山東省高二上學(xué)期期中考試物理試卷附答案和解析

試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)山東省高二上學(xué)期期中考試物理試卷(附答案和解析)學(xué)校:___________班級(jí)：___________姓名：___________考號(hào)：___________一、單選題1．幾個(gè)水球可以擋住一顆子彈？《國(guó)家地理頻道》的實(shí)驗(yàn)結(jié)果是：四個(gè)水球足夠！完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，恰好能穿出第4個(gè)水球，則可以判斷的是（）A．子彈在每個(gè)水球中的速度變化相同B．子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同C．每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量相同D．每個(gè)水球?qū)ψ訌椀淖龉ο嗤?．關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的概念，以下說(shuō)法中正確的是（）A．電動(dòng)勢(shì)、電壓和電勢(shì)差雖名稱不同，但物理意義相同，所以單位也相同B．在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上總是等于電源兩極間的電壓C．在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和D．電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能越多，電源電動(dòng)勢(shì)越大3．一彈簧振子的位移y隨時(shí)間t變化的關(guān)系式為y=0.1sin（2.5t），位移y的單位為m，時(shí)間t的單位為s。則（）A．彈簧振子的振幅為0.2mB．彈簧振子的周期為1.25sC．在t=0.2s時(shí)，振子的運(yùn)動(dòng)速度最大D．在t=0.1s時(shí)，振子的位移為m4．如圖所示，一個(gè)孩子將下方掛有五個(gè)相同小鉤碼的五個(gè)相同的氫氣球栓結(jié)在一起，以的初速度從地面豎直向上托起，離開手后剛好勻速向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)上升至高度的位置時(shí)，一個(gè)小鉤碼脫落。已知每個(gè)小鉤碼的質(zhì)量為，重力加速度取，不計(jì)空氣阻力、風(fēng)力、繩子和氫氣球的質(zhì)量，則下列說(shuō)法正確的是（）A．脫落的小鉤碼落地前，五個(gè)小鉤碼和五個(gè)氫氣球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B．脫落的小鉤碼落地前，其動(dòng)能逐漸增大C．小鉤碼從脫落到落地，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1sD．脫落的小鉤碼落地時(shí)，氫氣球從鉤碼脫落處又上升了3m5．關(guān)于單擺，下列說(shuō)法正確的是（）A．?dāng)[球受到的回復(fù)力方向總是指向平衡位置，當(dāng)擺球運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)，合力為零B．如果有兩個(gè)大小相同的帶孔塑料球和帶孔鐵球，任選一個(gè)即可C．將單擺的擺角從4°改為2°，單擺的周期變小D．在用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)中，若擺長(zhǎng)值忘記加擺球半徑，則測(cè)量值偏小6．如圖所示的電路中，電阻R=2Ω，斷開S后，電壓表的讀數(shù)為5V；閉合S后，電壓表的讀數(shù)為2V，電壓表為理想電表，則電源的內(nèi)阻r為（

）A．1Ω B．2Ω C．3Ω D．4Ω7．如圖所示，電路中電表均為理想電表。當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電動(dòng)機(jī)停止轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0A和2.0V。重新調(diào)節(jié)R，使電動(dòng)機(jī)恢復(fù)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，此時(shí)電路中電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和15.0V。下列說(shuō)法中正確的是（

