貴州省遵義一中高考物理押題卷

2016屆貴州省遵義一中高考物理押題卷一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分）1．在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過(guò)程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法，以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中不正確的是（）A．在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體采用了理想法B．根據(jù)速度定義式v=，當(dāng)△t→0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義式運(yùn)用了假設(shè)法C．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法D．玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮塞封口．手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面高度有明顯變化，說(shuō)明玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想方法2．一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖3所示．則（）A．2～6s時(shí)間內(nèi)物體的加速度為0.5m/s2B．物塊的質(zhì)量為1kgC．整個(gè)過(guò)程中，物體所受摩擦力始終為2ND．0～10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功30J3．將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步軌道3．軌道1、2相切于Q點(diǎn)，2、3相切于P點(diǎn)，M、N為橢圓軌道短半軸的端點(diǎn)，則當(dāng)衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運(yùn)行時(shí)（如圖所示），以下說(shuō)法正確的是（）A．在三條軌道中周期從大到小的順序是3軌道、1軌道、2軌道B．在三條軌道中速率最大的時(shí)刻為經(jīng)過(guò)2軌道的Q點(diǎn)，速率最小的時(shí)刻為經(jīng)過(guò)2軌道上P點(diǎn)C．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度D．衛(wèi)星在軌道2上從M﹣P﹣N運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間等于從N﹣Q﹣M的時(shí)間4．如圖所示，在水平地面上的箱子內(nèi)，用細(xì)線將質(zhì)量均為m的兩個(gè)球a、b分別系于箱子的上、下兩底的內(nèi)側(cè)，輕質(zhì)彈簧兩端分別與球相連接，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，下端細(xì)線對(duì)箱底的拉力為2mg，箱子的質(zhì)量為M（m《M），則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）（）A．系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)地面受到的壓力大小為Mg﹣2mgB．中間彈簧的彈力大小為mgC．剪斷連接球b與箱底的細(xì)線瞬間，b球的瞬時(shí)加速度為2gD．剪斷連接球a與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a球的加速度為3g5．在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為20：1，圖中電表均為理想交流電表，R為光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減小），Ll和L2是兩個(gè)完全相同的燈泡．原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法正確的是（）A．交流電的頻率為50HzB．電壓表的示數(shù)為220VC．當(dāng)照射R的光強(qiáng)增大時(shí)，電流表的示數(shù)變大D．若Ll的燈絲燒斷后，電壓表的示數(shù)會(huì)變大6．如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，M點(diǎn)與N在同一電場(chǎng)線上．兩個(gè)完全相同的帶等量正電荷的粒子，分別以初速度V2、V1垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入電場(chǎng)（軌跡位于豎直平面內(nèi)），兩粒子恰好能相遇于P點(diǎn)，重力不計(jì)．在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)的速度大小可能相等B．電場(chǎng)力對(duì)兩粒子做功一定不相同C．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能的都比進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)大D．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)所需時(shí)間一定不相等7．如圖所示，兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，下端接有定值電阻R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)給導(dǎo)體棒MN一平行于導(dǎo)軌的初速度v，使導(dǎo)體棒保持與導(dǎo)軌垂直并沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間導(dǎo)體棒又回到原位置．不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，在這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體棒上滑時(shí)棒中的電流方向由N到MB．導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置受到的安培力大小相同C．整個(gè)過(guò)程中流過(guò)導(dǎo)體某一橫截面上的電荷量必然為零D．導(dǎo)體棒在上升階段動(dòng)能減小量等于回路中熱能的增加量8．電磁流量計(jì)廣泛應(yīng)用于測(cè)量可導(dǎo)電液體（如污水）在管中的流量（在單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)管內(nèi)橫截面的流體的體積），為了簡(jiǎn)化，假設(shè)流量計(jì)是如圖所示的橫截面為長(zhǎng)方形的一段管道，其中空部分的長(zhǎng)、寬、高分別為圖中的a、b、c，流量計(jì)的兩端與輸送流體的管道相連接（圖中虛線）圖中流量計(jì)的上、下兩面是金屬材料，前后兩面是絕緣材料，現(xiàn)于流量計(jì)所在處加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于前后兩面，當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，在管外將流量計(jì)上、下兩表面分別與一串接了電阻R的電流表的兩端連接，I表示測(cè)得的電流值，已知流體的電阻率為ρ，不計(jì)電流表的內(nèi)阻，則可求得（）A．流量為B．流量為C．若將污水濃度變大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大D．若流量越大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第2232題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第33題39題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題（共129分）9．在水平固定的長(zhǎng)木板上，用物體A、B分別探究了加速度隨著合外力的變化的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（1）所示（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶圖中未畫(huà)出）．