2021屆江蘇省七市高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆江蘇省七市高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共22.0分）

1.橡膠棒和毛皮摩擦帶電，而玻璃棒和絲綢摩擦帶電，這種起電方式屬于（）

A.接觸起電B.感應(yīng)起電C.摩擦起電D.無法確定

2.地球的半徑為R。，地面的重力加速度為g,一個質(zhì)量為小的人造衛(wèi)星，在離地面高度為h=%的

圓形軌道上繞地球運行，貝1（）

A.人造衛(wèi)星的角速度為層

B.人造衛(wèi)星的周期T=2幾席

C.人造衛(wèi)星受到地球的引力為F=：mg

D.人造衛(wèi)星的速度V=向

3.如圖所示，兩條互相平行的導(dǎo)線”、N中通過大小相等、方向相同的電流，J°o

導(dǎo)線框abed和兩導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，線框沿著與兩導(dǎo)線垂直的方向，自右,\\^\L

向左在兩導(dǎo)線間勻速移動，則在移動過程中線框中的感應(yīng)電流的方向為1

--{--'a—'c

（）Mb，N

A.一直是順時針B.一直是逆時針

C.先順時針后逆時針D.先逆時針后順時針

4.如圖所示，小球靜止在小車中的光滑斜面4和光滑豎直擋板B之間，原

來小車向左勻速運動?，F(xiàn)在小車改為向左減速運動，那么關(guān)于斜面對

小球的彈力N.的大小和擋板8對小球的彈力N-的大小，以下說法正確

的是（）

A.M不變，NB減小B.以增大，心不變

C.%有可能增大D.以可能為零

5.一物體在水平拉力F的作用下沿水平面做直線運動，拉力F隨位移x變化的圖線如圖甲所示。經(jīng)

時間to后撤去拉力F，物體運動的速度-時間圖象如圖乙所示。重力加速度為g,下列說法正確

的是（）

圖甲圖乙

A.物體的質(zhì)量為等

B.在拉力尸作用下物體一定做勻加速直線運動

C.物體與水平面之間的動摩擦因數(shù)為誓

D.物體在0?時間內(nèi)的平均速度大小與“?2to時間內(nèi)的平均速度大小均為為［%

6.關(guān)于布朗運動，下列說法錯誤的是（）

A.布朗運動是懸浮微粒的無規(guī)則運動

B.布朗運動的劇烈程度與微粒大小無關(guān)

C.溫度越高，布朗運動越激烈

D.液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡所引起的

7.當(dāng)前，新型冠狀病毒正在威脅著全世界人民的生命健康，紅外測溫槍在疫情防控過程中發(fā)揮了

重要作用。紅外線是電磁波，下列關(guān)于電磁波的說法錯誤的是（）

A.一切物體都在不停地發(fā)射紅外線

B.紫外線有助于人體合成維生素。

C.醫(yī)學(xué)上用X射線透視人體，檢查體內(nèi)病變等

D.光在真空中運動的速度在不同的慣性系中測得的數(shù)值可能不同

二、多選題（本大題共5小題，共19.0分）

8.如圖所示的正方形金屬線框abed邊長為L,每邊電阻均為r,在垂

?I??

直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中繞d軸以角速度

3勻速轉(zhuǎn)動，c、d兩點與一阻值為r的電阻相連，各表均可視為理??

想表，導(dǎo)線電阻不計，下列說法中正確的是（）

A.當(dāng)S斷開時，電壓表的示數(shù)為皿

4

B.當(dāng)S斷開時，電壓表的示數(shù)立83〃

8

C.當(dāng)s閉合時，電流表的示數(shù)為回亞

14r

D.當(dāng)S閉合時，電流表的示數(shù)為空二

7r

9.一帶電油滴在勻強(qiáng)電場E中的運動軌跡如圖所示，電場方向豎直向下。若

不計空氣阻力，則此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況為（）

A.此帶電油滴帶正電a一-''

B.動能增加，電勢能減小’

C.動能和電勢能總和增加

D.動能和重力勢能總和增加

10.如圖所示，一個電荷量為-Q的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的。點。另一個電荷量為+q、質(zhì)

