物理（九省聯(lián)考考后強化卷安徽）

2024年1月“九省聯(lián)考”考后強化模擬卷高三物理（適用地區(qū)：安徽試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的．1．（2024·湖北武漢·校聯(lián)考模擬預(yù)測）不顧國際社會的強烈反對，日本政府于2023年8月24日正式開啟核污水排海，現(xiàn)已有超過2.3萬噸核污染水流入太平洋，第四批核污染水排海預(yù)計在2024年初開始。福島核電站核污水中含有氚、碘131、銫137等放射性元素。已知碘131的半衰期為8天。下列說法正確的是（）A．福島核電站利用的是可控?zé)岷朔磻?yīng)的原理發(fā)電B．速度與熱運動速度相當(dāng)?shù)闹凶幼钜滓l(fā)核裂變C．排海稀釋后廢水中放射性元素半衰期可能變短D．排海污水中的碘131經(jīng)16天就會全部發(fā)生衰變【答案】B【詳解】A．福島核電站利用的是核裂變的原理發(fā)電，故A錯誤；B．速度與熱運動速度相當(dāng)?shù)闹凶幼钜滓l(fā)核裂變，故B正確；C．放射性元素的半衰期與核內(nèi)部自身因素有關(guān)，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān)，排海稀釋后廢水中放射性元素半衰期不變，故C錯誤；D．排海污水中的碘131經(jīng)16天，即兩個半衰期，有的碘131發(fā)生衰變，故D錯誤。故選B。2．（2024上·遼寧·高三統(tǒng)考期中）角動量守恒定律、能量守恒定律和動量守恒定律是物理學(xué)的三大守恒定律。角動量定義為質(zhì)點相對原點的位置矢量和動量的向量積，通常寫作，表達式為。在國際單位制中，角動量的單位可以表示為（

）A． B． C． D．【答案】D【詳解】根據(jù)角動量的表達式位置矢量單位為m，動量單位為，可知角動量單位為故選D。3．（2024·廣東·統(tǒng)考一模）如圖（a）所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，下端掛有鉤碼，鉤碼下表面吸附一個小磁鐵。鉤碼在豎直方向做簡諧運動時，某段時間內(nèi)，小磁鐵正下方的智能中的磁傳感器采集到磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖像如圖（b）所示，不計空氣阻力，下列判斷正確的是（??）A．鉤碼做簡諧運動的周期為B．鉤碼動能變化的周期為C．在時刻，鉤碼的重力勢能最大D．時間內(nèi)，鉤碼所受合外力的沖量為零【答案】A【詳解】A．磁鐵越靠近時，磁傳感器采集到磁感應(yīng)強度越大，則鉤碼做簡諧運動的周期等于采集到磁感應(yīng)強度隨時間變化的周期，故為，故A正確；B．等于鉤碼做簡諧運動的周期，而在一次簡諧運動中，對于某一時間點，至少有另外一個時間點的速率和動能與其相同，則動能變化的周期不會等于簡諧運動的周期，故B錯誤；C．在時刻磁感應(yīng)強度最大，說明磁鐵最靠近，重力勢能最小，故C錯誤；D．時間內(nèi)，鉤碼的速度方向發(fā)生變化，動量變化，說明合力的沖量一定不為零，故D錯誤。故選A。4．（2024上·廣東深圳·高三統(tǒng)考期末）如圖1、2、3、4、5為某高架橋上五根豎直吊繩，間距相等。兩輛小汽車車頭在時刻分別對齊1、3繩，在兩條車道上從相同初速度做勻加速直線運動，在時刻兩車頭都對齊5繩，下列分析正確的是（）A．車的加速度是車的兩倍 B．車的末速度是車的兩倍C．車的平均速度是車的兩倍 D．車在超車過程可把兩車視為質(zhì)點【答案】C【詳解】C．設(shè)相鄰豎直吊繩間距為L，由平均速度公式得可得即車的平均速度是車的兩倍，故C正確；B．由上式得可得即車的末速度比車的兩倍還要大，故B錯誤；A．由加速度得定義式可得，車的加速度為車的加速度為所以故A錯誤；D．