2019高考物理最后沖刺增分小題狂練23

小題狂練23直流電路小題狂練eq\o(○,\s\up1(23))小題是基礎(chǔ)練小題提分快1.[2019·重慶市重慶一中摸底]某興趣小組調(diào)查一條河流的水質(zhì)情況，通過(guò)計(jì)算結(jié)果表明，被污染的河里一分鐘內(nèi)有相當(dāng)于6C的正離子和9A．0.25A順流而下B．0.05C．0.25A逆流而上D．0.05答案：D解析：若正、負(fù)離子移動(dòng)方向相反，則通過(guò)橫截面的總電荷量是兩種離子電荷量絕對(duì)值之和，若正、負(fù)離子向著同一個(gè)方向流動(dòng)，則通過(guò)橫截面的總電荷量等于正、負(fù)離子的電荷量的代數(shù)和，所以由題意可知，在1min內(nèi)向下游通過(guò)橫截面的總電荷量應(yīng)為q＝6C－9C＝－3C，所以電流I＝eq\f(q,t)＝－0.05A，負(fù)號(hào)表示等效電流方向與河水的流動(dòng)方向相反，即電流的方向?yàn)槟媪鞫?，選項(xiàng)D2．[2019·湖南省益陽(yáng)模擬](多選)一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線，在其兩端加上電壓U0時(shí)，通過(guò)導(dǎo)線的電流為I0，導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為v，若將導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,2)，再給它兩端加上電壓2U0，則()A．通過(guò)導(dǎo)線的電流為eq\f(I0,8)B．通過(guò)導(dǎo)線的電流為eq\f(I0,16)C．導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為eq\f(v,4)D．導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為eq\f(v,2)答案：AD解析：將金屬導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，因橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,4)，其長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，根據(jù)電阻定律R＝ρeq\f(L,S)分析可知，導(dǎo)線電阻變?yōu)樵瓉?lái)的16倍，又電壓變?yōu)?U0，根據(jù)歐姆定律I＝eq\f(U,R)可知，電流變?yōu)閑q\f(I0,8)，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I＝nevS，其中n、e不變，電流變?yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,8)，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,4)，則自由電子定向移動(dòng)的平均速率變?yōu)閑q\f(v,2)，C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．3．[2019·天津市耀華中學(xué)檢測(cè)]如圖所示，兩根橫截面積相同的不同材料制成的導(dǎo)線Ⅰ和Ⅱ，串聯(lián)后接入電路．若導(dǎo)線上任意一點(diǎn)的電勢(shì)φ隨該點(diǎn)與a點(diǎn)距離x的變化關(guān)系如圖所示．導(dǎo)線Ⅰ和Ⅱ的電阻率分別為ρ1、ρ2，電阻分別為R1、R2，則()A．ρ1<ρ2，R1<R2B．ρ1>ρ2，R1<R2C．ρ1<ρ2，R1>R2D．ρ1>ρ2，R1>R2答案：A解析：由U＝IR，R＝ρeq\f(L,S)，根據(jù)導(dǎo)線上任意一點(diǎn)的電勢(shì)φ隨該點(diǎn)與a點(diǎn)距離x的變化關(guān)系圖線，可知ρ1<ρ2,2R1＝R2，A項(xiàng)正確．4．[2019·華南師大附中月考]如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)在12V的電路中，R1＝6kΩ，R2＝3kΩ.當(dāng)用電阻不是遠(yuǎn)大于R1和R2的電壓表0～3V量程測(cè)量R2兩端的電壓時(shí)，電壓表的示數(shù)是3V；當(dāng)用該電壓表0～15V量程測(cè)量R1兩端的電壓時(shí)，電壓表的示數(shù)為()A．9VB．8VC．7.5VD．6V答案：C解析：設(shè)0～3V量程的電壓表的內(nèi)阻為RV，依據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有：R1＝3×eq\f(R2RV,R2＋RV)，解得RV＝6kΩ；根據(jù)電壓表的改裝原理可知0～15V量程的電壓表的內(nèi)阻為R′V＝30kΩ，所以當(dāng)用該電壓表0～15V量程測(cè)量R1兩端的電壓時(shí)，電壓表與R1并聯(lián)的電阻為R并＝eq\f(R1R′V,R1＋R′V)＝5kΩ，則電壓表的讀數(shù)為eq\f(R并,R并＋R2)×12V＝7.5V，所以C項(xiàng)正確．5．[2019·江西省吉安一中檢測(cè)]如圖所示的電路中，A1和A2為理想電流表，示數(shù)分別為I1和I2，R1：R2：R3＝1：2：3；當(dāng)a、b兩點(diǎn)間加以恒定的電壓U后，下列結(jié)論正確的是()A．I1：I2＝3：4B．I1：I2＝4：9C．將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為3：5D．將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為1：1答案：C解析：電源接在a、b兩點(diǎn)時(shí)，電路圖如圖1所示，并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，則有eq\f(I1,I2)＝eq\f(\f(U,R2)＋\f(U,R3),\f(U,R1)＋\f(U,R2))＝eq\f(5,9)，故A、B錯(cuò)誤；將A1、A2換成理想電壓表，如圖2所示成為串聯(lián)電路，UR1：UR2：UR3＝1：2：3，eq\f(U1,U2)＝eq\f(3,5)，故C正確，D錯(cuò)誤．