天津市南開(kāi)區(qū)南開(kāi)大學(xué)附中2020-2021學(xué)年高二(上)期中階段檢測(cè)物理試題(等級(jí)班)(解析版)

南開(kāi)大學(xué)附中學(xué)年度第一學(xué)期期中階段檢測(cè)20-21高二物理學(xué)科（等級(jí)班）試卷一、單項(xiàng)選擇題（每題3分，共30分）1.以下說(shuō)法正確的是（）A.電子、質(zhì)子所帶電量最小，所以它們都是元電荷B.真空中放置著兩個(gè)相隔一定距離的靜止點(diǎn)電荷，電荷量都加倍，間距也加倍時(shí)，相互作用的庫(kù)侖力大小不變C.真空中放置著兩個(gè)相隔一定距離的點(diǎn)電荷，間距趨近零時(shí)，相互作用力趨近無(wú)窮大D.電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差是恒定的，不隨零電勢(shì)的不同而改變，所以UAB=UBA【答案】B【解析】【詳解】A．元電荷是基本的電量單位，電子、質(zhì)子所帶電量均為元電荷電量，但是它們不是元電荷，A錯(cuò)誤；qqB．相據(jù)Fk12可知，真空中放置著兩個(gè)相隔一定距離的靜止點(diǎn)電荷，電荷量都加倍，間距也加倍時(shí)，r2相互作用的庫(kù)侖力大小不變，B正確；放置著兩個(gè)相隔一C．真空中定距離的點(diǎn)電荷，間距趨近零時(shí)，庫(kù)侖定律不再適用，C錯(cuò)誤；A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差是恒定的，不隨零電勢(shì)的不同而改變，所以UUD．電場(chǎng)中，D錯(cuò)誤。BAAB故選B。2.某電解池，在面的電流是(A.01s內(nèi)共有5×1018個(gè)二價(jià)正離子和1.0×1019個(gè)一價(jià)負(fù)離子通過(guò)某截面，那么通過(guò)這個(gè)截)B.0.8AD.3.2AC.1.6A【答案】D【解析】【詳解】由題，電解池中正負(fù)離子運(yùn)動(dòng)的方向相反，則1s內(nèi)通過(guò)截面正離子的電量為q1=2n1e負(fù)離子的電量絕對(duì)值為q2=n2e則電流為Iqq12t代入數(shù)據(jù)解得：I3.2AA．0與分析不符，故B．0.8A與分析不符，故B錯(cuò)誤；C．1.6A與分析不符，故C錯(cuò)誤；D．3.2A與分析相符，故D正確．A錯(cuò)誤；3.如圖所示，金屬棒兩端由等長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)水平懸掛，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通以由向MNM的電流，平衡時(shí)兩懸線(xiàn)與豎直方向夾角均為θ．如果僅改變下列某一個(gè)條件，θ角的相應(yīng)變化情況是NA.棒中的電流變大，θ角變大θ角變小θ角變大B.兩懸線(xiàn)等長(zhǎng)變短，C.金屬棒質(zhì)量變大，D.磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，θ角變小【答案】A【解析】【詳解】導(dǎo)體棒受力如圖所示，導(dǎo)體棒平衡，可得：FBILtan＝mgmg；A．棒中電流I變大，θ角變大，故A正確；B．兩懸線(xiàn)等長(zhǎng)變短，C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角不變，故B錯(cuò)誤；θ角變小，故C錯(cuò)誤；D．磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，A．【點(diǎn)睛】此題考查了安培力及物體的平衡問(wèn)題；解題時(shí)對(duì)金屬棒進(jìn)行受力分析、應(yīng)用平衡力公式分析θ角變大，故D錯(cuò)誤．故選條件，根據(jù)安培即可正確解題．4.如圖所示，為等量PQ異種點(diǎn)電荷、連線(xiàn)的中垂線(xiàn)，C為中垂線(xiàn)上的一點(diǎn)，、分別為ABMNAC、BC的()中點(diǎn)，若取無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則下列判斷正確的是A.B.、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同MN、兩點(diǎn)的電MN勢(shì)相等C.若將一負(fù)試探電荷由M點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.若將一負(fù)試探電荷由無(wú)窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能一定增加【答案】C【解析】試題分析：M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向不同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；線(xiàn)勢(shì)均為零，PQ左側(cè)電勢(shì)PQ上各點(diǎn)的電則點(diǎn)電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；負(fù)電荷由M點(diǎn)移到C處，電M勢(shì)能減小，為負(fù)，右側(cè)電勢(shì)為正，故電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)C正確；無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，點(diǎn)電勢(shì)大于零，故負(fù)電荷由無(wú)窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能一定減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選．