2024屆北京師范大學蚌埠附屬學校高三物理試題期初模擬卷一

2024屆北京師范大學蚌埠附屬學校高三物理試題期初模擬卷（1）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為10:1,當輸入電壓增加20V時，輸出電壓（）

A.增加200VB.增加2VC.降低200VD.降低2V

2、如圖甲所示，梯形硬導線框而〃固定在磁場中，磁場方向與線框平面垂直，圖乙表示該磁場的磁感應強度5隨時

間f變化的關系，U0時刻磁場方向垂直紙面向里。在0?5fo時間內，設垂直成邊向上為安培力的正方向，線框向邊

受到該磁場對它的安培力F隨時間，變化的關系圖為

3、在離地高九處，同時自由下落和豎直向上拋出各一個小球，其中豎直上拋的小球初速度大小為心不計空氣阻力,

重力加速度為g,兩球落地的時間差為（）

4、2017年11月5日，又有兩顆北斗導航系統(tǒng)組網(wǎng)衛(wèi)星通過“一箭雙星”發(fā)射升空，并成功進入預定軌道，兩顆衛(wèi)星繞

地球運動均看作勻速圓周運動。如果兩顆衛(wèi)星的質量均為拉，其中的1號衛(wèi)星軌道距離地面高度為九2號衛(wèi)星軌道

距離地面高度為"，且把地球看做質量分布均勻的球體，已知地球半徑為R,地球表面的重力加速度大小為g,

引力常量為G下列說法正確的是（）

A.1號衛(wèi)星繞地球運動的線速度

\R+h

B.1號衛(wèi)星繞地球運動的周期T=2萬（R+防

D.穩(wěn)定在軌運行時1號衛(wèi)星的機械能大于2號衛(wèi)星的機械能

5、有一勻強電場，場強方向如圖所示，在電場中有三個點A、3、C,這三點的連線恰好夠成一個直角三角形，且AC

邊與電場線平行。已知A、8兩點的電勢分別為9A=5V,%=1.8V,AB的距離為4cm,3c的距離為3cm。若把一

個電子（e=1.6xlO-19C）從A點移動到C點，那么電子的電勢能的變化量為（）

A.-1.8xlO19JB.6.0X1019JC.8.0X10-19JD.-6.0X1019J

6、圖1所示為一列簡諧橫波在t=0時的波動圖象，圖2所示為該波中x=2m處質點P的振動圖象，下列說法正確的是

A.該波的波速為2m/s

B.該波沿x軸負方向傳播

C.t=LOs時，質點P的速度最小，加速度最大

D.在t=0到t=2.0s的時間內，質點P的速度和加速度方向均未發(fā)生改變

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、半徑分別為r和2r的同心半圓導軌MN、固定在同一水平面內，一長為人電阻為R、質量為機且質量分布均

勻的導體棒A5置于半圓軌道上面，R4的延長線通過導軌的圓心O,裝置的俯視圖如圖所示。整個裝置位于磁感應強

度大小為5、方向豎直向下的勻強磁場中。在N、。之間接有一阻值也為衣的電阻。導體棒45在水平外力作用下，

以角速度“繞。順時針勻速轉動，在轉動過程中始終與導軌保持良好接觸。導軌電阻不計，不計一切摩擦，重力加速

度為g，則下列說法正確的是（）

A.導體棒中的電流方向為A—8

B.導體棒A端相等于電源正極

C.導體棒A3兩端的電壓為辿N

4

D.若保持導體棒轉動的角速度不變，同時使豎直向下的磁場的磁感應強度隨時間均勻增大，則通過電阻R的電流可

能一直為零

8、質量為旭的物塊放在水平桌面上，物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為立，現(xiàn)給物塊-個斜向上的拉力/使物塊

