湖北省襄陽市宜城市重點中學2023-2024學年高二上學期9月月考物理試題 （原卷版+解析版）

第第頁湖北省襄陽市宜城市重點中學2023-2024學年高二上學期9月月考物理試題（原卷版+解析版）2023-2024學年高二年級9月月考

物理試卷

一、選擇題（每小題4分，共10小題，共40分。1-7為單選，8-10為多選）

1.下列各圖標出的磁場B的方向、帶電粒子運動速度v的方向、洛倫茲力的方向，正確的是()

A.B.

C.D.

【答案】C

【解析】

【詳解】由左手定則可知，A項中的洛倫茲力方向向上；B項中的洛倫茲力方向向下；C項中的洛倫茲力方向向上；D項中的洛倫茲力方向向左。只有C項中的方向正確。

故選C。

2.關于電源電動勢，下列說法正確的是（）

A.常見充電寶標有或等，此物理量越大，則充電電流越大

B.電動勢E跟電源的體積無關，外電路變化時，E也變化

C.電動勢表征了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能越多，電動勢越大

D.電動勢E反映電源做功的能力，電動勢大，則說明其內(nèi)部移動1C的正電荷時，非靜電力做功要多

【答案】D

【解析】

【詳解】A．常見充電寶標有或等，此物理量越大，則充電寶所儲存的電量越多，與充電電流無關，A錯誤；

B．同一電源接入不同的電路中，電動勢不會發(fā)生變化，電動勢是由電源本身性質(zhì)決定，B錯誤；

C．電動勢表征了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電源電動勢是由電源本身決定的與轉(zhuǎn)化的電能多少無關，C錯誤；

D．電動勢E反映電源做功的能力，電動勢大，則說明其內(nèi)部移動1C的正電荷時，非靜電力做功要多，D正確。

故選D。

3.如圖所示的電路中,,滑動變阻器的最大阻值為,,當滑片P滑至的中點時,a、b兩端的電壓為()

A.30VB.45VC.60VD.75V

【答案】A

【解析】

【詳解】由題可知，滑片P滑至R2的中點，變阻器下半部分電阻為100Ω，下半部分電阻與R1并聯(lián)的阻值為：

則ab兩端的電壓為：

，

A.選項與計算結(jié)果一致，故A正確；

B.選項與計算結(jié)果不一致，故B錯誤；

C.選項與計算結(jié)果不一致，故C錯誤；

D.選項與計算結(jié)果不一致，故D錯誤；

4.通電的正三角形導線框abc與無限長通電直導線MN在同一平面內(nèi)，導線框中通以如圖所示順時針方向的電流，bc邊與MN平行。下列說法正確的是（）

A.ab邊與ac邊所受的安培力的合力方向與MN平行

B.線框所受安培力的合力為零

C.線框面積有減小的趨勢

D.線框在安培力作用下一定有向左的運動趨勢

【答案】D

【解析】

【詳解】ABD．根據(jù)安培定則，可知無限長通電直導線MN在其右側(cè)產(chǎn)生垂直于紙面向里的磁場，根據(jù)左手定則，可知ab邊與ac邊所受的安培力的合力方向水平向左，與MN垂直，bc受的安培力水平向右，由于ab邊與ac邊更靠近導線MN，磁感應強度越大，故ab邊與ac邊所受的安培力的合力大于bc所受的安培力，則線框所受安培力的合力不為零，故線框在安培力作用下一定有向左的運動趨勢，故AB錯誤，D正確；

C．三邊受力均向外，線框面積有擴張的趨勢，故C錯誤。

故選D。

5.如圖所示，質(zhì)量為、長為的直導線用兩絕緣細線懸掛于、，并處于勻強磁場中，當導線中通以沿正方向的電流，且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為，則磁感應強度的最小值及其方向為（重力加速度為）（）