6．[2019·河北省石家莊二中模擬]如圖所示電路，已知R1＝3kΩ，R2＝2kΩ，R3＝2kΩ，I＝10mA，I1＝6mA，則a、b兩點(diǎn)電勢(shì)高低和通過(guò)R2中電流正確的是()A．a(chǎn)比b高，4mAB．a(chǎn)比b高，2mAC．a(chǎn)比b低，5mAD．a(chǎn)比b低，4mA答案：C解析：設(shè)c點(diǎn)電勢(shì)為零，則電流通過(guò)R1的電壓降為|Uca|＝I1R1＝18V，即a點(diǎn)電勢(shì)為－18V，流過(guò)R3的電流I3＝I－I1＝4mA，同理可知，b點(diǎn)電勢(shì)為－8V；可見(jiàn)a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)低，通過(guò)R2的電流I2＝eq\f(Uba,R2)＝5mA，故選項(xiàng)C正確．7．[2019·山西省太原五中模擬]某種金屬導(dǎo)體的U—I圖象如圖所示，圖象上A點(diǎn)和原點(diǎn)的連線與橫軸成α角，A點(diǎn)的切線與橫軸成β角．關(guān)于該導(dǎo)體的敘述，下列說(shuō)法中正確的是()A．導(dǎo)體的電功率隨電壓U的增大而增大B．導(dǎo)體的電功率與電壓U的平方成正比C．在A點(diǎn)，導(dǎo)體的電阻為tanβD．在A點(diǎn)，導(dǎo)體的電阻為tanα答案：A解析：由圖象知，U增大，電流I也增大，該導(dǎo)體的電功率在數(shù)值上等于橫、縱坐標(biāo)的乘積，則電功率增大，故A選項(xiàng)正確；由歐姆定律知，導(dǎo)體的電阻R＝eq\f(U,I)，隨著U增大，I增大得越來(lái)越慢，故導(dǎo)體的電阻R隨U的增大而增大，由P＝eq\f(U2,R)知導(dǎo)體的電功率與電壓U的平方不成正比，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；在物理圖象中上，圖線的傾角與標(biāo)度的選取有關(guān)，不能用傾角的正切求電阻，所以C、D選項(xiàng)錯(cuò)誤．8．[2019·江西省新余一中模擬]下列關(guān)于電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法正確的是()A．電源的電動(dòng)勢(shì)跟電源內(nèi)非靜電力做的功成正比，跟通過(guò)的電荷量成反比B．電動(dòng)勢(shì)的單位跟電壓的單位一致，所以電動(dòng)勢(shì)就是兩極間的電壓C．非靜電力做的功越多，電動(dòng)勢(shì)就越大D．E＝eq\f(W,q)只是電動(dòng)勢(shì)的定義式而非決定式，電動(dòng)勢(shì)的大小是由電源內(nèi)非靜電力的特性決定的答案：D解析：電動(dòng)勢(shì)的定義式E＝eq\f(W,q)中，E與W、q無(wú)關(guān)，E反映的是電源的屬性，由電源內(nèi)部非靜電力的特性決定，故A、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確；電動(dòng)勢(shì)的單位雖然與電壓的單位相同，但兩者有本質(zhì)的區(qū)別，B項(xiàng)錯(cuò)誤．9．[2019·福建師大附中模擬]如圖甲所示，電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時(shí)，示數(shù)分別為6V和4V，當(dāng)只有電壓表V2接入電路中時(shí)，如圖乙所示，示數(shù)為9V，電源的電動(dòng)勢(shì)為()A．9.8VB．10VC．10.8VD．11.2V答案：C解析：設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E和r，電壓表V2的內(nèi)阻為R2，根據(jù)閉合電路歐姆定律，對(duì)題圖甲和題圖乙分別有：E＝6V＋4V＋eq\f(4V,R2)r，E＝9V＋eq\f(9V,R2)r，解得E＝10.8V．故只有選項(xiàng)C正確．10.[2019·湖北省宜昌市夷陵中學(xué)檢測(cè)](多選)如圖所示的電路，由電源、電阻箱和電流表組成，電源電動(dòng)勢(shì)E＝4V，內(nèi)阻r＝2Ω.電流表內(nèi)阻忽略不計(jì)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱讀數(shù)等于R1和R2時(shí)，電流表對(duì)應(yīng)的讀數(shù)分別為I1和I2，這兩種情況下電源的輸出功率相等．下列說(shuō)法中正確的是()A．I1＋I(xiàn)2＝2AB．I1－I2＝C．R1＝eq\f(1Ω2,R2)D．R1＝eq\f(4Ω2,R2)答案：AD解析：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U＝E－Ir，輸出功率P＝UI＝EI－I2r，根據(jù)題述，EI1－Ieq\o\al(2,1)r＝EI2－Ieq\o\al(2,2)r，整理得：I1＋I(xiàn)2＝2A，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；電源的輸出功率P＝Ieq\o\al(2,1)R1＝Ieq\o\al(2,2)R2，且E＝I1(r＋R1)＝I2(r＋R2)，整理得：R1R2＝4Ω2，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．11．[2019·湖北省黃崗中學(xué)測(cè)試](多選)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝3V，小燈泡L標(biāo)有“2V、0.4W”，開(kāi)關(guān)S接1，當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到R＝4Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作．