2021屆大教育全國名校聯(lián)盟高考物理一模試卷(含答案解析)

2021屆大教育全國名校聯(lián)盟高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。所用光子能量為2.75eV

的光照射到光電管上時(shí)發(fā)生了光電效應(yīng)，電流表G的示數(shù)不為零，

移動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)c,發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)大于或等于1.7U時(shí)，電

流表示數(shù)為零，則在該實(shí)驗(yàn)中（）

A.當(dāng)滑動(dòng)觸頭向a端滑動(dòng)時(shí)，電流表G示數(shù)增大

B.增大照射光的強(qiáng)度，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能一定增大

C.光電子的最大初動(dòng)能為1.05eU

D.光電管陰極的逸出功為1.05eV

2.某質(zhì)點(diǎn)作勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)過4、8、C三點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖

所示.已知過B點(diǎn)切線與4c連線平行，。點(diǎn)為AC線段的中點(diǎn)，則下

列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間J-與質(zhì)點(diǎn)從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)

所用的時(shí)間方c的大小關(guān)系；質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的加速度a的方向的說法

中，正確的是（）

A.不一定等于tec，a的方向一定由B點(diǎn)指向。點(diǎn)

B.不一定等于tBC，a的方向不一定由8點(diǎn)指向。點(diǎn)

C.JB一定等于《Be，a的方向不一定由B點(diǎn)指向。點(diǎn)

D.一定等于tpc，a的方向一定由B點(diǎn)指向。點(diǎn)

3.如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)為%=1000匝，副線圈匝數(shù)為

n2=200匝，將原線圈接在a=200&sinl207rt（V）的交流電壓上，

電阻R=1000電流表4為理想電流表.下列推斷正確的是（）

A.變壓器的輸入功率是16小

B.穿過鐵芯的磁通量的最大變化率為0.2勿b/s

C.電流表4的示數(shù)為0.4aA

D.該交變電流的頻率為義Hz

60

4.2020年6月23日9點(diǎn)43分，由中國航天科技集團(tuán)有限公司五院抓總研制的第55顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星成

功發(fā)射。這是北斗三號(hào)全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第三顆地球同步軌道衛(wèi)星，隨著該衛(wèi)星在北斗三號(hào)星

座部署完成，標(biāo)志著北斗衛(wèi)星全球?qū)Ш较到y(tǒng)星座部署完美收官。下列關(guān)于地球同步衛(wèi)星的描述

正確的是（）

A.它的運(yùn)行速度大于7.9/cm/s

B.運(yùn)行時(shí)可以經(jīng)過北京的上空

C.它的軌道平面和地球的某一經(jīng)線平面重合

D.所有的同步衛(wèi)星都處于同一軌道

5.兩點(diǎn)電荷之間的相互作用力，隨著距離的增大而（）

A.減小B.增大C.保持不變D.無法確定

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.一列火車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有一人站在站臺(tái)上從第一節(jié)車廂的前端觀察.第一節(jié)

車廂通過他歷時(shí)2s,全部車廂通過他歷時(shí)6s.則以下說法中正確的是（）

A.這列火車共9節(jié)車廂

B.最后兩秒鐘通過他的車廂為5節(jié)

C.第二節(jié)車廂通過它的時(shí)間為1s

D.最后一節(jié)車廂通過他的時(shí)間為（3-2a）s

7.如圖所示，質(zhì)量為m的圓環(huán)套在固定的水平直桿上，環(huán)與桿的動(dòng)摩擦［-----

因數(shù)為〃，現(xiàn)給圓環(huán)一個(gè)向右的初速度如，如果在運(yùn)動(dòng)過程中還受到\

一個(gè)方向始終豎直向上的力F的作用，已知力F的大小F=kv2（k為常

數(shù)，u為圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)速度），則圓環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中摩擦力所做的功（假設(shè)桿足夠長(zhǎng)）可能為（）

A.+-mvoB.C.--mvgD.0

2k202u2k20

8.洗衣機(jī)的甩干桶在工作勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)有一衣物附在筒壁上，則此時(shí)（）＜匕

