2021年福建省新高考物理二模試卷(含答案詳解)

2021年福建省新高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.騎自行車的人由靜止沿直線行駛，在第1s、第2s、第3s、第4s內(nèi)通過(guò)的路程分別是1爪、2m,3m、

4m,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.4s內(nèi)平均速度是2.5m/sB.在第4s末瞬時(shí)速度為2.5m/s

C.是勻加速運(yùn)動(dòng)D.在第2s末瞬時(shí)速度為2.5m/s

2.如圖所示，三個(gè)相同的帶正電的小球從同一高度開(kāi)始自由落下，其中a@0?

___XX

直接落地，b下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)一個(gè)水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)，c下落時(shí)經(jīng)二_

過(guò)一個(gè)水平方向（垂直紙面向里）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū).不計(jì)空氣阻力，設(shè)它們-----------------

落地速度大小分別為%、%、%,則

A.va=vb=vcB.va>vb>vcC.va<vb=vcD.va=vc<vb

A

3.如圖所示，理想變壓器原線圈兩端4B接在電動(dòng)勢(shì)為E=8U,內(nèi)阻O--------

為r=20的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動(dòng)變阻器&?口5L，[tl

相連，變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1；2,當(dāng)電源輸出功率最大時(shí)（）______5R_______F

Bn,n:

A.滑動(dòng)變阻器的阻值&=2。B.最大輸出功率P=4W

C.變壓器的輸出電流/2=2AD.滑動(dòng)變阻器的阻值&=8。

4,水平力F方向確定，大小隨時(shí)間的變化如圖a所示，用力F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在尸從

。開(kāi)始逐漸增大的過(guò)程中，物塊的加速度a隨時(shí)間變化的圖象如圖b所示，重力加速度大小為

A.物塊的質(zhì)量m=2kg

B.物塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2

C.在4s末，物體的動(dòng)量為12kg?m/s

D.在2s?4s時(shí)間內(nèi)，小物塊速度均勻增加

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.圖甲為一列簡(jiǎn)諧波在t=0.10s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置為x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置

B.質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=10sin"（sn）

C.該波沿X軸負(fù)方向傳播

D.從t=0.10s到t=0.25s,質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm

6.在一水平通電直導(dǎo)線的正下方，有一半圓形光滑圓弧軌道，一導(dǎo)體圓環(huán)自

軌道左側(cè)的4點(diǎn)無(wú)初速度釋放，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.圓環(huán)中有感應(yīng)電流產(chǎn)生

B.圓環(huán)能滑到軌道右側(cè)與4點(diǎn)等高處C

C.圓環(huán)最終停在軌道的最低點(diǎn)B

D.圓環(huán)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒

7.如圖所示，兩個(gè)相同理想變壓器的副線圈接有相同的燈泡人、人，不考慮溫度對(duì)于燈泡的影響.原

線圈接有定值電阻R，導(dǎo)軌和金屬棒MN的電阻不計(jì).現(xiàn)均使金屬棒沿各自軌道由靜止開(kāi)始向右

勻速運(yùn)動(dòng)，乙圖中金屬棒移動(dòng)速率大于甲圖中金屬棒的移動(dòng)速率，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（）

A.&發(fā)光，并且通過(guò)及的電流在亮度穩(wěn)定后大小不變

B.k發(fā)光，并且通過(guò)G的電流在亮度穩(wěn)定后均勻增大

C.G初始閃一下，之后逐漸熄滅

D.人初始閃一下，后一直發(fā)光，并且通過(guò)切的電流大小不變

8.雙星系統(tǒng)是由兩個(gè)恒星組成，這兩個(gè)恒星相對(duì)于其他恒星來(lái)說(shuō)，位置看起來(lái)非常接近.現(xiàn)有質(zhì)

量分別為"1、“2的兩恒星以兩星連線上某點(diǎn)為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知運(yùn)動(dòng)的周期為7,引

力常量為G,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.兩星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑與質(zhì)量成反比

B.兩星的線速度大小與質(zhì)量成反比

C.所需向心力大小比M2大

D.兩星間距為3%止”

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9.對(duì)下列各項(xiàng)敘述正確的是。

A.實(shí)物粒子只具有粒子性，沒(méi)有波動(dòng)性，光子具有波粒二象形

B.a粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)a粒子發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)