A.；軸正向

B.；正向

C.；負向

D.；沿懸線斜向下

【答案】D

【解析】

【詳解】導線受到重力、拉力以及安培力的作用，重力的大小和方向確定，拉力的方向確定，根據(jù)矢量三角形可得，當安培力和拉力垂直時，安培力最小，對應磁場的磁感應強度最小，有

mgsinθ=BminIL

解得

Bmin=

根據(jù)左手定則可得磁感應強度方向為沿懸線斜向下，ABC錯誤，D正確。

故選D。

6.如圖所示，將扁平長方體形狀的霍爾元件水平放置接入電路，勻強磁場垂直于霍爾元件的水平面豎直向下，閉合開關，讓電流從霍爾元件的左側(cè)流入右側(cè)，則其前后兩表面會形成電勢差?，F(xiàn)有載流子是電子的霍爾元件1和載流子是空穴的霍爾元件2，兩元件均按圖示方式接入電路（閉合開關），則關于前后兩表面電勢高低的判斷，下列說法中正確的是（）

A.若接入元件1時，前表面電勢高；若接入元件2時，前表面電勢低

B.若接入元件1時，前表面電勢低；若接入元件2時，前表面電勢高

C.不論接入哪個元件，都是前表面電勢高

D.不論接入哪個元件，都是前表面電勢低

【答案】A

【解析】

【詳解】若接入元件1時，霍爾元件中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，電子向后表面偏轉(zhuǎn)，所以前表面電勢高；若接入元件2時，根據(jù)左手定則，空穴向后表面聚集，故后表面電勢高，前表面電勢低。

故選A。

7.如圖所示，在平板PQ上方有一勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。某時刻有a、b、c三個電子（不計重力）分別以大小相等、方向如圖所示的初速度va、vb和vc經(jīng)過平板PQ上的小孔O垂直射入勻強磁場。這三個電子打到平板PQ上的位置到小孔O的距離分別是、和，電子在磁場中運動的時間分別為ta、tb和tc。整個裝置放在真空中。則下列判斷正確的是（）

A.=<B.<<C.ta＞tb＞tcD.ta=tc＜tb

【答案】C

【解析】

【詳解】AB．三個電子的速度大小相等，軌跡如圖所示

垂直進入同一勻強磁場中。由于初速度va和vc的方向與PQ的夾角相等，所以這兩個電子的運動軌跡正好組合成一個完整的圓，則這兩個電子打到平板PQ上的位置到小孔的距離是相等的。而初速度vb的電子方向與PQ垂直，則它的運動軌跡正好是半圓，所以電子打到平板PQ上的位置到小孔的距離恰好是圓的直徑。由于它們的速度大小相等，因此它們的運動軌跡的半徑均相同。所以速度為vb的距離最大。故A錯誤，B錯誤；

CD．從圖中可得，初速度va的電子偏轉(zhuǎn)的角度最大，初速度vc的電子偏轉(zhuǎn)的角度最小，根據(jù)粒子在磁場中運動的時間與偏轉(zhuǎn)的角度之間的關系

可得偏轉(zhuǎn)角度最大a運動的時間最長，偏轉(zhuǎn)角度最小的c在磁場中運動的時間最短。故C正確，D錯誤。

故選C。

8.如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r0．不稱重物時，滑片P在A端；稱重物時在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器接入電路的阻值發(fā)生變化，通過電流表的示數(shù)即可顯示被稱物體的重量值．已知P的滑動過程，彈簧始終未超出彈性限度，則閉合開關S后

A.不稱重物時電流表的不數(shù)為零

B.達到最大稱重值時電路中的電流為

C.電流表示數(shù)越大，則說明所稱物體越重

D.所稱物體越重，電源的總功率越大

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.不稱重時，P在A端，接入電路的電阻最大，電流最小，但不為零，故A錯誤；

