廣州市白云區(qū)屆高三下學(xué)期月理綜物理合試題（一）含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2020屆高三年級訓(xùn)練習(xí)題（一）理科綜合一、選擇題1。氫原子能級示意圖如圖所示。氫原子由高能級向低能級躍遷時，從n＝4能級躍遷到n＝2能級所放出的光子恰能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則處在n＝4能級的一大群氫原子躍遷時所放出的光子中有幾種光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)（）A.2 B。3 C.4 D.8【答案】C【解析】【詳解】氫原子由高能級向低能級躍遷時,從n=4能級躍遷到n=2能級所放出的光子恰能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)；從n=4向低能級躍遷時能輻射的不同頻率的光子數(shù)為其中從n=4→n=1、n=3→n=1、n=2→n=1、n=4→n=2能級差大于或等于從n=4到n=2的能級差，則有4種光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。故選C；2。如圖所示，實線表示一簇關(guān)于x軸對稱的等勢面,在軸上有A、B兩點，則（）A。A點場強大于B點場強B。A點電勢低于B點電勢C。A點場強方向指向x軸負(fù)方向D.電子從A點移到B點電勢能增加【答案】D【解析】【詳解】A．電場線與等勢面垂直,等勢面越密集則電場線越密集，電場線密的地方電場強度大，則A點場強小于B點場強,故A錯誤;

B．由等勢面分布可知,A點電勢高于B點電勢，故B錯誤；

C．電場線與等勢面垂直并且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故A點場強方向指向x軸正方向,故C錯誤；

D．負(fù)電荷在高電勢點的電勢能較小，則電子從A點移到B點電勢能增加，選項D正確.故選D。3.如圖所示，A、B兩物體用兩根輕質(zhì)細(xì)線分別懸掛在天花板上,兩細(xì)線與水平方向夾角分別為60°和45°，A、B間拴接的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài)，則下列判斷正確的是（）A。A、B的質(zhì)量之比為︰1B。A、B所受彈簧彈力大小之比為：C。懸掛A、B的細(xì)線上拉力大小之比為1︰D?？焖俪啡椈伤查g，A、B的瞬時加速度大小之比為1︰1【答案】A【解析】【詳解】A．系統(tǒng)靜止時,對A、B兩個物體分別進行受力分析,如圖所示：

A、B所受彈簧彈力大小相等，設(shè)為F。

對物體A，根據(jù)平衡條件有對物體B,有F=mBg則mA：mB=：1故A正確；

B．同一根彈簧彈力大小相等，A、B所受彈簧彈力大小之比為1：1，故B錯誤;

C．懸掛A、B的細(xì)線上拉力大小之比故C錯誤；

D．快速撤去彈簧的瞬間，A物體的合力為FA=mAgcos60°加速度大小為B物體的合力為FB=mBgcos45°加速度大小為則aA：aB=1：故D錯誤.

故選A.4。如圖所示的變壓器電路中，三個定值電阻的阻值相同，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2:1，在端加上電壓為的交流電壓，電鍵斷開時，電流表的示數(shù)為，則閉合后，電流表的示數(shù)為A. B。 C。 D.【答案】D【解析】【詳解】設(shè)每個定值電阻的阻值為,電鍵斷開時,根據(jù)變流比,副線圈中的電流為，副線圈兩端的電壓為，根據(jù)變壓比，原線圈兩端的電壓為，結(jié)合串并聯(lián)電路特點有同理，當(dāng)電鍵閉合時，設(shè)電流表的示數(shù)為，副線圈中的電流為,副線圈兩端的電壓為,原線圈兩端的電壓為，則得到故D正確。故選D.5.如圖所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R3為定值電阻，R1、R2為滑動變阻器，A、B為電容器兩個水平放置的極板。當(dāng)滑動變阻器R1、R2的滑片處于圖示位置時，A、B兩板間的帶電油滴靜止不動。下列說法中正確的是（)A.把R2的滑片向右緩慢移動時，油滴向上運動B。把R1的滑片向右緩慢移動時，油滴向下運動C。緩慢增大極板A、B間的距離，油滴向下運動D。緩慢減小極板A、B的正對面積，油滴向上運動【答案】C【解析】【詳解】油滴靜止不動，處于平衡狀態(tài),所受重力與電場力合力為零,油滴所受電場力豎直向上；

A．由電路圖可知，把R2的觸頭向右緩慢移動時，電容器兩端電壓不變，板間場強不變，油滴受力情況不變，油滴仍然靜止，故A錯誤;

