物理整體法隔離法解決物理試題題20套(帶答案)

物理整體法隔離法解決物理試題題20套（帶答案）一.整體法隔離法解決物理試題在如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)S閉合后，電壓表有示數(shù)，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表的示數(shù)增大貝|」（）<vpA?可變電阻R彼調(diào)到較小的阻值電阻局兩端的電壓減小，減小量等于AUc?通過電阻&的電流減小，減小量小于石D.通過電阻&的電流減小，減小量等于耳【答案】C【解析】【詳解】由題意知，要使電壓表的示數(shù)增人，則需電阻/?和心并聯(lián)后的總電阻增犬，則需將可變電阻R增大，即可變電阻R被調(diào)到較大的阻值，故A項(xiàng)不合題意；BCD.當(dāng)/?增人時(shí)，外電阻增人，干路電流減小，電阻/?2兩端的電壓減小，且路端電壓増人，所以電阻&兩端的電壓減小量小于AU,由歐姆定律知，通過電阻/?2的電流也減小，AU減小量小于W故B項(xiàng)不合題意、D項(xiàng)不合題意，C項(xiàng)符合題意.如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r（R2<r<Rl+R2）,電表均視為理想電表。閉合開關(guān)S后，調(diào)節(jié)R的阻值，使電流表A】的示數(shù)增XTA/n在這一過程中，電流表的A2示數(shù)變化量的人小為“2，電壓表示數(shù)的變化量的人小為則c.電源的效率降低了豈二 D.電源的輸出功率一定增大了E【答案】C【解析】【詳解】要使電流表Ai示數(shù)增人，則/?應(yīng)減?。灰蚩傠娏髟龃?，則內(nèi)阻及&分壓增人，并聯(lián)部分電壓減小，則流過乩的電流減小，因此流過/?的電流增人，即A2的示數(shù)變?nèi)耍蛉耍?）+5（\）=人（/）則A/2>A/1故A錯(cuò)誤。根據(jù)E=Ul+Ur可得：\u=\ur則\u\ur故其人小不會(huì)隨R的變化而變化；故B錯(cuò)誤。電源的效率“=—xlOO%E因電壓的改變量為△〃：故說明電源的效率降低了豈Z；故D正確。E當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最人；因不明確內(nèi)外電阻的關(guān)系，故無法明確功率的變化情況；故D錯(cuò)誤。故選Co如圖所示,質(zhì)量為M的木板，上表面水平，放在水平桌面上,木板上面有一質(zhì)量為m的物塊,物塊與木板及木板與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為巴若要以水平外力F將木板抽出，則力F的人小至少為（）"mg"(M+m)g^(m+2M)gD?2^(M+m)g

【答案】D【解析】【詳解】對(duì)m與M分別進(jìn)行受力分析如：如圖所示；AA由①和②得：ai=pg對(duì)M進(jìn)行受力分析有：F-f-f2=M*a2...(3)fi和f2互為作用力與反作用力故有:fi=f2=H>mg...④f=H(M+m)?g…⑤F一2口mg由③@@可得a2= “-pg要將木板從木塊卞抽出，必須使a2>31解得：F>2p(M+m)g故選Do【點(diǎn)睛】正確的受力分析，知道能將木板從木塊下抽出的條件是木板產(chǎn)生的加速度比木塊產(chǎn)生的加速度來得人這是解決本題的關(guān)鍵.如圖，放置于水平面上的楔形物體，兩側(cè)傾角均為3(r,左右兩表面光滑且足夠長，上端固定一光滑滑輪，一根很長且不可伸長的輕繩跨過定滑輪分別與左右兩側(cè)斜面平行，繩上系著三個(gè)物體久B、C,三物體組成的系統(tǒng)保持靜止4物體質(zhì)量為B物體質(zhì)量為3m,現(xiàn)突然剪斷A物體和B物體之間的繩子，不計(jì)空氣阻力(重力加速度為g),三物體均可視為質(zhì)點(diǎn)，則3繩剪斷瞬間，A物體的加速度為応g繩剪斷瞬間，C物體的加速度為繩剪斷瞬河，楔形物體對(duì)地面的壓力不變D.繩剪斷瞬間，A、C間繩的拉力為2mg【答案】A【解析】【詳解】ABD.設(shè)C的質(zhì)量為繩剪斷前，由平衡條件知：(3m+m)gsin30°=m'gsin30°得m'=4m繩剪斷瞬間，以A為研究對(duì)彖，根據(jù)牛頓第二定律得：T-mgs\n30°=ma以C為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得：4mgsin30°-T=4ma聯(lián)立解得：3a=—23 4即繩剪斷瞬間，久C物體的加速度人小均為—g,A、C間繩的拉力為-mg,故A正確，BD錯(cuò)誤.繩剪斷前，C間繩的拉力為：V=(3m+m)gsin30°=2mg4繩剪斷瞬間，&、C間繩的拉力為-mg,則AC間繩對(duì)定滑輪的壓力發(fā)生改變，而三個(gè)物體對(duì)楔形物體的壓力不變，可知，繩剪斷瞬間，楔形物體對(duì)地面的壓力發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤.如圖，質(zhì)量均為m的A、B兩個(gè)小物體置于傾角為30。的斜面上，它們相互接觸但不粘連.其中B與斜面同動(dòng)摩擦因數(shù)為〃= 為光滑物體，同時(shí)由靜止釋放兩個(gè)物體,重力加速度為g?則下列說法正確的是()兩個(gè)物體在卜?