2021年高考物理押題預(yù)測(cè)卷（湖北卷）02（全解全析）

2021年高考押題預(yù)測(cè)卷02【湖北卷】

物理?全解全析

1234567891011

ABBCACCBCBCBDACD

1.A

【詳解】

A.衰變方程為

:IH.z；He+—1,e

A正確；

B.今核衰變放出的尸射線是電子流，來(lái)源于核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和電子，即

H+_|e

B錯(cuò)誤；

C.經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，是有一半晁核發(fā)生衰變，并不是質(zhì)量剩為原來(lái)的一半，C錯(cuò)誤；

D.散核夕衰變過(guò)程放出能量，平均核子質(zhì)量會(huì)減小，D錯(cuò)誤。

故選A,

2.B

【詳解】

A.A點(diǎn)為點(diǎn)電荷，故到A距離相同的地方電勢(shì)相同，B到A與C到A距離不同，故BC電勢(shì)不相等，故

A錯(cuò)誤；

B.兩個(gè)正點(diǎn)電荷從無(wú)限遠(yuǎn)處移動(dòng)到BC過(guò)程中，克服電場(chǎng)力做功故A為正電荷

叱

B距離A近

例>(Pc

=W2

則

2<%

故B正確；

C.場(chǎng)源電荷量增大BC位置的電勢(shì)增大，克服靜電力做功增大，但兩者等比例增大，則

Wi=W2

故c錯(cuò)誤；

D.負(fù)電荷由B至C電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤。

故選B。

3.B

【詳解】

A.重錘下落過(guò)程中做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)

可知，重錘撞預(yù)制樁前瞬間的速度與重錘的質(zhì)量無(wú)關(guān)，只與下落的高度有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.重錘撞擊預(yù)制樁的瞬間動(dòng)量守恒，則

mv0=(m+M)v

可知，重錘質(zhì)量，〃越大，預(yù)制樁被撞后瞬間的速度越大，選項(xiàng)B正確；

C.碰撞過(guò)程中，重錘和預(yù)制樁的總機(jī)械能要減小，系統(tǒng)要產(chǎn)生內(nèi)能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.整個(gè)過(guò)程中，重錘和預(yù)制樁在以共同速度下降的過(guò)程中，受合外力不為零，總動(dòng)量減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。

4.C

【詳解】

A.由安培定則可知，兩電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在a處都是豎直向下，則兩電流的合磁場(chǎng)在4處方向豎直向下，故

A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)安培定則可知，電流4產(chǎn)生的磁場(chǎng)在b處方向豎直向上，電流/2產(chǎn)生的磁場(chǎng)在6處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方

向豎直向下，It=I2,根據(jù)合成可知，6點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零，故B錯(cuò)誤；

C.由安培定則可知，兩電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在c處都是豎直向上，則兩電流的合磁場(chǎng)在c處方向豎直向上，故

C正確。

D.由安培定則可知，兩電流在d處產(chǎn)生的磁場(chǎng)并非等大反向，根據(jù)合成可知，d點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不

為零，故D錯(cuò)誤。

故選C。

5.A

【詳解】

項(xiàng)鏈右端級(jí)慢向左移動(dòng)的過(guò)程中,Q與水平方向的夾角?增大，根據(jù)三力平衡條件得

p

￡]sina=mg,-^—=mg

tana

所以有尸I減小，尸2減小。

故選A。

6.C

【詳解】

由圖可知波形甲的振幅比波形乙的小，波形乙的形成時(shí)間比波形甲的早，在同一介質(zhì)中傳播，波速相同，

由圖可知甲的波長(zhǎng)比乙的波長(zhǎng)大，根據(jù)則波形甲的周期大于波形乙的周期，由圖還可判斷波形甲的

起振方向向下，波形乙的起振方向向上。

故選C。

7.C

【詳解】

AB.兩點(diǎn)發(fā)出的球都能到達(dá)。點(diǎn)，B球從C到地面豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向的運(yùn)動(dòng)可

知

%=%

由于水平方向的位移相同，根據(jù)

x

v*=7

可知

以水＞%水

根據(jù)速度的合成可知，A拋出時(shí)的速度

VAO=匕vk

A落到。點(diǎn)時(shí)的速度

VAD-{RA+囁

B落到D點(diǎn)時(shí)的速度

故兩過(guò)程中，后一個(gè)過(guò)程中，網(wǎng)球擊中。點(diǎn)時(shí)速度較小，故AB錯(cuò)誤;