）A．電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為7.5Ω B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的功率為22WC．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)消耗的功率為26WD．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，R上消耗的功率為8W8．五個(gè)完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上，五根輕繩互相平行且自然下垂，鋼球之間接觸而無(wú)擠壓?，F(xiàn)將左側(cè)的①②③三個(gè)小球撥起相同的角度，然后從靜止釋放。經(jīng)過(guò)一系列碰撞后，右側(cè)的③④⑤三個(gè)小球一同向右擺動(dòng)。在此過(guò)程中共發(fā)生的碰撞次數(shù)為（）A．4 B．5 C．6 D．7二、多選題9．關(guān)于能量和能源，下列說(shuō)法正確的是（

）A．科學(xué)研究發(fā)現(xiàn)，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過(guò)程都具有可逆性B．在能源的利用過(guò)程中，能量在總量上并未減少，但能量的品質(zhì)降低了C．能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化角度反映出自然界中的宏觀過(guò)程具有方向性D．風(fēng)能、水能和核能都屬于可再生能源，因此我國(guó)近年來(lái)不斷地開發(fā)利用這些新能源10．如圖甲所示，把一個(gè)篩子用四根彈簧支撐起來(lái)，篩子上裝一個(gè)電動(dòng)偏心輪，它每轉(zhuǎn)一周，給篩子一個(gè)驅(qū)動(dòng)力，這就做成了一個(gè)共振篩，該共振篩的共振曲線如圖乙所示。已知增大電壓，可使偏心輪轉(zhuǎn)速提高，增加篩子質(zhì)量，可增大篩子的固有周期?，F(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速為36r/min。要增大篩子的振幅，下列措施可行的是（

）A．升高電壓 B．降低電壓C．增加篩子質(zhì)量 D．減小篩子質(zhì)量11．如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，燈泡L1、L2、L3規(guī)格相同，且電阻大于電源內(nèi)阻r，理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對(duì)值分別為和；流過(guò)電源的電流為I，其變化量的絕對(duì)值為。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片從左端滑到右端的過(guò)程中（

）

A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮 B．C．不變 D．電源輸出功率先增大后減小12．如圖所示，P、Q為豎直懸掛的兩個(gè)彈簧振子，且懸掛振子的彈簧勁度系數(shù)相同，已知P、Q兩球質(zhì)量之比是4：1，振動(dòng)圖像如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是（）A．P、Q兩彈簧振子的振動(dòng)頻率之比是2：1B．P、Q兩彈簧振子在0~6s內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程之比是1：1C．P、Q兩彈簧振子最大加速度之比是1：2D．t=0.45s時(shí)刻，P、Q兩彈簧振子的位移大小之比是13．如圖甲所示，一輕彈簧的兩端分別與質(zhì)量為和的兩物塊相連接，并且靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)使瞬時(shí)獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，以下說(shuō)法正確的是（）A．從到時(shí)刻彈簧由壓縮狀態(tài)逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)B．兩物塊的質(zhì)量之比為C．在、時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)D．在時(shí)刻兩物塊的動(dòng)能之比為14．如圖甲，“胸口碎大石”是民間雜耍的保留節(jié)目（危險(xiǎn)節(jié)目，請(qǐng)勿模仿）。其原理如圖乙所示，皮囊A放置在水平地面上，上面壓著一塊質(zhì)量的石板，質(zhì)量的鐵錘，以的速度，豎直向下砸中石板，碰撞時(shí)間極短，鐵錘與石板瞬間達(dá)到共同速度，之后忽略手持錘的作用力，且向下勻變速運(yùn)動(dòng)2cm減速到零，取重力加速度。則（

）

