2024屆內(nèi)蒙古巴林右旗大板三中物理高二第一學期期中經(jīng)典試題含解析

2024屆內(nèi)蒙古巴林右旗大板三中物理高二第一學期期中經(jīng)典試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是一個常用的電容器，關于它的說法中正確的是A．電容器可以儲存電荷，且?guī)щ娏吭蕉嚯娙菰酱驜．加在這個電容器兩端的電壓低于50V時它就不能工作C．加在這個電容器兩端的電壓為25V時，它的電容是110PFD．這個電容器兩端電壓變化10V，它的帶電量變化2.2×10-3C2、圖中虛線為電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等．現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示．點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點．若不計重力，則A．M帶負電荷，N帶正電荷B．N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C．N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D．M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零3、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置。其核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連。則下列說法正確的是（）A．帶電粒子從磁場中獲得能量B．帶電粒子加速所獲得的最大動能與加速電壓的大小有關C．帶電粒子加速所獲得的最大動能與金屬盒的半徑有關D．帶電粒子做圓周運動的周期隨半徑增大而增大4、一個電荷只在電場力作用下從電場中的A點移到B點過程中，電場力做了2×10-6J的正功，那么（）A．電荷在B處時具有2×10-6J的動能B．該過程中電荷的電勢能減少了2×10-6JC．電荷在B處時具有2×10-6J的電勢能D．該過程中電荷的動能減少了2×10-6J5、如圖所示，用絕緣細線懸掛一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，在電場中處于平衡，細線與豎直方向成β角．現(xiàn)保持β角不變，緩慢地把電場方向由水平方向逆時針旋轉(zhuǎn)至豎直方向，在此過程中（）A．場強的最小值為mgsinβ/qB．場強的最小值為mgtanβ/qC．細線的拉力始終增大D．以上答案都不對6、關于磁感應強度B，下列說法中正確的是A．根據(jù)磁感應強度定義，某點的磁感應強度B與安培力F成正比，與I成反比B．磁感應強度B是標量，沒有方向，磁感線密集的地方磁感應強度B大些，磁感線稀疏的地方磁感應強度B小些C．磁感應強度B是矢量，方向與安培力F的方向相反D．在確定的磁場中，同一點的磁感應強度B是確定的，不同點的磁感應強度B可能不同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在場強大小為E的勻強電場中，質(zhì)量為m、帶電量為+q的物體以某一初速沿電場反方向做勻減速直線運動，其加速度大小為，物體運動s距離時速度變?yōu)榱?。則下列說法正確的是（）A．物體克服電場力做功qEs B．物體的電勢能減少了0.2qEsC．物體的電勢能減少了qEs D．物體的動能減少了0.2qEs8、如圖所示，為等邊三角形，電荷量為的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為的點電荷從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為．再將從C點沿移到B點并固定。最后將一電荷量為的點電荷從無窮遠處移到C點。已知以無窮遠電勢為零，點電荷的電場電勢為，下列說法正確的有A．移入之前，C點的電勢為B．從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C．從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為D．在移到C點后的電勢能為9、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關系圖像，下列說法正確的是（）A．電源的內(nèi)阻為12ΩB．電源的電動勢為6.0VC．電源的短路電流為0.5AD．電流為0.3A時的外電阻是18Ω.10、如圖在光滑四分之一圓弧軌道的頂端a點，質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點)由靜止開始下滑，經(jīng)圓弧最低點b滑上粗糙水平面，圓弧軌道在b點與水平軌道平滑相接，物塊最終滑至c點停止．若圓弧軌道半徑為R，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，下列說法正確的是()A．物塊滑到b點時的速度為B．c點與b點的距離為C．物塊滑到b點時對b點的壓力是3mgD．整個過程中物塊機械能損失了mgR三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，提供以下實驗器材：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內(nèi)阻3kΩ)電流表A(量程0.5A，內(nèi)阻約0.5Ω)電阻箱R0(0～9999.9Ω)滑動變阻器R1(阻值0～5Ω，2A)滑動變阻器R2(阻值0～200Ω，1A)學生電源E(電動勢4V，內(nèi)阻不計)開關S及導線若干．（1）關于控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇_______A．分壓式連接B．限流式連接（2）為了減小系統(tǒng)誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇________A．安培表內(nèi)接法B．安培表外接法（3）實驗提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調(diào)至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)（4）請在方框中畫出該實驗的電路圖______．（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.（6）實驗中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實驗曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)（7）現(xiàn)將與題中完全相同的兩個小燈泡與另一電源E0(電動勢4V，內(nèi)阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為_________V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．12．（12分）某同學要測定一個電池的電動勢和內(nèi)電阻，有下列器材供使用一個待測的蓄電池、兩塊規(guī)格不同的電流表：電流表A1（量程0~2mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω），電流表A2（量程0~0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω），滑動變阻器R1（0~30Ω,1.0A），電阻箱R0（0~9999.9Ω），開關和若干導線該同學想利用其中的一個電流表和電阻箱改裝成一塊電壓表，其量程為0~3V，并設計了如圖所示的甲、乙兩個參考實驗電路，其中合理的是_______（選填“甲”或“乙”）電路；應將R0的阻值調(diào)為__________Ω。該同學根據(jù)合理電路所繪出的I1-I2圖象（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)）。根據(jù)該圖線可得被測電池的電動勢E=______________V，內(nèi)阻r=____________Ω.（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）現(xiàn)有電動勢為1.5V、內(nèi)阻為1.0Ω的電池多節(jié)，準備用幾節(jié)這樣的電池串聯(lián)起來對一個正常工作電壓為6.0V、工作電流為0.1A的小燈泡供電。問：（1）最少需要用幾節(jié)這種電池？（2）電路還需要一個定值電阻來分壓，請計算這個電阻的阻值。14．（16分）如圖所示，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻，，直流電動機內(nèi)阻，當調(diào)節(jié)滑動變阻器時可使甲電路輸出功率最大，調(diào)節(jié)時可使乙電路輸出功率最大，且此時電動機剛好正常工作(額定輸出功率為)求和的值.15．（12分）如圖所示，BCD為固定在豎直平面內(nèi)的半徑為r=11m的圓弧形光滑絕緣軌道，O為圓心，OC豎直，OD水平，OB與OC間夾角為53°，整個空間分布著范圍足夠大的豎直向下的勻強電場．從A點以初速v1=9m/s沿AO方向水平拋出質(zhì)量m=1．1kg的小球（小球可視為質(zhì)點），小球帶正電荷q=+1．11C，小球恰好從B點沿垂直于OB的方向進入圓弧軌道．不計空氣阻力．求：（1）A、B間的水平距離L（2）勻強電場的電場強度E（3）小球過C點時對軌道的壓力的大小FN（4）小球從D點離開軌道后上升的最大高度H