量為血的點電荷乙，從4點以初速度必沿它們的連線向甲運動，運動到8點時速度為外且為運

動過程中速度的最小值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為f,2、B兩點間距離為小,靜電力

常量為則下列說法正確的是（）

-2

A.點電荷乙從4點向甲運動的過程中，加速度先減小后增大

B.點電荷乙從a點向甲運動的過程中，其電勢能先增大再減小

C.。、B兩點間的距離為華

fL+^mv2

D.在點電荷甲形成的電場中，4、B兩點間的電勢差為為8=0

q

11.在某一空間同時存在相互正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，勻強(qiáng)電場方向豎直向

上，磁場方向如圖所示，兩個帶電液滴在此復(fù)合場中恰好能沿豎直平面內(nèi)做

勻速圓周運動，則（）

A.它們的運動周期一定相等

B.它們圓周運動的轉(zhuǎn)動方向可能相反

C.若它們的速度大小相等，軌道半徑就一定相等

D.若它們的動能相等，軌道半徑就一定相等

12.鈾235是核電站的主要核燃料，核反應(yīng)堆在工作時，鈾235既發(fā)生裂變，也發(fā)生衰變。鈾235裂

變方程為：然瑞心+3乩，衰變方程為：債U-Y+fHe,則下列說法正確的是（）

A.裂變過程放出能量，衰變過程吸收能量

B.裂變產(chǎn)生的新核X中含有88個中子

c.衰變產(chǎn)生的新核y的比結(jié)合能比鈾核的大

D.核裂變釋放能量產(chǎn)生的高溫會加快鈾235的衰變

三、填空題（本大題共3小題，共12.0分）

13.已知氫原子基態(tài)能量為-13.6E",第二能級％=-3.4eV,如果氫原子吸收eV能量，可由

基態(tài)躍遷到第二能級.如果再吸收1.89W能量，還可由第二能級躍遷到第三能級，則氫原子的

第三能級E3=eV.

14.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①②③到達(dá)狀態(tài)d。則：過程①中單

位時間內(nèi)氣體分子對容器壁碰撞次數(shù)（填“增加”或“減少”）；過程②中氣體對外界做

（填“正功”或“負(fù)功”）；狀態(tài)c的內(nèi)能（填“>”或）狀態(tài)￡/的內(nèi)能，

過程③中氣體（填“從外界吸收”或“向外界放出”）熱量。

15.如圖所示時雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，Si、Sz為雙縫，

P為光屏.用綠光從左邊照射單縫S時，可在光屏P上觀察到干涉左二二151右

條紋，則：""I'

①減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離將;

②增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離將;

③將綠光換為紅光，干涉條紋間的距離將.

（填“增大”、“不變”或“減小”）

四、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

16.為了探究物體質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，4、B同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置。其中小

車的質(zhì)量為M，砂和砂桶的質(zhì)量為m，與小車相連的滑輪的質(zhì)量為小。.力傳感器可測出輕繩中的

拉力大小，重力加速度為g。實驗時先平衡摩擦力。并調(diào)節(jié)輕繩與木板平行。

(1)4同學(xué)以力傳感器的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，加速度a為橫坐標(biāo)，畫出的F-a圖象如圖乙所示，求得圖線

的斜率為k,則小車的質(zhì)量M=(用所給物理量的符號表示)。

(2*同學(xué)也以力傳感器的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，加速度a為橫坐標(biāo)，畫出的尸-a圖象如圖丙所示，圖線

不過原點的原因可能是(答一條即可)。

17.(1)如圖所示是一個歐姆表的外部構(gòu)造示意圖，其正、負(fù)插孔內(nèi)分別插有紅、黑表筆，則虛線內(nèi)

的電路圖可以是圖中的

(2)實驗室常用來描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗電路是

(3)如圖所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm,螺旋測微器的讀數(shù)為mm.

(4)在測定電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，可以采用伏安法、安阻法、伏阻法等多種方法。若電池是

水果電池，實驗要求盡量減小誤差，可以選擇如圖_____所示電路進(jìn)行測定。

五、簡答題(本大題共1小題，共16.0分)

18.從陰極K發(fā)射的電子經(jīng)電勢差%=45001/的陽極加速后，沿平行于板面的方向從中央射入兩塊

長Li=10cm,間距d=4cm的平行金屬板4B之后，在離金屬板邊緣人=75cm處放置一個直徑

0=20cm的帶有記錄紙的圓筒(如圖所示)，整個裝置放在真空內(nèi)，電子發(fā)射的初速度不計.已

知電子質(zhì)量m=0.9x10~3°kg.