則()A．電源內(nèi)阻為1ΩB．電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4ΩC．電動(dòng)機(jī)的正常工作電壓為1VD．電源效率約為93.3%答案：AD解析：由小燈泡的額定功率P＝UI可知，I＝0.2A，由歐姆定律得RL＝eq\f(U,I)，可知小燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻RL＝10Ω，由閉合電路歐姆定律可知，I＝eq\f(E,R＋RL＋r)，解得r＝1Ω，A項(xiàng)正確；接2時(shí)小燈泡正常發(fā)光，說(shuō)明電路中電流仍為0.2A，故電動(dòng)機(jī)兩端電壓U′＝E－IRL－Ir＝0.8V，電動(dòng)機(jī)為非純電阻用電器，故電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻不等于4Ω，B、C項(xiàng)錯(cuò)誤；由P＝I2r，η＝eq\f(U,E)×100%，代入數(shù)據(jù)可得電源效率約93.3%，D項(xiàng)正確．12.[2019·河南省鄭州檢測(cè)](多選)如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)至某一位置，與移動(dòng)前相比，下列說(shuō)法正確的是()A．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B．小燈泡L變亮C．電源的輸出功率一定變大D．電容器所帶的電荷量減少答案：BD解析：閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流增大，路端電壓減小，電流表讀數(shù)增大，小燈泡變亮，電壓表讀數(shù)減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由于不知內(nèi)阻與滑動(dòng)變阻器接入電路中阻值的大小關(guān)系，故不能判斷出電源輸出功率的變化情況，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于小燈泡中電流增大，小燈泡兩端電壓增大，而路端電壓減小，所以電容器兩極板之間的電壓一定減小，由C＝eq\f(Q,U)可知，電容器所帶的電荷量Q減少，選項(xiàng)D正確．13．[2019·四川省成都市樹(shù)德中學(xué)測(cè)試]A、B兩塊正對(duì)的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球．兩塊金屬板接在如圖所示的電路中．電路中的R1為光敏電阻(其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小)，R2為滑動(dòng)變阻器，R3為定值電阻．當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S.此時(shí)理想電流表A和理想電壓表V的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時(shí)絕緣細(xì)線與金屬板A的夾角為θ，電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定．則以下說(shuō)法正確的是()A．若將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I不變，U增大B．保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大C．保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變大D．保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則U的變化量的絕對(duì)值與I的變化量的絕對(duì)值的比值不變答案：D解析：將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)時(shí)，因?yàn)殡娙萜鞯碾娮锜o(wú)窮大，所以I不變，U不變，即A項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，光敏電阻R1的值將變小，外電路總電阻減小，則I增大，U減小，所以B項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則A、B兩金屬板間的電壓減小，兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，小球所受電場(chǎng)力減小，所以小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變小，即C項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則U的變化量的絕對(duì)值與I的變化量的絕對(duì)值的比值等于電源的內(nèi)阻r，即不變，所以D項(xiàng)正確．14.[2019·湖北省孝感調(diào)研]如圖所示，電路中的電源為恒流源或恒壓源(不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流或定值電壓)．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU，電流表的示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，則下列說(shuō)法正確的是()A．若電源為恒壓源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小B．若電源為恒壓源時(shí)，V示數(shù)不變，A示數(shù)增大C．若電源為恒流源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，eq\f(ΔU,ΔI)＝R1D．