1：5

故選Ao

10.如圖所示，一足夠長的傾斜傳送帶以恒定的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，某時(shí)刻在傳送帶上適當(dāng)?shù)?/p>

位置放上具有一定初速度的小物塊，如圖所示。取沿傳送帶向下的方向?yàn)檎较?，則下列

U—?圖中不可熊描述小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的是()

%%

k答案』D

k解析』AB.當(dāng)小物塊的初速度沿斜面向下（〃>tan。），且小于傳送帶的速度時(shí)，對(duì)小

物塊受力分析，由牛頓第二定律可得

ma=mgsin6+jumgcos3

即

a=gsinO+/4gcos6

可知小物塊將沿傳送帶向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若傳送帶足夠長，則會(huì)出現(xiàn)小物塊達(dá)到傳送

帶速度時(shí)，滿足

mgsin6<jumgcos0

可知二者將共速。故AB正確，與題意不符；

CD.同理，可知當(dāng)小物塊的初速度沿斜面向上（〃>tan。），對(duì)小物塊受力分析，由牛頓

第二定律可得

ma=mgsin6+jumgcos3

即

a=gsin。+cos0

可知小物塊先沿傳送帶向上勻減速直線運(yùn)動(dòng)，減到零后反向勻加速，若傳送帶足夠長會(huì)出現(xiàn)

與傳送帶共速的情況（〃>tan。）或者繼續(xù)勻加速（〃<tan。）此時(shí)加速度滿足

d=gsind-jugcos0<a

故C正確，與題意不符；D錯(cuò)誤，與題意相符。

本題選不正確的故選D。

11.如圖所示，半徑為R的球面均勻帶有正電荷，球內(nèi)場強(qiáng)處處為零，。為球心，在球面最

右端A處取下一足夠小、帶電荷量為q的曲面并將其沿。4延長線移動(dòng)至8,AB=R,C

是A3中點(diǎn)，。是。點(diǎn)正上方點(diǎn).若球面剩余部分電荷量與電荷分布保持不變，則（）

A.O點(diǎn)場強(qiáng)方向由。指向AB.D、。兩點(diǎn)電勢相等

C.0點(diǎn)場強(qiáng)的大小為包3D.C點(diǎn)場強(qiáng)的大小為

K答案Uc

k解析XA.均勻帶電的球殼在其內(nèi)部空腔激發(fā)的場強(qiáng)處處為零，當(dāng)在球殼表面A處取下

一面積足夠小、帶電量為q的球殼后，球殼在內(nèi)部產(chǎn)生的電場相當(dāng)于在A點(diǎn)放置一個(gè)電荷

量為-4的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場，電場的方向指向A點(diǎn)。那么在。點(diǎn)產(chǎn)生電場強(qiáng)度由A點(diǎn)的負(fù)

電荷與B點(diǎn)正電荷電場強(qiáng)度的疊加，可以看出。點(diǎn)的電場方向并不是由。指向A,A錯(cuò)誤;

B.由等量異種電荷電勢分布知，A點(diǎn)負(fù)電荷左端的等勢面是圓弧形狀的，故。、。兩點(diǎn)的

電勢不相等，B錯(cuò)誤；

C.由電場公式后=華，得。點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為

r

_kqkq_3kq

°一不一幫一正

C正確；

D.由電場公式石=與，設(shè)球面的總電荷量為Q,得C點(diǎn)分別添加一正一負(fù)帶電量為q的

廠

電荷后，電場強(qiáng)度大小為繪

D錯(cuò)誤。

故選C。

二、非選擇題：共5小題，計(jì)56分.其中第13題-第16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程

式和重要的演算步驟，只寫出最后K答案》的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，K答案』中必須

明確寫出數(shù)值和單位

12.某同學(xué)為探究滑動(dòng)變阻器的分壓特性，設(shè)計(jì)如圖1所示電路，選取兩個(gè)最大阻值不同的

滑動(dòng)變阻器，研究滑片P從A移到B的過程中定值電阻凡兩端的電壓變化。

（1）按照題圖1連接答題卡上圖2所示的實(shí)物圖_______,實(shí)物圖中閉合開關(guān)時(shí)，滑動(dòng)變阻器

滑片應(yīng)置于;（選填“最左端”“最右端”）

Y

兩個(gè)滑動(dòng)變阻器的數(shù)據(jù)如下表：以一為橫軸、U為縱軸，在如圖3所示的方格紙中用描點(diǎn)法

L

xX

作出圖線a-土與。2-土（已完成描點(diǎn)，請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上作出圖線）：

LL

123456789101112

X

00.100.200.300.400.500600.700.800.900.951.00

~L

q00.240420.580.730.901.091.331.642.092.402.82

00.090.120.140.170.210.260.330.480.821.272.83

（3）用圖1所示電路測量“正常發(fā)光時(shí)阻值與幾近似相等小燈泡”的伏安特性曲線時(shí)，應(yīng)選

YX

用圖線（選填7”“6-7”）對(duì)應(yīng)的滑動(dòng)變阻器，說明選擇該變阻器的理由:

K答案X(1)最左端

Y

選用二對(duì)應(yīng)變阻器,

L

變阻器滑片移動(dòng)時(shí)電壓變化較均勻，方便操作

K解析》【小問1詳析】

山實(shí)物圖連接如圖所示

⑵實(shí)物圖中閉合開關(guān)時(shí)，為防止燒壞電筆，叫兩端的電壓應(yīng)從零開始，滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)

置于最左端。

【小問2詳析】

根據(jù)描點(diǎn)法作出圖線如圖所示。

【小問3詳析】

x

應(yīng)選用——對(duì)應(yīng)變阻器，變阻器滑片移動(dòng)時(shí)電壓變化較均勻，方便操作或選用

L

Y

。2對(duì)應(yīng)變阻器，當(dāng)待測元件兩端電壓較大時(shí)，變阻器滑片單位移動(dòng)距離對(duì)應(yīng)電壓變化

過大，不方便操作。

13.某同學(xué)用研究光電效應(yīng)的裝置實(shí)驗(yàn)測定普朗克常量，在不同光照下得到同一光電管兩條

光電流與電壓之間的關(guān)系曲線如圖所示。圖線甲、乙與U軸交點(diǎn)坐標(biāo)絕對(duì)值分別為。2,

對(duì)應(yīng)入射光頻率分別為匕、%，電子的電荷量為e。求:

(1)入射光頻率為％時(shí)，出射光電子的最大初動(dòng)能;

(2)普朗克常量。

e(U,-U)

［答案X(1)eU［；(2)——二2

匕一七

k解析U(1)由圖知

%=也

(2)圖線甲，由光電效應(yīng)方程有

怔=WQ+eUr

圖線乙，由光電效應(yīng)方程有

hv2-Wo+eU2

聯(lián)立解得

匕一七

14.如圖所示，足夠長的兩光滑豎直金屬導(dǎo)軌間距為L處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為夙方向垂

直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場中，勻質(zhì)金屬棒裙、)均緊貼兩導(dǎo)軌，質(zhì)量均為加，電阻均為R,

導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g,現(xiàn)用懸繩固定油棒，由靜止釋放cd棒，求:

（1）cd棒最終速度的大小;

（2）懸繩對(duì)ab棒拉力的最大值。

K答案U(l)%=—；(2)T=2mg

BL

k解析1（1）根據(jù)題意，設(shè)cd棒最終速度的大小為%,此時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢為

E=BL%

感應(yīng)電流為

1=E=BLV^

RR

安培力為

cd棒速度穩(wěn)定時(shí)，對(duì)cd棒有

mg=FA

聯(lián)立解得

2mgR

*V---------------------

mB2G

（2）cd棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，懸繩對(duì)棒拉力最大，則有

T=mg+&=2mg

15.xOy平面內(nèi)存在著變化電場和變化磁場，變化規(guī)律如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向?yàn)榇?/p>

直紙面向里、電場強(qiáng)度的正方向?yàn)?＞方向。/=0時(shí)刻，一電荷量為+q質(zhì)量為機(jī)的粒子從

2jim

坐標(biāo)原點(diǎn)。以初速%沿+X方向入射（不計(jì)粒子重力）.3T圖中線=,E—/圖中

qt°

八BE

Q一

BEo

OO

A)2f03fo4fo5fo6ro7to'2t03,04M5tQ6tnt

-B0

S時(shí)刻粒子的坐標(biāo):

(1)

4

(2)o~4/0時(shí)間段內(nèi)粒子速度沿-X方向的時(shí)刻；

(3)0~7/0時(shí)間段內(nèi)粒子軌跡縱坐標(biāo)的最大值。

1工19(36］、

K答案X(1)；⑵不務(wù)和不％；(3)7十丁十丁

Zo(22萬2刃

(解析X(1)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期

Inm

T=------=￡0

qB。

洛倫茲力提供向心力，有

雷

y

BQqv0=m--

所以與時(shí)刻粒子坐標(biāo)為?“)即(%，0%/()]

I2萬’2?J

T31

時(shí)刻為:二一和二2TH—T,即4二一10和

282

%2=W%°

(3)］。?2務(wù)笛時(shí)間內(nèi)粒子沿＞軸方向位移

1

6務(wù)~7%時(shí)間內(nèi)粒子沿y軸方向最大位移

y磁=（l+cos45。）^

因?yàn)?/p>

G爭。

即

ym=3%+y磁

得

（3&11,

y=彳+丁+丁

m（22萬2兀）Vo

16.兩段斜面AB和BC連接成V字形，連接點(diǎn)8處可以視作一段極短的光滑圓弧，兩段斜

面長