河南省濮陽市柳格中學(xué)高三物理摸底試卷含解析

河南省濮陽市柳格中學(xué)高三物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，勻強(qiáng)電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝2m，已知電場線平行于△ABC所在的平面，一個帶電荷量q＝－2×10-6C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加1.2×10-5J，由B移到C的過程中電場力做功為6×10-6J，下列說法正確的是A、B、C兩點的電勢差UBC＝3VB、A點的電勢低于B點的電勢C、負(fù)電荷由C移到A的過程中，電勢能增加D、該電場的場強(qiáng)為1V/m參考答案：D2.在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動了人類文明的進(jìn)程．在對以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻(xiàn)的敘述中，正確的說法是（）A．牛頓用實驗的方法測出萬有引力常量GB．伽利略根據(jù)理想斜面實驗，提出了力是維持物體運動的原因C．密立根利用帶電油滴在豎直電場中的平衡比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量D．哥白尼提出日心說，認(rèn)為行星以橢圓軌道繞太陽運行參考答案：考點：物理學(xué)史．分析：本題屬于對物理學(xué)史的考查，熟記物理學(xué)家的貢獻(xiàn)即可解答．解答：解：A、牛頓提出了萬有引力定律及引力常量的概念，但沒能測出G的數(shù)值；G是由卡文迪許通過實驗方法得出的，故A錯誤；B、伽利略通過“理想實驗”提出亞里士多德的力是維持物體運動的原因的觀點是錯誤的，并且指出了是力改變物體運動狀態(tài)的原因，故B錯誤；C、密立根利用帶電油滴在豎直電場中的平衡比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量，故C正確．D、哥白尼提出日心說，開普勒支持日心說，提出了行星運動三定律，認(rèn)為行星以橢圓軌道繞太陽運行，故D錯誤．故選：C．點評：物理學(xué)的發(fā)展離不開各位物理學(xué)家的努力，在學(xué)習(xí)中應(yīng)清楚他們的主要貢獻(xiàn)．3.第29屆奧林匹克運動會于2008年8月8日至8月24日在中華人民共和國首都北京舉行.奧運會中的投擲的鏈球、鉛球、鐵餅和標(biāo)槍等體育比賽項目都是把物體斜向上拋出的運動，如圖所示，這些物體從被拋出到落地的過程中()A.物體的機(jī)械能先減小后增大B.物體的機(jī)械能先增大后減小C.物體的動能先增大后減小，重力勢能先減小后增大D.物體的動能先減小后增大，重力勢能先增大后減小參考答案：D4.如圖所示，質(zhì)量為m的小球在豎直面內(nèi)的光滑圓形軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動，通過最高點且剛好不脫離軌道時的速度為v，則當(dāng)小球通過與圓心等高的A點時，對軌道內(nèi)側(cè)的壓力大小為（

）A．mg

B．2mg

C．3mg

D．5mg參考答案：C5.（單選）如圖所示，一質(zhì)量為M、表面為四分之一圓弧面的柱體放在水平面上，各接觸面均光滑，將質(zhì)量為m的滑塊從柱體的頂端由靜止開始釋放，在滑塊沿圓弧面下滑到底端的過程中，為了使柱體M保持靜止，需在柱體上施加一水平力F，則該力大?。ǎ〢．先變大后變小B．先變小后變大C．逐漸變大D．逐漸變小參考答案：考點：牛頓第二定律；力的合成與分解的運用．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：對小球分析，抓住小球垂直曲面方向平衡得出支持力的變化，抓住小球?qū)η娴膲毫υ谒椒较蛏系姆至εcF相等得出F的變化．解答：解：設(shè)小球與圓心O連線與豎直方向的夾角為θ，N為曲面對小球的支持力，根據(jù)垂直曲面方向平衡得：N=mgcosθ，則小球?qū)η娴膲毫閙gcosθ，因為柱體在水平面上平衡，有：F=Nsinθ=mgsinθcosθ=，θ從90°逐漸減小到零，可知F先變大后變小，故A正確，B、C、D錯誤．故選：A．點評：解決本題的關(guān)鍵抓住小球?qū)χw壓力在水平方向上的分力與F相等，通過數(shù)學(xué)三角函數(shù)分析求解，難度中等．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.超導(dǎo)磁懸浮列車（圖甲）推進(jìn)原理可以簡化為圖乙所示的模型：在水平面上相距為L的兩根平行直導(dǎo)軌間有豎直方向等距離分布的勻強(qiáng)磁場B1和B2，且B1=B2=B，每個磁場的寬度都是l，相間排列。金屬框abcd（懸浮在導(dǎo)軌上方）跨在兩導(dǎo)軌間，其長和寬分別為L、l。當(dāng)所有這些磁場都以速度v向右勻速運動時，金屬框abcd在磁場力作用下將向________（填“左”或“右”）運動。若金屬框電阻為R，運動中所受阻力恒為f，則金屬框的最大速度為_________________參考答案：右

