2021屆江蘇省七市高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆江蘇省七市高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共22.0分）

1.橡膠棒和毛皮摩擦帶電，而玻璃棒和絲綢摩擦帶電，這種起電方式屬于（）

A.接觸起電B.感應(yīng)起電C.摩擦起電D.無法確定

2.地球的半徑為R。，地面的重力加速度為g,一個(gè)質(zhì)量為小的人造衛(wèi)星，在離地面高度為h=%的

圓形軌道上繞地球運(yùn)行，貝1（）

A.人造衛(wèi)星的角速度為層

B.人造衛(wèi)星的周期T=2幾席

C.人造衛(wèi)星受到地球的引力為F=：mg

D.人造衛(wèi)星的速度V=向

3.如圖所示，兩條互相平行的導(dǎo)線”、N中通過大小相等、方向相同的電流，J°o

導(dǎo)線框abed和兩導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，線框沿著與兩導(dǎo)線垂直的方向，自右,\\^\L

向左在兩導(dǎo)線間勻速移動(dòng)，則在移動(dòng)過程中線框中的感應(yīng)電流的方向?yàn)?

--{--'a—'c

（）Mb，N

A.一直是順時(shí)針B.一直是逆時(shí)針

C.先順時(shí)針后逆時(shí)針D.先逆時(shí)針后順時(shí)針

4.如圖所示，小球靜止在小車中的光滑斜面4和光滑豎直擋板B之間，原

來小車向左勻速運(yùn)動(dòng)。現(xiàn)在小車改為向左減速運(yùn)動(dòng)，那么關(guān)于斜面對(duì)

小球的彈力N.的大小和擋板8對(duì)小球的彈力N-的大小，以下說法正確

的是（）

A.M不變，NB減小B.以增大，心不變

C.%有可能增大D.以可能為零

5.一物體在水平拉力F的作用下沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)，拉力F隨位移x變化的圖線如圖甲所示。經(jīng)

時(shí)間to后撤去拉力F，物體運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖乙所示。重力加速度為g,下列說法正確

的是（）

圖甲圖乙

A.物體的質(zhì)量為等

B.在拉力尸作用下物體一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

C.物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為誓

D.物體在0?時(shí)間內(nèi)的平均速度大小與“?2to時(shí)間內(nèi)的平均速度大小均為為［%

6.關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

B.布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與微粒大小無關(guān)

C.溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈

D.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡所引起的

7.當(dāng)前，新型冠狀病毒正在威脅著全世界人民的生命健康，紅外測(cè)溫槍在疫情防控過程中發(fā)揮了

重要作用。紅外線是電磁波，下列關(guān)于電磁波的說法錯(cuò)誤的是（）

A.一切物體都在不停地發(fā)射紅外線

B.紫外線有助于人體合成維生素。

C.醫(yī)學(xué)上用X射線透視人體，檢查體內(nèi)病變等

D.光在真空中運(yùn)動(dòng)的速度在不同的慣性系中測(cè)得的數(shù)值可能不同

二、多選題（本大題共5小題，共19.0分）

8.如圖所示的正方形金屬線框abed邊長為L,每邊電阻均為r,在垂

?I??

直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞d軸以角速度

3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，c、d兩點(diǎn)與一阻值為r的電阻相連，各表均可視為理??

想表，導(dǎo)線電阻不計(jì)，下列說法中正確的是（）

A.當(dāng)S斷開時(shí)，電壓表的示數(shù)為皿

4

B.當(dāng)S斷開時(shí)，電壓表的示數(shù)立83〃

8

C.當(dāng)s閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為回亞

14r

D.當(dāng)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為空二

7r

9.一帶電油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)E中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，電場(chǎng)方向豎直向下。若

不計(jì)空氣阻力，則此帶電油滴從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，能量變化情況為（）

A.此帶電油滴帶正電a一-''

B.動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小’

C.動(dòng)能和電勢(shì)能總和增加

D.動(dòng)能和重力勢(shì)能總和增加

10.如圖所示，一個(gè)電荷量為-Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的。點(diǎn)。另一個(gè)電荷量為+q、質(zhì)

量為血的點(diǎn)電荷乙，從4點(diǎn)以初速度必沿它們的連線向甲運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)時(shí)速度為外且為運(yùn)

動(dòng)過程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為f,2、B兩點(diǎn)間距離為小,靜電力

常量為則下列說法正確的是（）

-2

A.點(diǎn)電荷乙從4點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度先減小后增大

B.點(diǎn)電荷乙從a點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，其電勢(shì)能先增大再減小