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中用不同的重物P分別掛在光滑的輕質(zhì)動(dòng)滑輪上，使平行于長(zhǎng)木板的不可伸長(zhǎng)的細(xì)線（中間連結(jié)有一輕質(zhì)細(xì)彈簧）分別拉動(dòng)長(zhǎng)木板上的物塊由靜止開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng)（紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間阻力及空氣阻力可忽略），實(shí)驗(yàn)后進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，得到了物塊A、B的加速度a與輕質(zhì)彈簧秤的伸長(zhǎng)量x的關(guān)系圖象分別如圖（2）中的A、B所示（g已知），（1）（多選題）由圖判斷下列說(shuō)法正確的是A．一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的B．實(shí)驗(yàn)中重物P的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于物塊的質(zhì)量C．若在實(shí)驗(yàn)中長(zhǎng)木板是水平的，圖（2）中又知道了圖象的截距，就能求解出物體與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．試驗(yàn)中，應(yīng)該先釋放重物再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源（2）某同學(xué)仔細(xì)分析了圖（2）中兩條線不重合的原因，得出結(jié)論：兩個(gè)物體的質(zhì)量不等，且mAmB（填“大于”“等于”或“小于”）；兩物體與木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)μAμB（填“大于”“等于”或“小于”）．10．（9分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)和電阻“×lk”擋內(nèi)部電路的總電阻．使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)變阻器：最大阻值5kΩ導(dǎo)線若干．回答下列問(wèn)題：（1）將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×lk”擋后并進(jìn)行了歐姆調(diào)零．（2）將圖（a）中多用電表的紅表筆和（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端．（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示．多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為kΩ和V．（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0kΩ和4.00V．多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無(wú)內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（d）所示．根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為V，電阻“×lk”擋內(nèi)部電路的總電阻為kΩ．11．（14分）如圖，A、B為半徑R=1m的四分之一光滑絕緣豎直圓弧軌道，在四分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著E=1×106V/m、豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量m=1kg、帶電荷量q=+1.4×10﹣5C的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），從A點(diǎn)的正上方距離A點(diǎn)H處由靜止開(kāi)始自由下落（不計(jì)空氣阻力），BC段為長(zhǎng)L=2m、與物體間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2的粗糙絕緣水平面．（取g=10m/s2（1）若H=1m，物體能沿軌道AB到達(dá)最低點(diǎn)B，求它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（2）通過(guò)你的計(jì)算判斷：是否存在某一H值，能使物體沿軌道AB經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)B后最終停在距離B點(diǎn)0.8m處．12．（18分）如圖所示的豎直直角坐標(biāo)平面xoy內(nèi)有兩條過(guò)原點(diǎn)的射線OA和OB與x軸的正半軸和負(fù)半軸都成45°角，在x軸上方∠AOB區(qū)域間分布著方向垂直紙面向外大小為B1的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在x軸的下方存在著方向垂直紙面向外大小為B2=勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的帶電粒子以速度v從位于直線OA上的P（L，L）點(diǎn)豎直向下射出，經(jīng)過(guò)測(cè)量發(fā)現(xiàn)，此粒子每經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間T會(huì)回到P點(diǎn)，（不計(jì)粒子重力）（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比；（2）若保持B2不變，而∠AOB間的磁場(chǎng)方向不變，現(xiàn)從P點(diǎn)向下發(fā)射兩個(gè)速度在0～圍內(nèi)（0＜v≤）與原來(lái)相同的帶電粒子（不計(jì)兩個(gè)粒子間的相互作用力），它們進(jìn)入∠AOB強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，求∠AOB間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的B1′的大?。?）在滿足題（2）中的條件下，求從P點(diǎn)出發(fā)后又回到P點(diǎn)的最短時(shí)間為多少？【選修33】13．（5分）下列說(shuō)法正確的是（）A．“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積B．一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成正比C．氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大D．物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體E．液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的14．（10分）如圖甲所示的玻璃管上端開(kāi)口，管內(nèi)有一部分水銀封住密閉氣體，上管足夠長(zhǎng)，上、下管的截面積分別為S1=2cm2、S2=1cm2．封閉氣體初始溫度為57℃，乙圖為對(duì)封閉氣體緩慢加熱過(guò)程中氣體壓強(qiáng)隨體積變化的圖線．求：（攝氏溫度t與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系是T=t+273K）（Ⅰ）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)；（Ⅱ）若緩慢升高氣體溫度，升高至多少方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi)．【選修34】15．如圖所示，a、b、c、…、k為連續(xù)的彈性介質(zhì)中間隔相等的若干質(zhì)點(diǎn)，e點(diǎn)為波源，t=0時(shí)刻從平衡位置開(kāi)始向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅為3cm，周期為0.2s．在波的傳播方向上，后一質(zhì)點(diǎn)比前一質(zhì)點(diǎn)遲0.05s開(kāi)始振動(dòng)．t=0.25s時(shí)，x軸上距e點(diǎn)2.0m的某質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)最高點(diǎn)，則（）A．該機(jī)械波在彈性介質(zhì)中的傳播速度為8m/sB．該機(jī)械波的波長(zhǎng)為2mC．圖中相鄰質(zhì)點(diǎn)間距離為0.5mD．當(dāng)a點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為9cm時(shí)，h點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為12cmE．