A．鐵錘與石板碰后瞬間達(dá)到的共同速度為0.5m/sB．鐵錘與石板碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為75JC．碰后向下減速到零的過(guò)程，皮囊對(duì)石板的平均作用力為975ND．碰后向下減速到零的過(guò)程，皮囊對(duì)石板的沖量大小三、實(shí)驗(yàn)題15．某同學(xué)想在家里做“用單擺測(cè)量重力加速度的大小”的實(shí)驗(yàn)，但沒有合適的擺球。他找到了一塊大小為3cm左右、外形不規(guī)則的小石塊代替小球。他設(shè)計(jì)了以下實(shí)驗(yàn)步驟：A．如圖，用細(xì)線將石塊系好，結(jié)點(diǎn)為M，將細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)；B．用刻度尺測(cè)量OM間細(xì)線的長(zhǎng)度l；C．將石塊拉至一個(gè)大約30°的角度，然后由靜止釋放；D．從石塊擺到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，測(cè)出50次全振動(dòng)的總時(shí)間t，由得出周期（1）以上實(shí)驗(yàn)步驟中有錯(cuò)誤的是，理由是；（2）若該同學(xué)用OM的長(zhǎng)l作為擺長(zhǎng)，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測(cè)量值比真實(shí)值（選填“偏大”或“偏小”）（3）若該同學(xué)改正了錯(cuò)誤，改變OM間細(xì)線的長(zhǎng)度后做了兩次實(shí)驗(yàn)，記下每次相應(yīng)的細(xì)線長(zhǎng)度l1、l2和周期T1、T2，則由上述四個(gè)量得到的重力加速度表達(dá)式是。16．某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲、乙所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量某電源的電動(dòng)勢(shì)E（約為3V）和內(nèi)阻r（約為2Ω）。已知電流表的內(nèi)電阻約為1Ω。電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ，變阻器最大電阻20Ω、額定電流1A，定值電阻。請(qǐng)回答下列問題：（1）請(qǐng)?jiān)趫D丙中用筆面線代替導(dǎo)線完成圖乙電路圖的實(shí)物連接。（2）將滑動(dòng)變阻器的滑片P移至最左端，閉合開關(guān)S，移動(dòng)滑片P改變滑動(dòng)變阻器的接入阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)U和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I。（3）重復(fù)步驟（2）。把甲、乙兩組實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)在同一坐標(biāo)系內(nèi)描點(diǎn)作出圖像如圖丁所示，可知圖中標(biāo)記為II的圖線是采用實(shí)驗(yàn)電路（填“甲”或“乙”）測(cè)量得到的。（4）為了減小系統(tǒng)誤差，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用圖（選填“甲”或“乙”）實(shí)驗(yàn)電路。（5）利用圖丁圖像提供的信息可以修正該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，則修正后被測(cè)電源的內(nèi)阻（注：和、和和為已知量）。17．一同學(xué)利用如圖所示的斜槽軌道和兩個(gè)由相同材料制成、表面粗糙程度相同的滑塊A、B做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。斜槽軌道由傾斜軌道和平直軌道組成，兩部分間由一段圓弧平滑連接，在平直軌道上一側(cè)固定有刻度尺。其操作步驟如下：①將斜槽軌道放置在水平桌面上；②用天平測(cè)得A、B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量分別為和；③不放滑塊B，使滑塊A從傾斜軌道頂端P由靜止釋放滑塊A最終靜止在平直軌道上，記下滑塊A靜止位置其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度；④把滑塊B放在平直軌道上，記下其左側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度；⑤讓滑塊A仍從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A與B發(fā)生碰撞后最終均靜止在平直軌道上，記下最終滑塊B、A靜止位置對(duì)應(yīng)的刻度和。（1）實(shí)驗(yàn)中，必須滿足的條件或測(cè)定的物理量是（填正確答案標(biāo)號(hào)）A．滑塊A的質(zhì)量應(yīng)大于滑塊B的質(zhì)量B．平直軌道必須水平C．傾斜軌道必須光滑D．測(cè)定滑塊A的釋放點(diǎn)P到平直軌道間高度差（2）實(shí)驗(yàn)中滑塊A碰撞前的速度和A、B碰撞后滑塊A的速度的比值=，若A、B兩滑塊碰撞過(guò)程中滿足動(dòng)量守恒，則關(guān)系式（用其中字母表示）成立。（3）若在進(jìn)行步驟⑤的操作時(shí)，滑塊A從傾斜軌道頂端P點(diǎn)下方某個(gè)位置由靜止釋放，其他實(shí)驗(yàn)操作都正確，則會(huì)造成碰撞后兩滑塊的動(dòng)量之和（填“大于”“小于”或“等于”）。18．在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：A．