新教材同步輔導2023年高中物理課時評價作業(yè)十三常見的電路元器件閉合電路的歐姆定律粵教版必修第三冊

課時評價作業(yè)（十三）常見的電路元器件閉合電路的歐姆定律A級合格達標1.關(guān)于電源電動勢，下列說法正確的是（）A.同一電源接入不同的電路電動勢會發(fā)生改變B.電源電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量C.電源電動勢表征電源把電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能本領(lǐng)大小的物理量D.電源電動勢與電勢差是一回事解析：電動勢由電源自身決定，與外電路無關(guān)，選項A錯誤；電動勢E是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，選項B正確，C錯誤；電源電動勢與電勢差是兩個不同的物理概念，選項D錯誤.答案：B2.在如圖所示的電路中，開關(guān)S原來是閉合的，現(xiàn)將S斷開，則燈泡L亮度變化和電容器C帶電量變化情況是（）A.燈泡L變亮、電容器C帶電量增加B.燈泡L變亮、電容器C帶電量減少C.燈泡L變暗、電容器C帶電量增加D.燈泡L變暗、電容器C帶電量減少解析：由題圖可知，當開關(guān)閉合時，R2與L串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)；當開關(guān)斷開時，R3斷開，總電阻增大，總電流減小，R1分壓及內(nèi)電壓減小，燈泡兩端電壓增大，故燈泡變亮；電容器并聯(lián)在電源兩端，因內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，故電容器兩端電壓增大，由Q＝UC可知，電容器帶電量增加，故選項A正確.答案：A3.如圖所示是一火警報警電路的示意圖，其中R3為用某種材料制成的傳感器，這種材料的電阻率隨溫度的升高而增大.值班室的顯示器為電路中的電流表，電源兩極之間接一報警器.當傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時，顯示器的電流I、報警器兩端的電壓U的變化情況是（）A.I變小，U變大 B.I變大，U變小C.I變大，U變大 D.I變小，U變小解析：當傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時，R3的阻值增大，外電路的電阻增大，故路端電壓增大，即報警器兩端的電壓U變大，干路電流I總減小，所以R1的電壓U1減小，因為U＝U1＋U2，可知R2兩端的電壓U2增大，則流過R2的電流I2增大.又因為I總＝I2＋I，可知顯示器的電流I減小.故選A.答案：A4.圖甲為某電源的U-I圖線，圖乙為某小燈泡的U-I圖線，則下列說法正確的是（）A.電源的內(nèi)阻為0.5ΩB.小燈泡的電阻隨著電壓的增大而減小C.當小燈泡兩端的電壓為0.5V時，它的電阻約為eq\f(1,6)ΩD.把電源和小燈泡組成閉合回路，小燈泡的功率約為2.59W解析：由題圖甲，根據(jù)U＝E－Ir可得，電動勢E＝1.5V，內(nèi)阻r＝eq\f(1.5－0.9,3)Ω＝0.2Ω，A錯誤；由題圖乙知，電壓越大，圖線上的點與原點連線的斜率越大，故電阻越大，B錯誤；由題圖乙知，當小燈泡兩端的電壓U＝0.5V時，電流I＝6A，故電阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(0.5,6)Ω＝eq\f(1,12)Ω，C錯誤；把電源和小燈泡組成閉合回路，將電源的U-I圖線與燈泡的U-I圖線畫在一個圖像中，如圖所示，兩圖線的交點即閉合回路中小燈泡的工作點，故U≈0.47V，I＝5.5A，所以，小燈泡的功率P＝UI＝0.47×5.5W≈2.59W，D正確.答案：D5.硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點.如圖所示，圖線a是該電池在某光照強度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖像（電池內(nèi)阻不是常數(shù)），圖線b是某電阻R的U-I圖線.在該光照強度下將它們組成閉合回路時，硅光電池的內(nèi)阻為（）A.5.5Ω B.7.0ΩC.12.0Ω D.12.5Ω解析：由閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir，當I＝0時，E＝U，由a與縱軸的交點讀出電源的電動勢為E＝3.6V，根據(jù)兩圖線交點知，電阻兩端的電壓為U＝2.5V，通過電阻的電流為I＝0.2A，則硅光電池的內(nèi)阻為r＝eq\f(E－U,I)＝eq\f(3.6－2.5,0.2)Ω＝5.5Ω，A正確，B、C、D錯誤.答案：A6.如圖所示的電路中，電源電動勢E＝6V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R＝2Ω.閉合S后，則電壓表的讀數(shù)為（）A.6V B.2VC.4V D.0解析：由閉合回路歐姆定律可得I＝eq\f(E,R＋r)＝2A，路端電壓為U＝E－Ir＝4V，即電壓表的讀數(shù)為4V.故選C.