B.達到最大稱重值時，滑動端到達B端，此時滑動變阻器接入電路的電阻為零，則電路中的電流為，選項B錯誤；

C.所稱物體越重，P越向下，接入的電阻越小，電流越大，故C正確；

D、總功率P總=EI，E不變，所稱物體越重，電流I越大，則電源的總功率越大，故D正確．

9.薄鋁板將同一勻強磁場分成Ⅰ、Ⅱ兩個區(qū)域，高速帶電粒子穿過鋁板前后在兩個區(qū)域內(nèi)運動的軌跡如圖所示，半徑。假定穿過鋁板前后粒子帶電荷量保持不變，但鋁板對粒子的運動有阻礙，則該粒子（）

A.帶負電B.在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動速度大小相同

C.在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動時間相同D.從Ⅱ區(qū)域穿過鋁板運動到Ⅰ區(qū)域

【答案】AC

【解析】

【詳解】AD．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

qvB=m

解得

粒子穿過鋁板后，速率減小，電量不變，知軌道半徑減小，所以粒子是從區(qū)域Ⅰ穿過鋁板運動到區(qū)域Ⅱ，根據(jù)左手定則知，粒子帶負電，故A正確，D錯誤；

B．高速帶電粒子穿過鋁板后速率減小，知在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動速度大小不同，故B錯誤；

C．粒子在磁場中做圓周運動的周期

周期大小與粒子的速度無關，粒子在你兩區(qū)域的運動時間都是半個周期，則粒子在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動時間相同，故C正確。

故選AC。

10.如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中，其圖像如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4.5s,關于帶電物塊及運動過程的說法正確的是

A.該物塊帶正電

B.皮帶輪的傳動速度大小一定為1m/s

C.若已知皮帶的長度,可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移

D.在2～4.5S內(nèi),物塊與皮帶仍可能有相對運動

【答案】AD

【解析】

【詳解】由圖乙可知，物塊做加速度逐漸減小的加速運動．物塊的最大速度是1m/s

A項：對物塊進行受力分析可知，開始時物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設動摩擦因數(shù)為μ，沿斜面的方向：

μFN-mgsinθ=ma①

物塊運動后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小，由①式可知，物塊的加速度逐漸減小，一定是FN逐漸減小，而開始時：FN=mgcosθ，后來：FN′=mgcosθ-f洛，即洛倫茲力的方向是向上的．物塊沿傳送帶向上運動，由左手定則可知，物塊帶正電，故A正確；

B、D項：物塊向上運動的過程中，洛倫茲力越來越大，則受到的支持力越來越小，結(jié)合①式可知，物塊的加速度也越來越小，當加速度等于0時，物塊達到最大速度，此時：

mgsinθ=μ（mgcosθ-f洛）②

由②可知，只要傳送帶的速度大于等于1m/s，則物塊達到最大速度的條件與傳送帶的速度無關，所以傳送帶的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物塊可能相對于傳送帶靜止，有可能相對于傳送帶不靜止．故B錯誤，D正確；

C項：由以上的分析可知，傳送帶的速度不能判斷，所以若已知皮帶的長度，也不能求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移．故C錯誤．

故選AD．

二、非選擇題。（共5小題，共60分）

11.將一銅片和一鋅片分別插入一個蘋果內(nèi)，就構(gòu)成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V。可是這種電池并不能點亮額定電壓為1.5V、額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡，原因是流過小燈泡的電流太小了，實驗測得不足3mA。為了測定該水果電池的電動勢和內(nèi)阻，提供的實驗器材有：

水果電池

電流表A（量程0~3mA，內(nèi)阻約為0.5Ω）

電壓表V（量程0~1.5V，內(nèi)阻約為3kΩ）

滑動變阻器R1（阻值0~10Ω，額定電流1A）

滑動變阻器R2（阻值0~3kΩ，額定電流為1A）

電鍵，導線若干

（1）應選_________（選“a”或“b”）電路圖實驗。

（2）實驗中滑動變阻器應選用_________（填器材）。

（3）根據(jù)實驗記錄數(shù)據(jù)，經(jīng)描點、連線得到水果電池的路端電壓隨電流變化的U-I圖像如圖所示，由圖可知，水果電池的電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________Ω。內(nèi)阻的測量結(jié)果將_________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）