若電源為恒流源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)增大，eq\f(ΔU,ΔI)＝R2答案：C解析：若電源為恒壓源時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，總電流減小，所以R2兩端的電壓減小，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，V的示數(shù)不變，即A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；若電源為恒流源時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，V示數(shù)增大，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，因?yàn)閁＝I0R2＋(I0－I)R1，所以eq\f(ΔU,ΔI)＝R1，C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤．15．[2019·云南師大附中模擬](多選)在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25AA．L1上的電壓為L(zhǎng)2上電壓的2倍B．L1消耗的電功率為0.75WC．L2的電阻為12ΩD．L1、L2消耗的電功率的比值大于4答案：BD解析：電路中的總電流為0.25A，L1中電流為0.25A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L1兩端電壓為3.0V，L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝0.75W，B項(xiàng)正確；根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L2兩端電壓大約為0.3V，L1兩端電壓大約為L(zhǎng)2兩端電壓的10倍，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由歐姆定律，L2的電阻約為R2＝eq\f(U2,I2)＝eq\f(0.3,0.125)Ω＝2.4Ω，C項(xiàng)錯(cuò)誤；L2消耗的電功率約為P2＝U2I2＝0.3×0.125W＝0.0375W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4，D項(xiàng)正確．16.[2019·湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考](多選)硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)．如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖象(電池電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻不是常量)，圖線b是某電阻R的U—I圖象，傾斜虛線是過(guò)a、b交點(diǎn)的a的切線．在某光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，下列相關(guān)敘述正確的是()A．此時(shí)硅光電池的內(nèi)阻為12.5ΩB．此時(shí)硅光電池的輸出功率為0.5WC．此時(shí)硅光電池的總功率為0.72WD．此時(shí)硅光電池的輸出效率為40%答案：BC解析：由閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir，當(dāng)I＝0時(shí)，E＝U，由圖線a與縱軸的交點(diǎn)可得電動(dòng)勢(shì)為E＝3.6V．根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，電阻R兩端的電壓為2.5V，則內(nèi)阻r＝eq\f(3.6－2.5,0.2)Ω＝5.5Ω，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；此時(shí)硅光電池的輸出功率P出＝UI＝2.5×0.2W＝0.5W，B項(xiàng)正確；此時(shí)硅光電池的總功率為P總＝EI＝0.72W，C項(xiàng)正確；此時(shí)硅光電池的輸出效率為η＝eq\f(P出,P總)×100%＝eq\f(0.5W,0.72W)×100%≈69.4%，D項(xiàng)錯(cuò)誤．課時(shí)測(cè)評(píng)eq\o(○,\s\up1(23))綜合提能力課時(shí)練贏高分一、選擇題1．[2019·湖北黃岡模擬](多選)在科學(xué)研究中，經(jīng)常用“電導(dǎo)率”這一概念來(lái)表示物質(zhì)導(dǎo)電本領(lǐng)的強(qiáng)弱，電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，如圖是硫酸濃度與電導(dǎo)率的關(guān)系圖，下列判斷正確的是()A．濃度越高導(dǎo)電性能不一定越好B．可以根據(jù)電導(dǎo)率來(lái)確定硫酸濃度C．硫酸的導(dǎo)電性能與其濃度有關(guān)，所以對(duì)于某一濃度的硫酸導(dǎo)電時(shí)，不再遵守歐姆定律D．濃度確定的硫酸導(dǎo)電時(shí)，仍然遵守歐姆定律答案：AD解析：由題圖可知，電導(dǎo)率并不是隨濃度的增大而增大的，濃度越高導(dǎo)電性能不一定越好，故A正確；因電導(dǎo)率與濃度沒(méi)有確定關(guān)系，因此不可以根據(jù)電導(dǎo)率來(lái)確定硫酸濃度，故B錯(cuò)誤；硫酸的導(dǎo)電性能與其濃度有關(guān)，但是對(duì)確定濃度的硫酸來(lái)說(shuō)它仍然遵守歐姆定律，故C錯(cuò)誤，D正確．2.[2019·天津紅橋區(qū)模擬](多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實(shí)驗(yàn)中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點(diǎn)．