A.筒壁對(duì)衣物的摩擦力隨筒的轉(zhuǎn)速的增大而增大"4

B.筒壁對(duì)衣服的彈力隨筒的轉(zhuǎn)速的增大而增大

C.衣服隨筒壁做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是由所受的合力提供

D.衣服受到重力、筒壁的彈力、摩擦力

9.下列說法正確的是（）

A.具有各向異性的固體一定是晶體

B.飽和氣壓與溫度無關(guān)

C.空氣的絕對(duì)濕度可用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)來表示

D.第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因，在于其違背了能量守恒定律

E.當(dāng)人們的肌膚感到潮濕時(shí)，空氣相對(duì)濕度一定較大

10.如圖所示為同一實(shí)驗(yàn)室中甲、乙兩個(gè)單擺的振動(dòng)圖象，從圖象可知()；

A.兩擺球質(zhì)量相等]

B.兩單擺的擺長(zhǎng)相等一:3

C.兩單擺相位相差]

D.在相同的時(shí)間內(nèi)，兩擺球通過的路程總有s叩=2sz

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.()分)

11.為測(cè)量一滑塊與一塑料板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作步驟：

(1)將塑料板同定成一傾角為37。的斜面；

(2)在斜面頂端固定一位移傳感器；

(3)將物塊從靠近位移傳感器的位置由靜止釋放；

(4)物塊下滑過程中，傳感器記錄了不同時(shí)刻滑塊與傳感器之間的距離.其中4、B、C、。、E各點(diǎn)

到傳感器的距離X如下表所示.各點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為7=0.1s.

點(diǎn)ABCDE

x/cm2.409.7121.9038.9061.00

(5)取g=9.8m/s2,s出37。=0.6,cos37°=0.8,根據(jù)以上數(shù)據(jù)計(jì)算：(計(jì)算結(jié)果保留三位有效

數(shù)字)

①滑塊通過。點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度大小為m/s；

②滑塊與塑料板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.

12.現(xiàn)有一量程為31/的電壓表，內(nèi)阻約為3k2為了較準(zhǔn)確地測(cè)量其內(nèi)電阻，在沒有電流表的情況下,

某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖a所示的實(shí)驗(yàn)電路，按此電路可以測(cè)出電壓表的內(nèi)電阻.其中凡是最大阻值為

9999。的電阻箱，/?2是最大阻值為20。的滑動(dòng)變阻器.

①試根據(jù)圖a所示的電路圖，完成如圖b所示的實(shí)物電路的連線.

②根據(jù)電路圖連線后有如下的主要操作步驟：

a.將電阻箱的阻值調(diào)至某一確定阻值（最好為3kD左右），并記下此時(shí)的電阻值R.閉合開關(guān)a和S2,調(diào)

節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P，使電壓表的指針偏轉(zhuǎn)一個(gè)較大的角度（或滿刻度），并記錄此時(shí)電壓

表的示數(shù)

b.斷開S「拆除電路，實(shí)驗(yàn)器材復(fù)原.

c.保持P的位置不變，斷開S2,記錄此時(shí)電壓表的示數(shù)

d.按電路圖連好電路后，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P移至4端.

按本實(shí)驗(yàn)正確的操作步驟排序（只填寫步驟前的字母）.

③根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)R、Ui、U2,可求出電壓表的內(nèi)電阻為：Rv=.

④根據(jù)此實(shí)驗(yàn)原理，電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值的關(guān)系為：測(cè)量值______真實(shí)值（選填大于、等

于或小于）.

四、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.0分）

13.如圖所示，傾角為30。的光滑斜面的下端有一水平傳送帶，傳送帶正以6m/s的速度運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)

方向如圖所示。一個(gè)質(zhì)量為2的的物體（物體可以視為質(zhì)點(diǎn)），從九=3.2加高處由靜止沿斜面下滑,

物體經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，不管是從斜面到傳送帶還是從傳送帶到斜面，都不計(jì)其動(dòng)能損失。物體與傳送

帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,物體向左最多能滑到傳送帶左右兩端4B的中點(diǎn)處，重力加速度g=

（1）物體由靜止沿斜面下滑到斜面末端需要多長(zhǎng)時(shí)間？

（2）傳送帶左右兩端4、B間的距離I至少為多少？

14.如圖所示，粗糙斜面的傾角。=37。，半徑r=0.5m的圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直于斜面向下的勻強(qiáng)