C.。、B兩點(diǎn)間的距離為華

fL+^mv2

D.在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中，4、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為為8=0

q

11.在某一空間同時(shí)存在相互正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向

上，磁場(chǎng)方向如圖所示，兩個(gè)帶電液滴在此復(fù)合場(chǎng)中恰好能沿豎直平面內(nèi)做

勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.它們的運(yùn)動(dòng)周期一定相等

B.它們圓周運(yùn)動(dòng)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向可能相反

C.若它們的速度大小相等，軌道半徑就一定相等

D.若它們的動(dòng)能相等，軌道半徑就一定相等

12.鈾235是核電站的主要核燃料，核反應(yīng)堆在工作時(shí)，鈾235既發(fā)生裂變，也發(fā)生衰變。鈾235裂

變方程為：然瑞心+3乩，衰變方程為：債U-Y+fHe,則下列說法正確的是（）

A.裂變過程放出能量，衰變過程吸收能量

B.裂變產(chǎn)生的新核X中含有88個(gè)中子

c.衰變產(chǎn)生的新核y的比結(jié)合能比鈾核的大

D.核裂變釋放能量產(chǎn)生的高溫會(huì)加快鈾235的衰變

三、填空題（本大題共3小題，共12.0分）

13.已知?dú)湓踊鶓B(tài)能量為-13.6E",第二能級(jí)％=-3.4eV,如果氫原子吸收eV能量，可由

基態(tài)躍遷到第二能級(jí).如果再吸收1.89W能量，還可由第二能級(jí)躍遷到第三能級(jí)，則氫原子的

第三能級(jí)E3=eV.

14.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①②③到達(dá)狀態(tài)d。則：過程①中單

位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁碰撞次數(shù)（填“增加”或“減少”）；過程②中氣體對(duì)外界做

（填“正功”或“負(fù)功”）；狀態(tài)c的內(nèi)能（填“>”或）狀態(tài)￡/的內(nèi)能，

過程③中氣體（填“從外界吸收”或“向外界放出”）熱量。

15.如圖所示時(shí)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖，S為單縫，Si、Sz為雙縫，

P為光屏.用綠光從左邊照射單縫S時(shí)，可在光屏P上觀察到干涉左二二151右

條紋，則：""I'

①減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離將;

②增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離將;

③將綠光換為紅光，干涉條紋間的距離將.

（填“增大”、“不變”或“減小”）

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

16.為了探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，4、B同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中小

車的質(zhì)量為M，砂和砂桶的質(zhì)量為m，與小車相連的滑輪的質(zhì)量為小。.力傳感器可測(cè)出輕繩中的

拉力大小，重力加速度為g。實(shí)驗(yàn)時(shí)先平衡摩擦力。并調(diào)節(jié)輕繩與木板平行。

(1)4同學(xué)以力傳感器的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，加速度a為橫坐標(biāo)，畫出的F-a圖象如圖乙所示，求得圖線

的斜率為k,則小車的質(zhì)量M=(用所給物理量的符號(hào)表示)。

(2*同學(xué)也以力傳感器的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，加速度a為橫坐標(biāo)，畫出的尸-a圖象如圖丙所示，圖線

不過原點(diǎn)的原因可能是(答一條即可)。

17.(1)如圖所示是一個(gè)歐姆表的外部構(gòu)造示意圖，其正、負(fù)插孔內(nèi)分別插有紅、黑表筆，則虛線內(nèi)

的電路圖可以是圖中的

(2)實(shí)驗(yàn)室常用來描繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)電路是

(3)如圖所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm,螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為mm.

(4)在測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，可以采用伏安法、安阻法、伏阻法等多種方法。若電池是

水果電池，實(shí)驗(yàn)要求盡量減小誤差，可以選擇如圖_____所示電路進(jìn)行測(cè)定。

五、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共16.0分)

18.從陰極K發(fā)射的電子經(jīng)電勢(shì)差%=45001/的陽極加速后，沿平行于板面的方向從中央射入兩塊

長Li=10cm,間距d=4cm的平行金屬板4B之后，在離金屬板邊緣人=75cm處放置一個(gè)直徑

0=20cm的帶有記錄紙的圓筒(如圖所示)，整個(gè)裝置放在真空內(nèi)，電子發(fā)射的初速度不計(jì).已

知電子質(zhì)量m=0.9x10~3°kg.

