2021屆山東省濰坊高密市高考物理模擬試卷（一）附答案詳解

2021屆山東省濰坊高密市高考物理模擬試卷（一）

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.恒星內(nèi)部發(fā)生著各種熱核反應(yīng)，其中“氫燃燒”的核反應(yīng)方程為：lHe+X^lBe+y,其中X

表示某種粒子，沔e是不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為T,則下列說法正確的是（）

A.X粒子是中子

B.加溫或加壓可以改變半衰期r的大小

C.經(jīng)過3個(gè)7,剩下的濟(jì)e占開始時(shí)的;

D.“氫燃燒”的核反應(yīng)是裂變反應(yīng)

2.下列說法正確的是（）

A.擴(kuò)散現(xiàn)象說明分子間存在斥力

B.布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

C.一定質(zhì)量的（TC的冰融化成0C的水，其內(nèi)能沒有變化

D.一定質(zhì)量理想氣體對(duì)外做功，內(nèi)能不一定減少，但密度一定減小

3.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,范圍足夠大的水平向外的勻強(qiáng)磁場中，固定著傾角：卜三￡

為e的絕緣斜面，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小物塊以初速度"沿斜面向上運(yùn).....

動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后下滑。小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為H不變，滑動(dòng)時(shí)電荷量不變，則在小

物塊滑動(dòng)過程中其速度大小。與時(shí)間r的關(guān)系圖象，可能正確的（）

4.如圖所示，質(zhì)量相同的物體力和B,分別位于地球表面赤道上的a處和某

一緯度上的b處，跟隨地球勻速自轉(zhuǎn)，下列說法正確是（）

A.A物體的線速度等于B物體的線速度

B.4物體的角速度等于B物體的角速度

C.2物體所受的萬有引力小于B物體所受的萬有引力

D.4物體的向心加速度等于B物體的向心加速度

5.下列說法正確的是（）

A.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)均揭示了光具有波動(dòng)性

B.原子里的核外電子不停地做變加速運(yùn)動(dòng)，原子不斷地向外輻射能量，這就是原子光譜的來源

C.輕核聚變和重核裂變時(shí)，核子的平均質(zhì)量都將減小

D.玻爾建立了量子理論，成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象

6.如圖，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于。點(diǎn)，兩虛線圓均以為。圓心，兩

實(shí)線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡，a、b、c、d、

e為軌跡和虛線圓的交點(diǎn)。不計(jì)重力。下列說法說法正確的是（）

A.N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能

B.M在b點(diǎn)的加速度大小大于它在a點(diǎn)的加速度大小

C.N在從e點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的全過程中，電場力始終不做功

D.對(duì)同一虛線圓上的點(diǎn)a和c,電場強(qiáng)度相同

7.如圖，邊長為L的立方體玻璃磚，折射率n=1.5,玻璃磚的中心有一個(gè)小

氣泡。自立方體外向內(nèi)觀察氣泡，立方體表面能看到氣泡的最大面積為

（）

A.^nL2

B.|就2

C.川2

D.!?rL2

如圖所示，兩根足夠長、且電阻不計(jì)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，固定在乙甲

同一水平面上、勻強(qiáng)磁場的方向垂直于兩根導(dǎo)軌所在的水平面豎直

XXXXXX

—I

向下、兩根金屬桿甲和乙跨放在導(dǎo)軌上、且都始終與導(dǎo)軌垂直。兩XXXXXX

XXXXXX

根金屬桿的電阻之和為某一恒定值?，F(xiàn)在在金屬桿甲的中點(diǎn)加一個(gè)

與金屬桿甲垂直、且水平向右的恒定拉力，使金屬桿甲由靜止開始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于金

屬桿乙的速度U隨時(shí)間t變化的大致圖像，下列正確的是（）

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.如圖所示為小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，線圍繞垂直于磁場方向的水平軸。0'沿逆時(shí)針方向以角速

度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。線圈的匝數(shù)為n、電阻為r,外接電阻為R,A為交流電流表。線圈從圖示位置（線