(1)若在兩金屬板上加上Ui=1000V的直流電壓(%>RB)，為使電子沿入射方向做勻速直線運動，

應(yīng)加怎樣的磁場？

(2)若在兩金屬板上加上”=1000cos27rt(V)的交流電壓，并使圓筒繞中心軸按圖示方向以3=

4/rrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動，確定電子在記錄紙上的軌跡形狀并畫出1s鐘內(nèi)所記錄的圖形.(要

求算出記錄紙上的最大偏移距離)

六、計算題(本大題共5小題，共51.0分)

19.如圖所示，物塊C質(zhì)量Tn,=4kg,上表面光滑，左邊有一立柱，放在光滑水平地面上.一輕彈

簧左端與立柱連接，右端與物塊B連接，巾8=2kg.長為L=3.6m的輕繩上端系于。點，下端系

一物塊4啊=3kg.拉緊輕繩使繩與豎直方向成60。角，將物塊4從靜止開始釋放，達(dá)到最低點

、

時炸裂成質(zhì)量僧1=2kgm2=1kg的兩個物塊1和2,物塊1水平向左運動與B粘合在一起，物

塊2仍系在繩上具有水平向右的速度，剛好回到釋放的初始點.4、B都可以看成質(zhì)點.取g=

lOm/sZ.求：

(1)設(shè)物塊A在最低點時的速度必和輕繩中的拉力尸大小.

(2)物塊a炸裂時增加的機(jī)械能△E.

(3)在以后的過程中，彈簧最大的彈性勢能與%

20.啟動汽車時發(fā)現(xiàn)汽車電子系統(tǒng)報警，左前輪胎壓過低為1.8p0,如圖所示。車輪內(nèi)胎體積約為％,

為使汽車正常行駛，用電動充氣泵給左前輪充氣，每秒鐘充入△7=擊％、壓強(qiáng)為po的氣體，

充氣結(jié)束后發(fā)現(xiàn)內(nèi)胎體積約膨脹了20%,充氣幾分鐘可以使輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)2.5po?

(汽車輪胎內(nèi)氣體可以視為理想氣體，充氣過程輪胎內(nèi)氣體溫度無明顯變化)

21.如圖所示，圓心為。、半徑為R的半圓形玻璃成置于水平桌面上，光

線從P點垂直界面入射后，恰好在玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射；當(dāng)

入射角。=60。時，光線從玻璃磚圓形表面出射后恰好與入射光平行。

己知真空中的光速為c,

求

(1)玻璃磚的折射率為？

(2)光從玻璃到空氣的臨界角為？

(3)0P之間的距離為？

22.如圖所示，在傾角為。的斜面上，有兩條很長、光滑的、間距為L的平行金屬導(dǎo)軌固定其上，導(dǎo)

軌電阻忽略不計，軌道間分布著條形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場區(qū)域的寬度為刈，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方

向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁場區(qū)域之間的距離為d2,兩根質(zhì)量均為m,電阻為R的導(dǎo)體棒a和b放

在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直.(設(shè)重力加速度為g)

(1)若a固定在第2個磁場區(qū)域上邊，b固定在第1個磁場區(qū)域上邊，同時釋放a、b棒，求：b穿過第1個

磁場區(qū)域過程中增加的動能△Ek；

(2)若a進(jìn)入第2個磁場區(qū)域時，b恰好離開第1個磁場區(qū)域；此后a離開第2個磁場區(qū)域時，b又恰好進(jìn)

入第2個磁場區(qū)域，且a、b在任意一個磁場區(qū)域或無磁場區(qū)域的運動時間均相等，求：b穿過第

2個磁場區(qū)域過程中，兩導(dǎo)體棒產(chǎn)生的總焦耳熱Q.

(3)對于第(2)問所述的運動情況，求a穿出第k個磁場區(qū)域時的速率也

23.(18分)如圖所示為兒童樂娛樂的滑梯示意圖，其中AB為長&=3巾的斜面滑槽，與水平方向夾

角為37°,BC為水平滑槽，4B與BC連接處通過一段圓弧相連，BC右端與半徑R=0.2M的四分

之一圓弧CD相切，為地面。兒童在娛樂時從4處由靜止下滑，設(shè)該兒童與斜面滑槽及水平滑

槽之間動摩擦因數(shù)都為〃=0.5,求：

(1)該兒童滑到斜面底端B點時的速度為多大?