3

勻速向右運動，則拉力P的值可能為

A.-mg

1

B.-mg

1

C.-mg

D.mg

9、如圖，質量分別為，"A=2kg、,〃B=4kg的A、5小球由輕繩貫穿并掛于定滑輪兩側等高〃=25m處，兩球同時由靜止

開始向下運動，已知兩球與輕繩間的最大靜摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。兩側輕

繩下端恰好觸地，取g=10m/s2,不計細繩與滑輪間的摩擦，則下列說法正確的是（）

A.A與細繩間為滑動摩擦力，B與細繩間為靜摩擦力

B.A比B先落地

C.A,B落地時的動能分別為400J、850J

D.兩球損失的機械能總量250J

10、下列說法正確的是

A.大氣中PML5的運動是分子的無規(guī)則運動

B.晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點

C.擴散運動和布朗運動的劇烈程度都與溫度有關

D.熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，但不能從低溫物體傳到高溫物體

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學設計了一個如圖甲所示的裝置來測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，其中A為滑塊,3和C處是鉤碼，

不計繩和滑輪的質量及它們之間的摩擦.實驗中該同學保持在3和C處鉤碼總個數(shù)不變的條件下，改變C處鉤碼個數(shù),

測出C處不同個數(shù)鉤碼的總質量m及對應加速度?然后通過對實驗數(shù)據(jù)的分析求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù).

⑴該同學手中有電火花計時器、紙帶、10個質量均為100克的鉤碼、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細線,為了完

成本實驗，得到所要測量的物理量,還需要.

A.秒表B,毫米刻度尺C.天平D.彈簧測力計

⑵在實驗數(shù)據(jù)處理中，該同學以C處鉤碼的總質量機為橫軸，以加速度a為縱軸，繪制了如圖乙所示的實驗圖線，可知滑塊

與木板間的動摩擦因數(shù)"=.（g取lOm/s?）

12.（12分）用圖1所示的實驗裝置研究小車速度隨時間變化的規(guī)律。

JPIIuir^1

主要實驗步驟如下：

a.安裝好實驗器材。接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運動，重復幾次。

b.選出一條點跡清晰的紙帶，找一個合適的點當作計時起點。0=0）,然后每隔0.1s選取一個計數(shù)點，如圖2中A、

B、C、。、E、F...所示。

roi3Lri7~?

/?????/

圖2

c.通過測量、計算可以得到在打A、B、C、D、E...點時小車的速度，分別記作VI、V2>V3>V4>V5

d.以速度u為縱軸、時間，為橫軸建立直角坐標系，在坐標紙上描點，如圖3所示。

05?:；二:二二二I:二：二：二：：I::「：上：：二I二二「上：：》..

00.102030.40.5ts

圖3

結合上述實驗步驟，請你完成下列問題：

⑴在下列儀器和器材中，還必須使用的有和（填選項前的字母）。

A.電壓合適的50Hz交流電源

B.電壓可調的直流電源

C.刻度尺

D.秒表

E.天平（含祛碼）

⑵在圖3中已標出計數(shù)點A、B、D、E對應的坐標點，請在該圖中標出計數(shù)點C（V3=0.86m/s）對應的坐標點，并畫

出v-t圖像。

（3）觀察修圖像，可以判斷小車做勻變速直線運動，其依據(jù)是。根據(jù)口圖像計算出小車的加速度a=_____m/s21,

（4）某同學測量了相鄰兩計數(shù)點間的距離：OA=7.05cm,AB=7.68cm,BC=8.31cm,C￡）=8.95cm,Z>E=9.57cm,￡F=10.20cm,

通過分析小車的位移變化情況，也能判斷小車是否做勻變速直線運動。請你說明這樣分析的依據(jù)是

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，半徑分別為Ri、&的兩個同心圓，圓心為。，小圓內有垂直紙面向里的磁場，磁感應強度為

Bi,大圓外有垂直紙面的磁感應強度為史的磁場，圖中未畫出，兩圓中間的圓環(huán)部分沒有磁場。今有一帶正電的粒子

從小圓邊緣的A點以速度v沿AO方向射入小圓的磁場區(qū)域，然后從小圓磁場中穿出，此后該粒子第一次回到小圓便

經(jīng)過A點。（帶電粒子重力不計）求：

（1）若吁取叫則帶電粒子在小圓內的運動時間，為多少？

m

⑵大圓外的磁場用的方向；

（3）磁感應強度Bi與Bi的比值為多少。

14.（16分）如圖所示，A3C等邊三棱鏡，尸、。分別為A5邊、AC邊的中點，面鍍有一層銀，構成一個反射面,

一單色光以垂直于面的方向從尸點射入，經(jīng)折射、反射，剛好照射在AC邊的中點0,求

①棱鏡對光的折射率；

②使入射光線繞尸點在紙面內沿順時針轉動，當光線再次照射到。點時，入射光線轉過的角度.