當(dāng)b點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)時(shí)，c點(diǎn)位于平衡位置的上方16．如圖所示，直角玻璃三棱鏡置于空氣中，已知∠A=60°，∠C=90°，一束極細(xì)的光于AC邊的中點(diǎn)D垂直AC面入射，AD=a，棱鏡的折射率n=．求：（ⅰ）光從棱鏡第一次射入空氣時(shí)的折射角；（ⅱ）光從進(jìn)入棱鏡到它第一次從BC邊和AB邊射入空氣所經(jīng)歷的時(shí)間分別為多少？．（設(shè)光在真空中的傳播速度為c）【選修35】17．下列說(shuō)法正確的是（）A．放射性物質(zhì)經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期后所剩質(zhì)量為原有質(zhì)量的一半B．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子和電子時(shí)所產(chǎn)生的C．結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定D．在光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，在發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，入射光的波長(zhǎng)越小，光電子的最大初動(dòng)能越大．E．根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小18．如圖所示，豎直平面內(nèi)軌道ABCD的質(zhì)量M=0.4kg，放在光滑水平面上，其中AB段是半徑為R=0.4m的光滑四分之一圓弧，在B點(diǎn)與水平軌道BD相切，水平軌道的BC段粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，長(zhǎng)L=3.5m，CD段光滑，D端連一輕彈簧，現(xiàn)有一質(zhì)量m=0.1kg的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）在距A點(diǎn)高為H=3.6m處由靜止自由落下，恰沿A點(diǎn)滑入圓弧軌道（g=10m/s2）（i）ABCD軌道在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大速率；（ⅱ）彈簧最大的彈性勢(shì)能．

2016屆貴州省遵義一中高考物理押題卷參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分）1．在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過(guò)程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法，以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中不正確的是（）A．在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體采用了理想法B．根據(jù)速度定義式v=，當(dāng)△t→0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義式運(yùn)用了假設(shè)法C．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法D．玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮塞封口．手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面高度有明顯變化，說(shuō)明玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想方法【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】點(diǎn)電荷是在一定條件下的科學(xué)抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；當(dāng)時(shí)間非常小時(shí)，我們認(rèn)為此時(shí)的平均速度可看作某一時(shí)刻的速度即稱(chēng)之為瞬時(shí)速度，采用的是極限思維法；研究多個(gè)變量時(shí)，應(yīng)控制一些不變研究?jī)蓚€(gè)變量之間的關(guān)系，應(yīng)用控制變量法．【解答】解：A、在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體是建立理想化的物理模型的方法，故A正確；B、以時(shí)間趨向無(wú)窮小時(shí)的平均速度作為瞬時(shí)速度，采用了極限思維法，故B錯(cuò)誤；C、研究多個(gè)變量時(shí)，應(yīng)控制一些不變研究?jī)蓚€(gè)變量之間的關(guān)系，所以在探究加速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了控制變量法，故C正確；D、玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮泥封口．手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面高度變化，說(shuō)明玻璃瓶發(fā)生形變．該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想，故D正確．本題選不正確的故選：B【點(diǎn)評(píng)】在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對(duì)我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí)．2．一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖3所示．則（）A．2～6s時(shí)間內(nèi)物體的加速度為0.5m/s2B．物塊的質(zhì)量為1kgC．整個(gè)過(guò)程中，物體所受摩擦力始終為2ND．0～10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功30J【考點(diǎn)】動(dòng)能定理；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【分析】2～6s時(shí)間內(nèi)物體的加速度可根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率求得；根據(jù)6﹣8s時(shí)間內(nèi)，物體勻速直線運(yùn)動(dòng)，拉力和摩擦力相等，求得摩擦力的大小，然后再根據(jù)2﹣6s內(nèi)，利用牛頓第二定律列式求解物體的質(zhì)量．根據(jù)功的計(jì)算公式W=Fl求物體克服摩擦力所做的功．【解答】解：A、在速度時(shí)間圖象上，斜率表示加速度，由圖3可得2﹣6s時(shí)間內(nèi)物體的加速度為：a==m/s2=0.75m/s2．故A錯(cuò)誤．B、由圖3知，6﹣8s內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：f2=F2=2N由圖3可得2﹣6s物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：F1﹣f2=ma1聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：m=kg，故B錯(cuò)誤．C、在0﹣1s內(nèi)物體靜止不動(dòng)，物體所受摩擦力f1=F1=1N，2﹣10s內(nèi)物體所受摩擦力f2=2N，故C錯(cuò)誤．D、在整個(gè)過(guò)程中通過(guò)的位移為：x=×（2+8）×3m=15m，物體克服摩擦力做功：W=f2x=2×15J=30J，故D正確．故選：D【點(diǎn)評(píng)】此題考查了學(xué)生對(duì)圖象問(wèn)題的分析能力，能從圖象中得出相關(guān)的信息，知道v﹣t圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，然后結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行計(jì)算．3．將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步軌道3．軌道1、2相切于Q點(diǎn)，2、3相切于P點(diǎn)，M、N為橢圓軌道短半軸的端點(diǎn)，則當(dāng)衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運(yùn)行時(shí)（如圖所示），以下說(shuō)法正確的是（）A．在三條軌道中周期從大到小的順序是3軌道、1軌道、2軌道B．在三條軌道中速率最大的時(shí)刻為經(jīng)過(guò)2軌道的Q點(diǎn)，速率最小的時(shí)刻為經(jīng)過(guò)2軌道上P點(diǎn)C．