圈平面平行于磁場方向）開始轉(zhuǎn)過60。時(shí)的感應(yīng)電流為/,下列說法中正確的是（）

B.轉(zhuǎn)動(dòng)過程中穿過線圈磁通量的最大值為四出

no）

C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為強(qiáng)

0）

D.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過90。的過程中，通過電阻R的電荷量為"

O）

10.如圖所示，平行板電容器4B兩極板水平放置，現(xiàn)將其接在直流電

源上，已知4板和電源正極相連。當(dāng)開關(guān)接通時(shí)。一帶電油滴懸浮

于兩板之間的P點(diǎn)，為使油滴能向上運(yùn)動(dòng)，則下列措施可行的是

（）

A.將開關(guān)斷開，將B板下移一段距離

B.將開關(guān)斷開，將ZB板左右錯(cuò)開一段距離

C.保持開關(guān)閉合，將板左右錯(cuò)開一段距離

D.保持開關(guān)閉合，將4板下移一段距離

11.關(guān)于機(jī)械振動(dòng)和機(jī)械波下列敘述正確的是（）

A.機(jī)械波不是傳播能量的一種方式

B.振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的頻率隨著波的傳播而減小

C.在波的傳播過程中，振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)和運(yùn)動(dòng)形式一起傳播

D.在波的傳播中，如振源停止振動(dòng)，波的傳播并不會(huì)立即停止

12.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為ni=2.0x10-ii/cg、電荷量q=+1。x1:xxxx：

U,i|

10-5C的帶電微粒（重力忽略不計(jì)），從靜止開始經(jīng)U1=100V電壓|1M1X&XX：

加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，其板長L=20cm,廣也）xxj

1,xXXX：

兩板間距d=IOKCM,進(jìn)人磁場時(shí)速度偏離原來方向的角度。=

30°,磁場寬度。=10V3cm.貝聯(lián)）

A.微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度=1.0x104m/s

B.兩金屬板間的電壓/為I。。/

C.為使微粒不從磁場右邊射出，該勻磁場的磁感強(qiáng)度B至少為0.1g7

D.為使做粒不從磁場右邊射出，該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少為0.27

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共13.0分）

13.某同學(xué)在做“用雙縫干涉測(cè)光的波長”實(shí)驗(yàn)時(shí)，已知雙縫間的距離d=0.25nnn,雙縫到毛玻璃

屏間的距離L=75cm。實(shí)驗(yàn)時(shí)先移動(dòng)測(cè)量頭上的手輪，把分化分劃板中心刻度線對(duì)齊4條紋中

心，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（3）所示，然后轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，把分劃板中心刻度線向右邊移動(dòng)，對(duì)齊B條

紋中心，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（4）所示。圖（3）中游標(biāo)卡尺的示數(shù)為/=nun.圖（4）游標(biāo)卡

尺的示數(shù)為札=nun.所測(cè)光波的波長為_m.（保留兩位有效數(shù)字）

14.圖甲是利用兩個(gè)電流表4和4測(cè)量于電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的電路原理圖，圖中S為開關(guān)，R為滑

動(dòng)變阻器，定值電阻殳和電流表4內(nèi)阻之和為10000。（比r和滑動(dòng)變阻器的總電阻都大的多），&

為理想電流表.

/vmA

(1)按電路原理圖甲連接圖乙中實(shí)物圖：

(2)在閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P移動(dòng)至______(填“a端”、“中央”、“b端”)

(3)閉合開關(guān)S,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P至某一位置，讀出電流表必和4的示數(shù)A，%，多次改變

滑動(dòng)端P的位置，得到的數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)?jiān)趫D丙所示的坐標(biāo)紙上以A為縱坐標(biāo)、％為橫坐標(biāo)

畫出所對(duì)一個(gè)的4—/2圖線.

mA0.1200.1250.1300.1350.1400.145

/2/nM48040032023214068

(4)由(3)中所得圖線可求出電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=n.