車在超車過程，兩車的大小均不能忽略不計，即均不能把兩車視為質(zhì)點，故D錯誤。故選C。5．（2023上·江西鷹潭·高三統(tǒng)考期中）通過在半導(dǎo)體材料中進行不同的摻雜，可以形成P型半導(dǎo)體和N型半導(dǎo)體，將兩種半導(dǎo)體組合在一起即形成下圖所示的PN結(jié)，這是半導(dǎo)體元器件中的基本構(gòu)造。由于電子的擴散作用，N型區(qū)中的電子會進入P型區(qū)內(nèi)，從而使N型區(qū)一側(cè)帶正電，P型區(qū)一側(cè)帶負(fù)電，穩(wěn)定后兩塊半導(dǎo)體之間產(chǎn)生內(nèi)建電場，形成所謂耗盡層（圖中陰影部分）。關(guān)于耗盡層，下列說法正確的是（）A．耗盡層中，內(nèi)建電場的方向是P型區(qū)指向N型區(qū)B．耗盡層中，N型區(qū)電勢低于P型區(qū)C．若電子由N型區(qū)進入P型區(qū)，則電勢能增大D．若質(zhì)子由N型區(qū)進入P型區(qū)，則電勢能增大【答案】C【詳解】AB．耗盡層中，N型區(qū)帶正電，P型區(qū)帶負(fù)電，產(chǎn)生N型區(qū)指向P型區(qū)的內(nèi)建電場，所以N型區(qū)電勢高于P型區(qū)。故AB項錯誤；C．若電子由N型區(qū)進入P型區(qū)，電場力做負(fù)功，電勢能增大。故C正確；D．若質(zhì)子由N型區(qū)進入P型區(qū)，電場力做正功，電勢能減小。D錯誤。故選C。6．（2024·全國·校聯(lián)考一模）如圖所示，上端均封閉的連通管道A、B中封閉著液面相平的水銀柱，連通管道下部有閥門K。A、B內(nèi)的氣柱長度不相同，且，初始狀態(tài)兩氣柱溫度相同。下列說法正確的是（）A．A、B氣體溫度同時緩慢升高，則A的液面將高于BB．A、B氣體溫度同時緩慢降低，則A的液面將高于BC．打開閥門緩慢放出少量水銀柱后，A的液面將高于BD．打開閥門緩慢放出少量水銀柱后，A的液面將低于B【答案】C【詳解】AB．A、B氣體溫度同時緩慢升高或降低，假設(shè)液面不移動，兩部分氣體為等容變化，根據(jù)可得兩部分氣體、、相同，故壓強的變化量相同，所以A、B液面仍相平，故AB錯誤；CD．打開閥門K緩慢放出少量水銀柱后，假設(shè)兩邊液面下降后仍相平，根據(jù)等溫變化的規(guī)律可得可得壓強為故初態(tài)氣柱長的更大，因，則，所以A的液面高于B，故C正確，D錯誤。故選C。7．（2024上·河北保定·高三統(tǒng)考期末）如圖所示，一顆在某中地圓軌道上運行的質(zhì)量為m的衛(wèi)星，通過M、N兩位置的變軌，經(jīng)橢圓轉(zhuǎn)移軌道進入近地圓軌道運行，然后調(diào)整好姿態(tài)再伺機進入大氣層，返回地面。已知近地圓軌道的半徑可認(rèn)為等于地球半徑，中地圓軌道與近地圓軌道共平面且軌道半徑為地球半徑的3倍，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，下列說法中正確的是（

）A．衛(wèi)星在M、N兩點處需要加速才能實現(xiàn)題設(shè)條件中的變軌B．該衛(wèi)星在近地圓軌道上運行的動能為C．該衛(wèi)星在中地圓軌道上運行的速度D．該衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從M點運行至N點（M、N與地心在同一直線上）所需的時間【答案】C【詳解】A．由題設(shè)條件知，衛(wèi)星在向低軌道變軌，故需要減小速度，使衛(wèi)星做向心運動，故A錯誤；B．在近地圓軌道上，有可得根據(jù)萬有引力提供向心力有解得則該衛(wèi)星在近地圓軌道上運行的動能為故B錯誤；C．在中地圓軌道上，根據(jù)萬有引力提供向心力有結(jié)合，可得故C正確；D．