【答案】①a②.R2③.1.35④.450⑤.偏大

【解析】

【詳解】(1)[1]由題意可知水果電池內(nèi)阻較大，為減小實驗誤差，相對于電源來說，電流表應采用內(nèi)接法，因此應選擇圖a所示電路圖。

(2)[2]電源的內(nèi)阻大約

若選用0～10Ω的滑動變阻器，移動滑片，電流基本不變，因此滑動變阻器應選：R2（阻值0～3kΩ，額定電流為1A）。

(3)[3]由圖示電源U-I圖線可知，圖象與縱軸截距為1.35，則電源電動勢為

[4]電池內(nèi)阻為

[5]由圖a所示電路圖可知，相對于電源來說電流表采用內(nèi)接法，電源內(nèi)阻的測量值等于電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，電源內(nèi)阻測量值大于真實值。

12.某同學利用如圖(a)所示電路，測量一個量程為0~3V，內(nèi)阻約3kΩ的電壓表V1的內(nèi)阻Rx，所用的實驗器材有：待測電壓表V1；電壓表V2（量程0~10V，內(nèi)阻約10kΩ）；滑動變阻器R1(0~500Ω)；定值電阻R=5.0kΩ；電源E（電動勢8V，內(nèi)阻較?。?；開關一個、導線若干。

回答下列問題：

(1)根據(jù)圖(a)所示的電路，在圖(b)中用筆畫線代替導線將實物圖的電路連接完整______；

(2)閉合開關S前應先將滑動變阻器的滑片調(diào)到最____端（填“左”或“右”），多次調(diào)節(jié)滑動變阻器，記下電壓表V1的示數(shù)U1和電壓表V2的示數(shù)U2；

(3)該同學以U2為縱坐標，U1為橫坐標建立坐標系，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)描點作圖如圖(c)所示，由電路圖可知U2與U1的關系式為U2=______（用題中所給物理量符號表示），結(jié)合圖線（c）和已知數(shù)據(jù)可求得待測電壓表內(nèi)阻Rx=______kΩ；(結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

【答案】①.實物連線圖②.左③.④.3.2

【解析】

【詳解】（1）[1]根據(jù)電路圖連接實物圖，如圖所示

（2）[2閉合開關S前應先將滑動變阻器的滑片調(diào)到左端，使通過待測電壓表和R的電流和兩端的電壓為零，保護電路；

（3）[3]電壓表測量電壓表和R的總電壓，根據(jù)歐姆定律得

解得

[4]圖像的斜率為

根據(jù)圖像可知

解得

13.如圖所示，一電荷量為的帶電粒子，以速度垂直射入磁感應強度為、寬度為的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角，求：

（1）畫出軌跡圖，并求出帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑；

（2）帶電粒子的電性和質(zhì)量；

（3）帶電粒子穿過磁場的時間。

【答案】（1），；（2）帶電粒子帶正電，；（3）

【解析】

【詳解】（1）電子垂直射入勻強磁場中，只受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，畫出軌跡，如圖所示

由幾何知識得到，軌跡的半徑為

（2）由左手定則，可知，帶電粒子帶正電，由牛頓第二定律得

解得

（3）由幾何知識得到，軌跡的圓心角為，故穿越磁場的時間為

14.在傾角的絕緣斜面上，固定一光滑金屬框，寬，接入電動勢、內(nèi)阻的電池，垂直框面放置一根質(zhì)量的金屬棒，金屬棒接入電路的電阻的阻值為，整個裝置放在磁感應強度、方向垂直于框面向上的勻強磁場中，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值使金屬棒靜止在框架上，如圖所示。（框架的電阻不計，框架與金屬棒接觸良好，取）。求：