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共47.0分)

15.如圖所示，兩根平行的光滑金屬導(dǎo)軌水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌的左端串接一個(gè)

電阻R,在導(dǎo)軌上有一個(gè)質(zhì)量為m的金屬棒MN,它的電阻為r,與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌的電阻忽

略不計(jì)。金屬棒MN在水平向右的恒力作用下由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)的過程中，恒力做功的最大功

率為P，金屬棒MN的最大加速度為a,試求：

(1)金屬棒MN的最大速度？

(2)當(dāng)金屬棒的加速度是三時(shí)，電阻R上的電熱功率。

XX

iXX

16.長為L的直玻璃管開口向下懸浮在水銀液體中，此時(shí)管中的水銀柱高為

玻璃管底部剛好與水銀液面相平，如圖所示.環(huán)境溫度為介，大

氣壓強(qiáng)為Po,重力加速度大小為g,水銀的密度為p,玻璃管壁厚度忽

略不計(jì).若緩慢升高環(huán)境溫度到7,穩(wěn)定時(shí)玻璃管漂浮于水銀面上，且

露出水銀液面乜.本題中所有物理量的單位均采用國際單位制.求：

4

(i)此時(shí)玻璃管內(nèi)外水銀液面的高度差九；

(ii)升溫后的環(huán)境溫度兀

17.如圖，平行板電容器為C,電荷量Q。，極板長為3極板間距離為d,極板與

水平面成a夾角，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點(diǎn)由靜出

發(fā)到達(dá)Q點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應(yīng)，求：

(1)液滴的電荷量；

(2)液滴到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)的速度大小.

方根表示)求：

(1)環(huán)套在圓弧軌道b點(diǎn)的速度；

(2)環(huán)在圓弧軌道上克服摩擦力做的功。

參考答案及解析

1.答案：c

解析：

根據(jù)質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，即可求解；半衰期僅僅與放射性元素有關(guān)；經(jīng)過1個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生

衰變；“氫燃燒”的核反應(yīng)方程，可知是裂變還是聚變反應(yīng).

考查核反應(yīng)的書寫規(guī)律，掌握裂變反應(yīng)與聚變反應(yīng)的區(qū)別，理解衰變與人工轉(zhuǎn)變的不同，最后注意

半衰期的內(nèi)涵.

A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，￡He+X-lBe+y,則X粒子是的質(zhì)量數(shù)是：8-4=4,電荷數(shù)是：

4-2=2,是故4錯(cuò)誤；

8、半衰期僅僅與放射性元素有關(guān)，與外界環(huán)境無關(guān)，加溫或加壓不能改變半衰期T的大小，故B錯(cuò)

誤；

C、經(jīng)過1個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，即剩下開始的一半，那么經(jīng)過3個(gè)7,剩下的部e占開始時(shí)的

(|)3=故C正確；

。、“氫燃燒”的核反應(yīng)方程，是聚變反應(yīng)，不是裂變反應(yīng)，故。錯(cuò)誤；

故選：C.

2.答案：D

解析：解；4、擴(kuò)散現(xiàn)象什么分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，故B

錯(cuò)誤；

C、一定質(zhì)量的(TC的冰融化成(TC的水，要吸收熱量，內(nèi)能增加，故C錯(cuò)誤；

D、一定質(zhì)量理想氣體對(duì)外做功，但可能吸收熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式△U=W+Q,內(nèi)能不

一定減少；體積變大，密度變小，故。正確；

故選：Do

解答本題需掌握：

擴(kuò)散現(xiàn)象是指物質(zhì)分子從高濃度區(qū)域向低濃度區(qū)域轉(zhuǎn)移，直到均勻分布的現(xiàn)象，分子平均速率與物

質(zhì)的濃度梯度成正比，擴(kuò)散是由于分子熱運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的遷移現(xiàn)象，主要是由于濃度差引起的；

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在流體中的微粒受到流體分子與粒子的碰撞而發(fā)生的不停息的隨機(jī)運(yùn)動(dòng)；

熱力學(xué)第一定律：△U=Q+V/。

本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、擴(kuò)散現(xiàn)象、內(nèi)能和熱力學(xué)第一定律，涉及知識(shí)點(diǎn)多，難度不大，關(guān)鍵多看書。