在近地圓軌道上，衛(wèi)星運行的周期，則有轉(zhuǎn)移軌道是橢圓軌道，其半長軸根據(jù)開普勒第三定律可得聯(lián)立得則該衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從M點運行至N點所需的時間故D錯誤。故選C。8．（2024·四川達州·統(tǒng)考一模）如圖所示，光滑直硬桿1和粗糙硬桿2固定在水平面上，與水平面之間的夾角分別為、，輕質(zhì)圓環(huán)套在桿2上，輕質(zhì)細線兩端分別連接著小球和圓環(huán)，細線繞過在桿1上可自由滑動的光滑滑輪，初始狀態(tài)環(huán)和滑輪間的細線豎直?，F(xiàn)緩慢移動滑輪至環(huán)和滑輪間的細線水平，在整個過程中圓環(huán)始終處于靜止。則在該過程中（）A．圓環(huán)受到的摩擦力先減小再增大 B．圓環(huán)受到的支持力逐漸增大C．細繩對滑輪的作用力先增大再減小 D．細繩的拉力逐漸增大【答案】A【詳解】AD．細線的張力大小始終等于小球的重力大小，初始時刻，圓環(huán)受到的摩擦力等于細線的張力沿桿2的分力，緩慢移動滑輪至細線與桿2垂直的過程中，細線的張力沿桿2的分力逐漸減小，根據(jù)平衡條件，圓環(huán)受到的摩擦力逐漸減小，緩慢移動滑輪從細線與桿2垂直至環(huán)和滑輪間的細線水平的過程中，細線的張力沿桿2的分力沿桿2向上，圓環(huán)受到的摩擦力大小等于細線的張力沿桿2的分力，圓環(huán)受到的摩擦力逐漸增大，故A正確，D錯誤；B．圓環(huán)受到的支持力等于細線的拉力垂直于桿2的分力，則圓環(huán)受到的支持力先增大后減小，故B錯誤；C．細繩向上對滑輪的拉力和向下對滑輪的拉力均等于小球的重力，緩慢移動滑輪至環(huán)和滑輪間的細線水平的過程中，兩邊繩子拉力不變，兩邊繩子間的夾角在減小，對滑輪的合力在一直增大，故C錯誤。故選A。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分．在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求．全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．9．（2024·全國·模擬預(yù)測）如圖所示，圓心為O的圓環(huán)內(nèi)存在著垂直于圓面向里的勻強磁場。圓環(huán)內(nèi)側(cè)P點有一粒子發(fā)射源，能發(fā)射質(zhì)量為m、帶電荷量為和的兩種粒子，發(fā)射的粒子速度大小可調(diào)、方向均沿半徑PO方向。圓環(huán)上有一小孔Q，。P點發(fā)射的粒子與圓環(huán)內(nèi)壁發(fā)生碰撞后原速率反彈且電荷量不變。不計粒子重力和粒子之間的相互作用力。下列說法正確的是（）A．能從Q點射出的粒子的速度方向都相同B．從Q點射出的粒子的速度越大，在圓環(huán)內(nèi)運動的時間越短C．若粒子帶正電，則經(jīng)過兩次碰撞后從Q點射出所需時間一定是碰撞一次后從Q點射出的兩倍D．若初速度相同，則帶正電的粒子從Q點射出用時可能比帶負(fù)電的粒子從Q點射出用時長【答案】AD【詳解】A．由幾何關(guān)系可知，只要從Q點射出的粒子的粒子，速度均與Q點的切線方向垂直，有幾何關(guān)系可知能從Q點射出的粒子的速度方向都相同，故A正確；BC．由于帶電粒子在磁場中做圓周運動有化簡可知相同粒子的偏轉(zhuǎn)時間與速度無關(guān)，只與偏轉(zhuǎn)角度有關(guān)，即若粒子帶正電，由幾何關(guān)系可知經(jīng)過兩次碰撞后從Q點射出所需時間為經(jīng)過一次碰撞后從Q點射出所需時間為即經(jīng)過兩次碰撞后從Q點射出所需時間比碰撞一次后從Q點射出的時間長，但不是2倍關(guān)系，依次類推只要是從Q點射出的粒子碰撞次數(shù)越多，在圓環(huán)內(nèi)運動的時間越長，故BC錯誤；D．