答案：CB級等級提升7.（多選）平行金屬板A、B水平放置，構(gòu)成平行板電容器，下極板B接地，與電阻箱R1、定值電阻R2、電源E、滑動變阻器R組成如圖所示電路，滑動變阻器R的滑片置于中間位置.下列說法正確的是（）A.上極板A帶正電，下極板B不帶電B.僅增加極板A、B間的距離，極板帶電量減小C.僅增大電阻箱R1的阻值，電容器兩端電壓減小D.僅將滑動變阻器R的滑片向b端滑動，極板帶電量增大解析：上極板A帶正電，下極板B帶負電，選項A錯誤；僅增加極板A、B間的距離，根據(jù)C＝eq\f(εrS,4πkd)，可知C減小，根據(jù)Q＝CU可知，極板帶電量減小，選項B正確；電容器兩板間電壓等于滑動變阻器兩端的電壓，則僅增大電阻箱R1的阻值，電容器兩端電壓不變，選項C錯誤；僅將滑動變阻器R的滑片向b端滑動，滑動變阻器阻值變大，則總電流減小，R2及電源內(nèi)阻上的電壓減小，滑動變阻器兩端的電壓變大，即電容器兩端的電壓變大，根據(jù)Q＝CU，可知極板帶電量增大，選項D正確.答案：BD8.（多選）如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的圖像，曲線Ⅲ是一個小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡先后分別與電源1和電源2單獨連接，下列說法正確的是（）A.電源1和電源2的內(nèi)阻之比是1∶1B.電源1和電源2的電動勢之比是1∶1C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比約為1∶2D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比約為18∶25解析：由題圖可知，直線Ⅰ、Ⅱ的斜率表示電源內(nèi)阻，所以電源1和電源2的內(nèi)阻之比是r1∶r2＝eq\f(10,7)∶eq\f(10,12)＝12∶7，A錯誤；由直線Ⅰ、Ⅱ可知，圖像的縱截距表示電動勢，所以電源1和電源2的電動勢之比是1∶1，B正確；小燈泡的伏安特性曲線與電源的圖線的交點即為工作點，則小燈泡消耗的功率之比約為P1∶P2＝（5×3）∶（6×5）＝1∶2，C正確；小燈泡的伏安特性曲線與電源的圖線的交點即為工作點，小燈泡的電阻之比約為R1∶R2＝eq\f(3,5)∶eq\f(5,6)＝18∶25，D正確.故選BCD.答案：BCD9.如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對值分別為ΔU1和ΔU2；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為ΔI，當滑動變阻器的滑片從右端滑到左端的過程中（燈泡電阻不變化）（）A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮 B.ΔU1<ΔU2C.eq\f(ΔU1,ΔI)增大 D.eq\f(ΔU1,ΔI)不變解析：由電路可知，L1與滑動變阻器串聯(lián)，再與L3并聯(lián)，最后與L2串聯(lián).滑片向左滑，R滑減小，R總減小，路端電壓U減小，I總增大（L2變亮），U2增大，U1減小，故IL3減小（L3變暗），IL1增大，L1變亮，故選項A錯誤；由閉合電路歐姆定律有ΔU內(nèi)＋ΔU2＝ΔU1，則ΔU2<ΔU1，故選項B錯誤；由歐姆定律eq\f(ΔU1,ΔI)＝eq\f(ΔU內(nèi)＋ΔU2,ΔI)＝r＋RL2不變，選項D正確，C錯誤.故選D.答案：D10.如圖所示，電阻R1、R2、R3連接在電路中，已知R1＝6Ω，R2＝8Ω，R3＝12Ω，電源電動勢為E＝36V，內(nèi)阻r＝3Ω.當開關(guān)閉合時，求：（1）外電路的總電阻；（2）流過R1的電流.解析：（1）根據(jù)并聯(lián)電阻公式eq\f(1,R并)＝eq\f(1,R1)＋eq\f(1,R3)得R1、R3并聯(lián)的總電阻為R并＝4Ω，所以外電路的總電阻為R＝R并＋R2＝4Ω＋8Ω＝12Ω.（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得流過干路的總電流為I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(36,15)A＝2.4A，所以R1、R3兩端的電壓為U并＝R并I＝9.6V，所以流過R1的電流是I1＝eq\f(U并,R1)＝eq\f(9.6,6)A＝1.6A.答案：（1）12Ω（2）1.6A11.圖甲所示電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器.當其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中電流的變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的.求：（1）電源的電動勢和內(nèi)阻；（2）定值電阻R2的阻值；（3）滑動變阻器的最大阻值.解析：（1）將題圖乙中AB線延長，反向延長交U軸于20V處，交I軸于1.0A處，所以電源的電動勢為E＝20V，內(nèi)阻r＝eq\f(E,I短)＝20Ω.（2）當P滑到R3的右端時，電