（1）畫出受力圖，并求出金屬棒受到安培力的大??；

（2）滑動變阻器接入電路的阻值；

（3）現(xiàn)先將金屬棒固定，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電源輸出功率最大，然后由靜止釋放，求釋放瞬間金屬棒的加速度大小及方向。

【答案】（1），1N；（2）；（3），方向沿金屬框向上

【解析】

【詳解】（1）設金屬棒受到的安培力大小為，對金屬棒受力分析如圖

可得

（2）根據(jù)公式

可得，電路中的電流為

由閉合電路歐姆定律得

解得

（3）電源的輸出功率為

由閉合電路歐姆定律

當

即

此時最大，此時

，

安培力，金屬棒沿斜面向上加速，由牛頓第二定律

又

聯(lián)立解得

方向沿金屬框向上

15.如圖所示，在平面直角坐標系中，直角三角形內(nèi)存在垂直平面向里磁感應強度為的勻強磁場，線段，邊在軸上，。電子束沿軸方向以相同的速度從邊上的各點射入磁場，已知這些電子在磁場中做圓周運動的半徑均為，在第四象限正方形內(nèi)存在沿軸正方向、大小為的勻強電場，在處垂直于軸放置一足夠大的平面苂光屏，屏與軸交點為。忽略電子間的相互作用，不計電子的重力。求：

（1）電子的比荷；

（2）能運動到達軸的電子射入磁場的點的坐標值范圍；

（3）在能打到苂光屏的粒子中。從軸最右端射入電場中的電子打到苂光屏上的點與點間的距離。

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】

【詳解】（1）由題意可知電子在磁場中的軌跡半徑

由牛頓第二定律得

電子的比荷

（2）電子在磁場中運動圓軌跡應恰好與邊相切時為能到達軸的最后邊的臨界狀態(tài)，軌跡如圖

由幾何關系可得此電子對應的射入點為點，所以能運動到軸的電子的射入點坐標范圍

（3）若電子能進入電場中，且離點右側(cè)最遠，則電子在磁場中運動圓軌跡應恰好與邊相切，即粒子從點離開磁場進入電場時，離點最遠

設電子運動軌跡的圓心為點。則

從點射出的電子，做類平拋運動，有

代入得

電子射出電場時與水平方向的夾角為，有

從軸最右端射入電場中的電子打到苂光屏上的點為，到點的距離2023-2024學年高二年級9月月考

物理試卷

一、選擇題（每小題4分，共10小題，共40分。1-7為單選，8-10為多選）

1.下列各圖標出的磁場B的方向、帶電粒子運動速度v的方向、洛倫茲力的方向，正確的是()

A.B.

C.D.

2.關于電源電動勢，下列說法正確的是（）

A.常見充電寶標有或等，此物理量越大，則充電電流越大

B.電動勢E跟電源的體積無關，外電路變化時，E也變化

C.電動勢表征了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能越多，電動勢越大

D.電動勢E反映電源做功的能力，電動勢大，則說明其內(nèi)部移動1C的正電荷時，非靜電力做功要多

3.如圖所示的電路中,,滑動變阻器的最大阻值為,,當滑片P滑至的中點時,a、b兩端的電壓為()

A30VB.45VC.60VD.75V

4.通電的正三角形導線框abc與無限長通電直導線MN在同一平面內(nèi)，導線框中通以如圖所示順時針方向的電流，bc邊與MN平行。下列說法正確的是（）

A.ab邊與ac邊所受的安培力的合力方向與MN平行

B.線框所受安培力的合力為零

C.線框面積有減小的趨勢

D.線框在安培力作用下一定有向左的運動趨勢

5.如圖所示，質(zhì)量為、長為直導線用兩絕緣細線懸掛于、，并處于勻強磁場中，當導線中通以沿正方向的電流，且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為，則磁感應強度的最小值及其方向為（重力加速度為）（）