B．由電路圖可知，把R1的觸頭向右緩慢移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，電源電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路電流變小，電源內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，電容器兩極板電壓變大，油滴所受電場力變大，所受合力向上，則油滴向上運動，故B錯誤;

C．緩慢增大極板A、B間的距離，極板間的電壓不變，極板間的電場強度減小，油滴所受電場力減小，油滴所受合力向下,油滴向下運動，故C正確;

D．緩慢減小極板A、B的正對面積，極板間電壓不變，場強不變，油滴所受電場力不變,油滴所受合力為零，仍然靜止不動，故D錯誤；

故選C。6。如圖，運行軌道在同一平面內(nèi)的兩顆人造衛(wèi)星A、B，同方向繞地心做勻速圓周運動,此時刻A、B連線與地心恰在同一直線上且相距最近，已知A的周期為T，B的周期為。下列說法正確的是（）A.A的線速度大于B的線速度B.A的加速度小于B的加速度C。A、B與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相等D。從此時刻到下一次A、B相距最近的時間為2T【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，得可知軌道半徑越大，速度越小,由圖可知A的軌道半徑大，故A的線速度小，故A錯誤。

B．根據(jù)萬有引力提供向心力得可知軌道半徑越大，加速度越小，由圖可知A軌道半徑大，故A的加速度小,故B正確。

C．衛(wèi)星在時間t內(nèi)掃過的面積為所以A、B與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積是不相等的，故C錯誤。

D．從此時刻到下一次A、B相距最近,轉(zhuǎn)過的角度差為2π，即所以t=2T故從此時刻到下一次A、B相距最近的時間為2T，故D正確。

故選BD。7。如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應(yīng)強度大小均為B,方向相反的水平勻強磁場,PQ為兩個磁場的理想邊界，磁場范圍足夠大。一個邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形金屬線框，以速度v垂直磁場方向從如圖實線位置Ⅰ開始向右運動，當(dāng)線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中的位置Ⅱ時，線框的速度為0.則下列說法正確的是(）A.在位置Ⅱ時線框中的電功率為B.此過程線框的加速度最大值為C。此過程中回路產(chǎn)生的電能為mv2D.此過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為【答案】BCD【解析】【詳解】A．線框經(jīng)過位置Ⅱ時,線框的速度為零，則此時的感應(yīng)電動勢為零，線框中的電功率為零,選項A錯誤；B．線圈的右邊剛進入磁場Ⅱ時感應(yīng)電動勢最大，安培力最大，線圈的加速度最大,則最大加速度為選項B正確；C．此過程中減小的動能為mv2，則回路產(chǎn)生的電能為mv2，選項C正確；D．由三式聯(lián)立，解得線框在位置Ⅰ時其磁通量為Ba2，而線框在位置Ⅱ時其磁通量為零，故選項D正確。

故選BCD.8.如圖所示,豎直放置的半圓形軌道與水平軌道平滑連接，不計一切摩擦.圓心O點正下方放置為2m的小球A，質(zhì)量為m的小球B以初速度v0向左運動，與小球A發(fā)生彈性碰撞。碰后小球A在半圓形軌道運動時不脫離軌道，則小球B的初速度v0可能為（）A。 B. C. D?！敬鸢浮緼BD【解析】【詳解】A與B碰撞的過程為彈性碰撞，則碰撞的過程中動量守恒，設(shè)B的初速度方向為正方向，設(shè)碰撞后B與A的速度分別為v1和v2，則:mv0=mv1+2mv2由動能守恒得聯(lián)立得①a．恰好能通過最高點，說明小球到達(dá)最高點時小球的重力提供向心力,是在最高點的速度為vmin，由牛頓第二定律得②A在碰撞后到達(dá)最高點的過程中機械能守恒，得③聯(lián)立①②③得可知若小球B經(jīng)過最高點，則需要：

b．小球不能到達(dá)最高點，則小球不脫離軌道時,恰好到達(dá)與O等高處，由機械能守恒定律得④聯(lián)立①④得可知若小球不脫離軌道時，需滿足由以上的分析可知，若小球不脫離軌道時，需滿足：或,故ABD正確，C錯誤。故選ABD。二、非選擇題9。某物理小組在一次探究活動中測量小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ．實驗裝置如圖甲所示,一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，P為連接數(shù)字計時器的光電門且固定在B點．實驗時給帶有遮光條的小滑塊一個初速度,讓它沿木板從左側(cè)向右運動，小滑塊通過光電門P后最終停在木板上某點C．已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．(1）用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d如圖乙所示，其讀數(shù)d=___________cm．(2)為了測量動摩擦因數(shù),除遮光條寬度d及數(shù)字計時器顯示的時間t外，下列物理量中還需測量的有___________．A．木板的長度L1B．木板的質(zhì)量m1C．小滑塊的質(zhì)量m2D．木板上BC間的距離L2(3)滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=___________（用題中所涉及的物理量的符號表示）【答案】(1）.0。375（2）.D（3)?！窘馕觥浚?）由圖乙所示游標(biāo)卡尺可以知道，主尺示數(shù)為，游標(biāo)尺示數(shù)為，，游標(biāo)卡尺讀數(shù);

