安慶市桐城中學(xué)高三上學(xué)期月考物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精桐城中學(xué)2020屆高三上學(xué)期月考物理試卷一、單選題（本大題共9小題，共27。0分）1。一物塊在水平地面上，以一定的初速度沿水平面滑動,直至速度為零，物塊與水平面的動摩擦因數(shù)恒定，則關(guān)于物塊運(yùn)動的位移（）、位移與時間比值(）、速度（)、加速度()隨時間t變化的圖像正確的是（設(shè)初速度的方向?yàn)檎较颍〢。 B. C. D?！敬鸢浮緽【解析】【詳解】A.x—t圖象的斜率表示速度，斜率增大，物塊的速度在增大，而物體做減速運(yùn)動，故A錯誤；B。根據(jù)x=v0t-at2，變形可得：故圖象為直線，選項(xiàng)B正確；C。物塊運(yùn)動的方向一直為正方向，因此速度為正，物塊做勻減速直線運(yùn)動,v=v0—at，故v—t圖線為直線，且初速度的方向?yàn)檎较颍蔆錯誤；D。由于物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)恒定,因此加速度恒定，且加速度方向與運(yùn)動方向相反，即加速度為負(fù)值，選項(xiàng)D錯誤．2.如圖所示，光滑水平面上放置著質(zhì)量分別為1kg和2kg的A、B兩個物體,A、B間的最大靜摩擦力為3N．現(xiàn)用水平力F拉B物體，使A、B以同一加速度運(yùn)動，則F的最大值為（)A。3N B.6N C.9N D。12N【答案】C【解析】【詳解】當(dāng)AB間的靜摩擦力達(dá)到最大時拉力F達(dá)到最大，根據(jù)牛頓第二定律得，

對A物體：得對整體:得:F=（1+2)×3N=9N．A。3N，與結(jié)論不相符,選項(xiàng)A錯誤;B.6N,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯誤；C.9N，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D.12N，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯誤．3.如圖所示,傾角為α＝30°的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個質(zhì)量均為m的小球A、B,它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接，彈簧軸線與斜面平行．現(xiàn)對A施加一個水平向右、大小為F的恒力,使A、B在斜面上都保持靜止，如果斜面和兩個小球間的摩擦均忽略不計(jì),此時彈簧的長度為L,則下列說法錯誤的是(）A。彈簧的原長為B。恒力C。小球B受到的彈力大小為mgD。撤去恒力F后的瞬間小球B的加速度為g【答案】D【解析】【詳解】A.對小球B進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得:kx=mgsin

30°解得所以彈簧的原長為，選項(xiàng)A正確，不符合題意；

B.對小球A進(jìn)行受力分析,由平衡條件可得:Fcos

30°=mgsin

30°+kx，解得，故B正確,不符合題意；

C。小球B受彈簧彈力和斜面的彈力，其合力與重力等大反向,可知小球B受到的彈力大小為mg，選項(xiàng)C正確，不符合題意；D。撤掉恒力F的瞬間,彈簧彈力不變，B球所受合力不變，故B球的加速度為零,故D錯誤,符合題意．4.一個質(zhì)量為M的箱子放在水平地面上,箱內(nèi)用一段固定長度的輕質(zhì)細(xì)線拴一質(zhì)量為m的小球，線的另一端拴在箱子的頂板上，現(xiàn)把細(xì)線和球拉到左側(cè)與豎直方向成θ角處靜止釋放，如圖所示，在小球擺動的過程中箱子始終保持靜止,則以下判斷正確的是(）A。在小球擺動的過程中，線的張力呈周期性變化，但地面對箱子的作用力始終保持不變B。小球擺到右側(cè)最高點(diǎn)時，箱子對地面的壓力為（M＋m）g,箱子受到地面向左的靜摩擦力C.小球擺到最低點(diǎn)時,箱子對地面的壓力大于（M＋m)g，箱子不受地面的摩擦力D.小球擺到最低點(diǎn)時，小球?qū)?xì)線的拉力大于mg，箱子處于超重狀態(tài)【答案】C【解析】【詳解】A.在小球向下擺動的過程中，速度越來越大,對小球受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知：繩子在豎直方向的分力為：當(dāng)小球的速度越來越大時，角度θ越來越小,故F′越大，故箱子對地面的作用力增大，在整個運(yùn)動過程中箱子對地面的作用力時刻變化,故A錯誤;