C.個(gè)過(guò)程中對(duì)網(wǎng)球做功

叱=2根匕水

第一個(gè)過(guò)程中對(duì)網(wǎng)球做功

叱=2mv?=2/nV?D=2m

可知叫可能等于帆，選項(xiàng)C正確；

D.豎直方向做的是自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的高度相同，故落地時(shí)豎直方向的速度相同,

則重力的瞬時(shí)功率

P=mgvy

相同，故D錯(cuò)誤。

故選C。

8.BC

【詳解】

A.根據(jù)

可得

由于土星的軌道半徑大，故土星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的線速度小于地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的線速度，故A錯(cuò)誤;

B.由開(kāi)普勒第三定律可知

尸

乜72.=生3

瑤4

可得

故B正確；

C.7］也=1年，&=29.5年，地球與土星從沖日到相距最遠(yuǎn)滿足

（°地-0±為=兀

得到

7171八—

=------------=—---------x0.52

例也一公h至271年

Ti&T±

故C正確；

D.出現(xiàn)土星沖日現(xiàn)象有

（0地一°±）"2=2兀

得距下一次土星沖日所需時(shí)間

2兀27r，八“

r,=------------=------—*1.04.

'。地-0土生一生年，

%T±.

則約需要1年零15天會(huì)再次出現(xiàn)土星沖日現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。

故選BCo

9.BC

【詳解】

A.頻率是由波源決定的，所以光從水進(jìn)入食用油中，頻率變不變，A錯(cuò)誤；

B.食用油的折射率大于水的折射率，根據(jù)全反射的條件，光從食用油進(jìn)入水中時(shí)可能會(huì)發(fā)生全反射，B正

確：

C.根據(jù)

v=-

n

食用油的折射率大于水的折射率，光在食用油中的傳播速度小于在水中的傳播速度，C正確;

D.如圖

筷子

圖為筷子豎直插入食用油玻璃杯內(nèi)的俯視圖，A處為筷子，ABP表示由筷子發(fā)出的穿過(guò)玻璃杯壁B射向觀

察者尸處的一條光線。ON為過(guò)8點(diǎn)沿半徑方向的直線，即在8處和空氣的分界面的法線，上述光線則相

當(dāng)于在B處由食用油中射入空氣中，圖中的角i和角，分別為此光線的入射角和折射角，根據(jù)光的折射規(guī)律

可知，應(yīng)有廠＞i,所以觀察者在P處看到的筷子A的像4的位置不是在A的實(shí)際位置，而是由其實(shí)際位

置偏離杯中心的方向向杯壁靠攏一些，D錯(cuò)誤。

故選BCo

10.BD

【詳解】

AB.僅閉合開(kāi)關(guān)S,負(fù)載電阻變小，變壓器T2副線圈電流增大，根據(jù)交變電流規(guī)律知，T?原線圈電流增大,

即輸電線上電流增大，輸電線上損耗的電壓

\U=hr

增大，損耗的功率

2

AP=/2r

增大，T2的輸入電壓

Ui=U2-\U

減小，所以5減小，即燈小兩端電壓減小，心變暗，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.僅將滑片P下移，變壓器Ti副線圈匝數(shù)增加（血增加），根據(jù)

u、_2

U2n2

可知U2變大，由

hlh=l￡r+I，R,hn3=hn^

得

Ui-h（r+與火）

%

因S變大，〃3、〃4、r及R不變，則/2變大，即輸電線上電流變大，廠消耗的功率會(huì)變大，故C錯(cuò)誤；

D.僅將滑片P上移，同理可得Ti的輸出電壓變小，輸電線電流變小，由3=%可知，八變小，則電流表

A〃2

示數(shù)會(huì)變小，故D正確。

故選BD。

11.ACD

【詳解】

A.由題意可知，線圈P在直線8。上的不同位置保持靜止（線圈平面與地面平行），線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流,

說(shuō)明穿過(guò)線圈的磁通量不變，則金屬管線沿BD走向，故A正確。

B.由題意可知，當(dāng)線圈靜止時(shí)存在感應(yīng)電流，則說(shuō)明線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)為變化的，故電流一定是變化的，故

B錯(cuò)誤。

C.線圈平面與射線AC成37。角時(shí)，線圈中感應(yīng)電流消失，說(shuō)明B點(diǎn)的磁場(chǎng)方向與AC成37。角，則由幾

何關(guān)系可知，埋覆深度d與OA長(zhǎng)度的關(guān)系為

d=Q4tan53°

解得深度

d=-^—L

3

故C正確。

D.P在A處，與地面夾角成53。時(shí)，線圈P與磁場(chǎng)方向相互垂直，則此時(shí)磁通量的最大，磁通量的變化率

最大，故感應(yīng)電流可能最大，故D正確。

故選ACD?