(2)為了使該兒童滑下后不會從C處平拋出去，水平滑槽BC長度S2應(yīng)大于多少？

(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：橡膠棒和毛皮摩擦帶電，而玻璃棒和絲綢摩擦帶電，這種起電方式屬于摩擦起電，故

錯誤，C正確；

故選：Co

起電的方式有三種：接觸起電、感應(yīng)起電、摩擦起電。

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對基本內(nèi)容的掌握的情況，在平時要注意多積累，掌握住使物

體帶電的方法。

2.答案：4

解析：解：根據(jù)萬有引力提供向心力，得：

F=G=ma）2（R°+八）=7nM（&+"）=皿熱

又在地球表面上，由重力等于萬有引力，貝I：G^=m'g,得：GM=g服

據(jù)題：h=R0

聯(lián)立解得：3=低，7=2兀檸，F(xiàn)=^mg,v=^Rog

故選:A.

根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合萬有引力等于重力求出人造衛(wèi)星運行的角速度、周期、地球的引力

和速度.

解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力提供向心力，2、萬有引力等于重

力，并能靈活運用.

3.答案：B

解析：當(dāng)導(dǎo)線框位于中線。0'右側(cè)運動時，磁場向外，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方

向為逆時針；

當(dāng)導(dǎo)線框經(jīng)過中線。0',磁場方向先向外，后向里，磁通量先減小，后增加，根據(jù)楞次定律，可知感

應(yīng)電流方向為逆時針；

當(dāng)導(dǎo)線框位于中線。0'左側(cè)運動時，磁場向里，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為逆

時針.故8正確；

故選瓦

4.答案:A

解析：

本題根據(jù)牛頓第二定律，運用正交分解法研究力的動態(tài)變化問題，作出力圖是基礎(chǔ)。

對小球進(jìn)行受力分析，作出力圖：重力mg、斜面對小球的彈力N4和擋板B對小球的彈力NB.

設(shè)加速度大小為a,A的傾角為a.根據(jù)牛頓第二定律得：

豎直方向：mg=NAcosa,①

水平方向：NAsina—NB=ma@

由①看出，m、a不變，則以不變。

由②得，NR=NAsina-ma?

小車勻速運動時，a=0,NB=NAsina,則小車勻減速運動時，NB減小。

故選A。

5.答案：A

解析：解：BC、由圖可知有拉力用作用時物體做勻速運動，則有：F。=f="mg

撤去拉力后物體做勻減速運動，加速度為：。=猾=政

可知物體與水平面之間的動摩擦因數(shù)為：〃=知，故8c錯誤；

g。。

A、有拉力作用時拉力的功等于摩擦力的功，即為：FQXQ=iimgxQ=^mgvotQ

撤去拉力后有：gm於=umg.亭

聯(lián)立可得：加=等，故A正確；

D、物體在0?t。時間內(nèi)的平均速度大小為火,而玲?2to時間內(nèi)的平均速度大小為:孫，故。錯誤。

故選：4。

分析圖甲確定物體的受力情況，水平方向上受到拉力和摩擦力作用，分析圖乙確定物體的運動情況,

先做勻速直線運動，后是做勻減速直線運動，

根據(jù)運動學(xué)公式求解減速運動的加速度大小，由牛頓第二定律求解動摩擦因素；

對減速運動過程，根據(jù)動能定理求解物體的質(zhì)量。

解決該題的關(guān)鍵是明確知道物體在各段過程運動情況，知道各段的受力情況，熟記運動學(xué)的相關(guān)公

式，知道平均速度的求解公式。

6.答案：B

解析：解：4、布朗運動是液體中懸浮微粒的無規(guī)則運動，故A正確；

B、布朗運動的劇烈程度與微粒大小有關(guān)，微粒越小，布朗運動越明顯，故B錯誤；

C、液體溫度越高，分子熱運動越激烈，液體中懸浮微粒的布朗運動越劇烈，故C正確；

D.布朗運動是由液體分子從各個方向?qū)腋☆w粒撞擊作用的不平衡引起的，故。正確.