滑過程中會(huì)分開兩個(gè)物體會(huì)一起向下運(yùn)動(dòng)，加速度為上2兩個(gè)物體會(huì)一起向卞運(yùn)動(dòng).加速度為丸兩個(gè)物體會(huì)一起向下運(yùn)動(dòng)，它們之間的相互作用力為扌〃7g【答案】c【解析】對(duì)A受力分析，由牛頓第二定律得mAgsm0-NBA=mAaA對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律得 sin0+NBA-wgcos0=mBciB,且有aA=aB1 3聯(lián)立解得Nba=-umgcos^=-mg,aA=ciB=-g9故B正確，ACD錯(cuò)誤;8 8故選B.【點(diǎn)睛】兩物體剛好分離的條件是兩物體之間作用力為o,d前倍?如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量均為疊放在輕質(zhì)彈簧上（彈簧下端固定于地面上）。對(duì)人施加一豎直向下、人小為F（F>2mg）的力，將彈簧再壓縮一段距離（彈簧始終處于彈性限度內(nèi)）而處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)突然撤去力F,設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過程中A、B間的相互作用力人小為鳳。不計(jì)空氣阻力，關(guān)于&的說法正確的是（重力加速度為g）（）.48

A.剛撤去力F時(shí)，F(xiàn)n=2A.BA.剛撤去力F時(shí)，F(xiàn)n=2A.B的速度最人時(shí)，F(xiàn)N=mg【答案】BCD【解析】B彈簧彈力大小為F時(shí)’T彈簧恢復(fù)原長時(shí)，F(xiàn)N=0【詳解】A.在突然撤去F的瞬訕AB整體的合力向上，人小為F,根據(jù)牛頓第二定律，有:F=2ma解得：2m對(duì)物體A受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有:F^mg=ma聯(lián)立解得：Fv=/^+y,故A錯(cuò)誤；彈簧彈力等于F時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：F-2rng=2ma對(duì)A有：Fzigwa聯(lián)立解得：Fv=-,故E正確；2D?當(dāng)物體的合力為零時(shí)，速度最人，對(duì)兒由平衡條件得F\”g,故C正確。當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：對(duì)A對(duì)A有：聯(lián)立解得Ff故D正確:2mg=2mamg-F^ma如圖，電路中定值電阻阻值R人于電源內(nèi)阻八開關(guān)K閉合，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V］、V2、也的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為△5、△/、al/3,理想電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為△人正確的是AUb>AU1>AL/245AUb>AU1>AL/245與△/的比值在減小【答案】BC【解析】【詳解】理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路.理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以R與變阻器串聯(lián)，電壓表?、乂、乂分別測(cè)量/?、路端電壓和變阻器兩端的電壓.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大.根據(jù)閉合電路歐姆定律得：V,的示數(shù)U.=E-Ir/增人，U：減小,故A錯(cuò)誤；電路中定值電阻阻值/?人于電源內(nèi)阻門外電阻減小，電源輸出功率在增犬，故B正確；由閉合歐姆定律得：所以也不變，故D錯(cuò)誤;所以也不變，故D錯(cuò)誤;A/C.由閉合歐姆定律得:At/3=AZ（7?+r）=SirMJ嚴(yán)MR又定值電阻阻值R人于電源內(nèi)阻阻值門則厶fA>△/]>△□一故C正確.如圖所示，光滑斜面體固定在水平面上,傾角為30。，輕彈簧下端固定&物體，A物體質(zhì)量為m,上表面水平且粗糙，彈簧勁度系數(shù)為k,重力加速度為g,初始時(shí)人保持靜止?fàn)顟B(tài)，在人的上表面輕輕放一個(gè)與人質(zhì)量相等的B物體，隨后兩物體一起運(yùn)動(dòng)，貝1」（）當(dāng)3放在人上的瞬間蟲、B的加速度為邑4當(dāng)B放在A上的瞬間蟲對(duì)B的摩擦力為零c.A和B—起下滑距離竽時(shí)界和B的速度達(dá)到最人2k當(dāng)B放在A上的瞬間,A對(duì)B的支持力人于mg【答案】AC

【解析】【詳解】A、將8放在A上前，以4為研究對(duì)彖受力分析有:根據(jù)平衡可知:F=mgs加30。=占mg;整體所受合外力F含=2mgsin30Q-F=(2m)at町得整體的加速度故故A正確;"4BD.當(dāng)B放在A上瞬間時(shí)，B具有沿斜面向下的加速度，可將B的加速度沿水平方向和豎直方向分解,8的加速度有水平方向的分量，重力與支持力在豎直方向，故可知此加速度分量由人對(duì)B的摩擦力提供，故B錯(cuò)誤；B的加速度有豎直方向的分量，且豎直向下，故可知，A對(duì)B的支持力與B的重力的合力豎直向下，故A對(duì)B的支持力小于B的重力，故D錯(cuò)誤；C、AB一起下滑時(shí)，彈簧彈力增加，共同下滑的加速度減小，故當(dāng)加速度減小至0時(shí)，AB具有最人速度，由4分析知尸合=2噸血30。-尸'=0，可得彈簧彈力F=mg,所以共同下