則關(guān)于熱敏電阻和小燈泡的下列說(shuō)法中正確的是()A．圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線B．圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線C．圖線中的M點(diǎn)，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D．圖線中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等答案：BD解析：小燈泡的燈絲是一個(gè)純電阻，其燈絲溫度會(huì)隨著通電電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會(huì)逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯(cuò)誤，B正確；兩圖線的交點(diǎn)M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時(shí)兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯(cuò)誤，D正確．3.[2019·吉林省實(shí)驗(yàn)中學(xué)模擬](多選)如圖所示，由于某電阻斷路，致使電壓表和電流表的示數(shù)均比該電阻未斷時(shí)要大，則這個(gè)斷路的電阻可能是()A．R1B．R2C．R3D．R4答案：AD解析：若R1斷路，則R總變大→I總變小→U端變大→I2變大，即電流表示數(shù)變大，U端變大，I4變大→U4變大，所以選項(xiàng)A正確；若R2斷路，電流表示數(shù)為零，則B錯(cuò)誤；若R3斷路，電壓表示數(shù)為零，則C錯(cuò)誤；若R4斷路，則R總變大→I總變小→U端變大，即電流表和R2串聯(lián)后兩端電壓變大，則電流表示數(shù)變大；R4斷路后，則電壓表的內(nèi)阻大，所以R3所在支路近似斷路，則電壓表示數(shù)此時(shí)也變大，即D正確．4.[2019·貴州省貴陽(yáng)監(jiān)測(cè)]阻值相等的三個(gè)電阻R、電容器C及電池E(內(nèi)阻不計(jì))連接成如圖所示電路．保持開(kāi)關(guān)S1閉合，開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)，電流穩(wěn)定時(shí)，C所帶的電荷量為Q1；閉合開(kāi)關(guān)S2，電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2，則Q1與Q2的比值為()A.eq\f(1,2)B.eq\f(3,2)C.eq\f(2,3)D.eq\f(1,3)答案：A解析：開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)時(shí)的等效電路如圖甲所示，電路穩(wěn)定時(shí)電容器兩極板之間的電壓為U1＝eq\f(E,2)，電容器所帶的電荷量為Q1＝CU1＝eq\f(CE,2)；開(kāi)關(guān)S2閉合后的等效電路如圖乙所示，電路穩(wěn)定時(shí)電容器兩極板之間的電壓為U2＝E，電容器所帶的電荷量為Q2＝CU2＝CE，則Q1：Q2＝1：2，即Q1與Q2的比值為eq\f(1,2)，A正確．5．[2019·湖南岳陽(yáng)模擬]某電池對(duì)純電阻供電的輸出功率P隨電流I變化的圖象如圖所示．則下列說(shuō)法正確的是()A．該電源的電動(dòng)勢(shì)E＝2VB．該電源的內(nèi)阻r＝1ΩC．若I＝2A，則外電阻R＝1D．同一輸出功率P可對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的電流I1、I2，即對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的外電阻R1、R2，且r＝R1·R2答案：A解析：當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，輸出功率最大，P＝I2R＝I2r，解得r＝0.5Ω，由閉合電路歐姆定律得E＝I(R＋r)＝2×(0.5＋0.5)V＝2V，A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)I＝2A時(shí)，電源的輸出功率最大，此時(shí)外電阻等于內(nèi)阻，所以R＝0.5Ω，C錯(cuò)誤；同一輸出功率可對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的電流I1、I2，即對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的外電阻R1、R2，有eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R1＋r)))2R1＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R2＋r)))2R2，解得r2＝R1·R2，D錯(cuò)誤．6．[2019·湖南衡陽(yáng)檢測(cè)](多選)如圖甲所示，電阻R1的阻值為0.5R0、燈泡L的電阻值恒為R0，R2是熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的關(guān)系如圖乙所示．已知電流表為理想電表，電源的內(nèi)阻r＝R0.則下列說(shuō)法中正確的是()A．當(dāng)溫度升高時(shí)，R1兩端的電壓增大B．當(dāng)溫度降低時(shí)，電流表的示數(shù)增大C．當(dāng)溫度升高時(shí)，燈泡L的亮度變大D．