由上面選項可知若初速度相同，帶正電的粒子從Q點射出的粒子可能比帶負(fù)電的粒子經(jīng)過更多次數(shù)碰撞才從Q點射出，所以用時可能也長，故D正確。故選AD。10．（2024上·重慶渝中·高三重慶巴蜀中學(xué)校考階段練習(xí)）如圖，光滑水平地面上有木板B和光滑圓弧面C，B、C未粘連，最初物塊A以4m/s的水平初速度滑上木塊B，已知A、B、C質(zhì)量均為1kg，B的長度以及圓弧C的半徑均為1m，A與B之間的動摩擦因數(shù)為0.5，A可視為質(zhì)點，g=10m/s2，則（）A．最終B的速度為1m/sB．A豎直向上的最大位移為C．最終C的速度為2m/sD．從最初至A到達其運動的最高點過程中，A、B、C構(gòu)成的系統(tǒng)動量不守恒但機械能守恒【答案】ABC【詳解】A．物塊A滑上B到A運動至BC連接處過程，對ABC構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律有根據(jù)能量守恒定律有解得，此后BC分離，最終B的速度為1m/s，故A正確；B．之后，A滑上C，對AC構(gòu)成的系統(tǒng)，水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有根據(jù)能量守恒定律有解得，故B正確；C．之后，A最終將到達C圓弧的最低點，此過程，對AC構(gòu)成的系統(tǒng)有，解得，故C正確；D．A在C上運動時，豎直方向動量不守恒，A在B上運動時，摩擦力做負(fù)功，機械能不守恒，故D錯誤。故選ABC。三、非選擇題：共5題，共58分。11．（2024·廣東·統(tǒng)考一模）某同學(xué)測量一半圓形透明玻璃磚的折射率，實驗過程如下：①用游標(biāo)卡尺測量玻璃磚的直徑d，確定其底面圓心位置并標(biāo)記在玻璃磚上；②將玻璃磚放在位于水平桌面并畫有直角坐標(biāo)系的白紙上，使其底面圓心和直徑分別與O點和x軸重合，將一長直擋板緊靠玻璃磚并垂直于x軸放置，如圖（b）所示；③用激光器發(fā)出激光從玻璃磚外壁始終指向O點水平射入，從y軸開始向右緩慢移動激光器，直至恰好沒有激光從玻璃磚射出至擋板上的區(qū)域時，在白紙上記錄激光束從玻璃磚外壁入射的位置P。④取走玻璃磚，過P點作y軸的垂線PQ，用刻度尺測量PQ的長度L。根據(jù)以上步驟，回答下列問題：（1）測得半圓形玻璃磚直徑d的讀數(shù)如圖（a）所示，則cm；（2）步驟③中，沒有激光射至擋板上區(qū)域的原因是激光束在玻璃磚直徑所在界面處發(fā)生了；（3）根據(jù)以上測量的物理量，寫出計算玻璃磚折射率的表達式為，若測得PQ線段的長度，計算可得玻璃磚的折射率為。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【答案】6.43全反射1.61【詳解】（1）[1]由圖（a）可知，玻璃磚的直徑為（2）[2]光束經(jīng)玻璃磚折射后照在擋板上的區(qū)域內(nèi)，當(dāng)入射角逐漸增大，折射光線消失的時候，就是光束在玻璃界面處發(fā)生了全反射。（3）[3]當(dāng)恰好發(fā)生全反射時，有[4]代入數(shù)據(jù)可得12．（2024·全國·校聯(lián)考一模）某電學(xué)實驗興趣小組結(jié)合物理課本上的多用電表結(jié)構(gòu)示意圖及實驗室現(xiàn)有器材，設(shè)計了如圖所示的電路，整個電路裝置既可以當(dāng)和的電流表使用，也可以當(dāng)作兩個倍率的歐姆電表使用。他們使用到的器材有：電源（電動勢，內(nèi)阻忽略不計）定值電阻電流表（量程為，內(nèi)阻）滑動變阻器（最大阻值為）單刀雙擲開關(guān)（1）按照多用電表的構(gòu)造和原理，接線柱端應(yīng)該接表筆（選填“紅”或“黑”）；（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到端可作為電流表使用，撥到1端時，此時裝置可作為（選填“1”或“10”）量程的電流表；（3）電阻，電阻；（4）將單刀雙擲開關(guān)撥到A端可作為歐姆表使用，若撥到2端，此時作為歐姆擋倍率，則將撥到1端時的倍率為（選填“”或“”）?！