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的加速度D．衛(wèi)星在軌道2上從M﹣P﹣N運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間等于從N﹣Q﹣M的時(shí)間【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【分析】根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、和向心力的表達(dá)式進(jìn)行討論即可衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須使衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速【解答】解：A、衛(wèi)星繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，得，則半徑大的周期大，軌道3半徑比軌道2，軌道2大于軌道1，所以衛(wèi)星在軌道3上的周期大于軌道2的周期大于在軌道1上的周期，故A錯(cuò)誤．B、從軌道1到軌道2，衛(wèi)星在Q點(diǎn)是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須使衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力．所以在軌道2上Q點(diǎn)的速度大于軌道1上Q點(diǎn)的速度．在軌道2上P點(diǎn)的速度小于軌道3上P點(diǎn)的速度，根據(jù)v=得衛(wèi)星在軌道3上線速度小于衛(wèi)星在軌道1上線速度，所以在軌道2上P點(diǎn)的速度小于衛(wèi)星在軌道1上線速度，故B正確；C、衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)只受萬(wàn)有引力，加速度a=，所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度等于它在軌道3上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度，C錯(cuò)誤；D、近地點(diǎn)速度大，遠(yuǎn)地點(diǎn)速度小，則在軌道2上從M﹣P﹣N運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間小于從N﹣Q﹣M的時(shí)間，則D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力，先列式求解出線速度和角速度的表達(dá)式，再進(jìn)行討論．知道知道衛(wèi)星變軌的原理，衛(wèi)星通過(guò)加速或減速來(lái)改變所需向心力實(shí)現(xiàn)軌道的變換．4．如圖所示，在水平地面上的箱子內(nèi)，用細(xì)線將質(zhì)量均為m的兩個(gè)球a、b分別系于箱子的上、下兩底的內(nèi)側(cè)，輕質(zhì)彈簧兩端分別與球相連接，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，下端細(xì)線對(duì)箱底的拉力為2mg，箱子的質(zhì)量為M（m《M），則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）（）A．系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)地面受到的壓力大小為Mg﹣2mgB．中間彈簧的彈力大小為mgC．剪斷連接球b與箱底的細(xì)線瞬間，b球的瞬時(shí)加速度為2gD．剪斷連接球a與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a球的加速度為3g【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】對(duì)整體進(jìn)行受力分析，即可得出開(kāi)始時(shí)地面受到的壓力；分別對(duì)燒斷線的前后的b物體以及整體進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解即可，注意彈簧的彈力非突變的特點(diǎn)【解答】解：A、對(duì)整體進(jìn)行受力分析可知，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，地面的支持力等于三個(gè)物體的重力，即：，根據(jù)牛頓第三定律，得：地面受到壓力大小為（M+2m）g，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)b受力分析，b球受到重力、中間彈簧的彈力和細(xì)線的拉力，，故B錯(cuò)誤；C、剪斷連接球b與箱底的細(xì)線瞬間，b球受重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力不能發(fā)生突變，b球的瞬時(shí)加速度，故C正確；D、剪斷連接球a與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a球受重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力不能發(fā)生突變，a球的瞬時(shí)加速度，故D錯(cuò)誤；故選：C【點(diǎn)評(píng)】該題考查對(duì)物體的受力分析與牛頓第二定律的應(yīng)用，要合理選擇研究的對(duì)象，對(duì)研究對(duì)象全面受力分析，注意彈簧的彈力非突變的特點(diǎn)5．在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為20：1，圖中電表均為理想交流電表，R為光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減小），Ll和L2是兩個(gè)完全相同的燈泡．原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法正確的是（）A．交流電的頻率為50HzB．電壓表的示數(shù)為220VC．當(dāng)照射R的光強(qiáng)增大時(shí)，電流表的示數(shù)變大D．若Ll的燈絲燒斷后，電壓表的示數(shù)會(huì)變大【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式【分析】由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比．和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類(lèi)似，可以根據(jù)R的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．【解答】解：A、原線圈接入如圖乙所示，T=0.02s，所以頻率為f==50Hz，故A正確；B、原線圈接入電壓的最大值是220V，所以原線圈接入電壓的有效值是U=220V，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為20：1，所以副線圈電壓是11V，所以V的示數(shù)為11V，故B錯(cuò)誤；C、R阻值隨光強(qiáng)增大而減小，根據(jù)I=知副線圈電流增加，副線圈輸出功率增加，根據(jù)能量守恒定律，所以原線圈輸入功率也增加，原線圈電流增加，所以A的示數(shù)變大，故C正確；D、當(dāng)Ll的燈絲燒斷后，變壓器的輸入電壓不變，根據(jù)變壓比公式，輸出電壓也不變，故電壓表讀數(shù)不變，故D錯(cuò)誤；故選：AC【點(diǎn)評(píng)】電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法．6．如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，M點(diǎn)與N在同一電場(chǎng)線上．兩個(gè)完全相同的帶等量正電荷的粒子，分別以初速度V2、V1垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入電場(chǎng)（軌跡位于豎直平面內(nèi)），兩粒子恰好能相遇于P點(diǎn)，重力不計(jì)．在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)的速度大小可能相等B．電場(chǎng)力對(duì)兩粒子做功一定不相同C．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能的都比進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)大D．兩粒子到達(dá)P點(diǎn)所需時(shí)間一定不相等【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】分析初末位置的電勢(shì)差，判斷電場(chǎng)力做功的關(guān)系，由動(dòng)能定理分析速度大小關(guān)系；運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系．