15.（12分）對于同一物理問題，常?？梢詮暮暧^與微觀兩個不同角度進行研究，找出其內在聯(lián)系，從而更加深刻地

理解其物理本質.一段橫截面積為S、長為/的直導線，單位體積內有〃個自由電子，一個電子電量為e.該導線通有

恒定電流時，導線兩端的電勢差為U,假設自由電子定向移動的速率均為v.

（1）求導線中的電流/;

（2）所謂電流做功，實質上是導線中的恒定電場對自由電荷的靜電力做功.為了求解在時間，內電流做功W為多少,

小紅和小明給出了不同的想法：

小紅記得老師上課講過，W=UIt,因此將第（1）問求出的/的結果代入，就可以得到W的表達式.但是小紅不記得

老師是怎樣得出這個公式的.小明提出，既然電流做功是導線中的恒定電場對自由電荷的靜電力做功，那么應

該先求出導線中的恒定電場的場強，即石=亍，設導體中全部電荷為g后，再求出電場力做的功W=

將q代換之后，小明沒有得出W=UIt的結果.

請問你認為小紅和小明誰說的對？若是小紅說的對，請給出公式的推導過程；若是小明說的對，請補充完善這個問題

中電流做功的求解過程.

(3)為了更好地描述某個小區(qū)域的電流分布情況，物理學家引入了電流密度這一物理量，定義其大小為單位時間內通

過單位面積的電量.若已知該導線中的電流密度為j,導線的電阻率為p,試證明：y=.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解題分析】

根據(jù)

U2n2

得

A[72n2

即

2010

近一了

解得

At72=2V

即輸出電壓增加2V,故B正確，ACD錯誤。

故選B。

2、D

【解題分析】

根據(jù)法拉第電磁感應定律求解感應電動勢，根據(jù)歐姆定律求解感應電流，根據(jù)安培力公式歹=3〃求解安培力；根據(jù)

楞次定律判斷感應電流的方向，再由左手定則判定安培力的方向，即可求解。

【題目詳解】

BB。_BB0

O-2to,感應電動勢為：Ei=S—=S一，為定值，3to-5to,感應電動勢為：E2=S—=S一，也為定值，因此感

.tt0..tt0

應電流也為定值，那么安培力尸=3五8瓦由于0-to,B逐漸減小到零，故安培力逐漸減小到零，根據(jù)楞次定律，可

知，線圈中感應電流方向順時針，依據(jù)左手定則，可知，線框ab邊受到安培力方向向上，即為正；同理，to-2t0,安

培力方向向下，為負，大小增大，而在2to-3to,沒有安培力；在3to-4to,安培力方向向上，為正，大小減?。辉?to

-5to,安培力方向向下，為負，大小增大，故D正確，ABC錯誤。

3、D

【解題分析】

自由下落的小球，有

得

對于豎直上拋的小球，由機械能守恒得:

,11,

mgn+—mv2=—mv2

則得落地時速度大小為

v'=y]v2+2gh

對于豎直上拋的小球，將其運動看成一種勻減速直線運動，取豎直向上為正方向，加速度為一8，則運動時間為:

-v'-vv+v'vv22h

’2=--------=------=~+J~+—

~ggg'gg

故時間之差為

h

A.與結論不相符，選項A錯誤；

v

2h

B.—,與結論不相符，選項B錯誤;

v

C.—,與結論不相符，選項C錯誤;

g

vv22h2h

D.一+r+—,與結論相符，選項D正確;

gg~g

故選D.

點睛：本題關鍵要明確小球運動中機械能守恒，要理清過程中的速度關系，寫出相應的公式，分析運動時間的關系.