磁場向右勻速運動，金屬框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流所受安培力向右，金屬框向右加速運動，當(dāng)金屬框勻速運動時速度設(shè)為vm，感應(yīng)電動勢為E=2BL（v-vm），感應(yīng)電流為，安培力為F=2BLI，安培力與阻力平衡，F(xiàn)=f，解得vm=7.某研究性學(xué)習(xí)小組對“不同類型的運動鞋底在相同平面上滑動時摩擦力的大小”進(jìn)行了探究，如圖所示。他們先測出每只不同類型運動鞋的質(zhì)量，再往質(zhì)量小的鞋子里均勻擺放砝碼，使鞋子(連同鞋里砝碼)的質(zhì)量均相等。接著用彈簧測力計先后勻速拉動不同類型的運動鞋，使它們沿水平桌面滑動，讀取各次彈簧測力計的讀數(shù)。(1)探究中“使鞋子(連同鞋里砝碼)的質(zhì)量均相等”，這是采用了

研究方法。(2)測量時，沿水平方向勻速拉動運動鞋，則此時運動鞋所受滑動摩擦力與彈簧測力計拉力的大小

。這種測摩擦力的方法是

(選填“直接”或“間接”)測量法。參考答案：（1）控制變量法（2）相等，間接8.質(zhì)量為2噸的打樁機(jī)的氣錘，從5m高處白由落下與地面接觸0.2s后完全靜止下來，空氣阻力不計、g取10m/s2，則在此過程中地面受到氣錘的平均打擊力為___________N。參考答案：9.在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑片P向右移動．若電源電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將__________；若考慮電源內(nèi)阻的因素，則電壓表V示數(shù)的變化△U與電流表A1示數(shù)的變化△I1的比值將______．（均選填“變小”、“不變”或“變大”）參考答案：答案：變大

不變10.一質(zhì)點由位置A向北運動了4m，又轉(zhuǎn)向東運動了3m，到達(dá)B點，然后轉(zhuǎn)向南運動了1m，到達(dá)C點，在上述過程中質(zhì)點運動的路程是

m，運動的位移是

m。參考答案：8，11.一打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下，下圖是打出紙帶的一段。①已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，利用下圖給出的數(shù)據(jù)可求出小車下滑的加速度a=____________。②為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，還需測量的物理量有_____________。用測得的量及加速度a表示阻力的計算式是為f=_______________。參考答案：（1）①4.00m/s2 （2分，3.90～4.10m/s2之間都正確） ②小車質(zhì)量m；斜面上任意兩點間距離l及這兩點的高度差h。（2分）12.如圖所示,MN表示兩個等勢面,一個負(fù)電荷在M面上的D點具有電勢能為+2.4×10-3J,在N等勢面上的F點具有的電勢能為+0.8×10-3J,如果將這個負(fù)電荷從C點移到E點電場力做功是_________J。______等勢面電勢高;電場線AB的方向是_______指向__________參考答案：

(1).