（2）通過光電門的速度為：

根據(jù)動能定理可以知道：，

要測量動摩擦因數(shù)，需要知道滑木板上BC間的距離

所以D選項是正確的。

（3）根據(jù)動能定理可以知道:，

計算得出：

綜上所述本題答案是：(1)。0.375（2)。D（3）。10.某同學(xué)用如圖甲所示的實驗電路，測量未知電阻Rx的阻值、電流表A的內(nèi)阻和電源（內(nèi)阻忽略不計）的電動勢,實驗過程中電流表的讀數(shù)始終符合實驗要求.（1）為了測量未知電阻Rx的阻值，他在閉合開關(guān)之前應(yīng)該將兩個電阻箱的阻值調(diào)至_____(選填最大或最小),然后閉合開關(guān)K1，將開關(guān)K2撥至1位置，調(diào)節(jié)R2使電流表A有明顯讀數(shù)I0；接著將開關(guān)K2撥至2位置。保持R2不變,調(diào)節(jié)R1,當(dāng)調(diào)節(jié)R1=35。2Ω時，電流表A讀數(shù)仍為I0，則該未知電阻的阻值Rx=_____Ω。(2)為了測量電流表A的內(nèi)阻RA和電源（內(nèi)阻忽略不計）的電動勢E，他將R1的阻值調(diào)到R1=1。6Ω,R2調(diào)到最大，將開關(guān)K2撥至2位置，閉合開關(guān)K1；然后多次調(diào)節(jié)R2，并在表格中記錄下了各次R2的阻值和對應(yīng)電流表A的讀數(shù)I;最后根據(jù)記錄的數(shù)據(jù),他畫出了如圖乙所示的圖象,根據(jù)你所學(xué)知識和題中所給字母寫出該圖象對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式為：_____；利用圖象中的數(shù)據(jù)可求得，電流表A的內(nèi)阻RA=______Ω，電源（內(nèi)阻忽略不計）的電動勢E=_____V?！敬鸢浮?1)。最大（2）。35.2（3）。（4）.0.4（5）。4【解析】【詳解】(1）［1]［2]．閉合開關(guān)K1之前，從保護電路的角度，兩個電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)到最大值；