待測(cè)干電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V，內(nèi)電阻約1.0Ω）B．電壓表V（量程0-3V，內(nèi)阻RV約為1000Ω）C．電流表A（量程0-0.6A，內(nèi)阻RA約為1Ω）D．滑動(dòng)變阻器R1（0-20Ω，10A）E.滑動(dòng)變阻器R2（0-200Ω，1A）F.開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的（a）、（b）兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填寫器材前的字母代號(hào)）。（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)（1）中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路，利用測(cè)出的數(shù)據(jù)繪出的U-I圖線，則由圖線可得被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）四、解答題19．如圖所示，排球場(chǎng)地長(zhǎng)為，中間球網(wǎng)高度為。某次比賽中，甲同學(xué)在右側(cè)球場(chǎng)距離中間球網(wǎng)線處跳起，在距離地面高處將球水平擊出，球的初速度與右側(cè)邊界線垂直，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度（1）要保證排球落在對(duì)方球場(chǎng)內(nèi)，球的初速度大小需滿足的范圍；（2）若球的初速度大小為，乙同學(xué)在離地處將排球熱起，熱起前、后球的速度大小相等，方向相反。已知排球質(zhì)量，因墊起過(guò)程時(shí)問很短，重力的沖量可以忽略，求甲、乙兩同學(xué)之間的水平距離以及接球過(guò)程中乙同學(xué)對(duì)排球作用力的沖量大小。

20．如圖所示，在水平桌面上有一長(zhǎng)為7m，質(zhì)量為薄木板，其中點(diǎn)位置放一方形小木箱（可視為質(zhì)點(diǎn)），方形小木箱及其內(nèi)部物體總質(zhì)量為M=2kg，方形木箱內(nèi)用兩輕繩將一質(zhì)量m=1kg的小球懸掛于A、B兩點(diǎn)，靜止時(shí)兩細(xì)繩與水平方向的夾角為37°和53°。木箱與薄木板、水平桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)均為，薄木板與水平桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為，木箱受到水平向右的恒力F=20N（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，）。求：（1）木箱的加速度大?。唬?）右側(cè)輕繩的彈力大?。唬?）小木箱到達(dá)薄木板右端時(shí)的速度大?。唬?）木箱滑離薄木板后力F立即反向，大小不變，則薄木板停止時(shí)薄木板右端到木箱的距離是多大？21．如圖甲所示的電路中，和均為定值電阻，且，為滑動(dòng)變阻器。當(dāng)其滑片P從最左端滑至最右端時(shí)，測(cè)得電源的路端電壓隨干路電流變化圖線如圖乙所示，求：（1）定值電阻的阻值；（2）電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；（3）電源輸出的功率最大時(shí)，接入電路的阻值及此時(shí)的最大輸出功率。22．如圖所示，在光滑的水平面上停放著一輛質(zhì)量為M=4kg的小車，小車AB面粗糙LAB=1.65m且離地面的高度H=0.2m，BC是一段與小車水平面相切的光滑圓弧，在小車水平面處A端放有質(zhì)量為m=1kg的物塊?，F(xiàn)給物塊一個(gè)I=5N·s的瞬間沖量，使其沿BC上升到D點(diǎn)后返回（D點(diǎn)在BC間未畫出），最后物塊滑離A點(diǎn)且落地瞬間與小車左端的水平距離x=0.1m，求：（1）物塊與AB平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）D點(diǎn)相對(duì)AB平面的高度h。答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)參考答案和解析1．D【詳解】B．設(shè)水球的直徑為d，子彈運(yùn)動(dòng)的過(guò)程為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直到末速度為零，我們可以應(yīng)用逆過(guò)程，相當(dāng)于子彈初速度為零做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，在連續(xù)相等的位移內(nèi)時(shí)間之比為，所以子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故B錯(cuò)誤；A．