2024屆浙江省溫州市蒼南縣巨人中學物理高一第一學期期末統(tǒng)考試題含解析

2024屆浙江省溫州市蒼南縣巨人中學物理高一第一學期期末統(tǒng)考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，物體在豎直方向的運動分三段，第1s-2s為第I段，第3s-4s為第II段，第5s為第III段，以向上為正方向，則下列說法中正確的是（）A第1s內物體處于失重狀態(tài)B.第I段與第III段平均速度相等C.第II段物體靜止D.第I段和第III段的加速度方向相反，速度方向也相反2、如圖所示，質量為m的木塊放置在質量為2m的長木板上，在水平向右的拉力F的作用下，木塊和木板一起以相等的速度做勻速直線運動，木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為2，取最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則（）A.1=22B.1<22C.1≤32D.1≥323、一物體由靜止開始做勻變速直線運動，在時間t內通過的位移為x，則它從出發(fā)開始經過的位移所用的時間為A. B.C. D.4、一個物體以初速度v0從斜面底端開始沿斜面上滑，到達最高點后又返回斜面底端時的速度大小為v，物體和斜面之間的動摩擦因數(shù)處處為μ，斜面傾角為θ，上滑時加速度大小為a1，下滑時加速度大小為a2，上滑時間為t1，下滑時間為t2.則下列判斷正確的是A.v0=v B.μ＜θC.a1＞a2 D.t1＞t25、游泳池長50m，某運動員從一側下水后，游了兩個來回，最后回到出發(fā)點。則他的位移為（）A.0 B.50mC.100m D.200m6、如圖所示，水平地面上勻速向左行駛的小車內，一重球被繩子AB、BC拴住，水平繩BC的拉力為T1，斜繩AB的拉力為T2．某時刻，小車突然開始減速，但重球相對小車的位置沒有發(fā)生變化，則兩繩的拉力的變化情況是()A.T1變大，T2變小B.T1變小，T2變大C.T1不變，T2變小D.T1變大，T2不變7、如圖所示，物塊沿固定斜面下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則（）A.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊將加速下滑B.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊仍將勻速下滑C若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將以加速度a勻加速下滑D.若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將勻加速下滑，加速度大于a8、如圖所示,質量為m木塊在質量為M的長木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2.下列說法正確的是()A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1(m+M)gB.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgC.當F>μ2(m+M)g時,木板便會開始運動D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動9、生活中常用一根水平繩拉著懸吊重物的繩索來改變或固定懸吊物的位置。如所示懸吊重物的細繩O點被一水平繩BO牽引，使懸繩AO段和豎直方向成θ=45°角。若懸吊物所受的重力為G，則下列說法正確的是（）A.懸繩AO上承受的拉力最大B.三根繩子上的拉力一樣大C.因為A、B兩繩拉力的合力等于重力，所以A、B兩繩拉力均小于重力GD.B繩上的拉力等于重力G10、質量分別為和的物體、用細繩連接后跨過滑輪，靜止在傾角為45°的斜面上，懸掛著，已知，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°增大到50°，系統(tǒng)仍保持靜止，下列說法正確的是A.物體受到的合外力減小B.物體對斜面壓力保持不變C.繩子對的拉力保持不變D.物體受到的靜摩擦力增大11、如圖所示，甲圖為光滑水平桌面上質量為M的物體，用輕繩通過定滑輪與質量為m的物體相連，m所受重力為5N；乙圖為同一物體M在光滑水平桌面上用輕繩通過定滑輪施加豎直向下的拉力F，拉力F的大小也是5N，開始時甲乙兩圖中M距桌邊的距離相等，則（）A.