A.；軸正向

B.；正向

C.；負向

D.；沿懸線斜向下

6.如圖所示，將扁平長方體形狀的霍爾元件水平放置接入電路，勻強磁場垂直于霍爾元件的水平面豎直向下，閉合開關，讓電流從霍爾元件的左側(cè)流入右側(cè)，則其前后兩表面會形成電勢差?，F(xiàn)有載流子是電子的霍爾元件1和載流子是空穴的霍爾元件2，兩元件均按圖示方式接入電路（閉合開關），則關于前后兩表面電勢高低的判斷，下列說法中正確的是（）

A.若接入元件1時，前表面電勢高；若接入元件2時，前表面電勢低

B.若接入元件1時，前表面電勢低；若接入元件2時，前表面電勢高

C.不論接入哪個元件，都是前表面電勢高

D.不論接入哪個元件，都是前表面電勢低

7.如圖所示，在平板PQ上方有一勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。某時刻有a、b、c三個電子（不計重力）分別以大小相等、方向如圖所示的初速度va、vb和vc經(jīng)過平板PQ上的小孔O垂直射入勻強磁場。這三個電子打到平板PQ上的位置到小孔O的距離分別是、和，電子在磁場中運動的時間分別為ta、tb和tc。整個裝置放在真空中。則下列判斷正確的是（）

A.=<B.<<C.ta＞tb＞tcD.ta=tc＜tb

8.如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r0．不稱重物時，滑片P在A端；稱重物時在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器接入電路的阻值發(fā)生變化，通過電流表的示數(shù)即可顯示被稱物體的重量值．已知P的滑動過程，彈簧始終未超出彈性限度，則閉合開關S后

A.不稱重物時電流表的不數(shù)為零

B.達到最大稱重值時電路中的電流為

C.電流表示數(shù)越大，則說明所稱物體越重

D.所稱物體越重，電源的總功率越大

9.薄鋁板將同一勻強磁場分成Ⅰ、Ⅱ兩個區(qū)域，高速帶電粒子穿過鋁板前后在兩個區(qū)域內(nèi)運動的軌跡如圖所示，半徑。假定穿過鋁板前后粒子帶電荷量保持不變，但鋁板對粒子的運動有阻礙，則該粒子（）

A.帶負電B.在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動速度大小相同

C.在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域運動時間相同D.從Ⅱ區(qū)域穿過鋁板運動到Ⅰ區(qū)域

10.如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中，其圖像如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4.5s,關于帶電物塊及運動過程的說法正確的是

A.該物塊帶正電

B.皮帶輪的傳動速度大小一定為1m/s

C.若已知皮帶的長度,可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移

D.在2～4.5S內(nèi),物塊與皮帶仍可能有相對運動

二、非選擇題。（共5小題，共60分）

11.將一銅片和一鋅片分別插入一個蘋果內(nèi)，就構(gòu)成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V?？墒沁@種電池并不能點亮額定電壓為1.5V、額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡，原因是流過小燈泡的電流太小了，實驗測得不足3mA。為了測定該水果電池的電動勢和內(nèi)阻，提供的實驗器材有：

水果電池

電流表A（量程0~3mA，內(nèi)阻約為0.5Ω）

電壓表V（量程0~1.5V，內(nèi)阻約為3kΩ）

滑動變阻器R1（阻值0~10Ω，額定電流為1A）

滑動變阻器R2（阻值0~3kΩ，額定電流為1A）

電鍵，導線若干

（1）應選_________（選“a”或“b”）電路圖實驗。

（2）實驗中滑動變阻器應選用_________（填器材）。

（3）根據(jù)實驗記錄數(shù)據(jù)，經(jīng)描點、連線得到水果電池的路端電壓隨電流變化的U-I圖像如圖所示，由圖可知，水果電池的電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________Ω。內(nèi)阻的測量結(jié)果將_________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）

12.某同學利用如圖(a)所示電路，測量一個量程為0~3V，內(nèi)阻約3kΩ的電壓表V1的內(nèi)阻Rx，所用的實