(1)若在兩金屬板上加上Ui=1000V的直流電壓(%>RB)，為使電子沿入射方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

應(yīng)加怎樣的磁場(chǎng)？

(2)若在兩金屬板上加上”=1000cos27rt(V)的交流電壓，并使圓筒繞中心軸按圖示方向以3=

4/rrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，確定電子在記錄紙上的軌跡形狀并畫出1s鐘內(nèi)所記錄的圖形.(要

求算出記錄紙上的最大偏移距離)

六、計(jì)算題(本大題共5小題，共51.0分)

19.如圖所示，物塊C質(zhì)量Tn,=4kg,上表面光滑，左邊有一立柱，放在光滑水平地面上.一輕彈

簧左端與立柱連接，右端與物塊B連接，巾8=2kg.長為L=3.6m的輕繩上端系于。點(diǎn)，下端系

一物塊4啊=3kg.拉緊輕繩使繩與豎直方向成60。角，將物塊4從靜止開始釋放，達(dá)到最低點(diǎn)

、

時(shí)炸裂成質(zhì)量僧1=2kgm2=1kg的兩個(gè)物塊1和2,物塊1水平向左運(yùn)動(dòng)與B粘合在一起，物

塊2仍系在繩上具有水平向右的速度，剛好回到釋放的初始點(diǎn).4、B都可以看成質(zhì)點(diǎn).取g=

lOm/sZ.求：

(1)設(shè)物塊A在最低點(diǎn)時(shí)的速度必和輕繩中的拉力尸大小.

(2)物塊a炸裂時(shí)增加的機(jī)械能△E.

(3)在以后的過程中，彈簧最大的彈性勢(shì)能與%

20.啟動(dòng)汽車時(shí)發(fā)現(xiàn)汽車電子系統(tǒng)報(bào)警，左前輪胎壓過低為1.8p0,如圖所示。車輪內(nèi)胎體積約為％,

為使汽車正常行駛，用電動(dòng)充氣泵給左前輪充氣，每秒鐘充入△7=擊％、壓強(qiáng)為po的氣體，

充氣結(jié)束后發(fā)現(xiàn)內(nèi)胎體積約膨脹了20%,充氣幾分鐘可以使輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)2.5po?

(汽車輪胎內(nèi)氣體可以視為理想氣體，充氣過程輪胎內(nèi)氣體溫度無明顯變化)

21.如圖所示，圓心為。、半徑為R的半圓形玻璃成置于水平桌面上，光

線從P點(diǎn)垂直界面入射后，恰好在玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射；當(dāng)

入射角。=60。時(shí)，光線從玻璃磚圓形表面出射后恰好與入射光平行。

己知真空中的光速為c,

求

(1)玻璃磚的折射率為？

(2)光從玻璃到空氣的臨界角為？

(3)0P之間的距離為？

22.如圖所示，在傾角為。的斜面上，有兩條很長、光滑的、間距為L的平行金屬導(dǎo)軌固定其上，導(dǎo)

軌電阻忽略不計(jì)，軌道間分布著條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為刈，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方

向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁場(chǎng)區(qū)域之間的距離為d2,兩根質(zhì)量均為m,電阻為R的導(dǎo)體棒a和b放

在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直.(設(shè)重力加速度為g)

(1)若a固定在第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域上邊，b固定在第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域上邊，同時(shí)釋放a、b棒，求：b穿過第1個(gè)

磁場(chǎng)區(qū)域過程中增加的動(dòng)能△Ek；

(2)若a進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，b恰好離開第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域；此后a離開第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，b又恰好進(jìn)

入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，且a、b在任意一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域或無磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相等，求：b穿過第

2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過程中，兩導(dǎo)體棒產(chǎn)生的總焦耳熱Q.

(3)對(duì)于第(2)問所述的運(yùn)動(dòng)情況，求a穿出第k個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速率也

23.(18分)如圖所示為兒童樂娛樂的滑梯示意圖，其中AB為長&=3巾的斜面滑槽，與水平方向夾

角為37°,BC為水平滑槽，4B與BC連接處通過一段圓弧相連，BC右端與半徑R=0.2M的四分

之一圓弧CD相切，為地面。兒童在娛樂時(shí)從4處由靜止下滑，設(shè)該兒童與斜面滑槽及水平滑

槽之間動(dòng)摩擦因數(shù)都為〃=0.5,求：

(1)該兒童滑到斜面底端B點(diǎn)時(shí)的速度為多大?