磁場(chǎng).一個(gè)匝數(shù)n=10匝的剛性正方形線框abed,通過松弛的柔軟導(dǎo)線與一個(gè)額定功率2=

1.25W的小燈泡4相連，圓形磁場(chǎng)的一條直徑恰好過線框be邊.已知線框質(zhì)量m=2kg,總電

阻&=1250,邊長(zhǎng)L>2r,與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.5.從t=0時(shí)起，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

按8=2-t（T）的規(guī)律變化.開始時(shí)線框靜止在斜面上，在線框運(yùn)動(dòng)前，燈泡始終正常發(fā)光.設(shè)

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求

(1)線框不動(dòng)時(shí)，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；

(2)小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻R；

(3)線框保持不動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，小燈泡產(chǎn)生的熱量Q及通過小燈泡的電荷量.

15.如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管豎直放置，左管上端封閉，右管上端開口，下端正中開口處有一

開關(guān)K,K關(guān)閉，管中裝有水銀，左右兩管中的水銀面在同一水平線上，左管中的空氣柱長(zhǎng)度及=

21cm,控制開關(guān)K緩慢放出一些水銀，使左管液面比右管液面高心=25CM時(shí)關(guān)閉開關(guān)K.已知

大氣壓強(qiáng)Po=75cmHg,環(huán)境溫度不變。

①求放出水銀后左管空氣柱的長(zhǎng)度必；

②放出這些水銀后，再從右管口緩慢注入水銀，使得右管液面比左管液面高色=15cm,求需在右

管中加入的水銀柱長(zhǎng)度

16.如圖所示，用折射率n=近的透明物質(zhì)做成內(nèi)外半徑分別為a=7m、b=11m的空心球，其內(nèi)

表面涂有能完全吸光的物質(zhì)，不考慮光在介質(zhì)內(nèi)部傳播時(shí)的反射。一平行光從左向右射向此球，

光在真空的傳播速度c=3x108m/So求:

(1)光進(jìn)入透明物質(zhì)后的最大折射角仇

(2)光在透明物質(zhì)中的最長(zhǎng)傳播時(shí)間t。

參考答案及解析

I.答案：D

解析：解：4、當(dāng)滑動(dòng)觸頭向a端滑動(dòng)時(shí)，反向電壓變大，則電流表G示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤；

8、光電子的最大初動(dòng)能只與入射光的頻率有關(guān)，與光強(qiáng)無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、該裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)大于或等于1.7U時(shí)，電流表示數(shù)為0,知道

光電子的最大初動(dòng)能為1.7eU,故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)光電效應(yīng)方程琮機(jī)=前一%,所以%=加一后.=2.753/-1.73^=1.056(光電管陰

極的逸出功為1.05el/,故。正確。

故選：D。

題中給出光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)裝置，該裝置所加的電壓為反向電壓，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向a端滑動(dòng)時(shí)，反向電壓變

大，則電流表G示數(shù)減小，根據(jù)光電效應(yīng)方程以仇=的一%,可求出光電子最大初動(dòng)能和光電管陰

極的逸出功。光電子的最大初動(dòng)能只與入射光的頻率有關(guān)，與光強(qiáng)無關(guān)。

本題考查光電效應(yīng)相關(guān)內(nèi)容，要求學(xué)生了解光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，掌握光電效應(yīng)方程并能運(yùn)用于求光電子

的最大初動(dòng)能和光電管陰極的逸出功。

2.答案：D

解析：解：假設(shè)物體做平拋運(yùn)動(dòng)，將4點(diǎn)的速度分解為沿AC方向和垂直于4C方向；同理加速度也作

相同分解，則物體在沿垂直4c方向先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；B點(diǎn)時(shí)垂直于4c方

向速度為零，故從4到8和從B到C過程中，在垂直于4c方向上的運(yùn)動(dòng)是對(duì)稱的，加速度大小相等，

故時(shí)間一定相等；

如圖所示，4E為初速度方向，B。即為平拋運(yùn)動(dòng)在B點(diǎn)的加速度方向；因4到B過程與8到C過程中時(shí)

間相等，故直線ZE與OC長(zhǎng)度相等，則△48。與4CD。全等，故AO等于DC,故說明。點(diǎn)為AC的中點(diǎn)，

而平拋運(yùn)動(dòng)加速度豎直向下，故說明B點(diǎn)的加速度沿BD方向：

故選Do

物體做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，我們所學(xué)過的運(yùn)動(dòng)中只有平拋運(yùn)動(dòng)為典型的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故可以假設(shè)

該運(yùn)動(dòng)為平拋運(yùn)動(dòng)，4點(diǎn)為拋出點(diǎn)，再利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解.