3.答案：D

解析：解：當(dāng)一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小物塊以初速度處沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，依據(jù)左手定則，

可知，滑塊受到垂直斜面向下的洛倫茲力會(huì)隨著速度減小而減小，導(dǎo)致其對(duì)斜面的壓力也減小，因

斜面粗糙，那么滑塊受到滑動(dòng)摩擦力會(huì)減小，根據(jù)牛頓第二定律，滑塊受到的合力mgsinO+f會(huì)減

小，則加速度也會(huì)減小，速度為零后下滑，滑塊受到垂直斜面向上的洛倫茲力會(huì)隨著速度增大而增

大，對(duì)斜面壓力減小，摩擦力f減小，合力F=增大，加速度增大，故滑塊先做加速度減

小的減速運(yùn)動(dòng)后做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故。正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：D。

帶電滑塊上滑，依據(jù)左手定則判定洛倫茲力方向，結(jié)合受力分析及牛頓第二定律，即可求解。

考查左手定則與牛頓第二定律的應(yīng)用，掌握影響加速度的因素，理解倫茲力受到速率的影響。

4.答案：B

解析：解：4、線速度為矢量，4與B的線速度的方向不同。故A錯(cuò)誤；

B、兩者做同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相同，故B正確

C、質(zhì)量相同，距離球心的距離相等，則所受的萬有引力的大小相等，故C錯(cuò)誤

。、向心加速度為矢量，二者的向心加速度的方向不同。故。錯(cuò)誤。

故選：B。

靜止在地球上的物體（兩極除外）都要隨地球自轉(zhuǎn)，運(yùn)動(dòng)周期相同，角速度相同，運(yùn)動(dòng)半徑不同，線

速度大小可能不同，物體的線速度方向也可能不同，線速度是矢量，線速度可能不同。因質(zhì)量相同，

則所受的萬有引力的大小相等。向心加速度由a=no?求得。

本題考查對(duì)共軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體各個(gè)量的比較，抓住它們的周期和角速度相同是關(guān)鍵，同時(shí)要明確矢量

相同與矢量相等的區(qū)別.

5.答案：C

解析：解：力、光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)均揭示了光具有粒子性，故4錯(cuò)誤；

8、原子里的核外電子不停地做變加速運(yùn)動(dòng)，但原子不會(huì)向外輻射能量，因電子的躍遷時(shí)，才發(fā)出原

子光譜，故B錯(cuò)誤；

C、輕核聚變和重核裂變時(shí)，核子的平均質(zhì)量都將減小，故C正確；

。、玻爾建立了量子理論，成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象，這也是它的局限性，故。錯(cuò)誤；

故選：C.

光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)均揭示了光具有粒子性；

電子躍遷時(shí)，才輻射能量；

裂變或聚變時(shí)，核子的平均質(zhì)量都將增加；

玻爾成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象.

考查光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)的作用，理解原子發(fā)光的原理，掌握玻爾建立了量子理論的局限性，注

意不論裂變還是聚變均會(huì)釋放能量.

6.答案：A

解析：解：4、d點(diǎn)和e點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，則N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于在e點(diǎn)的電勢(shì)能，故A

正確；

B、依據(jù)離點(diǎn)電荷越近的電場強(qiáng)度越強(qiáng)，越遠(yuǎn)的則越弱，因此M在b點(diǎn)的電場力大小小于它在。點(diǎn)的電

場力大小，那么M在b點(diǎn)的加速度大小也小于它在a點(diǎn)的加速度大小，故B錯(cuò)誤。

C、N在從e點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的全過程中，電場力先做負(fù)功，再做正功，但總功為零，不是始終不做功，

故C錯(cuò)誤。

。、對(duì)同一虛線圓上的點(diǎn)a和c,電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，故。錯(cuò)誤；

故選：Ao

根據(jù)離點(diǎn)電荷遠(yuǎn)近來判定電場強(qiáng)弱；依據(jù)點(diǎn)電荷電場中，同一圓上的電場強(qiáng)度大小相同，方向不同；