C.在a、S、y這三種射線中，y射線的穿透能力最強(qiáng)，a射線的電離能力最強(qiáng)

D當(dāng)入射光的頻率低于截止頻率時(shí)不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)

E.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減小

10.如圖所示，粗細(xì)均勻的豎直倒置的U形管右端封閉，左端開(kāi)口插入水

銀槽中，封閉著兩段空氣柱1和2。已知/ii=15cm,h2=12cm,外

界大氣壓強(qiáng)為75cTnHg,則空氣柱1的壓強(qiáng)為,空氣柱2的壓

強(qiáng)為o

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共12.0分）

11.為測(cè)量某微安表G（量程200〃4內(nèi)阻大約2200。）的內(nèi)阻，有以下器材可供選擇：

A：電壓表（0?3匕）；

B-.電壓表（0?15U）;

C：滑動(dòng)變阻器（0?100；

D-.滑動(dòng)變阻器（0?M0）；

E：電源E（電動(dòng)勢(shì)約為6V）

F：電阻箱Rz（最大阻值為99990）

開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干。

（1）按圖1原理圖將圖2中的實(shí)物連線。

（2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程為：

合上電鍵S,先調(diào)節(jié)R使電壓表讀數(shù)為U,再調(diào)節(jié)電阻箱（此時(shí)電壓表讀數(shù)幾乎不變），使微安表指示

為滿偏，記下此時(shí)電阻箱值為⑹=80560；

先調(diào)節(jié)R，使電壓表讀數(shù)為|U,再調(diào)節(jié)電阻箱（此時(shí)電壓表讀數(shù)幾乎不變），使微安表指示為滿偏，

記下此時(shí)電阻箱值（如圖3所示）為/?2。

電壓表應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選。（填字母代號(hào)）

電阻箱的讀數(shù)/?2=_____0

待測(cè)微安表的內(nèi)阻n

12.某實(shí)驗(yàn)小組利用拉力傳感器和速度傳感器探究“動(dòng)能定理”。如圖，他們將拉力傳感器固定在

小車上，用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線將其通過(guò)一個(gè)定滑輪與鉤碼相連，用拉力傳感器記錄小車受到拉力

的大小，在水平桌面上相距s的4、8兩點(diǎn)各安裝一個(gè)速度傳感器記錄小車通過(guò)4B時(shí)的速度大

小。實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：

①把細(xì)線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過(guò)定滑輪與鉤碼相連，正確連接所需電路。

②將小車停在C點(diǎn)，然后釋放小車，小車在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)。

問(wèn)：

（1）實(shí)驗(yàn)中需測(cè)量和記錄的物理量有（帶符號(hào)）：

（2）實(shí)驗(yàn)需驗(yàn)證的表達(dá)式：。

拉力傳&88

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.已知地球質(zhì)量為M,地球半徑為R,引力常量為G.

(1)試?yán)蒙鲜鑫锢砹客茖?dǎo)第一宇宙速度的表達(dá)式.

(2)若已知第一宇宙速度大小"=7.9km/s,地球半徑為R=6.4x103km,引力常量為G=6.67x

IO"N-m2/kg2,請(qǐng)計(jì)算地球的質(zhì)量(保留兩位有效數(shù)字).

14.近日，俄羅斯單板滑雪運(yùn)動(dòng)員尼基塔在格陵蘭島進(jìn)行了一次獨(dú)特的滑行。他手握牽引繩的一端，

通過(guò)快艇牽引在水面上勻速滑行時(shí)，滑板與水面呈37。，在2.5s內(nèi)前進(jìn)了50m；隨后以不變的速

率滑上傾角為37。的雪面坡道，通過(guò)調(diào)節(jié)使得在雪坡上繩索的拉力恒定，從底端經(jīng)1.5s,以26m/s

的速度從雪坡頂端飛出。已知整個(gè)過(guò)程中繩索一直水平，滑板與雪坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,與