子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，所以加速度相同，受力相同，由可知，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，則速度的變化不同，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)沖量的定義I=Ft，受力是相同的，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，所以每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)功的公式，受力是相同的，運(yùn)動(dòng)的位移相同，所以子彈受到的阻力對(duì)子彈做的功相等，所以每個(gè)水球?qū)ψ訌椀淖龉ο嗤蔇正確。故選D。2．C【詳解】A．電動(dòng)勢(shì)表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)，電壓和電勢(shì)差是兩點(diǎn)之間電勢(shì)的差，它們的物理意義不同，故A錯(cuò)誤；B．電源的電動(dòng)勢(shì)等于外電路為斷路時(shí)電源兩端的電壓，若電路為通路，電流經(jīng)過(guò)內(nèi)阻時(shí)有電勢(shì)的降低，此時(shí)電源兩端的電壓小于電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C．在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和，故C正確；D．電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量，等于將單位正電荷從電源負(fù)極移到正極時(shí)非靜電力做的功，但不是轉(zhuǎn)化的能量越多，電動(dòng)勢(shì)越大，故D錯(cuò)誤。故選C。3．D【詳解】A．彈簧振子的振幅為0.1m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．彈簧振子的周期為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．在t=0.2s時(shí)，y=0.1m，此時(shí)振子的位移最大，則振子的運(yùn)動(dòng)速度為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．在t=0.1s時(shí)，振子的位移為選項(xiàng)D正確。故選D。4．C【詳解】AB．脫落的小鉤碼落地前，五個(gè)小鉤碼和五個(gè)氫氣球勻速向上運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加，機(jī)械能增加，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，AB錯(cuò)誤；C．設(shè)豎直向上為正方向，小鉤碼從脫落到落地，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)代入數(shù)據(jù)解得，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C正確；D．小鉤碼脫落時(shí)，對(duì)剩下的氫氣球和小鉤碼受力分析，設(shè)每個(gè)氫氣球受到的浮力為，由牛頓第二定律由平衡條件可得聯(lián)立解得，加速度大小為方向豎直向上，所以脫落的小鉤碼落地時(shí)，氫氣球從鉤碼脫落處又上升了解得D錯(cuò)誤。故選C。5．D【詳解】A．根據(jù)回復(fù)力的特點(diǎn)可知擺球受到的回復(fù)力方向總是指向平衡位置，擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)，回復(fù)力為零，但擺球還有向心加速度，合外力不為零，故A錯(cuò)誤；B．?dāng)[球應(yīng)選擇質(zhì)量大些、體積小些的鐵球，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于單擺，擺角小于5°即可，僅將單擺的擺角從4°改為2°，不影響單擺的周期，故C錯(cuò)誤；D．在用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)中，若擺長(zhǎng)值忘記加擺球半徑，則擺長(zhǎng)偏小，根據(jù)單擺的周期公式可得所以最后求得的值將比真實(shí)值偏小，故D正確；故選D。6．C【詳解】斷開S后，電源處于開路狀態(tài)，電壓表的讀數(shù)為5V，可知電動(dòng)勢(shì)為5V，閉合S后，據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得故選C。7．B【詳解】A．電動(dòng)機(jī)停止轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0A和2.0V，則電動(dòng)機(jī)的電阻A錯(cuò)誤；BC．電動(dòng)機(jī)恢復(fù)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和15.0V，電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率為電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)的輸出功率是B正確、C錯(cuò)誤；D．