本題選錯誤的，

故選：B。

布朗運動是懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運動，不是分子的無規(guī)則運動，形成的原因是由于液體分子

對懸浮微粒無規(guī)則撞擊引起的；液體溫度越高，懸浮粒子越小，布朗運動越劇烈。

對于布朗運動，要理解并掌握布朗運動形成的原因，知道布朗運動既不是顆粒分子的運動，也不是

液體分子的運動，而是液體分子無規(guī)則運動的反映。

7.答案：D

解析：解：4、紅外線輻射即熱輻射，一切物體都在不停地發(fā)射紅外線，故A正確；

8、紫外線的作用是促進(jìn)人體維生素。的合成，還有熒光作用、殺菌等，故B正確；

C、X射線的穿透能力比較強(qiáng)，醫(yī)學(xué)上用X射線透視人體，檢查體內(nèi)病變等，故C正確；

。、根據(jù)光速不變原理可知，光在真空中運動的速度在不同的慣性系中測得的數(shù)值是相同的，故。

錯誤。

本題選錯誤的，故選：D.

根據(jù)紅外線、紫外線、X射線的作用分析前三個選項，根據(jù)光速不變原理分析。選項。

本題主要是考查電磁波譜中紅外線、紫外線和X射線的作用，掌握電磁波譜中各種射線的性質(zhì)和特點、

以及光速不變原理是解答本題的關(guān)鍵。

8.答案：BC

解析：解：AB,正方形線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場中繞cd軸以角速度3轉(zhuǎn)動，

產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值為電源電動勢為：E=%3廿。

2

S斷開時，內(nèi)電路電流為：/=g=①B3Z?

4r8r

電壓表讀數(shù)等于cd兩點之間電壓為：U=卜=與3人故B正確，A錯誤；

8

CD、S閉合時，電路總電阻為3r+3=r,ab中電流為:/=空=拿BcoL2，電流表讀數(shù)為」=昱Bcol7,

227r7r214r

故c正確，力錯誤；

故選：BCo

根據(jù)切割的邊相當(dāng)于電源，結(jié)合串并聯(lián)電路分析電壓電流的大小關(guān)系，從而即可求解。

本題考查了交流電的產(chǎn)生過程，特別注意與串并聯(lián)電路相聯(lián)系，最好能畫出等效電路圖。

9.答案：BD

解析：解：4、由題意可知，帶電油滴受到的合力的方向向上，故該帶電油滴帶負(fù)電，故A錯誤；

B、帶電油滴所受重力小于電場力，故從a到b的運動過程中合外力做正功，動能增加；從a到b的運

動過程電場力做正功，電勢能減小，故8正確；

C、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從a到b的運動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、

動能三者之和保持不變，從a到b的運動過程中重力做負(fù)功，重力勢能增加，因此動能和電勢能之和

減小，故C錯誤；

。、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從a到b的運動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、

動能三者之和保持不變，因該過程中電勢能減小，故動能和重力勢能總和增加，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)圖中的運動軌跡情況，可以判斷出重力和電場力的大小關(guān)系，然后根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行分析求解

即可。

本題在電場和重力場的復(fù)合場中重點考查帶電小球的功能關(guān)系轉(zhuǎn)化；在學(xué)習(xí)過程中要明確各種功能

關(guān)系是解這類問題的關(guān)鍵。

10.答案：AC

解析：

本題首先要正確分析物體受力特點，明確力和運動的關(guān)系，在本題中注意滑動摩擦力的大小方向不

變，兩球靠近過程中庫侖力逐漸增大，小球先減速后加速，根據(jù)牛頓第二定律和功能關(guān)系可正確解

答.