_丄滑的距離. T-F_mg~2mg .AB具有最大速度，故C正確；J k~2k故選AC.【點(diǎn)睛】當(dāng)B放在A上瞬間，以AB整體為研究對(duì)彖受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求得AB的加速度，由AB的共同加速度，隔離B分析A對(duì)B的摩擦力與支持力的人小情況即可.AB速度最大時(shí)加速度為零，據(jù)此計(jì)算分析即可?小物塊m與各面均光滑的斜面體M,疊放在光滑水平面上，如圖所示，在水平力F】(圖甲)作用下保持相對(duì)靜止，此時(shí)力、M間作用力為M；在水平力F2(圖乙)作用下保持相對(duì)靜止，此時(shí)m、M間作用力為則下列說法正確的是()若m=M,則有耳=F?若m=M,則有川］>7^若加<M,則有^<F2若m<M,則有N、=N2【答案】ACD【解析】【分析】根據(jù)整體先求解整體的加速度表達(dá)式；然后隔離兩物體列式分別求解F和N的表達(dá)式進(jìn)行比較即可.【詳解】由整體法可知，甲圖中整體的加速度：,乙圖中整體的加速度：M+mF血=幫丄；對(duì)甲圖，隔離M,則= 隔離cos0=mg,解得■M+mtan0:F=(M+m)a.=—(M+m)gtan0:N、=叫；對(duì)乙圖中的m,M M cos0則：N,sm0=mgtail0=ma,,解得：N.=-^-."cos。F2=(M+fn)a2=(M+m)gtail0:則若m=M,則有FlE；若m<M,則有F產(chǎn)比，選項(xiàng)AC正確；無論m和M關(guān)系如何，則Ni=N“選項(xiàng)D正確，B錯(cuò)誤；故選ACD.10?兩個(gè)重疊在一起的滑塊，置于傾角為療的固定斜面上，滑塊4、B的質(zhì)量分別為M和

如圖所示，A與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為內(nèi)，B與A間的動(dòng)摩擦因數(shù)為血，己知兩滑塊都從靜止開始以相同的加速度從斜面滑下，則滑塊4受到的摩擦力（）方向沿斜面向上C.人小等于"Mgcos0 D?人小等于jiijrigcos0【答案】BC【解析】【詳解】以整體為研究對(duì)彖，根據(jù)牛頓第二定律得，整體的加速度為：a=兇+咖 咖cos。= _均?Q）M+m設(shè)人對(duì)B的摩擦力方向向下，大小為f,則有：mg f=ina解得：f=ma-nigsin0=-gigcos0負(fù)號(hào)表示摩擦力方向沿斜面向上則A受到B的摩擦力向下，大小廣=/,斜面的滑動(dòng)摩擦力向上，A受到的總的摩擦力為：fA=廣一“1（M+m）gcos0=-比Mgcos0；AB.計(jì)算出的A受的總的摩擦力為負(fù)值，表示方向沿斜面向上：故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確.CD.計(jì)算得出人受到總的摩擦力人小為"MgcosO；故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤.11?傾角為抄的斜面體M靜止放在粗糙水平地面上，其斜面也是粗糙的.已知質(zhì)量為m的物塊恰可沿其斜面勻速下滑.今對(duì)下滑的物塊〃施加一個(gè)向右的水平拉力F,物塊仍沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，斜面體M始終保持靜止.則此時(shí)（）物塊m下滑的加速度等于FcosQ/m物塊m下滑的加速度k于FcosQ/m水平面對(duì)斜面體M的靜摩擦力方向水平向左水平面對(duì)斜面體M的靜摩擦力人小為零【答案】BD【解析】【分析】【詳解】根據(jù)平衡條件,受到重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，如圖有mgsini7=f,mgcosQ=N；其中戶【解析】【分析】【詳解】根據(jù)平衡條件,受到重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，如圖有mgsini7=f,mgcosQ=N；其中戶“N：解得:^=tan8將推力按照作用效果正交分解，如圖當(dāng)加上推力后,mgs\nB+FcosB屮(mgcosiFsine)-ma,解得Fcos&+pFsinFcos&+pFsin。FcosQ選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確：CD.無拉力時(shí)，對(duì)斜面受力分析，受到重力Mg,壓力、滑塊的摩擦力和地面的支持力,其中壓力和摩擦力的合力豎直向下，如圖當(dāng)有拉力后，壓力和摩擦力都成比例的減小，但其合力依然向下，故地面與斜面體間無摩擦力，故CD錯(cuò)誤；故選BD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是先對(duì)物體B受力分析，得到動(dòng)摩擦因數(shù)p=tan6,然后得到物體B對(duì)斜面題的摩擦力和壓力的合力一定豎直向下.12?