(2).N

(3).B

(4).A由C移到E時，電場力做功W=-△EP=2.4×10-3-0.8×10-3=1.6×10-3J；

由M到N電場力做正功，由于移動的為負(fù)電荷，故說明M的電勢低；N的電勢高；

電場線高電勢指向低電勢，故由B指向A；【點睛】本題考查電場力做功與電勢能的關(guān)系，要注意明確電場力做功一定等于電勢能的改變量．負(fù)電荷在高電勢處電勢能要小；電場線總是由高電勢指向低電勢．13.(6分)如圖所示，一儲油圓桶，底面直徑與高均為d，當(dāng)桶內(nèi)無油時，從某點A恰好能看到桶底邊緣上得點B，當(dāng)桶內(nèi)油的深度等于桶高的一半時，在A點沿A、B方向看去，看到桶底上的C點，C、B相距，由此可得油的折射率__________，光在油中的傳播速度=_________m/s。參考答案：

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，質(zhì)量為m帶電量為+q的小球靜止于光滑絕緣水平面上，在恒力F作用下，由靜止開始從A點出發(fā)到B點，然后撤去F，小球沖上放置在豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，圓形軌道的最低點B與水平面相切，小球恰能沿圓形軌道運動到軌道末端D，并從D點拋出落回到原出發(fā)點A處．整個裝置處于電場強(qiáng)度為E=的水平向左的勻強(qiáng)電場中，小球落地后不反彈，運動過程中沒有空氣阻力．求：AB之間的距離和力F的大?。畢⒖即鸢福篈B之間的距離為R，力F的大小為mg．考點： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動；牛頓第二定律；平拋運動；動能定理的應(yīng)用．專題： 帶電粒子在電場中的運動專題．分析： 小球在D點，重力與電場力的合力提供向心力，由牛頓第二定律即可求出D點的速度，小球離開D時，速度的方向與重力、電場力的合力的方向垂直，小球做類平拋運動，將運動分解即可；對小球從A運動到等效最高點D過程，由動能定理可求得小球受到的拉力．解答： 解：電場力F電=Eq=mg

電場力與重力的合力F合=mg，方向與水平方向成45°向左下方，小球恰能到D點，有：F合=解得：VD=從D點拋出后，只受重力與電場力，所以合為恒力，小球初速度與合力垂直，小球做類平拋運動，以D為原點沿DO方向和與DO垂直的方向建立坐標(biāo)系（如圖所示）．小球沿X軸方向做勻速運動，x=VDt

沿Y軸方向做勻加速運動，y=at2a==所形成的軌跡方程為y=直線BA的方程為：y=﹣x+（+1）R解得軌跡與BA交點坐標(biāo)為（R，R）AB之間的距離LAB=R從A點D點電場力做功：W1=（1﹣）R?Eq