根據(jù)題意可知，開關(guān)K2撥至1位置和2位置時，電流表示數(shù)相同,R2阻值不變，所以Rx=R1=35.2Ω；

（2）［3]．根據(jù)閉合電路歐姆定律得E=I（R1+R2+RA）整理得［4]［5］．則圖象的斜率表示，在縱軸上的截距表示，結(jié)合圖象得解得E=4VRA=0.4Ω11.如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質(zhì)量，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計．可視為質(zhì)點的物塊B置于A的最右端,B的質(zhì)量．現(xiàn)對A施加一個水平向右的恒力F＝10N，A運動一段時間后,小車左端固定的擋板B發(fā)生碰撞,碰撞時間極短，碰后A，B粘合在一起，共同在F的作用下繼續(xù)運動，碰撞后經(jīng)時間t＝0。6s,二者的速度達(dá)到．求（1）A開始運動時加速度a的大小；（2）A,B碰撞后瞬間的共同速度v的大??；（3）A的上表面長度l;【答案】（1）（2）1m/s（3）0。45m【解析】【詳解】（1）以A為研究對象,由牛頓第二定律有F＝mAa①代入數(shù)據(jù)解得a＝2.5m/s2②(2)對A、B碰撞后共同運動t＝0。6s的過程,由動量定理得Ft＝(mA＋mB)v－(mA＋mB)v1③代入數(shù)據(jù)解得v1＝1m/s④(3)設(shè)A、B發(fā)生碰撞前，A的速度為vA，對A、B發(fā)生碰撞的過程，由動量守恒定律有mAvA＝(mA＋mB）v1⑤A從開始運動到與B發(fā)生碰撞前,由動能定理有Fl＝mAv⑥由④⑤⑥式，代入數(shù)據(jù)解得l＝0.45m。12。如圖所示，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強電場，y軸右側(cè)區(qū)域I內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小為B1=的勻強磁場，區(qū)域Ⅰ、區(qū)域Ⅱ的寬度均為L，高度均為3L。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電的粒子從坐標(biāo)為(?2L,?L)的A點以速度v0沿x軸正方向射出，恰好經(jīng)過坐標(biāo)為(0，?(?1)L)的C點射入?yún)^(qū)域Ⅰ。粒子重力忽略不計。求：（1)粒子帶何種電荷以及勻強電場的電場強度大小E；(2）粒子離開區(qū)域Ⅰ時的位置坐標(biāo)；(3)要使粒子從區(qū)域Ⅱ的上邊界離開磁場,可在區(qū)域Ⅱ內(nèi)加垂直于紙面向里的勻強磁場.試確定磁感應(yīng)強度B的大小范圍，并說明粒子離開區(qū)域Ⅱ時的速度方向?！敬鸢浮?1)正電荷；；(2)，；(3)；帶電粒子離開磁場時速度方向與軸正方向夾角為，【解析】【詳解】（1）帶電粒子在勻強中做類平拋運動。粒子帶正電荷；(2)設(shè)帶電粒子經(jīng)點時的豎直分速度為、速度為解得可知方向與軸正向成斜向上粒子進入?yún)^(qū)域Ⅰ做勻速圓周運動，由解得由幾何關(guān)系知，離開區(qū)域時的位置坐標(biāo)，(3）如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知,帶電粒子從區(qū)域Ⅱ的上邊界離開磁場的半徑滿足由解得設(shè)帶電粒子離開磁場時速度方向與軸正方向夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知。13.關(guān)于固體、液體和氣體,下列說法正確的是（）A.固體中的分子是靜止的,液體、氣體中的分子是運動的B。液體表面層中分子間的相互作用表現(xiàn)為引力C.液體的蒸發(fā)現(xiàn)象在任何溫度下都能發(fā)生D.汽化現(xiàn)象是液體分子間因相互排斥而發(fā)生的E。有的物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高【答案】BCE【解析】【詳解】A．不論固體，還是液體與氣體，分子均是永不停息做無規(guī)則運動,故A錯誤；B．液體表面層中，分子間距較大，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，即為表面張力，故B正確；C．在任何溫度下，液體的蒸發(fā)現(xiàn)象都能發(fā)生，故C正確；D．汽化現(xiàn)象與液體分子間相互作用力無關(guān),故D錯誤;E．有物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高，如晶體熔化，故E正確。故選BCE．【點睛】考查分子永不停息做無規(guī)則運動，理解液體表面張力的含義，知道蒸發(fā)快慢與溫度有關(guān),而有無蒸發(fā)與溫度無關(guān),掌握存在吸熱，而溫度不一定升高的結(jié)論．14.如圖所示，內(nèi)壁光滑、橫截面積不同的兩個連在一起的圓柱形絕熱汽缸水平放置，左右兩部分橫截面積之比為2∶1，汽缸左側(cè)有一導(dǎo)熱活塞A，汽缸右側(cè)有一絕熱活塞B,活塞A距左側(cè)汽缸底及距兩汽缸連接處的距離均為L，活塞B距兩汽缸連接處的距離也為L，汽缸右側(cè)足夠長且與大氣連通，兩活塞的厚度均可忽略不計。汽缸左側(cè)和兩活塞A,B之間各封閉一定質(zhì)量的理想氣體，初始時兩汽缸內(nèi)氣體的溫度均為27℃,壓強等于外界大氣壓p0.現(xiàn)通過電熱絲給汽缸左側(cè)的氣體緩慢加熱。求：（1)活塞A剛好移動到汽缸連接處時氣體的溫度為T0(2)若汽缸左側(cè)內(nèi)的氣體溫度升到800K，已知活塞B橫截面積為S。求此時汽缸左側(cè)氣體的壓強p1和汽缸右側(cè)氣體推動對活塞B做的功.【答案】（1）；(2）；【解析】【詳解】(1）初始狀態(tài)汽缸左側(cè)氣體溫度為，設(shè)左右兩部分橫截面積分別為2S和S，當(dāng)活塞A剛好移到汽缸連接處時氣體的溫度為，移動過程中氣體的壓強保持不變，根據(jù)蓋一呂薩克定律有代入數(shù)據(jù)解得（2)當(dāng)汽缸左側(cè)內(nèi)的氣體溫度為之前，活塞A已經(jīng)移動了兩汽缸的連接處，之后體積不再變化,對汽缸左側(cè)內(nèi)的氣體，根據(jù)理想狀態(tài)方程有代入數(shù)據(jù)解得因活塞A導(dǎo)熱，兩活塞AB之間的氣體溫度也升高，在變化過程中壓強不變