水面間摩擦不計(jì),尼基塔連同裝備的總質(zhì)量為80kg。取g=10m/s2,sin37°-0.6,cos37°=0.8,

不考慮空氣阻力，求：

(1)尼基塔在水面勻速滑行時(shí)速度的大小；

(2)在水面滑行時(shí)，牽引尼基塔的繩索彈力的大?。?/p>

(3)尼基塔在雪坡上滑行時(shí)加速度的大??；

(4)在雪坡上滑行時(shí)，牽引尼基塔的繩索彈力的大小。

15.如圖所示，在豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓形絕緣軌道的內(nèi)壁，有質(zhì)量分別為w和2m的4、B兩

個(gè)小球用長(zhǎng)為R的絕緣細(xì)桿連接在一起，4球不帶電，B球所帶的電荷量為-q(q>0)。整個(gè)裝置

處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。開(kāi)始時(shí)4球處在與圓心等高的位置，現(xiàn)由靜止釋放，B球剛好能到

達(dá)軌道右側(cè)與圓心等高的位置C。求：

(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；

(2)當(dāng)B小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)P時(shí)，兩小球的動(dòng)能分別是多少;

(3)兩小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中最大速度的大小。

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：前4s內(nèi)的平均速度。=上^^7n/s=2.5m/s,故A正確；

3、因?yàn)楦嬖V的時(shí)路程，而速度為位移與時(shí)間的比值，故沒(méi)法確定速度，故8錯(cuò)誤；

C、如果是勻加速運(yùn)動(dòng)，前四秒各秒內(nèi)位移比應(yīng)為1：3：5：7,而不是1：2：3：4,故C錯(cuò)誤；

D、由C可知人做的不是勻加速運(yùn)動(dòng)，故2s末的瞬時(shí)速度不等于平均速度，故不為2.5m/s,故。錯(cuò)

誤

故選：A.

由平均速度公式可求得前4s的平均速度，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知自行車是否為勻加速直線運(yùn)

動(dòng).

本題考查運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，要注意勻加速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及結(jié)論的正確應(yīng)用.

2.答案：D

解析：

根據(jù)a球只受重力做自由落體運(yùn)動(dòng)，而b除重力外，還受到水平方向的電場(chǎng)力作用，因而電場(chǎng)力做功；

對(duì)于c球除重力外，還受到洛倫茲力作用，由于洛倫茲力不做功，因此即可求解。

考查球受到重力，或加之電場(chǎng)力，或洛倫茲力作用下的運(yùn)動(dòng)，掌握運(yùn)動(dòng)的合成與分解的方法，注意

電場(chǎng)力做功與洛倫茲力不做功的區(qū)別。

根據(jù)題意可知，a球做自由落體運(yùn)動(dòng)；而乙除豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)外，水平方向受到電場(chǎng)力作用

做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由于b在下落的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)小球做正功，故根據(jù)動(dòng)能定理知b球的

落地速度大于a球的落地速度；c球在下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)，c受到洛倫茲力作用，因洛倫茲力始終與

速度垂直且對(duì)小球始終不做功，c球下落過(guò)程中只有重力對(duì)小球做功，根據(jù)動(dòng)能定理知c球下落的末

動(dòng)能與a球的末動(dòng)能相等，即速度大小大小相等，由此分析知，4BC錯(cuò)誤，。正確。

故選Do

3.答案：D

解析：解：B、設(shè)原副線圈中的匝數(shù)分別為％和電，電流分別為。和電壓分別為Ui和則有:

5=E—Ar,電阻R消耗的功率為：P=U2l2=U/1，

即為：P=(E-什)。=一/懺一E，i，可見(jiàn)電流為：/1=卷=為4=24時(shí)，P有最大值，為：Pm=

^-=—W=8W；故8錯(cuò)誤；

4r4x2

C、變壓器的輸出電流為：/2=*1=?X2Z=L4,故C錯(cuò)誤；

九2N

皿根據(jù)輸出功率等于輸入功率可得：Pm=I^RX,解得：勺=置=最。=80,故A錯(cuò)誤、。正確。

故選：Do

將變壓器和電阻等效為外電阻，則可根據(jù)電源輸出功率最大值的條件可求解原線圈的電流強(qiáng)度及最

大功率；再由匝數(shù)比求解副線圈的電流強(qiáng)度；根據(jù)功率關(guān)系求解滑動(dòng)變阻器的電阻.

本題考查變壓器原理及電源的輸出功率，要注意明確變壓器可與電阻結(jié)合在一起進(jìn)行分析，從而根

據(jù)電源輸出功率最大值問(wèn)題解答問(wèn)題.