【解答】解：AB、兩粒子進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橹亓Σ挥?jì)，豎直方向勻速，水平向左勻加速，因?yàn)閮闪Ｗ铀椒较虻奈灰撇煌?，電?chǎng)力做功一定不同，由動(dòng)能定理可知，兩粒子達(dá)到P點(diǎn)的速度大小不等，故A錯(cuò)誤，B正確；C、電場(chǎng)力對(duì)兩粒子都做正功，電勢(shì)能減少，故C錯(cuò)誤；D、水平方向上，由x=at2，加速度為：a=，因?yàn)閮蓚€(gè)完全相同的帶等量正電荷的粒子，所以加速度相等，位移不等，所以兩粒子到達(dá)P點(diǎn)所需時(shí)間一定不相等，故D正確．故選：BD．【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)電勢(shì)差研究電場(chǎng)力做功，進(jìn)而分析電勢(shì)能和動(dòng)能的關(guān)系是常用的方法．粒子在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，常用運(yùn)動(dòng)的分解法研究其運(yùn)動(dòng)規(guī)律．7．如圖所示，兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，下端接有定值電阻R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)給導(dǎo)體棒MN一平行于導(dǎo)軌的初速度v，使導(dǎo)體棒保持與導(dǎo)軌垂直并沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間導(dǎo)體棒又回到原位置．不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，在這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體棒上滑時(shí)棒中的電流方向由N到MB．導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置受到的安培力大小相同C．整個(gè)過(guò)程中流過(guò)導(dǎo)體某一橫截面上的電荷量必然為零D．導(dǎo)體棒在上升階段動(dòng)能減小量等于回路中熱能的增加量【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；安培力【分析】A、依據(jù)楞次定律，即可判定感應(yīng)電流的方向；B、根據(jù)安培力公式FA=BIL=，結(jié)合棒來(lái)回過(guò)程中，產(chǎn)生熱量，即可判定安培力大小關(guān)系；C、依據(jù)電量綜合表達(dá)式q=It==，整個(gè)過(guò)程中，根據(jù)磁通量的變化量，即可判定；D、根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，即可求解．【解答】解：A、導(dǎo)體棒上滑時(shí)，依據(jù)楞次定律，棒中的電流方向由N到M，故A正確；B、導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置，由于電阻產(chǎn)生熱量，導(dǎo)致來(lái)回的速度大小不相等，再由安培力公式FA=BIL=，那么同一位置受到的安培力大小也不相同，故B錯(cuò)誤；C、依據(jù)電量綜合表達(dá)式q=It==，整個(gè)過(guò)程中流過(guò)導(dǎo)體某一橫截面上的電荷量q=0，故C正確；D、根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，棒在上升階段，動(dòng)能減小量等于棒的重力勢(shì)能與回路中熱能的增加量，故D錯(cuò)誤；故選：AC．【點(diǎn)評(píng)】考查楞次定律、安培力與電量的綜合表達(dá)式的內(nèi)容，掌握能量轉(zhuǎn)化與守恒定律的應(yīng)用，注意棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，熱量一直存在，同時(shí)理解電量的有無(wú)與穿過(guò)線圈的磁通量有關(guān)．8．電磁流量計(jì)廣泛應(yīng)用于測(cè)量可導(dǎo)電液體（如污水）在管中的流量（在單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)管內(nèi)橫截面的流體的體積），為了簡(jiǎn)化，假設(shè)流量計(jì)是如圖所示的橫截面為長(zhǎng)方形的一段管道，其中空部分的長(zhǎng)、寬、高分別為圖中的a、b、c，流量計(jì)的兩端與輸送流體的管道相連接（圖中虛線）圖中流量計(jì)的上、下兩面是金屬材料，前后兩面是絕緣材料，現(xiàn)于流量計(jì)所在處加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于前后兩面，當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，在管外將流量計(jì)上、下兩表面分別與一串接了電阻R的電流表的兩端連接，I表示測(cè)得的電流值，已知流體的電阻率為ρ，不計(jì)電流表的內(nèi)阻，則可求得（）A．流量為B．流量為C．若將污水濃度變大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大D．若流量越大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大【考點(diǎn)】霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用【分析】當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，正負(fù)電荷受洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下表面間形成電勢(shì)差，最終穩(wěn)定時(shí)，電荷所受電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，根據(jù)歐姆定律及電阻定律求出上下表面間的電勢(shì)差，從而根據(jù)平衡求出速度以及流量的大?。窘獯稹拷猓篈B、最終穩(wěn)定時(shí)有：qvB=q．則v=根據(jù)電阻定律R′=ρ，則總電阻R總=R′+R所以U=IR總=I（ρ+R）解得v=所以流量Q=vS=vbc=．故A正確，B錯(cuò)誤．CD、由上分析可知，那么上下兩極間的電勢(shì)差U=，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：AD．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及掌握歐姆定律和電阻定律的運(yùn)用，注意電流方向的橫截面積求解．三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第2232題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第33題39題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題（共129分）9．在水平固定的長(zhǎng)木板上，用物體A、B分別探究了加速度隨著合外力的變化的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（1）所示（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶圖中未畫(huà)出）．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中用不同的重物P分別掛在光滑的輕質(zhì)動(dòng)滑輪上，使平行于長(zhǎng)木板的不可伸長(zhǎng)的細(xì)線（中間連結(jié)有一輕質(zhì)細(xì)彈簧）分別拉動(dòng)長(zhǎng)木板上的物塊由靜止開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng)（紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間阻力及空氣阻力可忽略），實(shí)驗(yàn)后進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，得到了物塊A、B的加速度a與輕質(zhì)彈簧秤的伸長(zhǎng)量x的關(guān)系圖象分別如圖（2）中的A、B所示（g已知），（1）（多選題）由圖判斷下列說(shuō)法正確的是ACA．一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的B．實(shí)驗(yàn)中重物P的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于物塊的質(zhì)量C．