本題在借助庫侖力的基礎(chǔ)知識，考查了力與運動、牛頓第二定律、動能定理等基礎(chǔ)知識的綜合應(yīng)用，

是考查學(xué)生綜合能力的好題。

A.點電荷乙從4點向甲運動的過程中，受向左的靜電力和向右的摩擦力，兩球靠近過程中庫侖力逐漸

增大，小球先減速后加速，所以加速度先減小后增大，故A正確；

8.在小球向左運動過程中電場力一直做正功，因此電勢能一直減小，故B錯誤；

C.當(dāng)速度最小時有：f=%.=k^,解得：r=厚,故C正確；

2

。.點電荷從4運動B過程中，根據(jù)動能定理有：UABq-fL0=^mv-^mvg,

解得，%="。+如:-加詔,故。錯誤。

故選AC。

11.答案：AC

解析：解：4、因，=警又mg=qE則7=箸.因此它們的運動周期一定相等，故A正確；

以粒子受電場力向上，E向上，則帶正電，電場力與重力相平衡，而洛侖茲力提供向心力，受力方

向指向圓心，由左手定則知粒子都沿逆時針方向做勻速圓周運動，故B錯誤；

C、因電場力等于重力，因mg=Eq,則粒子的運動半徑為「=警=案，當(dāng)它們的速度大小相等時，

軌道半徑一定相等，故C正確；

___/2E.E

D、因電場力等于重力，因mg=Eq,則粒子的運動半徑為「=竺=叵%=上工，所以當(dāng)動能相

BqBqB\[q

等時，同時只有電量一定時，軌道半徑才相等，故。錯誤；

故選：AC.

粒子能做勻速圓周運動則說明電場力和重力任意位置做功為零，則電場力和重力大小相等，方向相

反。據(jù)此分析各選項。

考查帶電粒子的運動規(guī)律，明確粒子能做勻速圓周運動的條件。及其運動半徑的公式與周期公式的

應(yīng)用，同時掌握動量與動能的關(guān)系。

12.答案：BC

解析：解：4、根據(jù)核反應(yīng)的特點可知，裂變與衰變都放出能量。故4錯誤；

B、根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可知X的質(zhì)量數(shù)為144,電荷數(shù)為56,X原子核中含有的中子數(shù)

為88,故B正確；

c、衰變產(chǎn)生的新核y比鈾核更穩(wěn)定，故衰變產(chǎn)生的新核y的比結(jié)合能比鈾核的大，故c正確；

D、半衰期的大小與溫度無關(guān)。故。錯誤。

故選:BC。

裂變與衰變都放出能量；核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒；衰變產(chǎn)生的新核丫比鈾核更穩(wěn)定；半

衰期與環(huán)境無關(guān)。據(jù)此分析。

本題考查裂變反應(yīng)，裂變和衰變是在原子物理中學(xué)習(xí)的兩種重要的核反應(yīng)，要明確它們的特點以及

應(yīng)用，知道核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒。

13.答案：10.2-1.51

解析：解:已知氫原子基態(tài)能量為-13.6E*第二能級E2=-3.4eV,

所以由基態(tài)躍遷到第二能級氫原子吸收的能量是E2-EI=10.2eK

如果再吸收1.89eV能量，還可由第二能級躍遷到第三能級，

E3=E2+1.89eK=-1.51eK

故答案為：10.2,-1.51

根據(jù)初末能級的差值等于輻射光子或吸收光子能量求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握輻射光子或吸收光子能量與能級差的關(guān)系，即Em-En=hv.

14.答案：增加正功=從外界吸收

解析：解：過程①中氣體作等容變化，溫度升高，根據(jù)查理定律*=C可知，氣體的壓強(qiáng)增大，氣體

體積不變，氣體分子數(shù)密度（單位體積的分子個數(shù)）不變，則過程①中單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁

碰撞次數(shù)增加。

過程②中氣體的體積增大，氣體對外界做正功。

過程③氣體作等溫變化，氣體的內(nèi)能不變，則狀態(tài)c的內(nèi)能與狀態(tài)d的內(nèi)能相等。

過程③中氣體的體積增大，氣體對外做功，皿<0,氣體內(nèi)能不變，4U=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律

/U=IV+Q可知：Q=4U—W=-W>0,氣體從外界吸引熱量。

故答案為：增加，正功，=,從外界吸收。

過程①中氣體作等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化，再分析單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁碰

撞次數(shù)變化情況。過程②中氣體對外界做正功。過程③中氣體作等溫變化，根據(jù)溫度的變化分析氣

體內(nèi)能的變化，由熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況。

本題考查理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，要能夠根據(jù)溫度判斷氣體內(nèi)能的變化；在應(yīng)用熱

力學(xué)第一定律時一定要注意各量符號的意義：4U為正表示內(nèi)能變大，Q為正表示物體吸熱；勿為正

表示外界對物體做功。

15.答案：增大增大增大

解析：解：①、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式=知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉

條紋間距增大.