(2)為了使該兒童滑下后不會(huì)從C處平拋出去，水平滑槽BC長度S2應(yīng)大于多少？

(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：橡膠棒和毛皮摩擦帶電，而玻璃棒和絲綢摩擦帶電，這種起電方式屬于摩擦起電，故

錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

起電的方式有三種：接觸起電、感應(yīng)起電、摩擦起電。

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)基本內(nèi)容的掌握的情況，在平時(shí)要注意多積累，掌握住使物

體帶電的方法。

2.答案：4

解析：解：根據(jù)萬有引力提供向心力，得：

F=G=ma）2（R°+八）=7nM（&+"）=皿熱

又在地球表面上，由重力等于萬有引力，貝I：G^=m'g,得：GM=g服

據(jù)題：h=R0

聯(lián)立解得：3=低，7=2兀檸，F(xiàn)=^mg,v=^Rog

故選:A.

根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合萬有引力等于重力求出人造衛(wèi)星運(yùn)行的角速度、周期、地球的引力

和速度.

解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬有引力提供向心力，2、萬有引力等于重

力，并能靈活運(yùn)用.

3.答案：B

解析：當(dāng)導(dǎo)線框位于中線。0'右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)向外，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方

向?yàn)槟鏁r(shí)針；

當(dāng)導(dǎo)線框經(jīng)過中線。0',磁場(chǎng)方向先向外，后向里，磁通量先減小，后增加，根據(jù)楞次定律，可知感

應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；

當(dāng)導(dǎo)線框位于中線。0'左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)向里，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)槟?/p>

時(shí)針.故8正確；

故選瓦

4.答案:A

解析：

本題根據(jù)牛頓第二定律，運(yùn)用正交分解法研究力的動(dòng)態(tài)變化問題，作出力圖是基礎(chǔ)。

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，作出力圖：重力mg、斜面對(duì)小球的彈力N4和擋板B對(duì)小球的彈力NB.

設(shè)加速度大小為a,A的傾角為a.根據(jù)牛頓第二定律得：

豎直方向：mg=NAcosa,①

水平方向：NAsina—NB=ma@

由①看出，m、a不變，則以不變。

由②得，NR=NAsina-ma?

小車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，a=0,NB=NAsina,則小車勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，NB減小。

故選A。

5.答案：A

解析：解：BC、由圖可知有拉力用作用時(shí)物體做勻速運(yùn)動(dòng)，則有：F。=f="mg

撤去拉力后物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度為：。=猾=政

可知物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為：〃=知，故8c錯(cuò)誤；

g。。

A、有拉力作用時(shí)拉力的功等于摩擦力的功，即為：FQXQ=iimgxQ=^mgvotQ

撤去拉力后有：gm於=umg.亭

聯(lián)立可得：加=等，故A正確；

D、物體在0?t。時(shí)間內(nèi)的平均速度大小為火,而玲?2to時(shí)間內(nèi)的平均速度大小為:孫，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

分析圖甲確定物體的受力情況，水平方向上受到拉力和摩擦力作用，分析圖乙確定物體的運(yùn)動(dòng)情況,

先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，后是做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，由牛頓第二定律求解動(dòng)摩擦因素；

對(duì)減速運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)動(dòng)能定理求解物體的質(zhì)量。

解決該題的關(guān)鍵是明確知道物體在各段過程運(yùn)動(dòng)情況，知道各段的受力情況，熟記運(yùn)動(dòng)學(xué)的相關(guān)公

式，知道平均速度的求解公式。

6.答案：B

解析：解：4、布朗運(yùn)動(dòng)是液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B、布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與微粒大小有關(guān)，微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故B錯(cuò)誤；

C、液體溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越激烈，液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，故C正確；

D.布朗運(yùn)動(dòng)是由液體分子從各個(gè)方向?qū)腋☆w粒撞擊作用的不平衡引起的，故。正確.

本題選錯(cuò)誤的，

故選：B。

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，形成的原因是由于液體分子

對(duì)懸浮微粒無規(guī)則撞擊引起的；液體溫度越高，懸浮粒子越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈。

對(duì)于布朗運(yùn)動(dòng)，要理解并掌握布朗運(yùn)動(dòng)形成的原因，知道布朗運(yùn)動(dòng)既不是顆粒分子的運(yùn)動(dòng)，也不是

液體分子的運(yùn)動(dòng)，而是液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映。

7.答案：D

解析：解：4、紅外線輻射即熱輻射，一切物體都在不停地發(fā)射紅外線，故A正確；

8、紫外線的作用是促進(jìn)人體維生素。的合成，還有熒光作用、殺菌等，故B正確；

C、X射線的穿透能力比較強(qiáng)，醫(yī)學(xué)上用X射線透視人體，檢查體內(nèi)病變等，故C正確；

。、根據(jù)光速不變?cè)砜芍庠谡婵罩羞\(yùn)動(dòng)的速度在不同的慣性系中測(cè)得的數(shù)值是相同的，故。

錯(cuò)誤。

本題選錯(cuò)誤的，故選：D.