由于電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻未知，則無(wú)法計(jì)算出電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，R上消耗的功率，D錯(cuò)誤。故選B。8．C【詳解】同時(shí)向左拉起小球①②③到相同高度同時(shí)由靜止釋放，則③與④碰后，③停止，④具有向右的速度；④與⑤碰撞交換速度，④停止，⑤向右擺起；③剛停止的時(shí)候②球過(guò)來(lái)與之碰撞交換速度，然后③與④碰撞，使④向右擺起；②球剛停止的時(shí)候①球過(guò)來(lái)與之碰撞交換速度，然后②與③碰撞交換速度，使③向右擺起；經(jīng)一系列碰撞后，球③④⑤一起向右擺起。所以此過(guò)程中共發(fā)生的碰撞次數(shù)為6次。故選C。9．BC【詳解】A．科學(xué)研究發(fā)現(xiàn)，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過(guò)程都具有不可逆性，A錯(cuò)誤；B．在能源的利用過(guò)程中，能量在總量上并未減少，但能量的品質(zhì)降低了，B正確；C．能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化角度反映出自然界中的宏觀過(guò)程具有方向性，C正確；D．風(fēng)能、水能屬于可再生能源，核能屬于不可再生能源，D錯(cuò)誤。故選BC。10．AC【詳解】根據(jù)受迫振動(dòng)的特點(diǎn)可知，共振篩的振動(dòng)頻率等于偏心輪的轉(zhuǎn)動(dòng)頻率，所以當(dāng)偏心輪的轉(zhuǎn)速為36r/min時(shí)，共振篩的振動(dòng)頻率為AB．增大電壓，偏心輪的轉(zhuǎn)動(dòng)頻率將增大，由于開始時(shí)偏心輪的轉(zhuǎn)動(dòng)頻率小于篩子的固有頻率，所以根據(jù)共振曲線可知篩子的振幅會(huì)增大，當(dāng)頻率增大到0.8Hz時(shí)最大，A正確、B錯(cuò)誤；CD．增大篩子質(zhì)量后，篩子的固有頻率將減小，由于開始時(shí)偏心輪的轉(zhuǎn)動(dòng)頻率小于篩子的固有頻率，所以根據(jù)共振曲線可知篩子的振幅會(huì)增大，當(dāng)篩子的固有頻率減小到0.6Hz時(shí)最大，C正確、D錯(cuò)誤。故選AC。11．AC【詳解】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從左端滑到右端時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，則L2變暗，V2示數(shù)減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，變阻器的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得并聯(lián)部分的電壓增大，即電壓表V1示數(shù)變大，則L3變亮?？傠娏鳒p小，而L3的電流增大，則L1的電流減小，則L1變暗，故A正確；B．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)變小，由于路端電壓增大，即兩電壓表示數(shù)之和增大，所以△U1＞△U2故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知不變，故C正確；D．當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻，電源的輸出功率最大，燈泡L1、L2、L3規(guī)格相同，且電阻大于電源內(nèi)阻r，則隨之滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，電源的輸出功率變小，故D錯(cuò)誤。故選AC。12．BCD【詳解】A．由Q圖可知P、Q兩彈簧振子的振動(dòng)周期分別為1.2s、0.6s，二者周期之比為則二者的頻率之比為故A錯(cuò)誤；B．由于6s=5TP=10TQ由乙圖可知P、Q在6s內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程為故P、Q路程之比是，故B正確；C．根據(jù)胡克定律可知，P、Q的最大回復(fù)力之比為，又因?yàn)閮汕蛸|(zhì)量之比是，根據(jù)牛頓第二定律可知，P、Q兩彈簧振子最大加速度之比是，故C正確；D．P、Q的振動(dòng)方程為則t=0.45s時(shí)刻，P、Q兩彈簧振子的位移大小分別為cm和-5cm，所以位移大小之比為，D正確。故選BCD。13．BD【詳解】AB．