4、A

【解題分析】

A.設地球質量昨根據(jù)公式

(R+〃)2(R+丸)

和

mog=G-^-

K

解得

v-R

故A正確;

B.根據(jù)公式

?Mm,,4/—,、

G--------=M—r(R+h)

(7?+/?)2T~

和

m0g=G-^

K

解得：

2兀(R+h)YR+h

T=

故B錯誤;

C.根據(jù)

F.=G--------

(R+/Z)2

口CmM

居=G--------

-(R+丸)2

所以

耳_(R+“)2

F2-(R+h)2

故C錯誤；

D.由于/z</z，衛(wèi)星從低軌道向高軌道要點火加速，化學能轉化為機械能，所以穩(wěn)定在軌運行時1號衛(wèi)星的機械能小

于2號衛(wèi)星的機械能，故D錯誤。

故選A.

5、C

【解題分析】

設AB與AC之間的夾角為仇則

4

cos0=—

5

45沿場強方向的距離為

416

dJAB=SABcos6>=4x-=ycm

則電場強度為

u(PA-(P

E=-=-^^n-=100V/m

ddAB

電子從A點到達C點時電勢能的變化量為

-1919

AEp=W=F5=eE-5=1.6xl0xl00x0.05=8xl0'J

A.-1.8xl0」9j與分析不符，故A錯誤；

B.6.0X10」9J與分析不符，故B錯誤；

C.8.0X10」9J與分析相符，故c正確；

D.—6.0X10」9J與分析不符，故D錯誤。

故選C。

6、C

【解題分析】

24

A.由圖1讀出波長4=4m,由圖2讀出T=4s,因此該波的波速v=—=—m/s=lm/s,故選項A錯誤；

T4

B.由圖2可以看出，質點P在/=0時向上振動，根據(jù)“同側法”知，波沿x軸正方向傳播，故選項B錯誤；

C.由圖2可知，/=1.0s時，質點P位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故選項C正確；

D.從/=0到/=2.0s是半個周期，質點P從平衡位置向上振動到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向

上再向下，加速度方向是由回復力方向決定的，該過程中回復力的方向一直向下，所以加速度方向一直向下，故選項

D錯誤。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解題分析】

AB.由右手定則可知，導體棒中的電流方向為ATB,導體棒相當于電源，電源內部電流由負極流向正極，則5端相

當于電源正極，故A正確，B錯誤；

C.AB棒產(chǎn)生的感應電動勢為

113

E=-B(2r)2co--Br2co=-Br2co

導體棒AB兩端的電壓為

U=-E=-Br2a>

2R4

故C正確；

D.若保持導體棒轉動的角速度不變，由于磁場均勻增大，則導體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢增大，如果導體棒不動,

豎直向下的磁場的磁感應強度隨時間均勻增大，回路中產(chǎn)生的電動勢不變，且與導體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢方向

相反，則兩電動勢不可能一直相等，即通過電阻衣的電流不可能一直為零，故D錯誤。

故選ACo

8、CD

【解題分析】

物塊受到重力儂、支持夫N、摩擦力/和拉力/四個力作用，先把支持練、摩擦力/合成，由于

tana=—=—=A/3

f〃

得到。=60°。再把尸與拉力廠合成，合力等于mg,當歹與尸垂直時，E最小，最小值

〃1

Fmin=mgcosa=-mg

A.A項與上述分析結論不相符，故A錯誤；

B.B項與上述分析結論不相符，故B錯誤；

C.C項與上述分析結論相符，故c正確；

D.D項與上述分析結論相符，故D正確。

9、ACD

【解題分析】

A項：由于A、B兩球對細繩的摩擦力必須等大，且A、B的質量不相等，A球由靜止釋放后與細繩間為滑動摩擦力,

B與細繩間為靜摩擦力，故A正確;

B項：對A：mAg-fA=mAaA,對B：mBg-fB=mBaB,fA=fB,fA=0.5mAg,聯(lián)立解得：〃A=5%2,%=7?5%2

設A球經(jīng)ts與細繩分離，此時，A、B下降的高度分別為hA、hB,速度分別為VA、VB,

1919

貝!I有：hA=—aAt,hB=—ciBt,H=hA+hB,VA=aAt,VB=aBt聯(lián)立解得：t=2s,hA=10m,hB=15m,VA=10m/s,VB=15III/S,