根據(jù)紅外線、紫外線、X射線的作用分析前三個(gè)選項(xiàng)，根據(jù)光速不變?cè)矸治?。選項(xiàng)。

本題主要是考查電磁波譜中紅外線、紫外線和X射線的作用，掌握電磁波譜中各種射線的性質(zhì)和特點(diǎn)、

以及光速不變?cè)硎墙獯鸨绢}的關(guān)鍵。

8.答案：BC

解析：解：AB,正方形線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞cd軸以角速度3轉(zhuǎn)動(dòng)，

產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為電源電動(dòng)勢(shì)為：E=%3廿。

2

S斷開時(shí)，內(nèi)電路電流為：/=g=①B3Z?

4r8r

電壓表讀數(shù)等于cd兩點(diǎn)之間電壓為：U=卜=與3人故B正確，A錯(cuò)誤；

8

CD、S閉合時(shí)，電路總電阻為3r+3=r,ab中電流為:/=空=拿BcoL2，電流表讀數(shù)為」=昱Bcol7,

227r7r214r

故c正確，力錯(cuò)誤；

故選：BCo

根據(jù)切割的邊相當(dāng)于電源，結(jié)合串并聯(lián)電路分析電壓電流的大小關(guān)系，從而即可求解。

本題考查了交流電的產(chǎn)生過程，特別注意與串并聯(lián)電路相聯(lián)系，最好能畫出等效電路圖。

9.答案：BD

解析：解：4、由題意可知，帶電油滴受到的合力的方向向上，故該帶電油滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B、帶電油滴所受重力小于電場(chǎng)力，故從a到b的運(yùn)動(dòng)過程中合外力做正功，動(dòng)能增加；從a到b的運(yùn)

動(dòng)過程電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故8正確；

C、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從a到b的運(yùn)動(dòng)過程中只有重力、電場(chǎng)力做功，因此重力勢(shì)能、電勢(shì)能、

動(dòng)能三者之和保持不變，從a到b的運(yùn)動(dòng)過程中重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加，因此動(dòng)能和電勢(shì)能之和

減小，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從a到b的運(yùn)動(dòng)過程中只有重力、電場(chǎng)力做功，因此重力勢(shì)能、電勢(shì)能、

動(dòng)能三者之和保持不變，因該過程中電勢(shì)能減小，故動(dòng)能和重力勢(shì)能總和增加，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)圖中的運(yùn)動(dòng)軌跡情況，可以判斷出重力和電場(chǎng)力的大小關(guān)系，然后根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行分析求解

即可。

本題在電場(chǎng)和重力場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中重點(diǎn)考查帶電小球的功能關(guān)系轉(zhuǎn)化；在學(xué)習(xí)過程中要明確各種功能

關(guān)系是解這類問題的關(guān)鍵。

10.答案：AC

解析：

本題首先要正確分析物體受力特點(diǎn)，明確力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，在本題中注意滑動(dòng)摩擦力的大小方向不

變，兩球靠近過程中庫侖力逐漸增大，小球先減速后加速，根據(jù)牛頓第二定律和功能關(guān)系可正確解

答.

本題在借助庫侖力的基礎(chǔ)知識(shí)，考查了力與運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、動(dòng)能定理等基礎(chǔ)知識(shí)的綜合應(yīng)用，

是考查學(xué)生綜合能力的好題。

A.點(diǎn)電荷乙從4點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，受向左的靜電力和向右的摩擦力，兩球靠近過程中庫侖力逐漸

增大，小球先減速后加速，所以加速度先減小后增大，故A正確；

8.在小球向左運(yùn)動(dòng)過程中電場(chǎng)力一直做正功，因此電勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)速度最小時(shí)有：f=%.=k^,解得：r=厚,故C正確；

2

。.點(diǎn)電荷從4運(yùn)動(dòng)B過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：UABq-fL0=^mv-^mvg,