根據(jù)圖像可得開始時(shí)逐漸減速，逐漸加速，速度大彈簧被壓縮，時(shí)刻速度相等，彈簧此時(shí)的壓縮量最大，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)，仍加速，先減速后反向加速，時(shí)刻彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)，此時(shí)兩物塊速度方向相反，彈簧的長(zhǎng)度逐漸增大兩物塊均減速，當(dāng)時(shí)刻兩物塊速度相等，彈簧最長(zhǎng)，因此從到時(shí)刻彈簧由伸長(zhǎng)狀態(tài)逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)；從開始到時(shí)刻，動(dòng)量守恒可得解得A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)前面分析可得在、時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，其中時(shí)刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，時(shí)刻彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．在時(shí)刻兩物塊的動(dòng)能之比為D正確。故選BD。14．AC【詳解】A．鐵錘與石板碰撞，動(dòng)量守恒，有解得故A正確；B．系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故B錯(cuò)誤；C．鐵錘與石板共速后，根據(jù)動(dòng)能定理解得故C正確；D．由動(dòng)量定理可得解得皮囊對(duì)石板的沖量大小為故D錯(cuò)誤。故選AC。15．C擺角太大，將不能看作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，單擺周期公式失效，不能測(cè)定偏小【詳解】（1）[1][2]根據(jù)題意，由實(shí)驗(yàn)原理可知，實(shí)驗(yàn)步驟C有錯(cuò)誤，理由是：擺角太大，將不能看作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，單擺周期公式失效，不能測(cè)定。（2）[3]由單擺的周期公式可得，重力加速度為該同學(xué)用的長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)，擺長(zhǎng)偏小，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測(cè)量值比真實(shí)值偏小。（3）[4]根據(jù)題意，設(shè)擺線的結(jié)點(diǎn)到大理石重心的距離為，則根據(jù)單擺的周期公式可得聯(lián)立解得16．甲甲【詳解】（1）[1]圖乙電路的實(shí)物連接圖如下圖所示：（3）[2]對(duì)圖甲而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得整理可得可知，對(duì)應(yīng)U-I圖線，當(dāng)I為零時(shí)，對(duì)應(yīng)對(duì)圖乙而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得可知，對(duì)應(yīng)U-I圖線，當(dāng)I為零時(shí)，對(duì)應(yīng)故可知標(biāo)記為II的圖線是采用實(shí)驗(yàn)電路甲測(cè)量得到的。（4）[3]當(dāng)采用圖甲所示電路時(shí)，相對(duì)誤差大小為當(dāng)采用圖乙所示電路時(shí)，相對(duì)誤差大小為該相對(duì)誤差遠(yuǎn)大于圖甲所示電路，故宜選用圖甲所示電路。（5）[4]曲線I對(duì)應(yīng)的U1和I1滿足曲線II對(duì)應(yīng)的U2和I2滿足因此可以解得則17．A小于【詳解】（1）[1]為防止滑塊A與滑塊B碰后反彈，則滑塊A的質(zhì)量必須要大于滑塊B的質(zhì)量，選項(xiàng)A正確；B．因兩滑塊的材料相同，表面粗糙程度相同，則根據(jù)可知無(wú)論軌道是否水平，則兩滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度都相同，則平直軌道不一定必須水平，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊A到達(dá)底端時(shí)的速度相同即可，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．滑塊A到達(dá)斜槽底端時(shí)的速度可用表達(dá)式計(jì)算得到，則沒必要測(cè)定滑塊A的釋放點(diǎn)P到平直軌道間的高度差h，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。（2）[2]設(shè)兩滑塊在水平軌道上滑動(dòng)的加速度為a，則實(shí)驗(yàn)中滑塊A碰撞前的速度滑塊A、B碰撞后滑塊A的速度比值[3]若A、B兩滑塊碰撞過(guò)程中滿足動(dòng)量守恒，則即關(guān)系式成立。（3）[4]若在進(jìn)行步驟⑤的操作時(shí)，滑塊A從傾斜軌道頂端P點(diǎn)下方的某位置由靜止釋放，其他實(shí)驗(yàn)操作都正確，則滑塊A到達(dá)斜槽底端時(shí)的速度減小，碰前滑塊A的動(dòng)量減小，則會(huì)造成碰撞后兩滑塊的動(dòng)量之和小于。18．（b）D