本題難度較大，很難由一般情況下得出結(jié)論，故我們用常見的平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分析研究得出結(jié)果.注

意平拋運(yùn)動(dòng)中加速度豎直向下，并將A點(diǎn)看作拋出點(diǎn).

3.答案：A

解析：解：B、根據(jù)表達(dá)式知原線圈輸入的交流電電壓的最大值為200或1/=的詈，所以穿過鐵芯

的磁通量的最大變化率為史逋=更加b/s，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得：^2=^X200=401/,所以/=強(qiáng)=0.44故C錯(cuò)誤；

D、接入電壓&=200應(yīng)sinl207rt(V)可知：a=200憶7=§,所以f=^=60Hz,故。錯(cuò)誤；

A、P2=U2I2=40x0.4=161V,而變壓器的輸入功率匕=匕=16W,故A正確.

故選：A.

根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得

出結(jié)論.

掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決.

4.答案:D

解析：解：4、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星

的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)〃=叵可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于

7r

第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

8、同步衛(wèi)星相對(duì)于地球靜止，一定在赤道的正上方，而北京不在赤道上，故運(yùn)行時(shí)不可以經(jīng)過北京

的上空，故B錯(cuò)誤；

C、同步衛(wèi)星的軌道平面過地心且在赤道正上方，所以它的軌道平面和地球0緯度線重合，不可能和

地球的某一經(jīng)線平面重合，故C錯(cuò)誤；

。、所有的同步衛(wèi)星距離地面的高度相同，都處于同一軌道上，故。正確。

故選：。。

第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度；同步衛(wèi)星一定在赤道正上

方；同步衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心。

對(duì)于同步衛(wèi)星，要抓住五個(gè)“一定”：軌道一定，角速度一定，高度一定，速率一定，周期一定。

但衛(wèi)星質(zhì)量不一定相同.

5.答案：A

解析：解：根據(jù)庫侖定律有：尸=坐，可知兩點(diǎn)電荷之間的相互作用力，隨著距離的增大而減小.故

A正確，8。錯(cuò)誤

故選:A

本題考查了應(yīng)用庫侖定律公式解題能力，對(duì)題目中敘述的兩種狀態(tài)分別依據(jù)庫侖定律公式列方程，

即可求解結(jié)果.

本題考查庫侖定律的直接應(yīng)用，只需注意數(shù)值的變化即可順利求出，屬于簡(jiǎn)單基礎(chǔ)題目.

6.答案：AB

解析：解：4、根據(jù)L=\atl=2a,6s內(nèi)的位移％=|at2=18a,可知車廂的節(jié)數(shù)n=：=詈=9.故

22L2a

A正確。

B、前4s內(nèi)的位移x'=：at'2=8a=4L,知最后2s內(nèi)通過他的車廂節(jié)數(shù)為n'=9-4=5.故B正確。

C、設(shè)前2節(jié)車廂通過他的時(shí)間t2=杼=J孚=2魚s，則第2節(jié)車廂通過他的時(shí)間At=(2&一

2)s.故C錯(cuò)誤。

。、前8節(jié)車廂通過他的時(shí)間t3=JW=J號(hào)=4&s，則最后一節(jié)車廂通過他的時(shí)間4^=(6-

4A②S.故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式得出位移關(guān)系，從而得出車廂的節(jié)數(shù).通過位移時(shí)間公式求出

車廂通過的時(shí)間.

解決本題的關(guān)鍵知道勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式，并能靈活運(yùn)用，基礎(chǔ)題.