考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)及電勢(shì)能.5.如圖所示，兩個(gè)完全相同的線(xiàn)圈套在一水平光滑絕緣圓柱上，但能自由移動(dòng)，若兩線(xiàn)圈內(nèi)通以大小不等NC的同向電流，則它們的運(yùn)動(dòng)情況是()A.都繞圓柱轉(zhuǎn)動(dòng)B.以不等的加速度相向運(yùn)動(dòng)C.以相等的加速度相向運(yùn)動(dòng)D.以相等加速度相背運(yùn)動(dòng)的C【答案】【解析】【詳解】同向環(huán)形電流間相互吸引，雖然兩電流大小不等，但據(jù)牛頓第三定律知兩線(xiàn)圈間相互作用力必大小相等，加速度大小相等。故選C。6.如圖所示，在與水平方向成角的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣光滑細(xì)桿，底端固定一帶正電的小球，上端有一θ帶正電的小環(huán)，在環(huán)由靜止釋放后沿桿向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列關(guān)于小環(huán)能量變化的說(shuō)法中正確的是（）A.重力勢(shì)能與動(dòng)能之和增加C.機(jī)械能守恒B.電勢(shì)能與動(dòng)能之和增加D.動(dòng)能一定增加B【答案】【解析】【詳解】ABC．在環(huán)由靜止釋放后沿桿向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受向下的重力、斜向上的電場(chǎng)力和豎直向上的庫(kù)侖力，因電場(chǎng)力和庫(kù)侖力對(duì)環(huán)都做負(fù)功，可知環(huán)的機(jī)械能減??；而環(huán)的動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和守恒，則因電勢(shì)能變大，則重力勢(shì)能與動(dòng)能之和減??；因重力勢(shì)能減小，則電勢(shì)能與動(dòng)能之和增加；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，B正確；D．環(huán)下滑過(guò)程中一定存在一個(gè)重力、電場(chǎng)力最大，動(dòng)能最大，則環(huán)下滑時(shí)動(dòng)能先增加后減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；B。、庫(kù)侖力以及桿的彈力的四力平衡位置，在此位置時(shí)環(huán)的速度故選7.如圖所示，用充電寶為一手機(jī)電1電，其等效電路如圖所示。在2充電開(kāi)始后的一內(nèi)，充電t池充段時(shí)間寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時(shí)間t內(nèi)（）A.充電寶輸出的電功率為UII2rB.充電寶產(chǎn)生的熱功率為Ir2UC.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為t2rD.手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為UItI2rtD【答案】【解析】【詳解】A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為PUIA錯(cuò)誤；BC．手機(jī)電池充電電流為I，所以手機(jī)電池產(chǎn)生的熱功率為PI2rr而充電寶的熱功率應(yīng)為充電寶的總功率減去輸出功率，根據(jù)題目信息無(wú)法求解，BC錯(cuò)誤；D．輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為電池的熱能，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為WUItI2rtD正確。故選D。8.水平放置的兩根等高固定長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)的截面圖，O點(diǎn)是兩導(dǎo)線(xiàn)間距離的中點(diǎn)，、ab是過(guò)點(diǎn)的如圖所示為O豎直線(xiàn)上與O點(diǎn)距離相等的兩點(diǎn)，兩導(dǎo)線(xiàn)中通有大小相等、方向相反的恒定電流．下列說(shuō)法正確的是()A.兩導(dǎo)線(xiàn)之間存在相互吸引的安培力B.O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零C.O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下D.a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反【答案】C【解析】【詳解】由圖可知，兩處電流的方向相反，所以它們之間存在相互排斥的作用力．故A錯(cuò)誤．由安培定則可知，左側(cè)的電流在O處產(chǎn)生的磁，右側(cè)的電流在O處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，方向相場(chǎng)的方向向下．故B錯(cuò)誤，C正確．結(jié)合安培定則，分別作出兩處電流在a、b兩點(diǎn)的磁向如圖，可知a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同．故D錯(cuò)誤．故選C.場(chǎng)方向豎直向下同，所以合磁場(chǎng)方9.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為，電源內(nèi)阻為，定值電阻=4Ω，滑動(dòng)變阻器R變化的=1Ω范圍為0~10Ω，ErR12以下說(shuō)法正確的是A.