4.答案:C

解析：解：48、由圖知：當(dāng)t=2s時(shí)，Q=lni/s2,F=6N,根據(jù)牛頓第二定律得：F-[img=ma,

代入得：6—林mx10=m.；當(dāng)t=4s時(shí),a=3m/s2,F=12N,根據(jù)牛頓第二定律得:尸—p,mg=ma,

代入得：12-x10=3小。聯(lián)立解得：〃=0.1,m=3kg,故AB錯(cuò)誤；

C、a-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，則得0-4s內(nèi)物體速度的增量為：△!；=詈x

(4—2)7n/s=4m/s,t=0時(shí)刻速度為0,則物塊在第4s末的速度為4m/s；根據(jù)動(dòng)量定理，得0-4s

內(nèi)合外力的沖量為：Al=AP=mAv=3x4=12N-s.故C正確；

。、在2s?4s時(shí)間內(nèi)，小物塊受的拉力勻速增加，做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選:Co

2s時(shí)刻物體剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力最大，由圖a讀出最大靜摩擦力為6N.根據(jù)t=2s和￡=4s時(shí)的拉力

和加速度，由牛頓第二定律列式，可求得動(dòng)摩擦因數(shù)和物塊的質(zhì)量。根據(jù)a-t圖象與時(shí)間軸所圍的

面積求4s內(nèi)速度的變化量，從而求得第4s末的速度及動(dòng)量。

本題關(guān)鍵是結(jié)合圖象對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)圖象的特殊點(diǎn)列牛頓第二定律方程，求解質(zhì)量和動(dòng)

摩擦因素，挖掘a-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，由此求速度的變化量及動(dòng)量。

5.答案:AC

解析：解：C.由圖乙可知，在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)，根據(jù)微平移法可知波向x軸的負(fù)方向傳

播，故C正確；

B.由乙可知振動(dòng)為A=10cm,周期為T=0.20s,則可得3=奈=10nrad/s,所以質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方

程為x=10sinl07rt(cm),故B錯(cuò)誤;

4根據(jù)波的傳播方向及振動(dòng)圖象知，在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P正在向上振動(dòng)，當(dāng)t=0.25s時(shí)，即在t

0.10s開(kāi)始經(jīng)過(guò)質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置以下向上振動(dòng)，即速度方向沿y軸正方向，故A正確；

。.由于P點(diǎn)在t=0.10s時(shí)不是在波峰或波谷，或平衡位置，經(jīng)過(guò)0.15s,即經(jīng)過(guò)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的路程

不等于34即不等于30cm,故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

由乙圖找出在t=0.10s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向，從而即可確定波的傳播方向；由乙圖可讀出振幅、周

期，從而可求出3,結(jié)合質(zhì)點(diǎn)Q的起振方向即可寫出質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程；由波的傳播方向確定在t=

0.10s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向，由質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)時(shí)間與周期的關(guān)系即可確定質(zhì)點(diǎn)P的速度方向；由時(shí)間與周

期關(guān)系，結(jié)合振幅求出質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程。

本題的關(guān)鍵是會(huì)根據(jù)振動(dòng)情況來(lái)判斷波的傳播方向，抓住振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象之間的內(nèi)在聯(lián)系，要

知道質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，在一個(gè)周期通過(guò)的路程是44半個(gè)周期內(nèi)通過(guò)的路程是24但時(shí)間內(nèi)通過(guò)

的路程不能類推，要根據(jù)起點(diǎn)位置分析。

6.答案：AC

解析：解：4、水平通電導(dǎo)線周圍有磁場(chǎng)，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場(chǎng)強(qiáng)度越小，在圓環(huán)下落過(guò)程中，通過(guò)圓

環(huán)的磁通量變小故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確；

8、因?yàn)閳A環(huán)在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，有感應(yīng)電流，對(duì)整個(gè)過(guò)程由能量守恒定律得，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為電能，

故不能上升到右側(cè)與C點(diǎn)等高處，故8錯(cuò)誤；

C、由于小環(huán)運(yùn)動(dòng)的范圍內(nèi)，各處的磁場(chǎng)強(qiáng)度不同，所以小環(huán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能不斷轉(zhuǎn)化為電能，

故小球的機(jī)械能會(huì)越來(lái)越小，最終停在最低點(diǎn)B,故C正確；

。、整個(gè)過(guò)程重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為電能，機(jī)械能不守恒，故。錯(cuò)誤；

故選：AC

水平通電導(dǎo)線周圍有磁場(chǎng)，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場(chǎng)強(qiáng)度越小，在圓環(huán)下落過(guò)程中，通過(guò)圓環(huán)的磁通量變

小故能判斷圓環(huán)中是否有感應(yīng)電流.