根據(jù)電場力做功判斷電勢(shì)能的變化。

本題關(guān)鍵是電場線的疏密與加速度的大小，掌握同一圓上電場強(qiáng)度不同，而電勢(shì)則相同，并理解根

據(jù)電場力做功判斷電勢(shì)能的變化。

7.答案：D

解析：解：每個(gè)面能看到氣泡的面積為圓，設(shè)圓的最大半徑為r,玻璃磚的臨界角為C,

則有：sinC=-=|

n1.53

根據(jù)幾何關(guān)系得：r=加九。

解得：r=—L

5

立方體表面能看到氣泡的最大面積為：s=6仃2=：近2,故A3C錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

氣泡發(fā)出的光線能射出立方體，在立方體外向內(nèi)觀察就能看到氣泡，根據(jù)=工求全反射臨界角，

sinCn

結(jié)合幾何關(guān)系求解。

本題考查幾何光學(xué)問題，要掌握臨界角與折射率的關(guān)系，理解看到氣泡的含義，結(jié)合幾何關(guān)系解答。

8.答案:A

解析：解：甲棒向右做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源;V

乙棒受到向右的安培力而起動(dòng)，某時(shí)刻回路中電流為/=空空2//V乙

Ri+R?//

而根據(jù)牛頓第二定律得甲、乙兩桿的加速度大小分別為：///

F-BIlBII1/-

a伊吆=￡ot

最初階段有a尹〉a,,故3尹一“Z)增大，電流/增大，安培力增大，故甲的加速度減小，乙的加速

度增大，即甲做加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做加速度增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)。尹=。乙時(shí)，

0尹一〃力恒定，電流/恒定，安培力恒定，兩棒就以相同的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，u-t圖像如

圖所示，則金屬桿乙的速度u隨時(shí)間t變化的大致圖像如圖4所示，故A正確，88錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)兩棒的速度差分析回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，判斷感應(yīng)電流的變化，確定兩棒受到的安培力變

化情況，由牛頓第二定律分析加速度的變化情況，從而判斷圖像的形狀。

解答本題時(shí)，要知道回路中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于兩棒的速度之差，根據(jù)速度差的變化來判斷感應(yīng)

電動(dòng)勢(shì)的變化，進(jìn)一步分析感應(yīng)電流和安培力的變化。

9.答案：AB

解析：解：4、由題有：/=/mCOS60。，則得感應(yīng)電流的最大值/m=2/,有效值/有=企/,則電流

表的讀數(shù)為魚/，故A正確；

B、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值7=/m(R+r)=2/(R+r),又Em=nBS3,磁通量的最大值%=BS,

聯(lián)立解得：%=BS=亙空口，故8正確；

C、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q=/魯/?7=等，故C錯(cuò)誤；

D,從圖示位置開始轉(zhuǎn)過90。的過程中，通過電阻R的電荷量0=黑;=|；,故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

根據(jù)感應(yīng)電流瞬時(shí)值表達(dá)式求出最大值，再求解有效值，即可得到電流表的讀數(shù)；磁通量的最大值

①7n=BS.由閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值由公式j(luò)=nBSa)求解的1通過電阻R的