解得，%="。+如:-加詔,故。錯(cuò)誤。

故選AC。

11.答案：AC

解析：解：4、因，=警又mg=qE則7=箸.因此它們的運(yùn)動(dòng)周期一定相等，故A正確；

以粒子受電場(chǎng)力向上，E向上，則帶正電，電場(chǎng)力與重力相平衡，而洛侖茲力提供向心力，受力方

向指向圓心，由左手定則知粒子都沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、因電場(chǎng)力等于重力，因mg=Eq,則粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為「=警=案，當(dāng)它們的速度大小相等時(shí)，

軌道半徑一定相等，故C正確；

___/2E.E

D、因電場(chǎng)力等于重力，因mg=Eq,則粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為「=竺=叵%=上工，所以當(dāng)動(dòng)能相

BqBqB\[q

等時(shí)，同時(shí)只有電量一定時(shí)，軌道半徑才相等，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

粒子能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)則說明電場(chǎng)力和重力任意位置做功為零，則電場(chǎng)力和重力大小相等，方向相

反。據(jù)此分析各選項(xiàng)。

考查帶電粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，明確粒子能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件。及其運(yùn)動(dòng)半徑的公式與周期公式的

應(yīng)用，同時(shí)掌握動(dòng)量與動(dòng)能的關(guān)系。

12.答案：BC

解析：解：4、根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，裂變與衰變都放出能量。故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可知X的質(zhì)量數(shù)為144,電荷數(shù)為56,X原子核中含有的中子數(shù)

為88,故B正確；

c、衰變產(chǎn)生的新核y比鈾核更穩(wěn)定，故衰變產(chǎn)生的新核y的比結(jié)合能比鈾核的大，故c正確；

D、半衰期的大小與溫度無關(guān)。故。錯(cuò)誤。

故選:BC。

裂變與衰變都放出能量；核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒；衰變產(chǎn)生的新核丫比鈾核更穩(wěn)定；半

衰期與環(huán)境無關(guān)。據(jù)此分析。

本題考查裂變反應(yīng)，裂變和衰變是在原子物理中學(xué)習(xí)的兩種重要的核反應(yīng)，要明確它們的特點(diǎn)以及

應(yīng)用，知道核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒。

13.答案：10.2-1.51

解析：解:已知?dú)湓踊鶓B(tài)能量為-13.6E*第二能級(jí)E2=-3.4eV,

所以由基態(tài)躍遷到第二能級(jí)氫原子吸收的能量是E2-EI=10.2eK

如果再吸收1.89eV能量，還可由第二能級(jí)躍遷到第三能級(jí)，

E3=E2+1.89eK=-1.51eK

故答案為：10.2,-1.51

根據(jù)初末能級(jí)的差值等于輻射光子或吸收光子能量求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握輻射光子或吸收光子能量與能級(jí)差的關(guān)系，即Em-En=hv.

14.答案：增加正功=從外界吸收

解析：解：過程①中氣體作等容變化，溫度升高，根據(jù)查理定律*=C可知，氣體的壓強(qiáng)增大，氣體

體積不變，氣體分子數(shù)密度（單位體積的分子個(gè)數(shù)）不變，則過程①中單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁

碰撞次數(shù)增加。

過程②中氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做正功。

過程③氣體作等溫變化，氣體的內(nèi)能不變，則狀態(tài)c的內(nèi)能與狀態(tài)d的內(nèi)能相等。

過程③中氣體的體積增大，氣體對(duì)外做功，皿<0,氣體內(nèi)能不變，4U=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律

/U=IV+Q可知：Q=4U—W=-W>0,氣體從外界吸引熱量。

故答案為：增加，正功，=,從外界吸收。

過程①中氣體作等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化，再分析單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁碰

撞次數(shù)變化情況。過程②中氣體對(duì)外界做正功。過程③中氣體作等溫變化，根據(jù)溫度的變化分析氣

體內(nèi)能的變化，由熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況。

本題考查理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，要能夠根據(jù)溫度判斷氣體內(nèi)能的變化；在應(yīng)用熱

力學(xué)第一定律時(shí)一定要注意各量符號(hào)的意義：4U為正表示內(nèi)能變大，Q為正表示物體吸熱；勿為正

表示外界對(duì)物體做功。

15.答案：增大增大增大

解析：解：①、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式=知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉

條紋間距增大.

②、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△尤=54知，增大雙縫到屏的距離，即L增大，干涉條紋間距增

大.