敬鸢浮亢?01199【詳解】（1）[1]紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，故端應(yīng)與黑表筆相連；（2）[2]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到端、撥到1端時，量程更大，故為；（3）[3][4]撥到2端，量程為，即撥到1端，量程為，即聯(lián)立解得，（4）[5]當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到A端、撥到2端，電流表量程為，此時歐姆表內(nèi)阻為撥到1端，電流表量程為，同理此時歐姆表內(nèi)阻為，故撥到1端應(yīng)為擋。13．（2024上·廣東汕尾·高三統(tǒng)考期末）大型超市通常安裝有傾斜自動扶梯以方便顧客的通行，如圖所示，自動扶梯長L=6m，與水平面的夾角θ=30°，以速度v0=2m/s勻速向上運動，小李使用該扶梯運送兩箱質(zhì)量均為m=10kg的貨物，某時刻小李將第一箱貨物輕放在扶梯底端，待第一箱貨物與扶梯共速時，小李沿扶梯向上用恒力F=110N推動第二箱貨物，使其以速度v1=7m/s從底端沿扶梯勻速向上運動，兩箱貨物與扶梯間的動摩擦因數(shù)均為μ，取重力加速度g=10m/s2，貨物可視為質(zhì)點，若貨物間發(fā)生碰撞則瞬間粘在一起。（1）求動摩擦因數(shù)μ；（2）求第一箱貨物從出發(fā)到與傳送帶共速過程中摩擦產(chǎn)生的熱量Q1；（3）若第二箱貨物勻速運動，?t=0.28s后，推力調(diào)整為F=35N，試判斷兩箱貨物能否在扶梯上發(fā)生碰撞，若能發(fā)生碰撞，求碰撞過程中損失的能量Q2。【答案】（1）；（2）120J；（3）40J【詳解】（1）第二箱貨物做勻速直線運動，受力平衡，有貨物受到的摩擦力為解得（2）對第一箱貨物有根據(jù)動力學(xué)公式解得對扶梯有第一箱貨物從出發(fā)到與傳送帶共速過程中摩擦產(chǎn)生的熱量為（3）第二箱貨物勻速運動?t=0.28s后，兩箱貨物相距推力F改變后，對第二箱貨物解得假設(shè)兩箱貨物可以發(fā)生碰撞，設(shè)從?t=0.28s后至兩箱貨物相碰經(jīng)歷的時間為，則有解得全過程第一箱貨物的位移假設(shè)成立，即兩箱貨物能發(fā)生碰撞，碰撞時第二箱貨物的速度兩箱貨物發(fā)生碰撞，有碰撞過程中損失的能量14．（2024·浙江嘉興·統(tǒng)考一模）如圖甲所示，兩光滑金屬導(dǎo)軌和處在同一水平面內(nèi)，相互平行部分的間距為，其中上點處有一小段導(dǎo)軌絕緣。交叉部分和彼此不接觸。質(zhì)量均為、長度均為的兩金屬棒，通過長為的絕緣輕質(zhì)桿固定連接成“工”形架，將其置于導(dǎo)軌左側(cè)。導(dǎo)軌右側(cè)有一根被鎖定的質(zhì)量為的金屬棒，T與點的水平距離為。整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，其磁感應(yīng)強度大小隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，均為已知量。和的電阻均為，其余電阻不計。時刻，“工”形架受到水平向右的恒力作用，時刻撤去恒力，此時恰好運動到點。（1）求時刻，“工”形架速度和兩端電壓；（2）求從到過程中“工”形架產(chǎn)生的焦耳熱；（3）求運動至點時的速度；（4）當(dāng)運動至點時將解除鎖定，求從點開始經(jīng)時間后與的水平距離。（此過程“工”形架和均未運動至交叉部分）。【答案】（1），；（2）；（3）；（4）【詳解】（1）過程“工”形架所圍回路磁通量磁