B.小球擺到右側(cè)最高點(diǎn)時，小球有垂直于繩斜向下的加速度,對整體,由于箱子不動加速度為aM=0，a′為小球在豎直方向的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知:（M+m）g-FN=M?aM+ma′,其中a′為m豎直方向的加速度，故FN小于（M+m）g,根據(jù)牛頓第三定律可知對地面的壓力小于（M+m）g，此時由于小球有水平向左的加速度分量,則地面對整體有向左的摩擦力，即箱子受到地面向左的靜摩擦力，故B錯誤；CD。在最低點(diǎn)，小球受到的重力和拉力的合力提供向心力,由牛頓第二定律有：聯(lián)立解得:則根據(jù)牛頓第三定律知，球?qū)ο淅Υ笮椋汗蚀藭r箱子對地面的壓力為：，故小球擺到最低點(diǎn)時，箱子對地面的壓力大于（M+m）g,繩對箱頂?shù)睦Υ笥趍g，此時箱子不受地面的摩擦力作用，箱子處于平衡狀態(tài)，故C正確

D錯誤

5.如圖所示,質(zhì)量均為m＝2.0kg的物塊A、B緊挨著放置在粗糙的水平地面上，物塊A的左側(cè)連接一勁度系數(shù)為k＝100N/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端固定在豎直墻壁上．開始時,兩物塊壓緊彈簧并都恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)使物塊B在水平外力F(圖中未畫出）作用下向右做加速度大小為a=2m/s2的勻加速直線運(yùn)動直至與A分離，已知兩物塊與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0。4，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計(jì)空氣阻力，g＝10m/s2．則（）A.開始時，彈簧的壓縮量大小為8cmB。物塊A、B分離時，所加外力F的大小為24NC。物塊A、B由靜止開始運(yùn)動到分離所用的時間為0.4sD.物塊A、B由靜止開始運(yùn)動到分離時，物塊A的位移大小為4cm【答案】D【解析】【詳解】A。開始時，兩物塊壓緊彈簧并恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件可得：kx0=μ?2mg解得：x0=0。16m=16cm故A錯誤;B.物塊A、B分離時，此時A和B之間的彈力為零，以B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：F—μmg=ma解得所加外力F=12N故B錯誤；CD。以A為研究對象，分離時彈簧壓縮量為x，則kx—μmg=ma解得x=0。12m此過程A運(yùn)動的位移為x0—x=0。04m=4cm，根據(jù)位移時間關(guān)系可得x0—x=at2解得物塊A、B由靜止開始運(yùn)動到分離所用的時間為t=0。2s故C錯誤、D正確．6.“嫦娥四號”探測器成功登陸月球，創(chuàng)造了人類歷史上三個第一：人類探測器首次在月球背面實(shí)現(xiàn)軟著陸,人類第一次成功完成了月球背面與地球之間的中繼通信,人類第一次近距離拍攝到月背影像圖．“嫦娥四號"登陸月球前環(huán)繞月球做圓周運(yùn)動，軌道半徑為r,周期為T，已知月球半徑為R，引力常量為G，根據(jù)以上信息可得出（）A。月球的質(zhì)量為 B。月球的平均密度為C.月球表面的重力加速度為 D。月球的第一宇宙速度為【答案】C【解析】【詳解】A。根據(jù)月球?qū)πl(wèi)星的外有引力等于向心力可得：解得月球的質(zhì)量為選項(xiàng)A錯誤;B。月球的平均密度為選項(xiàng)B錯誤；C。由可得月球表面的重力加速度選項(xiàng)C正確；D.月球的第一宇宙速度是指繞月球表面運(yùn)行的衛(wèi)星的速度，則月球的第一宇宙速度不等于，選項(xiàng)D錯誤．7.如圖所示為某電場中x軸上電勢φ隨x變化的圖象，一個帶電粒子僅受電場力作用在x=0處由靜止釋放沿x軸正向運(yùn)動，且以一定的速度通過x=x2處，則下列說法正確的是（）A。x1和x2處的電場強(qiáng)度均為零B.x1和x2之間的場強(qiáng)方向不變C.