物理-湖北省名校協(xié)作體2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期8月聯(lián)考物理答案

答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁湖北省名校協(xié)作體2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期8月聯(lián)考物理參考答案：1．C【詳解】A．鈷60衰變的方程為，故A錯誤；B．碳14發(fā)生衰變的方程為；故B錯誤；C．核泄漏的污染物的衰變方程為，故C正確；D．太陽內(nèi)部的一種核反應(yīng)是3個氦核變成一個碳核，核反應(yīng)方程式為，故D錯誤。故選C。2．A【詳解】A．奧斯特因受“縱向力”思維定勢的影響，總把磁針放在通電導(dǎo)線的延長線上，實(shí)驗(yàn)均失敗，當(dāng)偶然的機(jī)會打破這種思維，把磁針與電流平行放置，發(fā)現(xiàn)小磁針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，這種電磁力就使人類遇到了第一“橫向力”，故A正確；B．奧斯特絕非“意外”或“碰巧”發(fā)現(xiàn)“電生磁”，所謂電流的磁效應(yīng)就是電流周圍（即運(yùn)動的電荷周圍）產(chǎn)生磁場對磁針有力的作用，故B錯誤；C．若小磁針的S極向外運(yùn)動，則N極向內(nèi)偏轉(zhuǎn)，電流必須水平向左與速度v反向，根據(jù)負(fù)電荷運(yùn)動的反方向?yàn)殡娏鞯姆较蚩芍?，圖中的電荷是負(fù)電荷，故C錯誤；D．任何力都是相互的，運(yùn)動的電荷與小磁針之間的電磁力也是相互的，故D錯誤。故選A。3．D【詳解】A．甲做負(fù)向的勻速直線運(yùn)動，故A錯誤；B．位移時間圖像只能描述直線運(yùn)動，不能描述曲線運(yùn)動，分析可知乙做初速度為0的負(fù)向勻加速直線運(yùn)動，故B錯誤；C．乙的平均速度為故C錯誤；D．由解得乙的加速度為故D正確。故選D。4．D【詳解】A．彈簧振子的周期由振子的質(zhì)量與彈簧的勁度系數(shù)決定，假如把彈簧振子從地球移到月球，由于振子的質(zhì)量與彈簧的勁度系數(shù)不變，則彈簧振子的周期不會發(fā)生變化，故A錯誤；B．衍射是波特有的現(xiàn)象，不僅水波能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象，一切波都能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象，只要滿足條件，一切波都可產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象，故B錯誤；C．人踩著滑板在弧形滑道的內(nèi)壁來回滑行，在擺角很小的情況下（通常小于5°）才可視為簡諧運(yùn)動，且平衡位置在最低點(diǎn)，故C錯誤；D．水波的疊加滿足運(yùn)動的獨(dú)立性原理，疊加分開后仍能保持疊加前的形狀，故D正確。故選D。5．A【詳解】甲、乙相互作用的庫侖斥力均為設(shè)甲的質(zhì)量為m，細(xì)線對甲的拉力為T，對甲進(jìn)行受力分析，把T分別沿著水平方向和豎直方向分解，由力的平衡可得綜合解得對乙進(jìn)行受力分析，同理可得乙的質(zhì)量也為則甲與乙的質(zhì)量之和為故選A。6．B【詳解】根據(jù)交流電有效值的定義可得解得這種交流電的有效值為故選B。7．B【詳解】A．小球處于二力平衡狀態(tài)，電場力豎直向上，電場強(qiáng)度豎直向下，則小球帶負(fù)電，故A錯誤；B．由電容的定義式解得上下兩極板間的電勢差為P點(diǎn)處在兩極板的正中央，則P點(diǎn)與下極板間的電勢差為因?yàn)橄聵O板接地電勢為0，所以P點(diǎn)的電勢為故B正確；C．根據(jù)小球在電場中平衡有可得故C錯誤；D．根據(jù)電容的決定式和定義式有可得則電場強(qiáng)度與兩極板間的距離無關(guān)，若把上極板向上平移一小段距離，兩極板間的電場強(qiáng)度不變，小球受到的電場力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，不會向下運(yùn)動，故D錯誤。故選B。8．AD【詳解】A．