電荷量根據(jù)公式q=等求解；熱量根據(jù)焦耳定律求解。

本題關(guān)鍵知道正弦式交流電峰值的表達(dá)式Em=nBSm以及瞬時(shí)值與最大值之間的關(guān)系，對(duì)于交變

電流，求解熱量、電功和電功率要用有效值，對(duì)于正弦式電流最大值是有效值的或倍

10.答案：BD

解析：解：為使油滴能向上運(yùn)動(dòng)，即電場強(qiáng)度變大,

將開關(guān)斷開，兩極板上的電荷量不變，則根據(jù)推論公式E=絲絲可得

es

將B板下移，電場強(qiáng)度不變，A錯(cuò)誤，將4B板錯(cuò)開一段距離，則正對(duì)面積變小，故電場強(qiáng)度變大，B

正確，

保持開關(guān)閉合，則兩極板間的電壓不變，則根據(jù)公式E=J可得

將ZB板左右錯(cuò)開一段距離，電場強(qiáng)度不變，C錯(cuò)誤，將4板下移一段距離，d減小，故E增大，。正

確

故選：BD。

本題關(guān)鍵要分析板間場強(qiáng)的變化：開關(guān)斷開后，電容器所帶電量不變，將B板下移一段距離時(shí)，板間

場強(qiáng)不變；將ZB板左右錯(cuò)開一段距離，分析電容的變化，判斷電壓變化，確定場強(qiáng)的變化；保持開

關(guān)閉合，電容器始終與電源連接，兩端的電壓不變，根據(jù)E=J判斷電場強(qiáng)度的變化。再分析油滴如

何運(yùn)動(dòng)。

在分析電容器動(dòng)態(tài)變化的時(shí)候需要知道將開關(guān)斷開，兩極板上的電荷量不變，保持開關(guān)閉合，則兩

極板間的電壓不變。

11.答案：C。

解析：解：4、機(jī)械波在傳播振動(dòng)形式的過程中，同時(shí)將能量由近及遠(yuǎn)傳遞，故A錯(cuò)誤；

2、振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的頻率取決于振源的頻率，不會(huì)隨波的傳播而改變，故8錯(cuò)誤；

C、在波的傳播過程中，振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)和運(yùn)動(dòng)形式一起傳播，故C正確；

。、在波的傳播中，如振源停止振動(dòng)，由于慣性，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)并不立即停止，則波的傳播并不會(huì)立

即停止，故。正確；

故選：CD.

介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)不隨波一起遷移，波傳播的周期與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期相同。機(jī)械波在傳播振動(dòng)形式的過

程中同時(shí)傳遞了能量。

本題考查機(jī)械波的性質(zhì)，要注意明確波傳播的是能量和振動(dòng)形式，振源停止振勸時(shí)，波的傳播不會(huì)

立即停止。

12.答案：ABD

XX◎

i-

解析：解：4、帶電微粒在加速電場加速運(yùn)動(dòng)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得:XX

XX刈

qUy=^mv2,代入數(shù)據(jù)解得：v=1.0x104m/s,故A正確；nrX

xX

RX4J

、^

B、帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場中只受電場力作用，做類平拋運(yùn)動(dòng)，n-

fxX

水平方向有：L=vt,XXX'

--DX:一

帶電微粒在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為a,出電場時(shí)豎直方

向速度為“2

豎直方向：v=at,。=吟

Jymd

得：%=吟上,

ymdv

由速度分解關(guān)系得：tan。=孑，

聯(lián)立以上兩式解得：U2=100V,故B正確。

CD,帶電微粒進(jìn)入磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，設(shè)微粒軌跡恰好與磁場右邊相切時(shí)

半徑為R。

由幾何關(guān)系知:R+Rsin300=D,

設(shè)微粒進(jìn)入磁場時(shí)的速度為M,則有："'=磊?，

由牛頓運(yùn)動(dòng)定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律得：qv'B=m9,

代入數(shù)據(jù)解得：8=0.27,

所以帶電粒子不射出磁場右邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少為0.2T,故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：ABD.

粒子在加速電場中，電場力做功，由動(dòng)能定理求出速度外粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后，做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)

用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出電壓力.粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

結(jié)合條件，畫出臨界情況的運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求半徑的最大值，再由洛倫茲力提供向心力求出B

的最小值。

本題考查了帶電微粒在電場與磁場中的運(yùn)動(dòng)，微粒在加速電場中加速，在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，

在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析清楚微粒的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)能定理、類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)