粒子從x=0到x=x2過程中，電勢能先增大后減小D粒子從x=0到x=x2過程中，加速度先減小后增大【答案】D【解析】【詳解】A、φ-x圖象的切線斜率越大,則場強(qiáng)越大，因此A項(xiàng)錯誤;B、由切線斜率的正負(fù)可知,x1和x2之間的場強(qiáng)方向先沿正方向后沿負(fù)方向，B項(xiàng)錯誤；C、粒子由x=0處由靜止沿x軸正向運(yùn)動，表明粒子運(yùn)動方向與電場力方向同向,電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，C項(xiàng)錯誤；D、由圖線的切線斜率可知,從x=0到x=x2過程中電場強(qiáng)度先減小后增大，因此粒子的加速度先減小后增大,D項(xiàng)正確.【點(diǎn)睛】本題首先要讀懂圖象，知道φ-x圖象切線的斜率等于電場強(qiáng)度，場強(qiáng)的正負(fù)反映場強(qiáng)的方向，大小反映出電場的強(qiáng)弱．然后再根據(jù)電場力分析電子的運(yùn)動情況．8。在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場中，有一原來靜止的原子核,該核衰變后,放出的帶電粒子和反沖核的運(yùn)動軌跡分別如圖中a、b所示，由圖可以判定（）A。該核發(fā)生的是α衰變B.該核發(fā)生的是β衰變C.a表示反沖核的運(yùn)動軌跡D。磁場方向一定垂直紙面向里【答案】B【解析】放射性元素放出α粒子時，α粒子與反沖核的速度相反，而電性相同，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相反，兩個粒子的軌跡應(yīng)為外切圓．而放射性元素放出β粒子時,β粒子與反沖核的速度相反，而電性相反，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相同,兩個粒子的軌跡應(yīng)為內(nèi)切圓．故放出的是β粒子，故A錯誤，B正確．根據(jù)動量守恒定律，質(zhì)量大的速度小，而速度小的,運(yùn)動半徑較小，而b的質(zhì)量較大,因此b是反沖核的運(yùn)動軌跡，故C錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，磁場方向不同，粒子旋轉(zhuǎn)的方向相反，由于粒子的速度方向未知，不能判斷磁場的方向．故D錯誤．故選B．點(diǎn)睛：放射性元素放射后,兩帶電粒子的動量是守恒．正好軌跡的半徑公式中也有動量的大小，所以可以研究半徑與電荷數(shù)的關(guān)系,注意由運(yùn)動的半徑大小來確定速度的大小是解題的關(guān)鍵．9.如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面間夾角為θ，以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動.在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ<tanθ。則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的是（）A. B.C。 D。【答案】D【解析】【詳解】ABCD.開始階段滑動摩擦力沿傳送帶向下，由牛頓第二定律知解得小木塊加速到和傳送帶速度相等時,由于，即，小木塊不會勻速運(yùn)動，然后小木塊會繼續(xù)加速，滑動摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏?由牛頓第二定律知解得由上可知a2＜a1。故D正確ABC錯誤。故選D。二、多選題(本大題共3小題,共9.0分）10.如圖所示,一傾斜木板上放一物體，當(dāng)板的傾角從逐漸緩慢地增大時，物體始終與木板保持相對靜止，在這一過程中，物體所受的（）A。板的支持力逐漸變大 B。板的摩擦力逐漸變大C。板的作用力保持不變 D.合力保持不變【答案】BCD【解析】【詳解】AB.物體受力如圖，根據(jù)平衡條件得支持力N=Gcosθ摩擦力f=Gsinθ當(dāng)θ增大時，N減小,f增大．故A錯誤，B正確．