如圖所示，質(zhì)量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質(zhì)量為m的物塊C用跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為口，設(shè)最人靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度人小為g,卞列說法正確的是（）fiMm>-——要使物塊A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，應(yīng)滿足關(guān)系Mmg若物塊A、B未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，物塊A受到的摩擦力為2M+m2衛(wèi).Mmg輕繩對(duì)定滑輪的作用力為2M+m【答案】ACD【解析】【詳解】設(shè)久B相對(duì)靜止時(shí)久B的共同加速度為a,繩對(duì)C的拉力為T,B對(duì)人的摩擦力為化根據(jù)題意可知此時(shí)C的加速度大小也為a（方向向下）；取C為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得mg-T=ma,解得T=mg-ma①；取整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得：T=2Ma②；取B為研究對(duì)彖，根據(jù)牛頓第二定律可得：f=Ma③；1f=Amg一ma）聯(lián)立①②③得： 2 ④A、 A、B之間的最人靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，即戶“A4g,其加速度也達(dá)到最人值dmax=ltg⑤，故A止確.2“M^Wniin=3 B、 由④?解得此時(shí) 所以B錯(cuò)誤./ MmgC、 由③可推導(dǎo)出一碼將d代入④可得一2M+H1：故c正確.D、 因?yàn)槔K對(duì)C的拉力T=mg-ma,所以繩對(duì)滑輪的力mg 2卩Mg\V屯2M+7H丿2M+m：故D正確.故選ACD.【點(diǎn)睛】解決好本題的關(guān)鍵是靈活的選取研究對(duì)彖，要充分理解人滑動(dòng)的臨界條件是其所受的滑動(dòng)摩擦力充當(dāng)合外力.如圖所示的電路，Ri、R2是兩個(gè)定值電阻，R'是滑動(dòng)變阻器，心為小燈泡，電源內(nèi)阻為r.開關(guān)閉合后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向上移動(dòng)時(shí)（）電壓表示數(shù)變大小燈泡亮度變?nèi)穗娙萜鞒潆婋娫吹目偣β首內(nèi)恕敬鸢浮緼C【解析】【分析】【詳解】閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，增人，外電路總電阻增大，干路中電流減小，則小燈泡亮度變小.電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)變大，故AB錯(cuò)誤；電路穩(wěn)定時(shí)電容器的電壓等于&、串聯(lián)總電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律可知，增人，電容器的電壓增人，則電容器充電，故C正確；電源的總功率為P=EI,干路電流I減小，則電源的總功率變小，故D錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】本題按"部分T整體T部分”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析.對(duì)于電壓表的示數(shù)，可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻而增人的結(jié)論進(jìn)行分析.根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點(diǎn)，分析各部分電壓的變化，比較簡便.粗糙的水平地面上放著一個(gè)質(zhì)量為M、傾角為&的斜面體，斜面部分光滑，底面與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為“，輕質(zhì)彈簧一端與固定在斜面上的輕質(zhì)擋板相連，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，彈簧的勁度系數(shù)為k。斜面體在水平向右的恒力作用下，和小球一起以加速度a向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（運(yùn)動(dòng)過程小球沒離開斜面）。以卞說法正確的是（）水平恒力大小為（M+m）a地面對(duì)斜面體的摩擦力為“（M+〃7）g彈簧的形變量為坯沖3k斜面對(duì)小球的支持力為MgCOS0+masm0【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB.對(duì)系統(tǒng)受力分析，應(yīng)用牛頓第二定律F一“(M+〃?)g=(A/+m)a解得F=(M+m)a+“(M+m)gA錯(cuò)誤，E正確；CD.對(duì)小球應(yīng)用牛頓第二定律，沿斜面和垂直斜面分解