此題要掌握通電導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)是越來(lái)越小，并會(huì)對(duì)整個(gè)過(guò)程的能量轉(zhuǎn)化進(jìn)行分析，難度不大.

7.答案:AC

解析：解：由七=8及可知甲圖產(chǎn)生的是變化電動(dòng)勢(shì)，乙圖產(chǎn)生的是恒定電動(dòng)勢(shì)，所以甲的副線圈

會(huì)出現(xiàn)變化的電流，乙的副線圈出現(xiàn)的是恒定電流.

又由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，甲的MN產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)是均勻增加，原線圈感應(yīng)電流大小在隨著時(shí)間

不斷均勻增大，則副線圈的電流恒定不變，而乙的副線圈沒(méi)有感應(yīng)電流，所以人發(fā)光，且通過(guò)人的

電流在亮度穩(wěn)定后大小不變，而42初始閃一下，之后逐漸熄滅.故8。錯(cuò)誤，AC正確.

故選：AC.

要判定L和切發(fā)不發(fā)光，就是要判斷導(dǎo)體棒MN切割磁感線產(chǎn)生的是變化的電動(dòng)勢(shì)還是恒定的電動(dòng)勢(shì)

由E=BLv可知甲圖產(chǎn)生的是變化電動(dòng)勢(shì)，乙圖產(chǎn)生的是恒定電動(dòng)勢(shì)，再由電磁感應(yīng)就可以得到兩

燈泡的發(fā)光情況.

本題涉及感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的兩種產(chǎn)生方式：感生和動(dòng)生.要熟練掌握兩者的區(qū)別和計(jì)算，并且要熟知在

變壓器中其電壓的改變就是通過(guò)這個(gè)原理實(shí)現(xiàn)的.

8.答案：ABD

解析：解：AB,雙星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬(wàn)有引力提供，令雙星間距離為3軌道半徑分別為ri和『2,

據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：

MM2n_2n

G—r2=M"式〒T=Mr(—)o2

1221

可得：-=據(jù)〃=里可得：*=2=也

所以均正確；

C、雙星靠彼此間的萬(wàn)有引力提供向心力，故兩星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小相等，故C錯(cuò)誤；

。、由。華=Mm?A=M2r2?)2,L=6+〃兩式可解得雙星間距L=3里空竽；故。正確。

故選：ABD.

雙星運(yùn)動(dòng)時(shí)靠彼此間萬(wàn)有引力提供向心力圍繞彼此勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故雙星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小相

等，方向相反，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同.

雙星靠彼此之間的萬(wàn)有引力提供各自圓周運(yùn)動(dòng)的向心力且互相圍繞做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故雙星運(yùn)動(dòng)的

周期相同，這是解決此類問(wèn)題的突破口.

9.答案：BCD

解析：電子的衍射現(xiàn)象說(shuō)明實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；a粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)a粒子發(fā)生

較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)，故8正確；根據(jù)三種射線的特點(diǎn)可知，在

a、￡、尸這三種射線中，尸射線的穿透能力最強(qiáng)，以射線的電離能力最強(qiáng)，故C正確；根據(jù)光電效

應(yīng)發(fā)生的條件可知，當(dāng)入射光的頻率低于截止頻率時(shí)則不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，故。正確；放射性元素

的半衰期與元素的物理狀態(tài)以及化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故E錯(cuò)誤。

考點(diǎn)：a射線、0射線、y射線及其特性

10.答案：60cmHg72cmHg

解析：解：大氣壓強(qiáng)Po=75cmHg,

由圖示可知，空氣柱1的壓強(qiáng)Pi=p0-Phi-(75-15)cmHg=60cmHg

空氣柱2的壓強(qiáng)「2=Pi+Ph2=(60+12)cmHg=72cmHg；

故答案為：60cmHg；72cmHg.