②、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△尤=54知，增大雙縫到屏的距離，即L增大，干涉條紋間距增

大.

③、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紅光，波長變長，則干涉條紋間距增大.

故答案為：①增大；②增大；③增大.

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式^X=Ta判斷干涉條紋間距的變化，從而即可求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式△X=；九知道條紋間的間距與什么因素有關(guān).

16.答案：2k-m°平衡摩擦力時木板傾斜角過大

解析：解：(1)對小車和滑輪組成的整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：2F=(m0+M)a，得F="%a

F-a圖線是一條過原點的直線，斜率k=解得M=2k—rno

(2)根據(jù)/等于零，加速度不為零，分析圖線不過原點的原因，可知實驗中平衡摩擦力時木板傾斜角

過大

故答案為：(l)2fc-7n0；

(2)平衡摩擦力時木板傾斜角過大

(1)對小車和滑輪組成的整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得到尸與a的函數(shù)關(guān)系式，結(jié)合直線的斜

率求出小車的質(zhì)量；

(2)根據(jù)F等于零，加速度不為零，分析圖線不過原點的原因。

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，小車質(zhì)量不

變時，加速度與拉力成正比，對a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)

17.答案：AB104.050.520乙丙

解析：解：(1)正極插孔接電源的負(fù)極，所以8C錯誤；每次換擋時都要進(jìn)行短接調(diào)零，所以電阻要

可調(diào)節(jié)，故A正確，O錯誤，故選A。

(2)描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗，要滿足小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，故應(yīng)采用滑動變阻

器分壓接法；同時由于燈泡內(nèi)阻較小，故電流表應(yīng)用外接法，故電路圖應(yīng)選瓦

(3)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：10.4cm+0.05mmx1=104.05mm,螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+

0.01mmx2.0=0.520mmo

(4)因水果電池的電動勢較小，但是內(nèi)阻較大，且內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電流表的內(nèi)阻，則電流表的內(nèi)阻可忽略

不計，則甲乙兩電路中可選擇乙電路誤差較?。粍t丙丁兩電路中可選擇丙電路誤差較??；故選乙丙。

故答案為:(1)4(2)B；(3)104.05：0.520；(5)乙丙。

(1)歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，分析圖示電路圖作出選擇。

(2)根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后選擇實驗電路圖。

(3)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺

旋測微器示數(shù)。

(4)根據(jù)測電源電動勢的實驗原理分析答題。

本題要知道歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，要記住電流從紅表筆進(jìn)，從黑表筆出。知道電路的選擇原則：要得

到從零開始連續(xù)可調(diào)的電壓時用分壓電路：測電動勢和內(nèi)阻時要考慮電表的影響。

18.答案：解：由=詔得電子入射速度

%=氏出密聲WS=4x10^/s

⑴加直流電壓時，板間場強(qiáng)Ei=個=^~V/m=2.5X104l//m

電子做直線運動時，由條件eEi=ev0B,

得應(yīng)加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=a=壽7=6.25X10-T

方向垂直紙面向里.

(2)加交流電壓時，4、B兩極間場強(qiáng)第=奈=v/m=2.5x104cos27Tt(V/m)

電子飛出板間時偏距％=Ja子=署(”

ZZ771VQ

電子飛出板間時豎直速度%=at1=亭?^

，mv0

從K離板到達(dá)圓筒時偏距

在紙上記錄落點的總偏距

y=yi+=(m+乙2)等=0.22cos27rt(m)

可見，在記錄紙上的點以振幅0.20m,周期T=1s作筒諧運動,

因圓筒每秒鐘轉(zhuǎn)2周，故在1s內(nèi)，紙上圖形如圖所示.

答:(1)應(yīng)加的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為6.25x10-4。方向垂直紙面向里.

(2)若在兩金屬板上加上小=1000cos27Tt(V)的交流電壓，在1s內(nèi)，紙上圖形如上圖所示.

解析：(1)當(dāng)所加電壓為為時，利用動能定理求的獲得的速度，加直流電壓時求的4B間的電壓，由

共點力平衡即可求的磁場，根據(jù)左手定則判斷B的方向.

(2)先求出48間的場強(qiáng)，根據(jù)平拋運動的知識求解偏距，再根據(jù)圓筒的運動特點分析偏轉(zhuǎn)位移隨時

間變化的圖形.