若在實(shí)驗(yàn)中長(zhǎng)木板是水平的，圖（2）中又知道了圖象的截距，就能求解出物體與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．試驗(yàn)中，應(yīng)該先釋放重物再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源（2）某同學(xué)仔細(xì)分析了圖（2）中兩條線不重合的原因，得出結(jié)論：兩個(gè)物體的質(zhì)量不等，且mA小于mB（填“大于”“等于”或“小于”）；兩物體與木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）．【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）寫(xiě)出木板水平時(shí)加速度的表達(dá)式討論即可；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源，再放開(kāi)小車(chē)；小車(chē)受到的拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)讀出；實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源再釋放重物．（2）根據(jù)圖象由牛頓第二定律可以判斷出物體質(zhì)量大??；由牛頓第二定律求出加速度的表達(dá)式，然后判斷動(dòng)摩擦因數(shù)大?。窘獯稹拷猓海?）A、平衡摩擦力時(shí)應(yīng)把長(zhǎng)木板的一端墊高，由圖示可知，一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的，故A正確；B、物塊所受的拉力可以由彈簧的伸長(zhǎng)量求出，實(shí)驗(yàn)過(guò)程重物P的質(zhì)量不需遠(yuǎn)小于物塊的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C、長(zhǎng)木板水平時(shí)，對(duì)物塊A由牛頓第二定律可得：F﹣μmg=ma，即a=﹣μg，對(duì)B由牛頓第二定律可得：F﹣μmg=ma，即a=﹣μg，木板水平時(shí)如果已知圖象的截距，可以求出物體與木板間的動(dòng)摩擦因，故C正確；D、試驗(yàn)中，應(yīng)該先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源然后釋放重物，故D錯(cuò)誤；故選：AC．（2）由牛頓第二定律得：m=，a﹣F圖象斜率的倒數(shù)等于m，由圖象可得：A的斜率大于B的斜率，則A斜率的倒數(shù)小于B斜率的倒數(shù)，即A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量；由牛頓第二定律得：F﹣μmg=ma，a=0時(shí)，F(xiàn)=μmg，由圖象可知，a=0時(shí)，A、B的F相等，即μAmAg=μBmBg，而mA＜mB，則μA＞μB．故答案為：（1）AC；（2）小于；大于．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析，要掌握實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、會(huì)根據(jù)實(shí)驗(yàn)裝置圖分析實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、會(huì)應(yīng)用圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，難度適中．10．（9分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)和電阻“×lk”擋內(nèi)部電路的總電阻．使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)變阻器：最大阻值5kΩ導(dǎo)線若干．回答下列問(wèn)題：（1）將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×lk”擋后并進(jìn)行了歐姆調(diào)零．（2）將圖（a）中多用電表的紅表筆和1（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端．（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示．多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為15.0kΩ和3.60V．（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0kΩ和4.00V．多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無(wú)內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（d）所示．根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為9.0V，電阻“×lk”擋內(nèi)部電路的總電阻為15.0kΩ．【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻【分析】（2）紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；（3）歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤(pán)讀數(shù)，伏特表讀數(shù)要估讀；（4）由于半偏電流是滿偏電流的一半，故歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)勢(shì)．【解答】解：（2）多用電表插孔紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，由圖示a所示可知，紅表筆接觸2，黑表筆接1；（3）用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×lk”，由圖b所示可知，電阻阻值：1K×15.0Ω=15.0kΩ；由圖c所示可知，電壓表分度值為0.1V，電壓表讀數(shù)為3.60V；（4）歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻，故歐姆表1K檔位的內(nèi)電阻為15.0KΩ；根據(jù)閉合電路歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)為：E=U+?r=4V+×15kΩ=9V；故答案為：（2）1；（3）15.0；3.60；（4）9.0；15.0．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，會(huì)使用歐姆表和電壓表測(cè)量電阻和電壓，同時(shí)能結(jié)合閉合電路歐姆定律靈活地列式分析．11．（14分）如圖，A、B為半徑R=1m的四分之一光滑絕緣豎直圓弧軌道，在四分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著E=1×106V/m、豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量m=1kg、帶電荷量q=+1.4×10﹣5C的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），從A點(diǎn)的正上方距離A點(diǎn)H處由靜止開(kāi)始自由下落（不計(jì)空氣阻力），BC段為長(zhǎng)L=2m、與物體間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2的粗糙絕緣水平面．（取g=10m/s2（1）若H=1m，物體能沿軌道AB到達(dá)最低點(diǎn)B，求它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；（2）通過(guò)你的計(jì)算判斷：是否存在某一H值，能使物體沿軌道AB經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)B后最終停在距離B點(diǎn)0.8m處．【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；向心力；勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】（1）物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到B，根據(jù)動(dòng)能定理求出B點(diǎn)速度，小物塊剛到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求解壓力；（2）設(shè)小物塊能沿著軌道AB到達(dá)B點(diǎn)的最小速度為v，在B點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律列式，物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到B，根據(jù)動(dòng)能定理列式，小物塊在水平面滑行，再由動(dòng)能定理列式，聯(lián)立方程即可求解．