當(dāng)R=3Ω時(shí)，電源的輸出功率最大2B.當(dāng)R=3Ω時(shí)，R上獲得的功率最大21C.當(dāng)R=3Ω時(shí)，電源的效率最大2D.當(dāng)R=5Ω時(shí)，R上獲得的功率最大22【答案】D【解析】A.由于R>r，R+R由越接近內(nèi)阻r，電源輸出功率越大，所以當(dāng)R=0時(shí)，電源輸出功率最大，故A錯(cuò)誤；2112ERRr，功率越大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律IB.R上消耗的功率PI2R，電流越大，R1消耗的1112當(dāng)R=0時(shí)，電流最大，R上消耗的1功率最大，故B錯(cuò)誤；2UIRR12C.電源的效率,R越大，電源的效率越高，所以當(dāng)R=10Ω時(shí)，電源的效率最高，故EIRRr2212C錯(cuò)誤；D.將R看做內(nèi)阻，當(dāng)r+R=R，即R=5Ω時(shí)，2R消耗的2功率最大，故D正確；112故選D．10.光滑斜面上放置一根通有恒定電流的導(dǎo)體棒，空間有垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，導(dǎo)體棒處于靜為了使導(dǎo)體棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，勻強(qiáng)磁如圖，止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向沿圖示方向緩慢旋轉(zhuǎn)到水平方向，場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)同步A.增大【答案】A【解析】B.減小C.先增大，后減小D.先減小，后增大【詳解】對(duì)導(dǎo)體棒進(jìn)行受力分析如圖:當(dāng)磁場(chǎng)方向緩慢旋轉(zhuǎn)到水平方向，安培力方向緩慢從圖示位置轉(zhuǎn)到豎直向上，因?yàn)槌跏紩r(shí)刻安培力沿斜面安培力一直變大，而安培力：FBIL向上，與支持力方向垂直，最小，所以，所以磁場(chǎng)一直增大，BCD安錯(cuò)誤A正確二、多項(xiàng)選擇題（每題4分，共分）2011.如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調(diào)電阻，則下列說(shuō)法正確的是()A.圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B.圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C.圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D.圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小BC【答案】【解析】IrIIg【詳解】圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，根據(jù)gg可知，會(huì)使得改裝后電表RUUIRA錯(cuò)誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，根據(jù)g的量程減小，選項(xiàng)g可知，改裝后電表的量程增大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選BC.12.將紅表筆插入多用電表的正（）插孔，黑表筆插入多用電表的負(fù)（）插孔，用該表測(cè)直流電壓-+、測(cè)電阻器電阻或測(cè)二極管的正反向電阻時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.測(cè)電壓B.測(cè)電壓C.選擇歐姆檔×10檔并調(diào)調(diào)零后D.選擇歐姆檔的時(shí)，電流從紅表筆流出多用電表，測(cè)電阻時(shí)，電流從紅表筆流入多用電表時(shí)，電流從紅表筆流入多用電表，測(cè)電阻時(shí)，電流從紅表筆流出多用電表零后，將兩表筆與待測(cè)電阻相連，發(fā)現(xiàn)電表指針偏轉(zhuǎn)角度太大，則應(yīng)換用×1檔，再測(cè)適當(dāng)檔位測(cè)量電阻時(shí)，需要將電阻和外電路斷開(kāi)CD【答案】【解析】【詳解】還是測(cè)電流，電流都是從紅表筆流入，從黑表筆流AB．無(wú)論是測(cè)電壓，出，故AB錯(cuò)誤；C．選擇歐姆檔×10檔并調(diào)×1檔，調(diào)零后，將兩表筆與待測(cè)電阻相連，發(fā)現(xiàn)電表指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說(shuō)明待測(cè)電阻較小，則應(yīng)換用零后再測(cè)，故C正確；D．選擇歐姆檔的適當(dāng)檔位測(cè)量電阻時(shí)，需要將電阻和外電路斷開(kāi)，否則可能導(dǎo)致測(cè)量不準(zhǔn)確或者損壞多用電表，故D正確。故選CD。13.圖如所示，質(zhì)量為的帶電小m物塊在絕緣粗糙的水平面上以初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．已知在水平面上方的v0空間內(nèi)存在方向垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則以下關(guān)于小物塊的受力及運(yùn)動(dòng)的分析中，正確的是（）A.若物塊帶正電，可能受兩個(gè)力，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.若物塊帶負(fù)電，可能受兩個(gè)力，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C.