③、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紅光，波長變長，則干涉條紋間距增大.

故答案為：①增大；②增大；③增大.

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式^X=Ta判斷干涉條紋間距的變化，從而即可求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式△X=；九知道條紋間的間距與什么因素有關(guān).

16.答案：2k-m°平衡摩擦力時(shí)木板傾斜角過大

解析：解：(1)對(duì)小車和滑輪組成的整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：2F=(m0+M)a，得F="%a

F-a圖線是一條過原點(diǎn)的直線，斜率k=解得M=2k—rno

(2)根據(jù)/等于零，加速度不為零，分析圖線不過原點(diǎn)的原因，可知實(shí)驗(yàn)中平衡摩擦力時(shí)木板傾斜角

過大

故答案為：(l)2fc-7n0；

(2)平衡摩擦力時(shí)木板傾斜角過大

(1)對(duì)小車和滑輪組成的整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得到尸與a的函數(shù)關(guān)系式，結(jié)合直線的斜

率求出小車的質(zhì)量；

(2)根據(jù)F等于零，加速度不為零，分析圖線不過原點(diǎn)的原因。

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，小車質(zhì)量不

變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì)a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)

17.答案：AB104.050.520乙丙

解析：解：(1)正極插孔接電源的負(fù)極，所以8C錯(cuò)誤；每次換擋時(shí)都要進(jìn)行短接調(diào)零，所以電阻要

可調(diào)節(jié)，故A正確，O錯(cuò)誤，故選A。

(2)描繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)，要滿足小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，故應(yīng)采用滑動(dòng)變阻

器分壓接法；同時(shí)由于燈泡內(nèi)阻較小，故電流表應(yīng)用外接法，故電路圖應(yīng)選瓦

(3)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：10.4cm+0.05mmx1=104.05mm,螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：0.5mm+

0.01mmx2.0=0.520mmo

(4)因水果電池的電動(dòng)勢(shì)較小，但是內(nèi)阻較大，且內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電流表的內(nèi)阻，則電流表的內(nèi)阻可忽略

不計(jì)，則甲乙兩電路中可選擇乙電路誤差較??；則丙丁兩電路中可選擇丙電路誤差較小；故選乙丙。

故答案為:(1)4(2)B；(3)104.05：0.520；(5)乙丙。

(1)歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，分析圖示電路圖作出選擇。

(2)根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路圖。

(3)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺

旋測(cè)微器示數(shù)。

(4)根據(jù)測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)的實(shí)驗(yàn)原理分析答題。

本題要知道歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，要記住電流從紅表筆進(jìn)，從黑表筆出。知道電路的選擇原則：要得

到從零開始連續(xù)可調(diào)的電壓時(shí)用分壓電路：測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)要考慮電表的影響。

18.答案：解：由=詔得電子入射速度

%=氏出密聲WS=4x10^/s

⑴加直流電壓時(shí)，板間場(chǎng)強(qiáng)Ei=個(gè)=^~V/m=2.5X104l//m

電子做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由條件eEi=ev0B,

得應(yīng)加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=a=壽7=6.25X10-T

方向垂直紙面向里.

(2)加交流電壓時(shí)，4、B兩極間場(chǎng)強(qiáng)第=奈=v/m=2.5x104cos27Tt(V/m)

電子飛出板間時(shí)偏距％=Ja子=署(”

ZZ771VQ

電子飛出板間時(shí)豎直速度%=at1=亭?^

，mv0

從K離板到達(dá)圓筒時(shí)偏距

在紙上記錄落點(diǎn)的總偏距

y=yi+=(m+乙2)等=0.22cos27rt(m)

可見，在記錄紙上的點(diǎn)以振幅0.20m,周期T=1s作筒諧運(yùn)動(dòng),

因圓筒每秒鐘轉(zhuǎn)2周，故在1s內(nèi)，紙上圖形如圖所示.

答:(1)應(yīng)加的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為6.25x10-4。方向垂直紙面向里.

(2)若在兩金屬板上加上小=1000cos27Tt(V)的交流電壓，在1s內(nèi)，紙上圖形如上圖所示.

解析：(1)當(dāng)所加電壓為為時(shí)，利用動(dòng)能定理求的獲得的速度，加直流電壓時(shí)求的4B間的電壓，由

共點(diǎn)力平衡即可求的磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則判斷B的方向.

(2)先求出48間的場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解偏距，再根據(jù)圓筒的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)分析偏轉(zhuǎn)位移隨時(shí)

間變化的圖形.