本題中帶電粒子先加速后偏轉(zhuǎn)，運用動能定理求解加速電壓，運用運動的分解法研究類平拋運動，

都是常用的思路.此題有一定的難度，屬于難題.

19.答案：解：(1)物塊4炸裂前的速度為孫，由動能定理有

見初(1-cos60。)=9犯汨①

解得及o-6m/s

在最低點，根據(jù)牛頓第二定律有

F-mAg=mA^(2)

由①②式解得尸=mAg+2mAg(1-cos60°)=60/V

(2)設(shè)物塊1的初速度為打，物塊2的初速度為以，則藝=%

由動量守恒定律得犯4%-巾1%一m2v2

解得%=12m/s

△E=如譜+-|m4v^

解得△E=108/

(3)設(shè)物塊1與B粘合在一起的共同速度為外，由動量守恒

m1v1=(m1+mB)vB

所以"B=6m/s

在以后的過程中，當(dāng)物塊C和1、B的速度相等時，彈簧的彈性勢能最大，設(shè)共同速度為"共，由動量

守恒

(mi+mB)vB=On1+mB+mc~)v^

有“共=3m/s

由能量守恒得

Epm=2Oi+機(jī)2)詔-(ni!+mB+mc)v^

得Epm=36/

答：(1)設(shè)物塊4在最低點時的速度為6m/s；輕繩中的拉力F大小為60N：

(2)物塊4炸裂時增加的機(jī)械能△E是108/；

(3)在以后的過程中，彈簧最大的彈性勢能昂皿是36/.

解析：(1)由動能定理可求得小球到達(dá)底部時的速度，再由向心力公式可求得繩子的拉力；

(2)由動能守恒可求得碰后整體的速度，再由能量守恒可求得增加的機(jī)械能；

(3)對于1和B為整體，由動量守恒可求得粘合后的速度，再由能量守恒可求得最大彈性勢能.

本題考查動量守恒定律及機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，要注意正確選擇研究對象，明確各過程所對應(yīng)的

物理規(guī)律，則可以正確求解.

20.答案：解：輪胎內(nèi)原有氣體的體積匕=%,壓強(qiáng)pi=1.8p(),

設(shè)該氣體壓強(qiáng)變?yōu)镻2=Po時的體積為彩，

氣體溫度不變，由玻意耳定律得：Pi%=p2V2

解得：V2=1,8V0,

設(shè)充氣泵沖入的氣體體積為乙以輪胎內(nèi)氣體與沖入氣體整體為研究對象，氣體初狀態(tài)壓強(qiáng)為Po，

氣體末狀態(tài)的體積匕=%+20%%=1.2%,末狀態(tài)壓強(qiáng)23=2.5p(),

氣體溫度不變，由玻意耳定律得：

Po(Kz+v)=「3%

解得：V=1.2%,

充氣的時間：t=￡=劈s=240s=4min

2000

答：充氣4分鐘可以使輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)2.5p0。

解析：充氣過程氣體的溫度保持不變，氣體發(fā)生等溫變化；以沖入的氣體與輪胎內(nèi)原有氣體的整體

為研究對象，求出氣體初末狀態(tài)的體積與壓強(qiáng)，然后應(yīng)用玻意耳定律求出沖入氣體的體積，然后求

出充氣的時間。

本題考查了玻意耳定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，正確選擇研究對象是解題的

前提，應(yīng)用玻意耳定律即可解題。

21.答案：解：作出兩種情況下的光路圖，如圖所示

設(shè)。P=x,在A處發(fā)生全反射故有sinC=2=弓

由于出射光與入射光線平行可知，在B處射出，故n=X端

sinzOBP

由于sinZ0BP=/，

聯(lián)立可得ri=V3%=—RsinC=-=—

3n3

答：(1)玻璃磚的折射率為6；

(2)光從玻璃到空氣的臨界角為C且sinC=/：

(3)0P之間的距離為(R.

解析：根據(jù)題意畫出兩種情況下的光路圖，根據(jù)全反射條件結(jié)合折射定律求解0P、折射率和臨界角

Co

本題主要是考查了光的折射和光的全發(fā)射；解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路

圖，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律或全反射的條件列方程求解。

22.答案：解：(l)a和b不受安培力作用，由機(jī)械能守恒知：△Ek=mg