分離后，對A經(jīng)ti落地，則有：15=104+5/；,

19

對B經(jīng)t2落地，m則有：10=15t2+-gtl

解得：％=Is，t,=-3+而s,所以b先落地，故B錯誤；

2

1,

C項：A、B落地時的動能分別為ERA、Ew,由機械能守恒，有：E^=-mAv^+mAg(H-hA)

1,

Emv

kB=~BB+mBg(H-hB)

代入數(shù)據(jù)得：EkA=400J、EkB=850J,故C正確；

D項：兩球損失的機械能總量為AE,AE=(mA+mB)gH-EkA-EkB,代入數(shù)據(jù)得：△E=250J,故D正確。

故應選：ACDo

【題目點撥】

解決本題的關鍵理清A、B兩球在整個過程中的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度是

聯(lián)系力學和運動學的橋梁。要注意明確B和繩之間的滑動摩擦力，而A和繩之間的為靜摩擦力，其大小等于B受繩的

摩擦力。

10、BC

【解題分析】

試題分析：大氣中PM1.5的運動是固體顆粒的無規(guī)則運動，選項A錯誤；晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔

點，選項B正確；擴散運動和布朗運動的劇烈程度都與溫度有關，溫度越高越明顯，選項C正確；熱量能夠從高溫物

體傳到低溫物體，也能從低溫物體傳到高溫物體，但要引起其他的變化，選項D錯誤；故選BC.

考點：晶體和非晶體；布朗運動和擴散現(xiàn)象；熱力學第二定律.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、(1)B(2)0.3

【解題分析】

第一空.打點計時器通過打點即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤.本實驗不需要測滑塊的質量，鉤碼質量已知,

故不需要天平，故B錯誤.實驗需要測量兩點之間的距離，需要毫米刻度尺，故C正確.滑塊受到的拉力等于鉤碼的

重力，不需要彈簧測力計測拉力，故D錯誤.故選C；

mg—從(M+用)g相g(l+〃)

第二空.對45C系統(tǒng)應用牛頓第二定律可得：a=一〃g,其中=m0；所以a-m

M+rr^M+m^

圖象中，縱軸的截距為-"g,故-"g=-3,〃=0.3.

小車速度隨時間均勻變化0.62相鄰

相等時間(0.1s)內的位移變化量均為0.63c“z左右，在誤差范圍內相等，所以小車做勻速直線運動。

【解題分析】

(1)[1]AB.圖中打點計時器用的是50Hz交流電源而不是直流電源，故選項A正確，B錯誤；

C.測量紙帶上的點之間距離時，還需要用到刻度尺，故選項C正確；

D.但是不用秒表，因為計時器的點間距能夠說明間隔時間的問題，選項D錯誤；

E.實驗用不到天平，因為不用測量質量，選項E錯誤。

故選ACo

(2)⑵先畫出C點，即在時間為0.3s時找出對應的速度0.86m/s即可，然后將圖中各點用直線畫出來;

(3)[3]因為它是一條直線，說明其加速度的大小是不變的，故說明是勻變速直線運動，也可以說是因為速度的變化

的相同時間內是相同的.

[4]加速度的大小可以根據(jù)加速度的定義來計算得出

0.99-0.74

a=m/s2=0.62m/s2

0.5-0.1

計算加速度時需要在直線上取兩個點，所取的點間距盡量大一些；

(4)[5]由于在勻變速直線運動中，相鄰相等時間內的位移的變化量是相等的，故我們只需要驗證這個運動是不是滿

足這個關系就可以；由于相鄰點間的時間是相等的，又因為

EF-DE=10.20cm-9.57cm=0.63cm

DE-CD=9.57cm-8.95cm=0.62cm

CD-BC=8.95cm-8.31cm=0.64cm

5C-AB=8.31cm-7.68cm=0.6女m，…；

說明相鄰相等時間內通過的位移都是相等的，所以小車的運動是勻變速直線運動。

四、計算題：本題共2小題，共26分。