CD。由于物體一直靜止在木板上,物體所受的重力、支持力和摩擦力的合力一直為零，合力也保持不變．因板對物體的作用力與重力等大反向，可知板的作用力保持不變，故CD正確．11。如圖所示,理想變壓器輸入端連接有效值不變的交流電源．下列說法正確的是A。只將開關(guān)由1擲向2，電壓表示數(shù)變小B.只將開關(guān)由1擲向2，電流表示數(shù)變大C.只將滑動變阻器的滑片下滑，電流表示數(shù)變小D。只將滑動變阻器的滑片下滑，電壓表示數(shù)變小【答案】BC【解析】【詳解】AB。只將開關(guān)由1擲向2,則初級匝數(shù)變小，根據(jù)可知,次級電壓變大，則電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大，選項(xiàng)A錯誤，B正確；CD。只將滑動變阻器的滑片下滑，則次級電阻變大，而次級電壓不變,則次級電流減小，即電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)不變，選項(xiàng)C正確，D錯誤。12.如圖所示，質(zhì)量均為M的b、d兩個光滑斜面靜止于水平面上，底邊長度相等，b斜面傾角為30°，d斜面傾角為60°．質(zhì)量均為m的小物塊a和c,分別從兩個斜面頂端由靜止自由滑下，下滑過程中兩斜面始終靜止．在小物塊到達(dá)斜面底端的過程中,下列說法正確的是()A。兩物塊所受重力的沖量相同B。兩物塊所受重力做功的平均功率相同C。兩斜面對地面的壓力相同D.兩斜面對地面的摩檫力相同【答案】AD【解析】【詳解】設(shè)斜面的傾角為θ時下滑的時間為t,設(shè)斜面底端長度為L，則斜面長為，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度為:a=gsinθ根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得：解得：；由于兩個斜面傾角分別為30°和60°，則可知a、c沿斜面下滑的時間相等．A。兩物塊所受重力沖量I=mgt相同，故A正確;B。重力做功的平均功率為，由于h不同,所以兩物塊所受重力做功的平均功率不相同,故B錯誤；C。對物體和斜面體的整體，在豎直方向：則因θ角不同，則兩斜面對地面的壓力不相同，選項(xiàng)C錯誤；D.對物體和斜面體的整體，在水平方向：由于兩個斜面的傾角分別為30°和60°，則可知兩斜面對地面的摩檫力相同,選項(xiàng)D正確．三、填空題（本大題共1小題,共4。0分）13。一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播,t＝0時刻的波形如圖甲所示,A、B、P和Q是介質(zhì)中的四個質(zhì)點(diǎn)，t＝0時刻波剛好傳播到B點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)A的振動圖象如圖乙所示．該波的傳播速度為________m/s，從t＝0到t＝1。6s,質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為_________m．【答案】(1）.25m/s（2）。16m【解析】【詳解】［1］.由圖甲可知該波的波長λ＝20m，振幅A＝2m，由圖乙可知，該波的周期：T＝0.8s傳播速度：v＝＝25m/s[2］。因1。6s=2T，則從t＝0到t＝1。6s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程：s＝2×4A＝16m四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）14。用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中,將一端帶定滑輪的長木板放在水平實(shí)驗(yàn)桌面上，實(shí)驗(yàn)小車通過輕細(xì)繩跨過定滑輪與砂桶相連，小車與紙帶相連，打點(diǎn)計(jì)時器所用交流電的頻率為f＝50Hz.平衡摩擦力后,在保持實(shí)驗(yàn)小車質(zhì)量不變的情況下，放開砂桶,小車加速運(yùn)動，處理紙帶得到小車運(yùn)動的加速度為;改變砂桶中沙子的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)三次．（1）在驗(yàn)證“質(zhì)量一定，加速度與合外力的關(guān)系”時，某學(xué)生根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的圖象，其中圖線不過原點(diǎn)并在末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，產(chǎn)生這兩種現(xiàn)象的原因可能有_____．A．木板右端墊起的高度過小(即平衡摩擦力不足）B．木板右端墊起的高度過大(即平衡摩擦力過度）C．砂桶和沙子的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量（即）D．砂桶和沙子的總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量．（2）實(shí)驗(yàn)過程中打出的一條理想紙帶如圖丙所示，圖中、、、、、、為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn),相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動的加速度＝_____。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字)（3）小車質(zhì)量一定，改變砂桶中沙子的質(zhì)量,砂桶和沙子的總質(zhì)量為,根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出的小車加速度與砂桶和沙子的總質(zhì)量之間的關(guān)系圖象如圖丁所示，則小車的質(zhì)量_____.(g=10m/s2)【答案】（1）。BD(2).2。00(3)。0.4【解析】(1）圖線不過原點(diǎn)且力為零時小車加速度不為零；所以木板右端墊起的高度過大（即平衡摩擦力過度)圖線末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，是因?yàn)楫?dāng)砂桶和沙子的總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量后，繩上拉力小于砂桶和沙子的總重力．