細(xì)光束從半徑OA上的C點(diǎn)垂直O(jiān)A射入介質(zhì)，則有結(jié)合、綜合解得OD是弧面AB的法線，則有A項(xiàng)正確；B．全反射角故B錯誤；C．由幾何關(guān)系可得OCDE是邊長為的正方形，則細(xì)光束從C到D再到E傳播的總距離為C項(xiàng)錯誤；D．由折射率的定義可得細(xì)光束從C到D再到E傳播的總時間為綜合解得D項(xiàng)正確。故選AD。9．BD【詳解】A．小球從A到P重力勢能的增加量為由幾何關(guān)系可得可得故A錯誤；B．把小球的重力分別沿著OP和垂直O(jiān)P分解，重力沿著OP方向的分力充當(dāng)向心力，則有解得故B正確；C．由解得故C錯誤；D．小球在P點(diǎn)的速度沿著圓弧的切線方向與OP垂直，把分別沿著水平方向和豎直方向分解，則有重力的功率為可得故D正確。故選BD。10．BD【詳解】A．合上開關(guān)的瞬間，導(dǎo)體棒的合力是安培力，由牛頓第二定律可得解得故A錯誤；B．由閉合電路歐姆定律可得解得故B正確；C．當(dāng)導(dǎo)體棒在1、2上穩(wěn)定運(yùn)行時，不受安培力的作用，回路中的電流為零，感應(yīng)電動勢與電源的電動勢等大反向，則有解得故C錯誤；D．導(dǎo)體棒在3、4上做減速運(yùn)動，由動量定理可得結(jié)合電流的定義式綜合可得解得故D正確。故選BD。11．>需相等不需要4：1【詳解】（1）[1][2][3]為了保證碰撞時A不反彈，兩球的質(zhì)量必須滿足為了保證兩小球發(fā)生對心正碰，兩小球的半徑需相等，由于小球做平拋運(yùn)動的高度和時間均相等，在驗(yàn)證動量守恒時可消除高度和時間，所以本實(shí)驗(yàn)不需要測量平拋運(yùn)動的高度和時間。（2）[4]平拋運(yùn)動水平方向做勻速直線運(yùn)動，A碰前的速度為碰后A球、B球的速度分別為當(dāng)動量守恒時整理可得若兩球發(fā)生彈性碰撞，則有綜合可得（3）[5]若A、B在碰撞過程中動量守恒，則有可得由題圖乙可知、、則有12．

【詳解】（1）在圖2中以筆畫線代替導(dǎo)線連接實(shí)物圖如下：（2）由閉合電路歐姆定律可得圖3甲的表達(dá)式為整理可得斜率縱軸的截距綜合解得（3）同理可得乙的表達(dá)式為當(dāng)，可得橫軸的截距為綜合可得舊電池的內(nèi)阻13．（1），；（2）【詳解】（1）對活塞進(jìn)行受力分析，由三力平衡可得解得氣體的壓強(qiáng)為若把氣體的溫度緩慢的升高，氣體做等壓變化，當(dāng)氣體的高度變?yōu)椋瑒t有解得（2）若打開缸右側(cè)的閥門，讓氣體的質(zhì)量減半，然后關(guān)閉閥門，假設(shè)氣體的溫度仍為，設(shè)剩余氣體的高度為，由理想氣體等溫變化的變質(zhì)量規(guī)律可得當(dāng)剩余氣體的溫度為，設(shè)其高度為，由等壓變化規(guī)律可得綜合解得14．（1），；（2）；（3），【詳解】（1）設(shè)甲的質(zhì)量為M，碰撞剛結(jié)束時乙、丙的速度均為v，甲與乙、丙組成的整體發(fā)生彈性碰撞，則有解得，對甲應(yīng)用動量定理可得綜合計算可得（2）當(dāng)丙剛運(yùn)動到B點(diǎn)時，設(shè)輕質(zhì)細(xì)桿與水平面的夾角為，由幾何關(guān)系可得當(dāng)丙剛運(yùn)動到B點(diǎn)時，乙仍在地面上速度水平向左，丙的速度沿圓弧的切線豎直向上，把乙、丙的速度分別沿著輕桿和垂直輕桿分解，則乙、丙在沿著輕桿方向的分速度相等，則有由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒可得綜合解得（3）丙從A到B的運(yùn)動過程中，設(shè)輕桿對乙做的功為W，則丙機(jī)械能的增量為對乙應(yīng)用動能定理可得計算可得，15．（1）；（2），；（3），【詳解】（1）由幾何關(guān)系可得，ab是圓形邊界的直徑，則圓形邊界的半徑為且cO是圓形邊界的直徑，則有設(shè)軌跡圓的半徑為r，過c、O兩點(diǎn)分別做速度的垂線，交點(diǎn)是軌跡圓的圓心，、是軌跡圓的兩個半徑，則有是一個角為的等腰三角形，則是等邊三角形，則有解得,可得軌跡圓的半徑與圓形邊界的半徑之差（2）設(shè)粒子在d點(diǎn)的速度為v，由洛倫茲力充當(dāng)向心力可得解得把粒子受到的電場力分別沿著x軸和y軸分解，則有由牛頓第二定律可得粒子在d的速度沿著y軸的負(fù)方向，則粒子在d點(diǎn)沿x軸正方向的分速度恰好為0，結(jié)