【解答】解：（1）物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理有mg（R+H）﹣qER=mv2到達(dá)B點(diǎn)時(shí)由支持力FN、重力、電場(chǎng)力的合力提供向心力FN﹣mg+qE=解得FN=8N根據(jù)牛頓第三定律，可知物體對(duì)軌道的壓力大小為8N，方向豎直向下（2）要使物體沿軌道AB到達(dá)最低點(diǎn)B，當(dāng)支持力為0時(shí)，最低點(diǎn)有個(gè)最小速度v，則qE﹣mg=解得v=2m/s在粗糙水平面上，由動(dòng)能定理得：﹣μmgx=﹣mv2所以x=1m＞0.8m故不存在某一H值，使物體沿著軌道AB經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)B后，停在距離B點(diǎn)0.8m處．答：（1）若H=1m，物體能沿軌道AB到達(dá)最低點(diǎn)B，它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小是8N；（2）不存在某一H值，使物體沿著軌道AB經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)B后，停在距離B點(diǎn)0.8m處．【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)能定理及牛頓第二定律的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是能正確分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，選擇合適的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理，難度適中12．（18分）如圖所示的豎直直角坐標(biāo)平面xoy內(nèi)有兩條過(guò)原點(diǎn)的射線OA和OB與x軸的正半軸和負(fù)半軸都成45°角，在x軸上方∠AOB區(qū)域間分布著方向垂直紙面向外大小為B1的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在x軸的下方存在著方向垂直紙面向外大小為B2=勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的帶電粒子以速度v從位于直線OA上的P（L，L）點(diǎn)豎直向下射出，經(jīng)過(guò)測(cè)量發(fā)現(xiàn)，此粒子每經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間T會(huì)回到P點(diǎn)，（不計(jì)粒子重力）（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比；（2）若保持B2不變，而∠AOB間的磁場(chǎng)方向不變，現(xiàn)從P點(diǎn)向下發(fā)射兩個(gè)速度在0～圍內(nèi)（0＜v≤）與原來(lái)相同的帶電粒子（不計(jì)兩個(gè)粒子間的相互作用力），它們進(jìn)入∠AOB強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，求∠AOB間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的B1′的大小．（3）在滿足題（2）中的條件下，求從P點(diǎn)出發(fā)后又回到P點(diǎn)的最短時(shí)間為多少？【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】（1）粒子從P點(diǎn)向下，運(yùn)動(dòng)過(guò)程的軌跡圖畫(huà)出來(lái)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，在上下兩磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相等．（2）畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，通過(guò)幾何關(guān)系可知在上面磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑是下方磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑的2倍，粒子在下方磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期，在上方磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)四分之一圓周，再由半徑公式得出磁感應(yīng)強(qiáng)度之間的關(guān)系，從而求出上方磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度．（3）從P點(diǎn)以向下運(yùn)動(dòng)的粒子回到P點(diǎn)所用時(shí)間最短，根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式求出粒子在各階段所以時(shí)間，然后求出總的最短時(shí)間．【解答】解：（1）由P點(diǎn)射出的粒子先做勻速直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中，設(shè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R2，由牛頓第二定律得：qvB2=m，解得：R2==L，粒子每經(jīng)過(guò)相同時(shí)間T會(huì)回到P點(diǎn)，必滿足在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1中半徑R1大小為L(zhǎng)，由牛頓第二定律得：qvB1=m解得：R1==L，則：=1；（2）從P點(diǎn)向下發(fā)射速度為vX滿足范圍為：0﹣，與原來(lái)相同的帶電粒子，由于保持B2不變，當(dāng)速度v時(shí)半徑為L(zhǎng)，則速度為0﹣的粒子在B2磁場(chǎng)中必定經(jīng)過(guò)半個(gè)周期后在x軸正半軸間返回，如圖2所示，進(jìn)入B1′勻強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，則在B1′磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑的兩倍，即：2=，解得：=，即：B1′==；（3）從第二問(wèn)分析可知，從P點(diǎn)以向下運(yùn)動(dòng)的粒子回到P點(diǎn)所用時(shí)間最短，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=，在B1′的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t1==，在B2的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t2==，在無(wú)場(chǎng)區(qū)運(yùn)動(dòng)中的時(shí)間為：t3=，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t總=t1+t2+t3=+；答：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比為1；（2）∠AOB間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的B1′的大小為．（3）在從P點(diǎn)出發(fā)后又回到P點(diǎn)的最短時(shí)間為：+．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，根據(jù)粒子在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，依據(jù)幾何特性作圖時(shí)解題關(guān)鍵，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程應(yīng)由牛頓第二定律與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式可以解題．【選修33】13．（5分）下列說(shuō)法正確的是（）A．“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積B．一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成正比C．氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大D．物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體E．液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的【考點(diǎn)】封閉氣體壓強(qiáng)；*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；用油膜法估測(cè)分子的大小【分析】“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積；一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成正比；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，但影響氣體壓強(qiáng)的因素還有體積；多晶體和非晶體都有各向異性；由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表現(xiàn)為引力．表面張力的存在使液體表面想被拉伸的彈簧一樣，總有收縮的趨勢(shì)．【解答】解：A、油膜法測(cè)分子直徑大小的實(shí)驗(yàn)中，油膜經(jīng)充分?jǐn)U散，形成單分子油膜，故純油酸體積除以油膜面積即為分子直徑大小，故A正確；B、由查理定律可知，一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成正比．故B正確；C、氣體分子平均動(dòng)能大，說(shuō)明氣體溫度較高，但不確定氣體體積的大小，由理想氣體狀態(tài)方程可知無(wú)法確定氣體壓強(qiáng)大小，故C錯(cuò)誤；D、多晶體也具有各向同性的特點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；E、液體的表面張力是由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表現(xiàn)為引力．故E正確故選：ABE【點(diǎn)評(píng)】本題考查3﹣3的分子動(dòng)理論、晶體與非晶體、壓強(qiáng)的意義、表面張力等內(nèi)容，較簡(jiǎn)單，加強(qiáng)識(shí)記和理解，多加積累是做好這一類(lèi)題目的關(guān)鍵．14．（10分）如圖甲所示的玻璃管上端開(kāi)口，管內(nèi)有一部分水銀封住密閉氣體，上管足夠長(zhǎng)，上、下管的截面積分別為S1=2cm2、S2=1cm2．封閉氣體初始溫度為57℃，乙圖為對(duì)封閉氣體緩慢加熱過(guò)程中氣體壓強(qiáng)隨體積變化的圖線．求：（攝氏溫度t與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系是T=t+273K）（Ⅰ）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)；（Ⅱ）若緩慢升高氣體溫度，升高至多少方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi)．【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】（1）根據(jù)圖象直接得出封閉氣體的壓強(qiáng)（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求末狀態(tài)的溫度【解答】解：（1）氣體初狀態(tài)體積為：，由圖知此時(shí)壓強(qiáng)為：，（2）由題意知：，從狀態(tài)1到狀態(tài)2由理想氣體狀態(tài)方程知代入數(shù)據(jù)知：其中代入數(shù)據(jù)解得：答：（Ⅰ）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)為80cmHg；（Ⅱ）若緩慢升高氣體溫度，升高至369K方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi)．【點(diǎn)評(píng)】找出各個(gè)狀態(tài)下的參量是正確解題的關(guān)鍵，熟練應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題【選修34】15．（2016?海南校級(jí)模擬）如圖所示，a、b、c、…、k為連續(xù)的彈性介質(zhì)中間隔相等的若干質(zhì)點(diǎn)，e點(diǎn)為波源，t=0時(shí)刻從平衡位置開(kāi)始向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅為3cm，周期為0.2s．在波的傳播方向上，后一質(zhì)點(diǎn)比前一質(zhì)點(diǎn)遲0.05s開(kāi)始振動(dòng)．t=0.25s時(shí)，x軸上距e點(diǎn)2.0m的某質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)最高點(diǎn)，則（）A．該機(jī)械波在彈性介質(zhì)中的傳播速度為8m/sB．該機(jī)械波的波長(zhǎng)為2mC．圖中相鄰質(zhì)點(diǎn)間距離為0.5mD．當(dāng)a點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為9cm時(shí)，h點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為12cmE．當(dāng)b點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)時(shí)，c點(diǎn)位于平衡位置的上方【考點(diǎn)】橫波的圖象【分析】由波的周期為0.2s，后一質(zhì)點(diǎn)比前一質(zhì)點(diǎn)遲0.05s開(kāi)始振動(dòng)，可知相鄰質(zhì)點(diǎn)間的距離等于波長(zhǎng)，e振動(dòng)0.05s第一次到達(dá)波峰，根據(jù)t=0.25s時(shí)，x軸上距e點(diǎn)2.0m的某質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)最高點(diǎn)，可得到波長(zhǎng)，從而求得波速．結(jié)合對(duì)稱(chēng)性分析．【解答】解：A、根據(jù)題意可知波的周期為0.2s，t=0時(shí)刻e點(diǎn)從平衡位置開(kāi)始向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)t=0.05s，e點(diǎn)第一到達(dá)最高點(diǎn)．t=0.25s時(shí)，x軸上距e點(diǎn)2.0m的某質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)最高點(diǎn)，則知該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)比e點(diǎn)落后一個(gè)周期，所以波長(zhǎng)為λ=2m，波速為v=10m/s，故A錯(cuò)誤，B正確．C、由波的周期為T(mén)=0.2s，后一質(zhì)點(diǎn)比前一質(zhì)點(diǎn)遲0.05s=開(kāi)始振動(dòng)，可知相鄰質(zhì)點(diǎn)間的距離等于波長(zhǎng)，為0.5m．故C正確．D、根據(jù)對(duì)稱(chēng)性知，當(dāng)a點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為9cm時(shí)，h點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為12cm，故D正確．E、波從e點(diǎn)向左右兩側(cè)傳播，根據(jù)波的傳播方向知，當(dāng)b點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)時(shí)，c點(diǎn)位于波谷，故E錯(cuò)誤故選：BCD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查分析波動(dòng)形成過(guò)程的能力，要抓住質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源的起振方向相同，振動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)傳播一個(gè)波長(zhǎng)等波的基本知識(shí)進(jìn)行分析．16．如圖所示，直角玻璃三棱鏡置于空氣中，已知∠A=60°，∠C=90°，一束極細(xì)的光于AC邊的中點(diǎn)D垂直AC面入射，AD=a，棱鏡的折射率n=．求：（?。┕鈴睦忡R第一次射入空氣時(shí)的折射角；（ⅱ）光從進(jìn)入棱鏡到它第一次從BC邊和AB邊射入空氣所經(jīng)歷的時(shí)間分別為多少？．（設(shè)光在真空中的傳播速度為c）【考點(diǎn)】光的折射定律【分析】（i）畫(huà)出光路圖，判斷光線在AB面和BC面上能否發(fā)生