7.答案：CD

解析：解：根據(jù)圓環(huán)受到的豎直向上的拉力F與重力mg的大小分以下三種情況討論：

(1)當(dāng)=k詔時(shí)，即為=捋時(shí)，圓環(huán)不受摩擦力而做勻速運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中摩擦力

所做的功為零；

(2)當(dāng)mg>k詔時(shí)，即孫<檸時(shí)，圓環(huán)在水平方向受到滑動(dòng)摩擦力而做減速運(yùn)動(dòng)，直至靜止。由

動(dòng)能定理得：

圓環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中摩擦力所做的功必=0-|mp2;

(3)當(dāng)mg<k詔時(shí)，即又>J詈時(shí)，圓環(huán)先做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減小至滿足mg=k評(píng)，即u=J詈時(shí)

圓環(huán)開始做勻速運(yùn)動(dòng)。

由動(dòng)能定理得摩擦力做的功好=三根盧一三?71詔=唯一三根詔，故C，正確，AB錯(cuò)誤。

122u2k2u

故選：CD。

首先要根據(jù)圓環(huán)的受力情況來分析其運(yùn)動(dòng)情況，分三種情況討論：①k詔=zng；②k璐〉mg；

@kv^<mg,分析圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況，確定圓環(huán)最終的速度，再使用動(dòng)能定理求出摩擦力所做的功。

解決本題的關(guān)鍵要正確分析圓環(huán)的受力情況，判斷其最終的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。要知道豎直向上的拉力和重

力二力平衡時(shí)，桿對(duì)圓環(huán)沒有作用力，圓環(huán)將做勻速運(yùn)動(dòng)，能根據(jù)動(dòng)能定理求摩擦力所做的功。

8.答案：BCD

解析：解：4、衣物受到重力、筒壁的彈力和摩擦力的作用，靠彈力提供向心力，在豎直方向上，衣

服所受的重力和摩擦力平衡，所以摩擦力不變，因彈力提供向心力，由F=m32r知，當(dāng)轉(zhuǎn)速增大,

向心力增大，則彈力尸增大，故A錯(cuò)誤，8。正確；

C、衣服做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力是由所受的合力提供，故C正確。

故選：BCD。

衣服隨脫水桶一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，豎直方

向合力為零.根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析.

解決本題的關(guān)鍵搞清向心力的來源，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

9答案:ACE

解析：解：4、只有單晶體具有各向異性，所以具有各向異性的固體一定是晶體，故A正確.

B、飽和汽壓與溫度有關(guān)，故B錯(cuò)誤.

C、根據(jù)絕對(duì)濕度的定義可知，空氣的絕對(duì)濕度可用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)來表示，故C正確.

。、第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因，不是因?yàn)檫`反能量守恒定律，而因?yàn)檫`反了熱力學(xué)第二定律，

故。錯(cuò)誤.

E、當(dāng)人們的皮膚感到潮濕時(shí)，空氣相對(duì)濕度一定較大，故E正確.

故選：ACE

只有單晶體具有各向異性；飽和汽壓與溫度有關(guān).空氣的絕對(duì)濕度可用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)來

表示.第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律.當(dāng)人們的皮膚感到潮濕時(shí)，

空氣相對(duì)濕度一定較大.

加強(qiáng)對(duì)基本概念的記憶，基本方法的學(xué)習(xí)利用，是學(xué)好3-3的基本方法.此處高考要求不高，不用

做太難的題目.要知道絕對(duì)濕度和相對(duì)濕度的區(qū)別.

10.答案：BC

解析：

根據(jù)圖線得到振幅和周期的情況，然后結(jié)合單擺的周期公式進(jìn)行分析討論.本題關(guān)鍵是根據(jù)位移時(shí)

間關(guān)系圖象得到兩個(gè)單擺的振幅和周期的關(guān)系，然后結(jié)合周期公式進(jìn)行分析.

A、從單擺的位移時(shí)間圖象可以看出兩個(gè)單擺的周期相等，根據(jù)周期公式7=2?！昕芍瑑蓚€(gè)單擺

的擺長(zhǎng)相等，周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、從圖象可以看出，t=0時(shí)刻，甲到達(dá)了正向最大位移處而乙才開始從平衡位置向正向的最大位

移處運(yùn)動(dòng)，所以兩單擺相位相差為今故C正確；

D、只有從平衡位置或最大位移處開始計(jì)時(shí)時(shí)，經(jīng)過相同時(shí)間，兩球通過的路程才滿足s用=2s乙，

故。錯(cuò)誤；

故選：BC

11.答案：1.96；0.125

解析：解：①滑塊通過。點(diǎn)時(shí)的速度：為=等=竺嚶等空。1.96m/s；

41/XU.J.

②對(duì)滑塊，由動(dòng)能定理得：mgsind-xD-nmgcosO-xD--0,

解得：4=0.125.