重力做功W2=﹣（1+）R?mg；F所做的功W3=F?R有W1+W2+W3=mVD2，有F=mg答：AB之間的距離為R，力F的大小為mg．點評： 本題是動能定理和向心力知識的綜合應(yīng)用，分析向心力的來源是解題的關(guān)鍵．15.質(zhì)量分別為m和3m的A、B兩個小球以相同的速率v沿同一直線相向運動，碰后B球停止不動，試求A球碰后的速度，并判斷它們之間發(fā)生的是彈性碰撞還是非彈性碰撞（說明理由）．參考答案：彈性碰撞取B球碰前的速度方向為正方向，設(shè)A球碰后的速度為v′，由動量守恒定律有解得，方向與B球碰前的速度方向相同由于，故碰撞前后的總動能相等，則此碰撞是彈性碰撞四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，質(zhì)量為m帶電量為+q的帶電粒子（不計重力），從左極板處由靜止開始經(jīng)電壓為U的加速電場加速后，經(jīng)小孔O1進(jìn)入寬為L的場區(qū)，再經(jīng)寬為L的無場區(qū)打到熒光屏上．O2是熒光屏的中心，連線O1O2與熒光屏垂直．第一次在寬為L整個區(qū)域加入電場強(qiáng)度大小為E、方向垂直O(jiān)1O2豎直向下的勻強(qiáng)電場；第二次在寬為L區(qū)域加入寬度均為L的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同、方向垂直紙面且相反．兩種情況下帶電粒子打到熒光屏的同一點．求：（1）帶電粒子剛出小孔O1時的速度大??；（2）加勻強(qiáng)電場時，帶電粒子打到熒光屏上的點到O2的距離d；（3）左右兩部分磁場的方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。畢⒖即鸢福航猓海?）帶電粒子在加速電場中加速過程，由動能定理得；…①解得：（2）帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中，設(shè)運動時間為t，加速度為a，平行電場的分速度為vy，側(cè)移距離為y．由牛頓第二定律得：qE=ma…②由運動學(xué)公式得：L=v0t…③vy=at…④由②③④得：…⑤帶電粒子從離開電場到打到熒光屏上的過程中，設(shè)運動時間為t′，側(cè)移距離為y′．由運動學(xué)公式得：=v0t′…⑥由③④⑥得：y′=vyt′…⑦由⑤⑦得帶電粒子打到熒光屏上的點到O2的距離：d=y+y′=（3）磁場的方向如圖所示，左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里．

帶電粒子運動軌跡與場區(qū)中心線交于N點，經(jīng)N點做場區(qū)左邊界的垂線交于M點，經(jīng)N點做過N點速度的垂線交場區(qū)左邊界于O點，O點就是帶電粒子在左半?yún)^(qū)域磁場中做圓周運動的圓心．帶電粒子在兩部分磁場中的運動對稱，出磁場的速度與熒光屏垂直，所以O(shè)1M=．（意思明確即可）

設(shè)帶電粒子做圓周運動的半徑為R，由幾何關(guān)系得：…⑧由牛頓第二定律得：…⑨由v0、d的結(jié)論和⑧⑨式解得：=．答：（1）帶電粒子剛出小孔O1時的速度大小是；（2）加勻強(qiáng)電場時，帶電粒子打到熒光屏上的點到O2的距離是；（3）左右兩部分磁場的方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是B=．【考點】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；動能定理的應(yīng)用；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動．【分析】（1）帶電粒子在加速電場中加速過程電場力做功，由動能定理即可求解；（2）帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動時，水平方向最勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，將運動分解即可；（3）畫出粒子在磁場中運動的軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系與洛倫茲力提供向心力的表達(dá)式，即可求解．17.一個質(zhì)量為m1=1kg長為L=65m的木板在光滑的地面上以速度v1=2m/s向右滑行，一個質(zhì)量為m2=2kg的小木塊（可視為質(zhì)點）向左以速度v2=14m/s從木板的右端滑上，木塊和木板的摩擦系數(shù)是μ=0.1，滑行一段時間后木塊和木板達(dá)到共同速度，然后木板碰撞光滑半圓弧，碰后木板停止運動，木塊最終無能量損失地滑上圓弧。求：（1）木板從開始到向右運動到最遠(yuǎn)點過程中系統(tǒng)產(chǎn)熱量。（2）木板從開始到和木塊達(dá)到共同速度的過程中系統(tǒng)產(chǎn)熱量。（3）若木塊滑上圓弧的過程中不脫離圓弧，求圓弧半徑r范圍。參考答案：木板向右運動到最遠(yuǎn)點時速度為0，系統(tǒng)動量守恒(向左為正)：m2v2-m1v1=m2v3，（1′）得v3=13m/s

系統(tǒng)能量守恒：m1v12+m2v22=m2v32+Q1，（1′）得Q1=29J（1′）從開始到木塊和木板達(dá)到共同速度過程中，動量守恒：m2v2-m1v1=（m1+m2）v共，（1′）得v共=8m/s（1′）系統(tǒng)能量守恒：m1v12+m2v22=(m1+m2)v共2+Q2，（