甲圖中M到達桌邊用的時間較長，速度較小B.M到達桌邊時的速度相等，所用的時間也相等C.乙圖中繩子受到的拉力較大D.甲圖中M到達桌邊時的動能較大，所用時間較短12、如圖所示，質量不等的木塊A和B的質量分別為m1和m2，置于光滑的水平面上．當水平力F作用于左端A上，兩物體一起做勻加速運動時，A、B間作用力大小為F1，則（）A.F1=F B.F1=C.F1<F D.F1=二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）一空降特戰(zhàn)兵實施空降空降兵出飛機艙后先做自由落體運動，下落3s后，打開傘包勻速下落600m，接著以大小為5m/s2的加速度做勻減速直線運動到達“敵方”的地面，著地時速度為5m/s，g取10m/s2。求：(1)空降兵做自由落體運動下落的距離；(2)空降兵打開傘包勻速下落的時間；(3)空降兵從離開飛機艙到著地的時間。16、（12分）如圖所示，質量為M=1kg的長木板B放置在水平面上，質量為m=1kg，可視為質點的物塊A放置于長木板B的上表面的正中央，A、B之間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.5，B與水平面之間的動摩擦因數(shù)為μ2=0.35，長木板B的右側s=3m處有一豎直墻面，木板與墻面之間發(fā)生碰撞時，速度反向且大小保持不變。現(xiàn)從靜止開始對長木板B持續(xù)施加一個水平向右的推力，使其向右運動，直到右端接觸到豎直墻面前的瞬間將力F撤去。設物體間的最大靜摩擦力等于其滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。（1）若保持A、B一起向右勻速直線運動，求F的大小；（2）要使A與B之間發(fā)生相對滑動，則力F至少需要多大?（3）若力F=18N，要使A不從B的上表面滑落，長木板B的長度L至少為多少?17、（12分）如圖所示，一個小物塊從一個固定的斜面上勻速下滑，已知小物塊的質量為，斜面的傾角為，重力加速度為，不計空氣阻力。求：（1）斜面所受的摩擦力；（2）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解題分析】A．第1s內物體向上做勻加速直線運動，加速度方向向上，物體處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．根據平均速度的推論，第I段與第III段的平均速度均為故B正確；C．第II段物體的速度不變，做勻速直線運動，故C錯誤；D．第I段和第III段加速度方向相反，速度方向相同，故D錯誤。故選B。2、D【解題分析】以木板為研究對象，根據平衡條件求出地面對木板的摩擦力大小以及木板與木塊之間靜摩擦力的大小，其靜摩擦力大小小于或者等于二者之間的最大靜摩擦力；【題目詳解】以木板為研究對象，木板水平方向受到兩個力：m給的向右的靜摩擦力，大小為，和地面給的向左的滑動摩擦力對木板根據平衡條件有由題可知：最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則即因此故ABC錯誤，D正確。故選D【題目點撥】本題采用隔離法分析木板的受力情況，木板所受木塊給的靜摩擦力要小于或等于二者之間的最大靜摩擦力3、B【解題分析】據位移時間公式可得：，它從出發(fā)開始經過的位移時，有:，解得：，故選B4、C【解題分析】AC．物體上滑過程中，應用牛頓第二定律：物體下滑過程中，應用牛頓第二定律：根據上述方程可知：，根據速度與位移的關系：物體上滑和下滑的位移大小相同，上滑過程的逆過程是初度為零的勻加速直線運動，所以速度關系：，故A錯誤，C正確；B．和的大小關系未知，故B錯誤；D．根據位移與時間的關系：可知兩次物體的位移大小相同，時間關系：，故D錯誤。故選C．5、A【解題分析】位移的大小等于首末位置的距離，故某運動員從一側下水后，游了兩個來回，最后回到出發(fā)點，則位移為0，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、D【解題分析】本題以小球為研究對象，分析受力，根據牛頓第二定律得到繩AB的拉力T1和繩BC的拉力T2與加速度的關系，即分析兩繩拉力的變化情況.【題目詳解】以小球為研究對象，分析受力：重力mg、繩BC的拉力T1和繩AB的拉力T2，如圖所示：設小車剎車的加速度為a，繩AB與水平方向的夾角為θ，根據牛頓第二定律得：T2sinθ=mg①T1-T2cosθ=ma②由①得由②得；可見，繩AB的拉力T2與加速度a無關，則T2保持不變.