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．電容器可以儲存電荷，但電容的大小與帶電量和電壓等無關，故A錯誤；B．50V是電容器能正常工作的最大電壓，加在這個電容器兩端的電壓低于50V時它同樣可以正常工作，故B錯誤；C．電容的大小與所加電壓無關，加在這個電容器兩端的電壓為25V時，它的電容是220PF，故C錯誤；D．這個電容器兩端電壓變化10V，它的帶電量變化△Q=△UC=10×220×10-6=2.2×10-3C；故D正確。2、D【解題分析】

A．由于O點電勢高于c點．電場強度方向向下，根據(jù)MN粒子的運動軌跡可知N受到的電場力向上，M受到的電場力向下，N帶負電，M帶正電，A錯誤；B．根據(jù)題意可知，而且電場力都做的是正功，而且電荷和質(zhì)量大小相等，根據(jù)動能定理得，N在a點的速度與M在c點的速度大小不等，B錯誤；C．N在從O點運動至a點的過程中受到的電場力向上，軌跡運動方向也向上，故電場力做正功，C錯誤D．圖中的虛線為等勢線，即O點和b點的電勢相等，所以M點從O點到b點的過程中電場力對粒子做功等于零，D正確；3、C【解題分析】

A、由回旋加速器原理可知，它的核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連，兩盒間的窄縫中形成勻強磁場，交流電的周期和粒子做圓周運動的周期相等，粒子在圓周運動的過程中一次一次地經(jīng)過D形盒縫隙，兩盒間的勻強電場一次一次地反向，粒子就會被一次一次地加速，在磁場中洛倫茲力不做功，帶電粒子是從電場中獲得能量的，故A錯誤.B、粒子從D形盒出來時速度最大，由qvB=mv2R，粒子被加速后的最大動能Ekm=12mv2=q2R2D、高頻電源周期與粒子在磁場中勻速圓周運動的周期相同，由帶電粒子做圓周運動的周期T=2πmqB可知，周期T由粒子的質(zhì)量、電量和磁感應強度決定，與半徑無關，故D故選：C.【題目點撥】解決本題的關鍵是掌握加速器的工作原理以及加速器的構(gòu)造，注意粒子是從電場中獲得能量，但回旋加速器的最大速度與電場無關，與磁感應強度和D形盒的半徑有關.4、B【解題分析】

AD.電荷只在電場力作用下，電場力做了的正功，合力做功即為，根據(jù)動能定理得知，動能增加了，故AD錯誤；BC.電場力做了的正功，根據(jù)功能關系得知，電荷的電勢能減小，故B正確，C錯誤．5、A【解題分析】