故答案為：（5）①1.96：②0.125.

①應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論求出瞬時(shí)速度.

②由動(dòng)能定理求出動(dòng)摩擦因數(shù).

本題考查了求瞬時(shí)速度、求動(dòng)摩擦因數(shù)，要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，應(yīng)用動(dòng)能定理即可正確解

題.

12.答案：dacb；普；大于

解析：

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理圖，逐步連接即可；依據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理，設(shè)計(jì)合理的步驟即可；據(jù)半偏法測(cè)電阻原理

分析即可.解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，

掌握半偏法測(cè)電阻的原理及誤差分析.

解：（1）據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖，連接電路如圖：

(2)據(jù)實(shí)驗(yàn)的操作的大體步驟:實(shí)驗(yàn)準(zhǔn)備-實(shí)驗(yàn)操作-數(shù)據(jù)處理-整理儀器,所以本實(shí)驗(yàn)的操作步驟為:

dacb.

(3)本實(shí)驗(yàn)中電壓表的阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的電阻，并用滑動(dòng)變阻器的分壓解法，故在操作中電路

的總電阻幾乎不變，故保持P的位置不變，含有電壓表的支路的電壓幾乎不變，所以斷開S2,流過長(zhǎng)

的電流為/=厘，所以電壓表的內(nèi)電阻為：氏=牛=產(chǎn)r

(4)實(shí)驗(yàn)操作中，斷開S2,當(dāng)p不變時(shí)，會(huì)使電路總電阻稍微變大，總電流稍微減小，會(huì)使含電壓表

支路的電壓稍微變大；而具體操作中認(rèn)為含有電壓表的支路的電壓不變，即斷開S2,%兩端的電壓

比Ui-4大，再據(jù)即=牛=牌知，故會(huì)使測(cè)量值大于真實(shí)值.

故答案為：(1)如圖(2)dacb：(3)忌(4)大于.

13.答案：解：(1)物體在斜面上下滑過程，由牛頓第二定律得：mgsind=ma

得a=5m/s2

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有：一三=；砒2

sm3002

可得t=I.6S0

(2)對(duì)物體從開始運(yùn)動(dòng)到運(yùn)動(dòng)到AB中點(diǎn)處的過程，由動(dòng)能定理得：

I

mgh.-nmg--

解得：I=12.8mo

答：(1)物體由靜止沿斜面下滑到斜面末端需要1.6s時(shí)間。

(2)傳送帶左右兩端間的距離至少為12.8m。

解析：(1)物體由靜止沿斜面下滑到斜面末端的過程，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再根據(jù)勻變速

直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

(2)對(duì)物體從開始運(yùn)動(dòng)到運(yùn)動(dòng)到中點(diǎn)處的過程，利用動(dòng)能定理求出4B間的距離。

本題涉及兩個(gè)過程，要認(rèn)真分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，選擇恰當(dāng)?shù)囊?guī)律解答。在涉及時(shí)間時(shí),

往往根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合解答。涉及力在空間的效果時(shí)，運(yùn)用動(dòng)能定理解題。

Z7AC

14.答案：解：(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律石=〃二一

得左=〃包=皿2=10%、0.52/=2.5〃

Az

(2)小燈泡正常發(fā)光，有P=I2R

由閉合電路歐姆定律有E=I(Ro-R)

即有尸=(篇附

代入數(shù)據(jù)解得R=1.25n

mg

(3)對(duì)線框be邊處于磁場(chǎng)中的部分受力分析如圖，當(dāng)線框恰好要運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為夕,

由力的平衡條件有

Egsin0=F安-f=F安-Hmgcos0

F安二iiBIX2r

由上解得線框剛要運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小3,=0.41

1.6.

-^-_4冗

線框在斜面上可保持靜止的時(shí)間］=2一行

兀

小燈泡產(chǎn)生的熱量Q=P-L25堂=匚3.4

流過小燈泡的電量為q,則

E

q=ItE=n

R+及）Lt

解析：(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，即可求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

(2)由功率表達(dá)式，結(jié)合閉合電路歐姆定律，即可；

(3)對(duì)線框受力分析，并結(jié)合平衡條件，及焦耳定律，從而求得燈泡產(chǎn)生的熱量，利用9=為，