繩BC的拉力T1隨著加速度的增大而增大，則T1變大；故D正確.故選D.【題目點撥】本題在正確分析受力的基礎上，根據牛頓第二定律，運用正交分解法研究兩繩拉力的變化.7、BD【解題分析】設斜面傾角為，原來物體勻速下滑時有：，即，與物體的重力無關，則施加豎直向下的力F，物體仍勻速下滑，A錯誤，B正確；若物塊A原來加速下滑，有，將F分解，則，動力的增加大于阻力的增加，加速度變大，故C錯誤，D正確；選BD.【題目點撥】將F分解為垂直于斜面和平行于斜面兩個分力和，根據力的獨立作用原理，單獨研究F的作用效果，當F引起的動力增加大時，加速度增大，相反引起的阻力增大時，加速度減小8、BD【解題分析】A、由于木板相對于地面是否剛要滑動不清楚，地面的靜摩擦力不一定達到最大，則木板受到地面的摩擦力的大小不一定是μ2(m+M)g;故A錯誤.B、對木板：水平方向受到木塊向右滑動摩擦力f1和地面的向左的靜摩擦力f2，而f1=μ1mg，由平衡條件得：f2=f1=μ1mg；故B正確.C、D、由題分析可知，木塊對木板的摩擦力f1不大于地面對木板的最大靜摩擦力，當F改變時，f1不變，則木板不可能運動；故C錯誤，D正確.故選BD.9、AD【解題分析】對O點受力分析如圖，設細繩AO中拉力為，細繩BO中拉力為，吊重物的繩索的拉力為由于該狀態(tài)處于平衡狀態(tài)，因此可得出：、有幾何關系得：故選AD。10、CD【解題分析】先對物體B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到拉力等于物體B的重力；再對物體A受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，根據平衡條件列式分析【題目詳解】因系統(tǒng)平衡，可知物體A受到的合外力為零，保持不變，選項A錯誤；繩子對A的拉力等于B的重力，保持不變，選項C正確；設mA=2mB=2m，對物體B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg；再對物體A受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，如圖根據平衡條件得到：f+T-2mgsinθ=0；N-2mgcosθ=0；解得：f=2mgsinθ-T=2mgsinθ-mg；N=2mgcosθ；當θ不斷變大時，f不斷變大，N不斷變??；選項B錯誤，D正確；故選CD【題目點撥】本題關鍵是先對物體m受力分析，再對物體2m受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解11、AC【解題分析】ABD．甲圖中，對整體分析，根據牛頓第二定律可得整體的加速度：乙圖中，對分析，加速度：根據速度位移公式可知甲圖中到達桌邊時的速度較小，根據可知甲圖中到達桌邊時動能較小，根據可知甲圖中到達桌邊時所用的時間較長，A正確，BD錯誤；C．甲圖中繩子的拉力為：乙圖中繩子拉力等于5N，C正確。故選AC。12、CD【解題分析】對整體分析，由牛頓第二定律知整體的加速度大小為：。以B為研究對象，由牛頓第二定律得：A對B的作用力為：A．F1=F，與結論不相符，選項A錯誤；B．F1=，與結論不相符，選項B錯誤；C．F1<F，與結論相符，選項C正確；D．F1=，與結論相符，選項D正確；故選CD二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)45m；(2)20s；(3)28s【解題分析】(1)自由下落的距離h1＝gt12＝×10×32m＝45m(2)自由落體的末速度v1＝gt1＝10×3m/s＝30m/s勻速運動的時間t2＝＝s＝20s(3)勻減速運動的時間t3＝＝s＝5s空降兵從離開飛機艙到著地的時間t＝t1+t2+t3＝28s16、（1）7N；（2）F=17N；（3）7m。【解題分析】（1）若保持AB一起向右勻速直線運動，以AB整體為研究對象，由平衡條件有：解得：F=7N（2）以A為研究對象，A的最大加速度為aA，則有解得：以B為研究對象，當AB恰要有相對運動時具有相同的加速度。則：解得：F=17N（3）F=18N，物塊與板發(fā)生了相對滑動。此時，以A為研究對象，則解得：，方向向右以B為研究對象，則：解得：，方向向右設兩者開始運動到板右端接觸到豎直墻面所用時間為t1，則：解得：這段時間內A向右運動的距離板撞豎直墻面時，板的速度大小