小球受重力、拉力和電場力，三力平衡，要保持帶電小球在原處不動，則重力大小和方向都不變，拉力方向不變，電場力大小和方向都改變，作圖如下：從圖象可以看出，電場力先減小后增加，故電場強度先減小后增加，而繩子的拉力不斷減??；根據(jù)當電場力與拉力垂直時，電場力最小，則電場強度也最小，依據(jù)三角知識，則有場強的最小值為Emin=，故A正確，BCD錯誤；故選A?！绢}目點撥】本題關鍵是三力平衡中的動態(tài)分析問題，關鍵是明確小球的受力情況，然后通過圖示法分析，不難．6、D【解題分析】

A、磁感應強度由磁場本身決定，與電流、導線長度、導線受到的安培力無關，故A錯誤；B、磁感應強度B是矢量，方向是小磁針N極在該點受力的方向，故B錯誤；C、磁感應強度B是矢量，根據(jù)左手定則可知，磁感應強度的方向與安培力F的方向垂直，故C錯誤；D、磁感應強度是描述磁場的強弱的物理量，是由磁場本身決定的，在確定的磁場中，同一點的磁感應強度B是確定的，不同點的磁感應強度B可能不同，故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

ABC．帶電粒子電場力為Eq，且沿著電場線反方向運動，即電場力做負功，即W=-Eqs所以物體克服電場力做功qEs，同時說明電勢能增加了Eqs，選項A正確，BC錯誤；D．根據(jù)動能定理，動能變化量等于合外力做功，即D正確。故選AD。8、BD【解題分析】

A.Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點的過程，根據(jù)電場力做功公式得：得：又U∞C=0-φC=-φC可得Q1移入之前，C點的電勢為：故A錯誤。B.Q1移入之前，C點與B點的電勢相等，兩者間的電勢差為0，根據(jù)W=qU知，Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0，故B正確。C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，根據(jù)電場的疊加原理知，C點的電勢為：Q2從無窮遠處移到C點的過程中，根據(jù)題干中電勢的定義可知W′=-2q（0-φC′）=4W故C錯誤。D.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，電場力做的功為4W，其電勢能減少了4W，而Q2在無窮遠處電勢能為0，所以Q2在移到C點后的電勢能為-4W，故D正確。9、BD【解題分析】

AB.根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，所以圖像的斜率代表內(nèi)阻電動勢為圖像與縱軸交點故A錯誤B正確．C.短路電流故C錯誤．D.電流為0.3A時，外電路電阻故D正確．10、BCD【解題分析】

A.由機械能守恒可知，mgR=mv2；解得b點時的速度為，故A不符合題意；B.對全程由動能定理可知，mgR-μmgs=0解得bc兩點間的距離為，故B符合題意；C.b點時，物體受重力、支持力而做圓周運動，則由可得支持力F=3mg，由牛頓第三定律可知，物塊對b點的壓力為3mg；故C符合題意；D.在滑動過程中，摩擦力所做的功等于機械能的損失，故機械能損失了μmgs=mgR，故D符合題意；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A（2）B（3）1000.0串聯(lián)（4）（5）R1選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數(shù)變化比較均勻（線性關系較好）（6）增大；（7）1.1V【解題分析】

（1）因要得到從零開始連續(xù)可調(diào)的多組電壓，則控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇分壓式連接，故選A.（2）小燈泡的電阻，則為了減小系統(tǒng)誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇安培表外接法，故選B.（3）電壓表的量程為3V，內(nèi)阻為3kΩ，則要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調(diào)至，并與題中所給電壓表串聯(lián).（4）實驗的電路圖：（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇阻值較小的R1．選擇理由是：選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數(shù)變化比較均勻（線性關系較好）.（6）由實驗曲線可知，隨著電壓的增加I-U線的切線的斜率逐漸減小，則小燈泡的電阻增大.（7）設每個燈泡兩端電壓為U，電流為I，則由閉合電路的歐姆定律：E=2U+I(r+R)，即4=2U+10I，即：U=2-5I，將此函數(shù)關系畫在燈泡的伏安特性曲線上，如圖；交點坐標為U=1.1V，即此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為1.1V.12、甲14901.48-1.500.840-0.849【解題分析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大不會超過1A，故電流表至少應選擇0～0.6A量程，故應將2mA電流表G串聯(lián)一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較小，故應采用相對電源來說的外接法，故甲乙兩個參考實驗電路，其中合理的是甲；要改裝的電壓表量程為0-3V，U=Ig（Rg1+R0），解得：R0（2）圖象與縱軸的交點得最大電流為1.48mA．根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得電源兩端電壓為：U=I1（1490+10）=1500I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點得電動勢為：E=1.48mA×1000Ω=1.48V

與橫軸的交點可得出路端電壓為1.1V時電流是0.45A，

由閉合電路歐姆定律E=U+I