根據(jù)大氣壓強(qiáng)與圖示情景求出空氣柱的壓強(qiáng)。

本題考查了求封閉氣體壓強(qiáng)問(wèn)題，根據(jù)大氣壓強(qiáng)與水銀面的高度差分析清楚圖示情景即可解題。

11.答案：4C；4653；2153

解析：解：(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：

(2)電源電動(dòng)勢(shì)為6乙選量程為15U的電壓表讀數(shù)誤差較大，為減小誤差電壓表應(yīng)選擇4為方便實(shí)

驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇C；

由圖示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為：

/?2=4x1000/2+6x1000+5x10/2+3x10=465312；

根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟，由歐姆定律可知：

U=%(Rg+%)

2

-U=Ig(Rg+R2)

解得：&=21530；

故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)4；C；4653；2153o

(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖。

(2)根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；

電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定

律求出微安表的內(nèi)阻。

本題考查了測(cè)微安表內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，考查了電阻箱讀數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；分析清楚

電路結(jié)構(gòu)與實(shí)驗(yàn)步驟，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可解題。

12.答案：拉力傳感器的示數(shù)F、兩光電門間的距離s、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到4B兩

個(gè)速度傳感器的速度力、vBFs=^Mv^-

解析：解：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和目的，要探究合力所做的功，等于動(dòng)能的變化，那么要記錄的物理量

有：拉力傳感器的示數(shù)尸、兩光電門間的距離s、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到4B兩個(gè)速度

傳感器的速度以、ve；

（2）由動(dòng)能定理倒推，對(duì)小車若動(dòng)能定理成立，則有：Fs=\Mvl-\Mvl，這就是要驗(yàn)證的表達(dá)式。

故答案為：（1）拉力傳感器的示數(shù)尸、兩光電門間的距離S、小車和拉力傳感器的總質(zhì)量M、小車到AB

兩個(gè)速度傳感器的速度以、vB；（2）Fs=：M域詔

小車在鉤碼的作用下拖動(dòng)紙帶在水平面上做加速運(yùn)動(dòng)，通過(guò)速度傳感器可算出2B兩點(diǎn)的速度大小，

同時(shí)利用拉力傳感器測(cè)量出拉小車的力，從而由4B長(zhǎng)度可求出合力做的功與小車的動(dòng)能變化關(guān)系。

本題考查測(cè)量動(dòng)能與做功之間的關(guān)系，值得注意的是：這里的合力等于拉力，當(dāng)然也有前提條件的。

同時(shí)學(xué)會(huì)分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)從而得出規(guī)律。

13.答案：解：（1）因?yàn)樾l(wèi)星繞地球表面附近做圓周運(yùn)動(dòng)，所以可認(rèn)為其軌道半徑是地球的半徑R.

由萬(wàn)有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力得：G^=m-

R2R

得:〃=舟

（2）由口=舟得：

地球質(zhì)量M=?:

代入數(shù)據(jù)得：M=6.0.x1024kg

答：（1）第一宇宙速度的計(jì)算式：.=舟

（2）地球的質(zhì)量為：M=6.0xl024fc^.

解析：繞地球表面附近做圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星，可認(rèn)為其軌道半徑是地球的半徑R,可利用萬(wàn)有引力

提供它做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力來(lái)進(jìn)行求解.

萬(wàn)有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是解決這類題目的突破口，找出需要的數(shù)據(jù)列萬(wàn)有引力定律

提供向心力公式即可.

14.答案：解：（1）尼基塔在水面勻速滑行時(shí)速度的大小為：

(2)在水面滑行時(shí)，牽引尼基塔的繩索彈力的大小為:

一3

&=mgtan37°=80x10x—N=600/V

4

(3)尼基塔在雪坡上滑行時(shí)加速度的大小為:

(4)設(shè)在雪坡上滑行時(shí)，牽引尼基塔的繩索彈力的大小為尸2。

根據(jù)牛頓第二定律得:

F2cos37°—mgsin37°—f=ma

mgcos37°+F2sin370-N=0

又/-〃N

聯(lián)立解得：尸2-1167.6/V

答：(1)尼基塔在水面勻速滑行時(shí)速度的大小是20m/s；

(2)在水面滑行時(shí)，牽引尼基塔的繩索彈力