dFrd2

12.--小剛球的質(zhì)量一=方1"

LA/xL_（AZ）

【詳解】

（1）口］擋光片的線速度

d

v=-

X

小剛球和擋光片同軸，則小鋼球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度

vd

co--=------

LL\t

（2）[2]根據(jù)牛頓第二定律，要求出加速度還得需要測(cè)量小剛球的質(zhì)量

[3]根據(jù)

F=ma

mx

2

a=rco~

F_rd2

X產(chǎn)（加）2

13.R2串聯(lián)445008.62（8.55?8.70均可給分）19.1（18.6?19.3均可給分）小于小于

【詳解】

⑴[1]根據(jù)電表的改裝，應(yīng)將給電流表串聯(lián)一個(gè)電阻，從而將其改裝為電壓表。將/g=200〃A,q=500。

的電流表改裝成量程為9V的電壓表，則有

，g?+R）=9V

代入數(shù)據(jù)解得

=445000

通過(guò)以上計(jì)算，應(yīng)選：此串聯(lián)

[2]應(yīng)將&電阻箱的阻值調(diào)為44500Q

E

（2）[3]由圖乙，據(jù)閉合電路歐姆定律，得電路中電流為/=不一，電壓表的示數(shù)為

R+r

U=IR=-^-E

/?+r

上式變形可得

1r11

—=—?—?—

UERE

山圖丙可知

—=0.116V''

E

E=8.62V

[4]電池的內(nèi)阻為

0.22-0.116_,r

---------------rAA=—

(47—0)x10-3E

r=19.1Q

[5]如果把電阻箱的電阻R看做外電路，則電壓表可看成內(nèi)電路的一部分，因此實(shí)際測(cè)出的是電池和電壓

表整體等效的￡和/,當(dāng)外電路打開(kāi)時(shí)，電壓表與電源構(gòu)成閉合回路，此時(shí)電壓表兩端的電壓即為等效電

動(dòng)勢(shì)

小于電池電動(dòng)勢(shì)E。

[6]因電壓表和電池并聯(lián)，因此等效內(nèi)阻

，

r=-R1—J

R、+r

小于電池內(nèi)阻

14.(1)無(wú)破損漏氣；(2)1:11

【詳解】

(1)車(chē)胎內(nèi)體積可視為不變，由查理定律得

Pi.Pi

273+4273+^

代入數(shù)據(jù)可得

240_p2

300-275

解得

p.,=220kPa=2.2bar

故前輪胎無(wú)破損漏氣的情況；

(2)設(shè)輪胎體積為V,充氣過(guò)程可理解為,壓強(qiáng)為〃3=2-2bar,體積為匕的氣體,一次性壓縮為p=2.4bar,

體積為丫的氣體，且過(guò)程中溫度不變；

根據(jù)玻意耳定律有

P3匕=PV

解得

匕=也

代入數(shù)據(jù)可得

v=—v

311

故可得

—V

V,-V_11_1

15.(1)1.2X104N；(2)l()0m/s

【詳解】

(1)對(duì)列車(chē)整體，由牛頓第二定律，有

4F—8kmg-Sina

對(duì)第一節(jié)車(chē)廂，由牛頓第二定律，有

61-kmg=ma

聯(lián)立解得

居?=-1=1.2X104N

(2)列車(chē)最終勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有

4P=七%

且有

F^=8kmg

聯(lián)立解得

vm=100m/s

(2)|；(3)2

16.(1)

2Blt；3

【詳解】

(1)設(shè)某時(shí)刻MrWfo)，a、b兩棒的速度分別為」、V1,，0?，時(shí)間內(nèi)回路的平均感應(yīng)電流為i，根據(jù)右手

定則、丫一』圖象以及左手定則可知，兩棒達(dá)到共同速度之前，。所受安培力為動(dòng)力，6所受安培力為阻力,

對(duì)。棒由動(dòng)量定理有

Bilt-mva-mv0

對(duì)力棒由動(dòng)量定理有

-2Bilt=2mvh-2mx2v0

兩棒速度相等時(shí)

V?=Vb

聯(lián)立解得

3

代入

t=%

解得

1?=加%

2Blt0

(2)對(duì)圖甲中回路，兩棒組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)最終共同速度為叭則