當(dāng)溫度為40℃答案：AD解析：溫度升高時(shí)，R2的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，R1兩端電壓增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，燈泡L兩端的電壓減小，燈泡L的亮度變小，A正確，C錯(cuò)誤；溫度降低時(shí)，R2的阻值增大，總電阻增大，總電流減小，電流表的示數(shù)減小，B錯(cuò)誤；溫度為40℃時(shí)，R2＝R0，此時(shí)外電路的總電阻為R0，等于電源的內(nèi)阻，所以電源的輸出功率最大，D7．[2019·江西九江十校第二次聯(lián)考](多選)某電路如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，定值電阻分別為R1、R2，電位器(滑動(dòng)變阻器)為R，L1是小燈泡，電壓表和電流表都為理想電表．閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)電位器的觸片滑向b端時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是()A．小燈泡L1將變亮B．電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變大C．電流表A1的示數(shù)將變大D．電源的電功率將變大答案：ACD解析：當(dāng)電位器的觸片滑向b端時(shí)，電位器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流變大，電流表A1的示數(shù)將變大，路端電壓變小，通過(guò)R1、R2的電流變小，通過(guò)小燈泡L1所在支路電流變大，小燈泡L1將變亮，故A、C正確．電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值等于外電路總電阻，可知該比值變小，故B錯(cuò)誤．總電流變大，由P＝EI知，電源的電功率將變大，故D正確．8．[2019·安徽淮北模擬]在如圖甲所示電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上滑動(dòng)的過(guò)程中，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化．圖乙中三條圖線分別表示了三個(gè)電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況B．圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況C．此過(guò)程中電壓表V1示數(shù)的變化量ΔU1和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值變大D．此過(guò)程中電壓表V2示數(shù)的變化量ΔU2和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值不變答案：C解析：滑片P向上滑動(dòng)，R2減小，總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，R1兩端電壓增大，R2兩端電壓減小，根據(jù)這些變化關(guān)系可知，圖線a是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線b是電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線c是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，A、B說(shuō)法正確；eq\f(ΔU1,ΔI)＝r，而eq\f(ΔU2,ΔI)＝R1，C說(shuō)法錯(cuò)誤，D說(shuō)法正確．9．[2019·河北省石家莊二中檢測(cè)](多選)在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，且小燈泡的電阻小于電源的內(nèi)阻，電流表A、電壓表V1、電壓表V2的示數(shù)分別為I、U1和U2，P為被細(xì)線懸掛在兩平行金屬板間的帶電小球，細(xì)線與豎直方向間的夾角為θ，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)一小段距離的過(guò)程中，電流表A、電壓表V1、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別是ΔI、ΔU1和ΔU2，下列說(shuō)法中正確的是()A.eq\f(ΔU1,ΔI)>r＋R1B．燈泡變亮、細(xì)線與豎直方向間的夾角θ變大C．電源的輸出功率變大D.eq\f(U2,I)變大、eq\f(ΔU2,ΔI)變大答案：AC解析：滑動(dòng)變阻器電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小，R2兩端電壓增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U1＝U2－(I－eq\f(E－Ir,R燈))R1，所以有r＋R1＋eq\f(rR1,R燈)>r＋R1，所以A項(xiàng)正確；U外增大，即燈泡兩端電壓增大，燈泡變亮；R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓變小，細(xì)線與豎直方向間的夾角θ變小，則B項(xiàng)錯(cuò)誤；小燈泡的電阻小于電源的內(nèi)阻，那么再并聯(lián)R1、R2就更小了，當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，P出最大，所以當(dāng)外阻小于內(nèi)阻時(shí)，外電阻增大，P出增大，則C項(xiàng)正確；eq\f(U2,I)為外電阻，變大，eq\f(ΔU2,ΔI)為內(nèi)阻，不變，則D項(xiàng)錯(cuò)誤．10．[名師原創(chuàng)](多選)如圖所示為某電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象，則下列說(shuō)法中正確的是()A．電源的內(nèi)阻等于R2B．當(dāng)外電阻R＝R2時(shí)，電源的效率為50%C．當(dāng)外電阻為R2時(shí)電源的效率一定大于外電阻為R1時(shí)電源的效率D．R2－R1＝R3－R2