律與牛頓第二定律可以解題。

13.答案：11.4；16.7；4.4x10-7

解析：解：游標(biāo)卡尺的數(shù)等于主尺刻度讀數(shù)加上游標(biāo)尺刻度讀數(shù)，不需估讀。

卡尺的主尺刻度是11mm,游標(biāo)尺與主尺對(duì)齊的刻度是4,讀數(shù)是：0.1x4=0.4mm

總讀數(shù)是：xA=11+0.4=11.4mm

卡尺的主尺刻度是16mm,游標(biāo)尺與主尺對(duì)齊的刻度是4,讀數(shù)是：0.1x7=0.7mm

總讀數(shù)是：=16+0.7=16.7mm

再根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△X=J，實(shí)驗(yàn)中紅光波長的表達(dá)式為：A=皿斗

a4L

代入數(shù)據(jù)，解得：A=4.4x10-7mo

故答案為:11.4；16.7；4.4x10-7

游標(biāo)卡尺的數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，不需估讀。再根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△

x=J；l求出單色光的波長。

a

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，知道獲取單色的線光源，讓白光通過濾光

片和單縫，注意公式中d是雙縫間的距離，不是單縫片與雙縫片間的距離。

14.答案：b端;1.49；0.60

解析：解：(1)由原理圖可知，電路為基本的限流接法，故按原理圖串聯(lián)即可；連線如下圖所示：

(2)為保證安全，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)接到最大值，故應(yīng)接b端;

(3)將各點(diǎn)依次描出，連線如下圖所示.

(4)由圖示可知,電源電動(dòng)勢(shì)E=匕因+&1)=149X10-6x10000=1.49K,

電源內(nèi)阻「=吟部=。，飛:療。。?！?.60P..

故答案為：(1)實(shí)物電路圖如圖所示；(2)。端；(3)圖象如圖所示；(4)1.49；0.60.

(1)原理圖己知，按電流的流向在實(shí)物圖中依次連接，注意不能交叉；

(2)滑動(dòng)變阻器應(yīng)保證電路的安全，開始時(shí)應(yīng)接到最大電阻處；

(3)選擇合適的坐標(biāo)值，標(biāo)點(diǎn)后用直線將各點(diǎn)相連，誤差較大的點(diǎn)可以舍去；

(4)圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電動(dòng)勢(shì)；由閉合電路歐姆定律可求是內(nèi)阻.

測(cè)定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中要注意數(shù)據(jù)的處理時(shí)主要應(yīng)用了圖象法，在學(xué)習(xí)中要掌握讀數(shù)及畫圖的

能力，要結(jié)合公式理解圖象中點(diǎn)、線、交點(diǎn)及截距的意義.

15.答案：解：(1)開始時(shí)，金屬棒MN中沒有感應(yīng)電流，不受安培力，由牛頓第二定律得：恒力F=ma

當(dāng)金屬棒MN勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，設(shè)為加。

pP

由P=F為得：Vm=^=—

(2)當(dāng)17=0時(shí)，金屬棒的加速度最大有：F=ma①

當(dāng)金屬棒速度最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=②

乂/=六③

FA=B1L(4)

尸一以=0⑤

P=Fvm⑥

所以P電=〃/?=含。

當(dāng)優(yōu)=：時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：=

解得：v，=lv…⑧

/=|/…⑨

所以電阻R上的電熱功率P/=1'2R=

答：(1)金屬棒MN的最大速度為工。

(2)當(dāng)金屬棒的加速度是爭寸，電阻R上的電熱功率為蒜

解析：(1)剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN中沒有感應(yīng)電流，不受安培力，由牛頓第二定律求出恒力的大小。當(dāng)

金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，此時(shí)恒力與安培力二力平衡，由公式P=Fu求解；

(2)當(dāng)金屬棒的加速度是三時(shí)，推導(dǎo)安培力與速度的關(guān)系式，由牛頓第二定律列式，求出速度，由法

拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律求出電路中的感應(yīng)電流的大小，即可求解電阻R上的電熱功率。

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路的綜合，與汽車發(fā)動(dòng)類似，首先能正確分析MN的運(yùn)動(dòng)情況，其次要把

握各個(gè)量的之間的關(guān)系，特別是熟練推導(dǎo)安培力的表達(dá)式。

16.答案：解：。)由題意可知，玻璃管長L