若物塊帶正電，一定受四個(gè)力，做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)D.若物塊帶負(fù)電，一定受四個(gè)力，做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)AD【答案】【解析】【詳解】AC.小物塊帶正電，則受到的洛倫茲力豎直向上，如果洛倫茲力小于重力，則小物塊還會(huì)受到支持力和摩擦力，做變減速運(yùn)動(dòng)，如果洛倫茲力恰好等于重力，則小物塊只受這兩個(gè)力而做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A符合題意，C不符合題意；BD.若小物塊帶負(fù)電，洛倫茲力豎直向下，小物塊受四個(gè)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，故B不符合題意，D符合題意．14.如圖所示的電路中電源電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)阻為,E,r,R、R、R3為定值電阻電,流表和電壓表均為理想電表,C為12平行板電容器,在兩板之間的帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).由于某種原因燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會(huì)損壞,則下列說(shuō)法正確的是()A.電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大C.液滴將向上運(yùn)動(dòng)D.液滴仍保持靜止ABC【答案】【解析】【詳解】液滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡，電路為與串聯(lián)，再與燈泡L并聯(lián)，干路上有RR23EI和內(nèi)阻r.燈泡L的燈絲突然燒斷,相當(dāng)于其電阻變大，總電阻變大，據(jù)，則總電流變小，C、D、R1R+r外由UEI(Rr)得電容器的電壓增大，故液滴受到的電場(chǎng)力增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)，C正確、D錯(cuò)誤．A、C1IEI(Rr)UIR知電壓表的示數(shù)變大，A正確，B正確.故選2B、由1可知電流表示數(shù)增大，由RRAVA23ABC.【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識(shí)和閉合電路歐姆定律得到各個(gè)部分電路電化．注意電源輸出功率的大小與內(nèi)外電阻的大小關(guān)系決定．流和電壓的變15.如圖所示是電視機(jī)顯像管及其偏轉(zhuǎn)線(xiàn)圈的示意圖如果發(fā)現(xiàn)電視畫(huà)面的幅度比正常的偏小，可能引起的.原因是（）A.電子槍發(fā)射能力減弱，電子數(shù)減少B.加速電場(chǎng)的電壓過(guò)高，電子速率偏大C.偏轉(zhuǎn)線(xiàn)圈局部短路，線(xiàn)圈匝數(shù)減少D.偏轉(zhuǎn)線(xiàn)圈電流過(guò)小，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減弱BCD【答案】【解析】【分析】mv根據(jù)題目中電視畫(huà)面的幅度比正常的偏小可知，本題考查電子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的半徑，根據(jù)R=eB逐一分析即可．mv【詳解】電視畫(huà)面的幅度比正常的偏小，說(shuō)明電子束的偏轉(zhuǎn)半徑偏大，由R=eB可知，其原因可能是磁感1應(yīng)強(qiáng)度B減小或是速度v增大．電子槍發(fā)射能力減弱，電子數(shù)減少，不會(huì)影響電視畫(huà)面的幅度；由qU=mv22知，加速電場(chǎng)的電壓過(guò)高，會(huì)引起電子速率偏大；偏轉(zhuǎn)線(xiàn)圈局部短路，線(xiàn)圈匝數(shù)減少，會(huì)引起磁感應(yīng)強(qiáng)度B減少；偏轉(zhuǎn)線(xiàn)圈電流過(guò)小，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減弱，也會(huì)引起磁感應(yīng)強(qiáng)度B減少；故選BCD三、實(shí)驗(yàn)題（每空3分，共27分）16.測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，利用常規(guī)操作進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，在圖中已畫(huà)出七組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)所對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)=_______Ω。點(diǎn)。請(qǐng)根據(jù)這些點(diǎn)作出U-I圖線(xiàn)，并由圖線(xiàn)求出=____V，Er(1).1.50【答案】（(2).0.890.87Ω~0.93Ω都可以）【解析】【詳解】[1]根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象如下圖所示由圖示的U?I圖象可知，縱軸截距大約為1.50V，所以電源的電動(dòng)勢(shì)為E=1.50V[2]圖象斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，所以?xún)?nèi)阻大小為rk1.51.000.56Ω0.89Ω（0.87Ω~0.93Ω都可以）17.