故答案為BD(2）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，則兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間時間間隔小車運(yùn)動的加速度(3）設(shè)繩子拉力為,對砂桶和沙子受力分析，由牛頓第二定律可得：對小車和砝碼受力分析，由牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：,整理得:由關(guān)系圖象可得:,解得：15。某同學(xué)要測量某圓柱體電阻R的電阻率ρ．（1)用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量其長度和直徑，如圖所示，則其長度L=______cm，直徑d=______mm．（2）該同學(xué)先用如圖所示的指針式多用電表粗測其電阻．他將紅黑表筆分別插入“+”、“—”插孔中，將選擇開關(guān)置于“×l"檔位置，然后______；直至指針指在“0Ω”處繼續(xù)實(shí)驗(yàn)．（3）歐姆表粗測電阻約為5Ω現(xiàn)要進(jìn)一步精確測量其阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材：A。電壓表量程,內(nèi)阻約B.電壓表量程，內(nèi)阻約C。電流表量程，內(nèi)阻約D。電流表量程，內(nèi)阻約E。滑動變阻器F.滑動變阻器G.電源電動勢為及開關(guān)和導(dǎo)線若干該同學(xué)從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進(jìn)行測量，則電壓表應(yīng)選擇______，電流表應(yīng)選擇______，滑動變阻器應(yīng)選擇______，選填各器材前的字母．要求在流過金屬絲的電流相同情況下,電源消耗功率最小,并能較準(zhǔn)確地測出電阻絲的阻值，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選用下圖的______．(4）利用上所選電路測量，電流表______A電壓表______V【答案】（1)。7.015(2)。4.598—4.602（3）。將紅、黑表筆短接歐姆調(diào)零旋鈕（4）.A(5)。D（6).E(7）。丁(8）.0。50(9）.2。60【解析】【詳解】（1）游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為7cm=70mm，游標(biāo)讀數(shù)為0。05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為7cm+0.015mm=7.015cm;；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4。5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×10.0mm=0。100mm,所以最終讀數(shù)為4。5mm+0。100mm=4。600mm；(2）將選擇開關(guān)置于“×1”檔位置，然后將紅、黑表筆短接調(diào)零即歐姆調(diào)零;(3)電源E（電動勢為3.0V），故選A,電壓表V1(量程0~3V,內(nèi)阻約3kΩ)，電路電流最大為，為提高精確度，減小讀數(shù)誤差,選小量程電表，即D，電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻約0.1），以滑動變阻器來控制不超量程即可,故選電流表A1：量程0～0。6A，內(nèi)阻0.125；由于要求在流過金屬絲的電流相同情況下,電源消耗功率最小,并能較準(zhǔn)確地測出電阻絲的阻值,故滑動變阻器采用限流接法；采用限流接法時，為便于調(diào)節(jié)，最大值應(yīng)為待測電阻的2—4倍比較合適，所以滑動變阻器選E．滑動變阻器R1（0～20)；可知電流表應(yīng)采用外接法，故電路圖選擇丁;(4）由圖可知，I=0.50A、U=2。60V．五、計(jì)算題（本大題共4小題，共45.0分）16。兩物塊、并排放在水平地面上，且兩物塊接觸面為豎直面，現(xiàn)用一水平推力作用在物塊上，使、由靜止開始一起向右做勻加速運(yùn)動,如圖甲所示，在、的速度達(dá)到時，搬去推力．已知、質(zhì)量分別為、，與水平面間的動摩擦因數(shù)為，與地面沒有摩擦，物塊運(yùn)動的圖象如圖乙所示．取,求:（1）推力的大?。?）物塊剛停止運(yùn)動時，物塊、之間的距離．【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1)在水平推力F作用下，物塊A、B一起做勻加速運(yùn)動，加速度為a，由B物塊的v—t圖像得,對于A、B整體，由牛頓第二定律得，代入數(shù)據(jù)解得．(2）設(shè)物塊A勻減速運(yùn)動的時間為t，撤去推力F后,A、B兩物塊分離，A在摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動，B做勻速運(yùn)動,對A，，解得物塊A通過的位移物塊B通過的位移物塊A剛停止時A、B間的距離17。如圖所示，足夠長的光滑平行導(dǎo)軌MN、PQ傾斜放置，兩導(dǎo)軌間距離為，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，導(dǎo)軌的M、P兩端連接阻值為的電阻,金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置并用細(xì)線通過光滑定滑輪與重物相連，金屬棒ab的質(zhì)量，電阻，重物的質(zhì)量，如果將金屬棒和重物由靜止釋放，金屬棒沿斜面上滑的距離與時間的關(guān)系如表所示,不計(jì)導(dǎo)軌電阻，g取求：時間t(s）00.10.20.30.40。50.6上滑距離（m)00.050。150.350.701。051。40（1）ab棒最終做勻速直線運(yùn)動的速度是多少？（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是多少？(3)當(dāng)金屬棒ab的速度時，金屬棒ab上滑的加速度大小是多少？【答案】（1)3。5m/s（2）（3)5.0m/s【解析】【詳解】(1)由表中數(shù)據(jù)可以看出最終ab棒將勻速運(yùn)動（2)棒受力如圖由平衡條件可得聯(lián)立解得T（3)當(dāng)速度為0。7m/s時，安培力對金屬棒ab有：對重物有聯(lián)立解得18.如圖所示，長1。4m的木板B靜止在光滑水平地面上．木板的左端固定一剛性擋板，右端放置著一個可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊A．已知物塊和木板（含擋板）的質(zhì)量均為m＝2kg，木板右邊L1＝0.8m部分光滑，左邊L2＝0。6m部分粗糙