本題中帶電粒子先加速后偏轉(zhuǎn)，運(yùn)用動(dòng)能定理求解加速電壓，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法研究類平拋運(yùn)動(dòng)，

都是常用的思路.此題有一定的難度，屬于難題.

19.答案：解：(1)物塊4炸裂前的速度為孫，由動(dòng)能定理有

見初(1-cos60。)=9犯汨①

解得及o-6m/s

在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有

F-mAg=mA^(2)

由①②式解得尸=mAg+2mAg(1-cos60°)=60/V

(2)設(shè)物塊1的初速度為打，物塊2的初速度為以，則藝=%

由動(dòng)量守恒定律得犯4%-巾1%一m2v2

解得%=12m/s

△E=如譜+-|m4v^

解得△E=108/

(3)設(shè)物塊1與B粘合在一起的共同速度為外，由動(dòng)量守恒

m1v1=(m1+mB)vB

所以"B=6m/s

在以后的過程中，當(dāng)物塊C和1、B的速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)共同速度為"共，由動(dòng)量

守恒

(mi+mB)vB=On1+mB+mc~)v^

有“共=3m/s

由能量守恒得

Epm=2Oi+機(jī)2)詔-(ni!+mB+mc)v^

得Epm=36/

答：(1)設(shè)物塊4在最低點(diǎn)時(shí)的速度為6m/s；輕繩中的拉力F大小為60N：

(2)物塊4炸裂時(shí)增加的機(jī)械能△E是108/；

(3)在以后的過程中，彈簧最大的彈性勢(shì)能昂皿是36/.

解析：(1)由動(dòng)能定理可求得小球到達(dá)底部時(shí)的速度，再由向心力公式可求得繩子的拉力；

(2)由動(dòng)能守恒可求得碰后整體的速度，再由能量守恒可求得增加的機(jī)械能；

(3)對(duì)于1和B為整體，由動(dòng)量守恒可求得粘合后的速度，再由能量守恒可求得最大彈性勢(shì)能.

本題考查動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，要注意正確選擇研究對(duì)象，明確各過程所對(duì)應(yīng)的

物理規(guī)律，則可以正確求解.

20.答案：解：輪胎內(nèi)原有氣體的體積匕=%,壓強(qiáng)pi=1.8p(),

設(shè)該氣體壓強(qiáng)變?yōu)镻2=Po時(shí)的體積為彩，

氣體溫度不變，由玻意耳定律得：Pi%=p2V2

解得：V2=1,8V0,

設(shè)充氣泵沖入的氣體體積為乙以輪胎內(nèi)氣體與沖入氣體整體為研究對(duì)象，氣體初狀態(tài)壓強(qiáng)為Po，

氣體末狀態(tài)的體積匕=%+20%%=1.2%,末狀態(tài)壓強(qiáng)23=2.5p(),

氣體溫度不變，由玻意耳定律得：

Po(Kz+v)=「3%

解得：V=1.2%,

充氣的時(shí)間：t=￡=劈s=240s=4min

2000

答：充氣4分鐘可以使輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)2.5p0。

解析：充氣過程氣體的溫度保持不變，氣體發(fā)生等溫變化；以沖入的氣體與輪胎內(nèi)原有氣體的整體

為研究對(duì)象，求出氣體初末狀態(tài)的體積與壓強(qiáng)，然后應(yīng)用玻意耳定律求出沖入氣體的體積，然后求

出充氣的時(shí)間。

本題考查了玻意耳定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，正確選擇研究對(duì)象是解題的

前提，應(yīng)用玻意耳定律即可解題。

21.答案：解：作出兩種情況下的光路圖，如圖所示

設(shè)。P=x,在A處發(fā)生全反射故有sinC=2=弓

由于出射光與入射光線平行可知，在B處射出，故n=X端

sinzOBP

由于sinZ0BP=/，

聯(lián)立可得ri=V3%=—RsinC=-=—

3n3

答：(1)玻璃磚的折射率為6；

(2)光從玻璃到空氣的臨界角為C且sinC=/：

(3)0P之間的距離為(R.

解析：根據(jù)題意畫出兩種情況下的光路圖，根據(jù)全反射條件結(jié)合折射定律求解0P、折射率和臨界角

Co

本題主要是考查了光的折射和光的全發(fā)射；解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路

圖，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律或全反射的條件列方程求解。

22.答案：解：(l)a和b不受安培力作用，由機(jī)械能守恒知：△Ek=mg