某同學(xué)要測(cè)量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：ρ（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖，由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)_____mm；（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖，由圖可知其直徑為（3）用多用電表的電阻“×10”擋，操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻，表盤(pán)的示數(shù)如圖，則該電阻的______________Ω；（4）該同學(xué)_________mm；按正確的阻值約為想用伏安法更精確地測(cè)量其電阻及其代號(hào)和規(guī)格如下：R，現(xiàn)有的器材待測(cè)圓柱體電阻R電流表A（量程0~4mA，內(nèi)阻約50Ω）1電流表A（量程0~10mA，內(nèi)阻約30Ω）2電壓表V（量程0~3V，內(nèi)阻約10kΩ）1電壓表V（量程0~15V，內(nèi)阻約25kΩ）2E直流電源（電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~15Ω，允許通過(guò)的最大電流2.0A）R1滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~2kΩ，允許通過(guò)的最大電流0.5A）R2開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干為使實(shí)驗(yàn)誤差較小，要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請(qǐng)?jiān)谟铱蛑挟?huà)出測(cè)量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)_______；（5）若該同學(xué)用伏安法跟用多用電表測(cè)量得到的測(cè)量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約R為ρ=__________Ω?m。（保留2位有效數(shù)字）(1).50.15【答案】(2).4.700(3).220(4).(5).7.6×10?2Ω?m【解析】【詳解】（1）[1]20分度的游標(biāo)卡尺最小分度是0.05mm，由圖示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為5cm=50mm，游標(biāo)讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm所以最終讀數(shù)為50mm+0.15mm=50.15mm（2）[2]由圖示螺旋測(cè)微器可知，螺旋測(cè)微器固定刻度讀數(shù)為4.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為20.0×0.01mm=0.200mm所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.200mm=4.700mm（3）[3]用多用電表的電阻“×10”擋測(cè)電阻，由圖所示表盤(pán)可知，電阻阻值R=22×10Ω=220Ω（4）[4]電源電動(dòng)勢(shì)為4V，若選擇15V量程，則最大示數(shù)不足電表量程的三分之一，故為了減小誤差應(yīng)選擇3V量程的電壓表V1，則電路中的最大電流約為3IUR220A0.0136A13.6mA故選擇電流表A2。題目要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，所以需要采用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器選擇電阻值比較小的。由于R1RR3010000Ω500Ω220ΩAV所以被測(cè)電阻屬于小電阻，電流表應(yīng)選外接法。電路圖如圖（5）[5]由電阻定律得Ld2R，Sπ2S解得πd2R7.610Ωm24L四、計(jì)算題（題分，題分，18101913共分）2318.如圖所示，兩根傾斜直金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行放置，它們所軌道平面與水平面之間的夾角θ=37°，構(gòu)成的兩軌道之間的距離L=0.50m。一根質(zhì)量m=0.20kg的均勻直金屬桿ab放在兩導(dǎo)軌上，有電動(dòng)勢(shì)E=36V、內(nèi)阻r=1.6Ω的直流電源和電阻箱R?，F(xiàn)將整套裝置處于當(dāng)電阻道平面斜向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.40T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，入電路中的電阻值R=3.4Ω時(shí)，金屬ab保持靜止。金屬桿與導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，重力加速度g=10m/s2。求(1)此時(shí)金屬桿ab中的電流大小及方向；(2)此時(shí)金屬桿ab受到的摩擦力f的大小及方向。并與導(dǎo)軌垂直，且接觸良好。在導(dǎo)軌的上端接垂直于軌箱接桿【答案】（1）7.2A，方向從到；（2）0.24N，方向沿斜面向下ab【解析】【詳解】(1)由閉合電路歐姆定律可得ERr3.41.636IA7.2A即此時(shí)金屬桿中的電流大小為7.2A，由電源正負(fù)極可知，方向由到。abab(2)金屬桿ab受重力、支持力、安培力和摩擦力作用而平衡，設(shè)摩擦力沿斜面向上，在沿斜面方向，由平衡條件可知mgsinBILf0解得fmgsinBIL0.2010sin37